2022年新疆高考物理適應(yīng)性試卷（一）（附答案詳解）

2022年新疆高考物理適應(yīng)性試卷（一）

1.光電效應(yīng)現(xiàn)象由德國(guó)物理學(xué)家赫茲于1887年發(fā)現(xiàn)，而正確的解釋為愛(ài)因斯坦所提

出。當(dāng)用一束紫外線照射鋅板時(shí)，發(fā)生了光電效應(yīng)。下列關(guān)于光電效應(yīng)現(xiàn)象說(shuō)法正

確的是（）

A.光電效應(yīng)本質(zhì)是/?衰變

B.發(fā)生光電效應(yīng)后鋅板帶負(fù)電

C.若鋅板的逸出功是Wo,則鋅板的極限頻率%=中

D.發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)，入射光越強(qiáng)，光電子的最大初動(dòng)能越大

2.蹦床屬于體操技巧類運(yùn)動(dòng)項(xiàng)目，如圖所示，運(yùn)動(dòng)員從4點(diǎn)自'

由下落，在B點(diǎn)腳觸及水平網(wǎng)面，最終將網(wǎng)壓至最低點(diǎn)C,蹦I]'

床始終處于彈性限度內(nèi)，忽略空氣阻力，運(yùn)動(dòng)員從4點(diǎn)運(yùn)動(dòng)&

至此點(diǎn)的過(guò)程中，以下說(shuō)法正確的是（）

A.運(yùn)動(dòng)員先失重后超重

B.運(yùn)動(dòng)員的機(jī)械能守恒

C.運(yùn)動(dòng)員在B點(diǎn)的動(dòng)能最大

D.運(yùn)動(dòng)員先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，后做加速度增大的減速直線運(yùn)動(dòng)

3.2021年12月9日15時(shí)40分，“天宮課堂”第一課開講/神舟十三號(hào)乘組航天員王亞

平在“天宮課堂”中介紹：航天員在空間站內(nèi)24小時(shí)可以看到十六次日出日落。下

列關(guān)于空間站的說(shuō)法正確的是（）

A.空間站繞地球運(yùn)行周期大于24九

B.空間站的角速度小于同步衛(wèi)星的角速度

C.空間站繞地球運(yùn)行線速度大于第一宇宙速度

D.空間站后續(xù)對(duì)接實(shí)驗(yàn)艙后，雖然質(zhì)量變大，但空間站運(yùn)行周期仍不變

4.如圖所示，x軸上方有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，兩個(gè)比荷相同的正負(fù)電荷（不計(jì)重

力）以相同速度從。點(diǎn)先后射入磁場(chǎng)，最終均從x軸離開磁場(chǎng)。不計(jì)兩電荷間的相互

作用，關(guān)于兩電荷在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是（）

XXX

XXX

A.兩電荷所受洛倫茲力的大小一定相同

B.兩電荷在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間一定相等

C.兩電荷重新回至k軸時(shí)的速度一定相同

D.正電荷從x軸上。點(diǎn)右側(cè)射出磁場(chǎng)，負(fù)電荷從X軸上。點(diǎn)左側(cè)射出磁場(chǎng)

5.在路上行駛的各種車輛之間至少要保持一定的間距，才能確保安全，這個(gè)距離叫

“安全距離”。假設(shè)車速為lOOkm"的司機(jī)發(fā)現(xiàn)前方有路障，經(jīng)過(guò)1s的反應(yīng)時(shí)間后

做出剎車動(dòng)作，汽車剎車時(shí)車輪抱死且做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，g^lOm/s2,經(jīng)計(jì)算得

出安全距離為100m。由以上條件得出的以下結(jié)論正確的是（）

A.當(dāng)汽車以100km"的速度行駛時(shí)；車輪與路面的動(dòng)摩擦因數(shù)至少約為0.53

B.當(dāng)汽車以lOOkm"的速度行駛時(shí)，司機(jī)從發(fā)現(xiàn)前方路障到停止所需時(shí)間約為3s

C.若下雨天車輪與路面的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2,司機(jī)反應(yīng)時(shí)間不變，汽車仍保持安全距離

為100m,則汽車的最大行駛速度約為36km/

D.若下雨天車輪與路面的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2,司機(jī)反應(yīng)時(shí)間不變，汽車仍以100km//i的

速度行駛時(shí)，應(yīng)保持的安全距離至少約為193m

6.如圖所示，在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，水平放置的粗糙U型導(dǎo)體框左端連接一

電阻R,導(dǎo)體棒的垂直置于導(dǎo)體框上?，F(xiàn)使導(dǎo)體棒ab以某一初速度水平向右運(yùn)動(dòng),

最終停在導(dǎo)體框上。整個(gè)過(guò)程導(dǎo)體棒ab與導(dǎo)體框接觸良好，在此過(guò)程中（）

A.導(dǎo)體棒ab做勻減速直線運(yùn)動(dòng)

B.導(dǎo)體棒ab中感應(yīng)電流的方向?yàn)閎ta

C.導(dǎo)體棒ab克服安培力做的功等于導(dǎo)體棒的初動(dòng)能

D.導(dǎo)體棒ab克服安培力做的功等于回路產(chǎn)生的焦耳熱

7.如圖所示，半徑為R、圓心在0點(diǎn)的絕緣光滑圓環(huán)固定在豎戶年、

直面內(nèi)，環(huán)上套著一個(gè)質(zhì)量為m的帶正電小球，兩個(gè)等量異€>-0

種點(diǎn)電荷分別固定在圓環(huán)平面內(nèi)過(guò)。點(diǎn)的水平虛線上E、F

兩點(diǎn)，且EO=FO>R。小球以初速度0。從4點(diǎn)開始沿逆時(shí)針?lè)较蜻\(yùn)動(dòng)，不考慮小

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球的運(yùn)動(dòng)對(duì)兩個(gè)點(diǎn)電荷形成的電場(chǎng)的影響，小球可視為質(zhì)點(diǎn)，重力加速度大小為g。

下列判斷正確的是()

A.在4、C兩點(diǎn)，小球所受電場(chǎng)力相同

B.從4經(jīng)B到C點(diǎn)，小球的電勢(shì)能先減小后增大

C.從8經(jīng)C到。點(diǎn)，電場(chǎng)力對(duì)小球先做正功后做負(fù)功

D.在C點(diǎn)，小球?qū)A環(huán)的作用力大小為rnj+5nig

8.如圖所示，質(zhì)量為M、傾角為。的光滑斜面置于光滑的

水平地面上，將一質(zhì)量為m的小球從斜面上由靜止釋

放，同時(shí)對(duì)斜面施加一■水平方向的力F,下列說(shuō)法正~m

確的是()

A.若要使斜面和小球保持相對(duì)靜止，貝DF=Mgtand

B.若要使斜面和小球保持相對(duì)靜止，則F=(M+m)gtane

C.若要使小球做自由落體運(yùn)動(dòng)，則尸=當(dāng)

D.若要使小球做自由落體運(yùn)動(dòng)，則尸=當(dāng)智

tan。

9.某實(shí)驗(yàn)小組采用如圖甲所示的裝置探究在彈性限度內(nèi)彈簧彈力與彈簧伸長(zhǎng)量的關(guān)

(1)由圖乙可得，該彈簧的勁度系數(shù)k=N/m；

(2)該實(shí)驗(yàn)小組用此實(shí)驗(yàn)裝置對(duì)兩根不同的彈簧a和b進(jìn)行探究，得到彈簧彈力F隨

彈簧伸長(zhǎng)量久變化的圖像如圖丙所示。以下表述正確的是。

A.彈簧a的原長(zhǎng)一定比彈簧b的大

B.彈簧a的勁度系數(shù)一定比彈簧b的大

C.彈簧a的自重一定比彈簧b的大

。.以上說(shuō)法均不對(duì)

10.一個(gè)學(xué)習(xí)小組要用伏安法描繪一個(gè)標(biāo)有“3人1.5/“的小燈泡的/-U圖線，現(xiàn)有

下列器材供選用：

4電源（電動(dòng)勢(shì)3人內(nèi)阻不計(jì)）

8.電流表（0?0.64,內(nèi)阻約為0.50）

C.電流表（0?34,內(nèi)阻約為0.10）

D電壓表（0?3V,內(nèi)阻約為3/c。）

E.電壓表（0?15V,內(nèi)阻約15k。）

F.滑動(dòng)變阻器（0?50,額定電流為24）

G.滑動(dòng)變阻器（0?10000,額定電流為24）

，.開關(guān)一個(gè)、導(dǎo)線若干

（1）請(qǐng)?jiān)趫D（a）中將電路實(shí)物連線補(bǔ)充完整；

（2）實(shí)驗(yàn)中電流表應(yīng)選,電壓表應(yīng)選,滑動(dòng)變阻器應(yīng)選（用字母

序號(hào)表示）；

（3）實(shí)驗(yàn)測(cè)得該小燈泡伏安特性曲線如圖（b）所示，若將該小燈泡直接接在電動(dòng)勢(shì)

E=3入內(nèi)阻r=100的電源兩端，則小燈泡此時(shí)的電阻為0。（結(jié)果保留3位

有效數(shù)字）

11.如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)E=4?,內(nèi)阻r=0.5。，寬度L=0.5m的U型軌道QPMN水

平放在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，質(zhì)量m=0.5kg,電阻R=1.50的

金屬棒CD垂直于軌道靜止放置，軌道與金屬棒CD間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃=0.1，其余電

阻不計(jì)，g=10m/s2。開關(guān)S閉合的瞬間，金屬棒CO獲得的加速度a=0.4m/s2,

求：

（1）此時(shí)金屬棒CD中的電流強(qiáng)度/；

（2）勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度慶

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12.如圖所示是一個(gè)玩具軌道裝置，質(zhì)量m=2kg的小

滑塊從P點(diǎn)靜止釋放，沿曲線軌道4B滑下后沖入豎

直圓形軌道BC,再經(jīng)過(guò)水平軌道BD,最后從D點(diǎn)

飛入沙池中的水平目標(biāo)薄板MN上，各軌道間平滑

連接。其中圓軌道BC的半徑R=0.14m,水平軌道BC的長(zhǎng)L=lzn,BD段與滑塊間

的動(dòng)摩擦因數(shù)〃=0.2,其余部分摩擦不計(jì)，薄板MN的寬度d=0.24m,M點(diǎn)到。點(diǎn)

的水平距離%=0.56m,薄板MN到水平軌道BC的豎直高度九=0.8m,不計(jì)空氣阻

力，g=10m/s2?求：

(1)若小滑塊恰好落在薄板M/N上的N點(diǎn)，小滑塊在。點(diǎn)的動(dòng)能；

(2)要使小滑塊不脫離軌道并落在薄板MN匕P點(diǎn)距水平軌道BD的高度H應(yīng)滿足的

條件。

13.下列說(shuō)法正確的是()

A.所有晶體都有固定熔點(diǎn)

B.布朗運(yùn)動(dòng)就是液體分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)

C.物體中所有分子的平均動(dòng)能和平均勢(shì)能的總和叫做物體的內(nèi)能

D.夏季天早時(shí)，給莊稼松土是為了破壞土壤中的毛細(xì)管，防止水分蒸發(fā)

E.從微觀角度看，氣體壓強(qiáng)的大小跟兩個(gè)因素有關(guān)：一個(gè)是氣體分子的平均動(dòng)能，一

個(gè)是分子的密集程度

14.如圖所示為一導(dǎo)熱性能良好的圓柱形汽缸，用質(zhì)量為m的活塞封閉

一定量的空氣，汽缸的橫截面積為S,內(nèi)壁光滑，此時(shí)汽缸內(nèi)封閉空

氣的高度為無(wú)?，F(xiàn)將質(zhì)量M=3m的重物緩慢壓在汽缸的活塞上，使

活塞再次穩(wěn)定，此過(guò)程汽缸內(nèi)氣體向外界散發(fā)的熱量為Q?？諝饪煽?/p>

成理想氣體，環(huán)境溫度保持不變，重力加速度大小為g,外界大氣壓

強(qiáng)為求：

(1)此過(guò)程活塞對(duì)汽缸內(nèi)氣體做的功以；

(2)穩(wěn)定后活塞下降的距離

15.如圖所示，空氣中水平放置著一個(gè)厚度一定且足夠長(zhǎng)的長(zhǎng)方義義

體玻璃磚。在豎直平面內(nèi)，相距為d、彼此平行的兩條細(xì)光萬(wàn)

束甲、乙斜射到玻璃磚的上表面，經(jīng)一次折射后兩條細(xì)光束3%)％

在玻璃磚中的間距逐漸變小，不考慮所有的反射光線，下列

說(shuō)法正確的是()

A.甲光光子的能最大于乙光光子的能量

B.甲光在玻璃中的傳播速度比乙光的大

C.在同一介質(zhì)中，甲光的臨界角小于乙光的

D.兩束光射出玻璃磚后仍然平行且距離可能等于d

E.兩束光通過(guò)同一個(gè)雙縫干涉裝置后，甲光相鄰兩條明紋間的間距小于乙光的

地震波中既有橫波又有縱波。圖甲是地震波中的一列橫波在1=0.5s時(shí)刻部分質(zhì)點(diǎn)的波

形圖，圖乙是由這列橫波引起的x=2km處質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)圖像，求：

(1)該列橫波的傳播方向和速度；

(2)t=1.75s時(shí)，x-66kni處的質(zhì)點(diǎn)偏離平衡位置的位移。(t—0時(shí)刻該質(zhì)點(diǎn)已振動(dòng))

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答案和解析

1.【答案】C

【解析】解：力、/?衰變是原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化為質(zhì)子時(shí)放出的電子，而光電效應(yīng)打出

的電子來(lái)自原子核外，則光電效應(yīng)與￡衰變的本質(zhì)不同，故A錯(cuò)誤；

8、發(fā)生光電效應(yīng)后鋅板失去電子，帶正電，故B錯(cuò)誤；

C、根據(jù)光電效應(yīng)方程有：W0=hvc,解得：力=華，故C正確；

D、根據(jù)光電效應(yīng)方程有：Ekm=hv-W0,光電子的最大初動(dòng)能與入射光頻率有關(guān)，

與強(qiáng)度無(wú)關(guān)，故。錯(cuò)誤；

故選：C。

根據(jù)6衰變與光電效應(yīng)的實(shí)質(zhì)進(jìn)行分析；結(jié)合光電效應(yīng)求出光電子的最大初動(dòng)能；發(fā)生

光電效應(yīng)時(shí)的鋅板帶正電。

光電效應(yīng)中的光電子和￡衰變過(guò)程產(chǎn)生的電子來(lái)源不同，前者來(lái)源于核外電子，后者來(lái)

源于中子轉(zhuǎn)化為質(zhì)子的過(guò)程中產(chǎn)生的。

2.【答案】A

【解析】解：A、運(yùn)動(dòng)員從4點(diǎn)到B點(diǎn)做自由落體運(yùn)動(dòng)，從B點(diǎn)到C點(diǎn)先做加速運(yùn)動(dòng)，后

做減速運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)員先失重后超重，故A正確；

8、運(yùn)動(dòng)員與蹦床作用階段，蹦床彈力對(duì)其做負(fù)功，運(yùn)動(dòng)員機(jī)械能不守恒，故B錯(cuò)誤；

C、運(yùn)動(dòng)員在B點(diǎn)重力大于蹦床的彈力，還要繼續(xù)加速，故C錯(cuò)誤；

。、運(yùn)動(dòng)員與蹦床接觸后，受重力和蹦床彈力作用，蹦床的彈力是變力，不可能做勻加

速直線運(yùn)動(dòng)，故。錯(cuò)誤；

故選：4。

分析清楚運(yùn)動(dòng)員的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，從4點(diǎn)到B點(diǎn)只在重力作用下做自由落體運(yùn)動(dòng)，在運(yùn)動(dòng)員

從B點(diǎn)到C點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，開始階段，運(yùn)動(dòng)員的重力大于蹦床的彈力，運(yùn)動(dòng)員做加速

運(yùn)動(dòng)，后來(lái)蹦床的彈力大于運(yùn)動(dòng)員的重力，運(yùn)動(dòng)員做減速運(yùn)動(dòng)，分析可知，拉力等于重

力時(shí)，運(yùn)動(dòng)員的速度最大.根據(jù)牛頓第二定律分析加速度的變化。

本題關(guān)鍵要正確分析運(yùn)動(dòng)員在運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中的受力情況，結(jié)合蹦床彈力的可變性，分析

運(yùn)動(dòng)員的運(yùn)動(dòng)情況，不能簡(jiǎn)單地認(rèn)為運(yùn)動(dòng)員一到B點(diǎn)就開始減速。

3.【答案】D

【解析】解：對(duì)繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的習(xí)行器，萬(wàn)有引力提供向心力：G^-=m-=

r/r

22

ma)r=m(^)rf

ABC,由上式可得：7=2n島,由于空間站的周期為A=爭(zhēng)=1.5/1,小于同步衛(wèi)星

的周期7?=24兒所以空間站的軌道半徑小于同步衛(wèi)星軌道半徑，由上述方程得空間站

線速度v=呼,所以空間站的線速度大于同步衛(wèi)星的線速度。而第一宇宙速度巧=

舟，因?yàn)閞>R,所以空間站線速度小于第一宇宙速度，故ABC錯(cuò)誤；

。、由上式可得：T=2兀叵,空間站后續(xù)對(duì)接實(shí)驗(yàn)艙后，雖然質(zhì)量變大，但空間站運(yùn)

行周期仍不變，故。正確；

故選：。。

根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力分別得到空間站繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期、加速度、線速

度的表達(dá)式，通過(guò)表達(dá)式再比較大小。

該題考查萬(wàn)有引力的相關(guān)問(wèn)題、衛(wèi)星運(yùn)行快慢問(wèn)題等，從基本規(guī)律出發(fā)，結(jié)合軌道半徑

的關(guān)系不難判斷結(jié)果。

4.【答案】C

【解析】解：4、根據(jù)洛倫茲力表達(dá)式

F—qv0B

由題意可知兩電荷的比荷相同，進(jìn)入磁場(chǎng)的速度相同，但兩電荷的電荷量大小不一定相

等，故兩電荷所受洛倫茲力的大小不一定相同，故A錯(cuò)誤；

。、根據(jù)左手定則可知，正電荷在磁場(chǎng)做逆時(shí)針?lè)较虻膱A周運(yùn)動(dòng)，負(fù)電荷在磁場(chǎng)中做順

時(shí)針?lè)较虻膱A周運(yùn)動(dòng)，故正電荷從x軸上。點(diǎn)左側(cè)射出磁場(chǎng)，負(fù)電荷從無(wú)軸上。點(diǎn)右側(cè)射

出磁場(chǎng)，故。錯(cuò)誤；

BC、根據(jù)洛倫茲力提供向心力得：

q%B=萼

解得：T

T2nr2nm

T=「行

由于兩電荷的比荷相同，進(jìn)入磁場(chǎng)的速度相同，可知兩電荷在磁場(chǎng)中的軌跡半徑相等,

在磁場(chǎng)中的周期相等，兩電荷在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示：

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正電荷在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為：ti=^T

負(fù)電荷在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為：±2=旦7

可知G>t2

兩電荷重新回到x軸的速度大小均為如方向均與+x軸方向成。角，即兩電荷重新回到x

軸的速度一定相同，故8錯(cuò)誤，C正確；

故選：Co

根據(jù)洛倫茲力的公式結(jié)合比荷的特點(diǎn)分析出力的大小關(guān)系；

根據(jù)牛頓第二定律結(jié)合周期公式得出兩個(gè)粒子的運(yùn)動(dòng)時(shí)間；

畫出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，結(jié)合軌跡分析出電荷的速度問(wèn)題。

本題主要考查了帶電粒子在磁場(chǎng)的運(yùn)動(dòng)，理解粒子的受力特點(diǎn)，結(jié)合圓周運(yùn)動(dòng)的半徑和

周期公式，結(jié)合幾何關(guān)系即可完成分析。

5.【答案】A

【解析】解：4、v0=100km/h=27.8m/s,反應(yīng)時(shí)間內(nèi)的位移為七=%匕=27.8x

Im=27.8m.減速通過(guò)的位移為上=x—%=100m—27.8m=72.2m,根據(jù)牛頓第

二定律可得卬ng=ma,解得a=ng

根據(jù)速度一位移公式可得：0—詔=—2a%2，解得四=0.53,故A正確；

3、減速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間七=號(hào)==2.6s,故司機(jī)從發(fā)現(xiàn)前方路障到停止所需

—Na—ZXU.53X1U

時(shí)間約為t=0+12=Is+2.6s=3.6s,故3錯(cuò)誤；

C、若下雨天車輪與路面的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2,根據(jù)牛頓第二定律可得：^mg=ma\

解得優(yōu)=2m/s2,設(shè)初速度為V,則反應(yīng)時(shí)間內(nèi)通過(guò)的位移為=減速運(yùn)動(dòng)的位

移為%"=哈，%=%'+%",聯(lián)立解得1/=18m/s=64.8km//i,故C錯(cuò)誤；

D、勻減速運(yùn)動(dòng)通過(guò)的位移為7"=上兆=$更m=193m,故應(yīng)保持的安全距離至少

-2Q，-2X2

約為x#=/+x'"=27.8m+193m=220.8m,故D錯(cuò)誤；

故選：Ao

在反應(yīng)時(shí)間內(nèi)做勻速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)位移一時(shí)間公式求得位移，根據(jù)牛頓第二定律求得剎車

時(shí)的加速度，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求得通過(guò)的位移和時(shí)間，即可判斷。

本題主要考查了汽車剎車問(wèn)題，抓住反應(yīng)時(shí)間內(nèi)汽車做勻速運(yùn)動(dòng)，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式即可。

6.【答案】BD

【解析】解：4對(duì)導(dǎo)體棒分析可知，F(xiàn)支+/=喈+/=ma,則隨速度的減小，加速

度減小，則導(dǎo)體棒做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

A根據(jù)右手定則可知，導(dǎo)體棒ab中感應(yīng)電流的方向?yàn)?fa,故8正確；

CD.由能量關(guān)系可知，導(dǎo)體棒ab克服安培力做的功等于回路產(chǎn)生的焦耳熱；導(dǎo)體棒ab克

服安培力做的功與導(dǎo)體棒克服摩擦力做功之和等于導(dǎo)體棒的初動(dòng)能，故C錯(cuò)誤，。正確。

故選：BDo

根據(jù)牛頓第二定律以及感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)表達(dá)式聯(lián)立列式即可分析運(yùn)動(dòng)情況，根據(jù)右手定則判

斷導(dǎo)體棒中電流方向；根據(jù)功能關(guān)系可知，F(xiàn)做的功等于回路產(chǎn)生的電能和導(dǎo)體棒動(dòng)能

的增加量，根據(jù)動(dòng)能定理可知，F(xiàn)做的功與安培力做的功之和等于導(dǎo)體棒增加的動(dòng)能。

本題是右手定則和電路問(wèn)題及功能關(guān)系在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的綜合題，要注意明確在電磁

感應(yīng)現(xiàn)象中能量轉(zhuǎn)化的方向，掌握功能關(guān)系的應(yīng)用。

7.【答案】AD

【解析】解：4、由等量異種電荷的場(chǎng)強(qiáng)分布可知4C關(guān)于。點(diǎn)對(duì)稱，場(chǎng)強(qiáng)方向相同，

且根據(jù)對(duì)稱性知，4、C兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同，根據(jù)F=Eq可知，小球在4、C兩點(diǎn)所受

電場(chǎng)力相同，故A正確；

B、從A經(jīng)8到C點(diǎn)，小球受電場(chǎng)力先做負(fù)功，后做正功，小球的電勢(shì)能先增大后減小，

故B錯(cuò)誤；

C、對(duì)小球在B點(diǎn)進(jìn)行受力分析，小球帶正電從8點(diǎn)至C點(diǎn)，所受電場(chǎng)力向右，與位移方

向成銳角，故電場(chǎng)力一直做正功，所以小球電勢(shì)能一直減小，故C錯(cuò)誤；

。、根據(jù)對(duì)稱性，從4到C的過(guò)程中，電場(chǎng)力對(duì)小球做功為零，只有重力做功，由動(dòng)能定

理可得：mg-2R=,在C點(diǎn)由牛頓第二定律有：FN-mg=m—.由牛

2NR

頓第三定律可得：F'=FN=m^+5mg,故。正確；

故選：AD.

第10頁(yè)，共16頁(yè)

根據(jù)等量異種電荷形成的電場(chǎng)的特點(diǎn)分析小球在不同位置所受的電場(chǎng)力及電場(chǎng)能的大

小情況，根據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)的規(guī)律判斷最高點(diǎn)時(shí)小球?qū)A環(huán)的作用力。

本題關(guān)鍵是要熟悉等量異號(hào)電荷的電場(chǎng)線分布情況，同時(shí)靈活選擇過(guò)程根據(jù)動(dòng)能定理列

式求解，基礎(chǔ)題目。

8.【答案】BC

【解析】解：AB,以小球?yàn)檠芯繉?duì)象，受力情況如圖所示:

根據(jù)牛頓第二定律可得：mgtand=ma,解得：a=gtan9-,

對(duì)整體，水平方向根據(jù)牛頓第二定律可得：尸=(M+m)a=

+m)gtan9,故4錯(cuò)誤、B正確；

C。、設(shè)斜面的高為心若要使小球做自由落體運(yùn)動(dòng)，則有：

h=1gt2

在此過(guò)程中，斜面沿水平方向的位移為：x=la't2

根據(jù)幾何關(guān)系可得：-=tand

X

聯(lián)立解得：優(yōu)=磊

lant?

對(duì)斜面根據(jù)牛頓第二定律可得：F=Ma'=a，故C正確、。錯(cuò)誤。

故選：BC.

以小球?yàn)檠芯繉?duì)象，根據(jù)牛頓第二定律求解加速度大?。粚?duì)整體，水平方向根據(jù)牛頓第

二定律求解力F;

要使小球做自由落體運(yùn)動(dòng)，對(duì)小球，豎直方向根據(jù)位移一時(shí)間關(guān)系列方程；對(duì)斜面，水

平方向根據(jù)位移一時(shí)間關(guān)系列方程，由此得到斜面加速度大小；再對(duì)斜面根據(jù)牛頓第二

定律求解力F。

本題主要是考查了牛頓第二定律的知識(shí)；利用牛頓第二定律答題時(shí)的一般步驟是：確定

研究對(duì)象、進(jìn)行受力分析、利用牛頓第二定律建立方程進(jìn)行解答；注意整體法和隔離法

的應(yīng)用。

9.【答案】200BC

【解析】解：(1)根據(jù)胡克定律F=k/x，圖像F-尤的斜率表示彈簧的勁度系數(shù)，結(jié)合

圖像可知

Ak=—=———N/m=200N/m

Ax0.04-0.005,'

(2)4、題中已知條件無(wú)法推算彈簧原長(zhǎng)，故無(wú)法判斷兩個(gè)彈簧哪個(gè)原長(zhǎng)大，故4錯(cuò)誤;

反彈簧彈力隨彈簧伸長(zhǎng)量x的變化圖像中斜率表示彈簧勁度系數(shù)，由圖可知，彈簧a的

勁度系數(shù)一定大于彈簧b的勁度系數(shù)，故8正確；

CD.橫截距為拉力F為零時(shí)，彈簧的伸長(zhǎng)量，即彈簧在自身重力作用下的伸長(zhǎng)量。彈簧

a的勁度系數(shù)比彈簧b的大，兩個(gè)彈簧在自重作用下伸長(zhǎng)量相同，所以彈簧a的自重一定

比彈簧b的大，故C正確，。錯(cuò)誤；

故選：BC。

故答案為：(1)200；(2)BC

(1)根據(jù)胡克定律結(jié)合圖像的斜率得出彈簧的勁度系數(shù)；

(2)根據(jù)胡克定律結(jié)合圖像的特點(diǎn)完成分析。

本題主要考查了胡克定律的相關(guān)應(yīng)用，熟悉公式的應(yīng)用，結(jié)合圖像的物理意義即可完成

分析。

10.【答案】BDF2.55

【解析】解：(1)由于電燈泡的電阻小，所以電流表采

用外接法。

實(shí)驗(yàn)要求電壓從0開始變化，滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，

以控制電路中的電流。

根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理補(bǔ)充電路連接實(shí)物圖如圖(a)所示；

(2)由題意可知，小燈泡的額定電壓為3人因此電壓表選

擇量程為0?3V即可。

小燈泡的額定電流：/=，=芳A=0.54=500mA,電

流表選擇量程為0?600mA即可。

分壓接法的滑動(dòng)變阻器選最大阻值較小的0?50。

即電流表選B,電壓表選￡>,滑動(dòng)變阻器選F；

(3)若將該小燈泡直接接在電動(dòng)勢(shì)E=3V、內(nèi)電阻r=

100的電源兩端，由閉合電路歐姆定律可得：U=E—/r,代入數(shù)據(jù)可得：l=-^U+0.3；

在小燈泡的伏安特性曲線上疊加畫出直線，如圖(b)所示。

與燈泡的伏安特性曲線的交點(diǎn)坐標(biāo)為(0.60匕235nM)它就是工作點(diǎn)，所以小燈泡此時(shí)電

阻為：R=彳=黑。a2.550。

故答案為：(1)見(jiàn)解析；(2)8、D、尸；(3)2.55(2.50?2.60均正確)

第12頁(yè)，共16頁(yè)

(1)根據(jù)電燈泡的額定電壓以及額定電流選擇電壓表和電流表，根據(jù)電燈泡的內(nèi)阻選擇

滑動(dòng)變阻器。由于電燈泡的電阻小，所以電流表采用外接法，實(shí)驗(yàn)要求電壓從0開始變

化，所以滑動(dòng)變阻器采用分壓式。根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理補(bǔ)充電路連接實(shí)物圖；

(2)根據(jù)的額定電壓選擇電壓表，根據(jù)電路的最大電流選擇電流表，分壓接法的滑動(dòng)變

阻器選擇最大阻值較小的。

(3)若將該燈泡接入另一電源，先寫出燈泡兩端電壓與電流的關(guān)系式，將此關(guān)系在1-U

曲線上畫出來(lái)，找到點(diǎn)坐標(biāo)，從而求出燈泡的電阻。

解決該題的關(guān)鍵是掌握電壓表和電流表的選擇原則，知道電流表的內(nèi)接和外接以及滑動(dòng)

變阻器的分壓式、限流式的判斷方法。

11.【答案】解：(1)由閉合電路歐姆定律得：/=信

代入數(shù)據(jù)解得：/=24

(2)由牛頓第二定律得：BIL-nmg=ma

代入數(shù)據(jù)解得：B=0.7T

答：(1)此時(shí)金屬棒CO中的電流強(qiáng)度為24；

(2)勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為0.7兀

【解析】(1)根據(jù)閉合電路的歐姆定律得出電流的大??；

(2)根據(jù)安培力的計(jì)算公式結(jié)合牛頓第二定律得出磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小。

本題主要考查了安培力的計(jì)算問(wèn)題，熟悉歐姆定律，結(jié)合安培力的計(jì)算公式和牛頓第二

定律即可完成分析，屬于基礎(chǔ)題型。

12.【答案】解：(1)小球從。點(diǎn)做平拋運(yùn)動(dòng)，則九=]/2

/+d=vDt

在。點(diǎn)具有的動(dòng)能為％。=

聯(lián)立解得：Ek=4J

(2)小滑塊不脫離軌道，在軌道的最高點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律可得：瓶9=誓

從C到D,根據(jù)動(dòng)能定理可得：2mgR-fimgL=^mv'l-如好

從0點(diǎn)做平拋運(yùn)動(dòng)，水平方向：v'Dt=x>x1

從4到C,根據(jù)動(dòng)能定理可得：mg(H-2/?)=

聯(lián)立解得H=0.35m

小滑塊不脫離軌道并落到薄板"N的N端時(shí)，根據(jù)動(dòng)能定理可得：mgH'-fimgL=詔,

解得〃'=0.4m

故0.35m<H<0.4m

答：(1)若小滑塊恰好落在薄板M/N上的N點(diǎn)，小滑塊在。點(diǎn)的動(dòng)能為4J；

(2)要使小滑塊不脫離軌道并落在薄板MN上，P點(diǎn)距水平軌道BD的高度H應(yīng)滿足的條件

為0.35m<H<0.4mo

【解析】(i)小滑塊從。點(diǎn)做平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求得。點(diǎn)的速度，根據(jù)a=^巾1；2

求得動(dòng)能；

(2)由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律求得小車在。點(diǎn)的速度范圍，然后由動(dòng)能定理求得高度范圍，再由小

車可通過(guò)圓軌道最高點(diǎn)得到最小高度，即可求得實(shí)際高度范圍。

本題主要考查了動(dòng)能定理的應(yīng)用問(wèn)題，一般先對(duì)物體進(jìn)行受力分析，然后得到各力的做

功情況，即可由動(dòng)能定理求得某外力做的功或能到達(dá)的位置、距離、某位置的速度等問(wèn)

題。

13.【答案】ADE

【解析】解：4、所有晶體都有固定的熔點(diǎn)，故A正確；

8、布朗運(yùn)動(dòng)是微粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，并不是液體分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，故8錯(cuò)誤：

C、物體中所有分子做熱運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能和分子勢(shì)能的總和叫做物體的內(nèi)能，故C錯(cuò)誤；

。、夏季天旱時(shí)，給莊稼松土是利用毛細(xì)現(xiàn)象，為了破壞土壤中的毛細(xì)管，可防止水分

蒸發(fā)，故。正確；

E、從微觀角度看，一定量氣體壓強(qiáng)的大小跟兩個(gè)因素有關(guān)：一個(gè)是氣體分子的平均速

率，即氣體分子的平均動(dòng)能，一個(gè)是單位體積內(nèi)分子的數(shù)目，故E正確；

故選：ADE.

所有的晶體都有固定的熔點(diǎn)，布朗運(yùn)動(dòng)時(shí)微粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，物體的內(nèi)能為物體中所有

分子做熱運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能和分子勢(shì)能的總和，給莊稼松土是利用毛細(xì)現(xiàn)象，為了破壞土壤中

的毛細(xì)管，可防止水分蒸發(fā)，影響壓強(qiáng)的微觀因素為氣體分子的平均動(dòng)能和分子的密集

程度。

本題主要考查了晶體、布朗運(yùn)動(dòng)、物體的內(nèi)能及毛細(xì)現(xiàn)象，知道每個(gè)知識(shí)點(diǎn)都可能作為

考查的內(nèi)容，但難度不大，故應(yīng)全面把握。

第14頁(yè)，共16頁(yè)

14.【答案】解：(1)根據(jù)熱力學(xué)第一定律/U=W+Q可知，氣體溫度不變，內(nèi)能不變,

則,W=Q；

(2)以封閉氣體為研究對(duì)象，由玻意耳定律可知

（Po+詈）九s=