2021年浙江省臨海市、新昌縣高考物理適應(yīng)性試卷（二模）（附答案詳解）

2021年浙江省臨海市、新昌縣高考物理適應(yīng)性試卷(二

模)

一、單選題(本大題共13小題，共39.0分)

1.下列均屬于國(guó)際單位制中基本單位的是()

A.米(m)、千克(kg)B.米每秒(m/s)、千克(kg)

C.牛頓(N)、米(m)D.安培(4)、焦耳①

2.下列有關(guān)物理學(xué)史的描述，正確的是()

A.伽利略通過(guò)實(shí)驗(yàn)證實(shí)了力是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因

B.戴維孫和湯姆孫利用晶體做了電子束的衍射實(shí)驗(yàn)，證實(shí)了電子具有波動(dòng)性

C.盧瑟福通過(guò)a粒子散射實(shí)驗(yàn)，指出了原子核內(nèi)部具有復(fù)雜的結(jié)構(gòu)

D.奧斯特最早研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象，并發(fā)現(xiàn)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與磁通量變化率成正比

3.發(fā)光彈性球很受兒童喜愛(ài)，一兒童把彈性球豎直上拋，從空中的最高點(diǎn)開(kāi)始計(jì)時(shí),

下列描述發(fā)光彈性球運(yùn)動(dòng)的圖像中正確的是()

的奇觀

曳長(zhǎng)衣

B.燃?xì)庠钌想娮狱c(diǎn)火器的針頭電極

C.超高壓帶電作業(yè)所穿衣服的織物中摻入了金屬絲

D.靜電復(fù)印機(jī)

5.隨著北京冬奧會(huì)的臨近，滑雪項(xiàng)目成為了人們非常喜愛(ài)的運(yùn)動(dòng)項(xiàng)目。如圖運(yùn)動(dòng)員從

高為〃的4點(diǎn)由靜止滑下，到達(dá)B點(diǎn)后水平飛出，經(jīng)過(guò)時(shí)間，落到長(zhǎng)直滑道上的C

點(diǎn)，不計(jì)滑動(dòng)過(guò)程中的摩擦和空氣阻力。下列說(shuō)法正確的是（)

A.若〃加倍，則水平飛出的速度v加倍

B.若〃加倍,則在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間f加倍

C.若〃減半,運(yùn)動(dòng)員落到斜面時(shí)的速度方向不變

D.若//減半,運(yùn)動(dòng)員在空中離斜面的最大距離不變

6.近年中國(guó)女子速滑隊(duì)取得的成績(jī)十分令人矚目。在速

滑接力賽中，“接棒”的運(yùn)動(dòng)員甲提前站在“交棒”

的運(yùn)動(dòng)員乙前面，并且開(kāi)始向前滑行，待乙追上甲時(shí),

乙猛推甲一把，使甲獲得更大的速度向前沖出。在乙

推甲的過(guò)程中，忽略運(yùn)動(dòng)員與冰面間的阻力，下列說(shuō)法正確的是（）

A.甲對(duì)乙的沖量與乙對(duì)甲的沖量相同

B.甲的速度增加量一定等于乙的速度減少量

第2頁(yè)，共28頁(yè)

C.甲的動(dòng)能增加量一定等于乙的動(dòng)能減少量

D.乙對(duì)甲的作用力一定做正功，甲的動(dòng)能一定增大

7.如圖所示，風(fēng)洞飛行體驗(yàn)可以實(shí)現(xiàn)高速風(fēng)力將人吹

起，通過(guò)改變風(fēng)力大小或人體受風(fēng)面積可以控制人

體上升或下降。若一質(zhì)量m=70kg的游客，從離

地高度b=0.5m的懸浮狀態(tài)向上運(yùn)動(dòng)，到達(dá)高度

電=2.5m處時(shí)再次懸浮，下列說(shuō)法正確的是（）

A.此過(guò)程中人的機(jī)械能增加了約1400./

B.若人懸浮時(shí)減小受風(fēng)面積，將會(huì)向上運(yùn)動(dòng)

C.上升過(guò)程中，人先處于失重狀態(tài)，后處于超重狀態(tài)

D.人處于懸浮狀態(tài)時(shí)，為風(fēng)洞提供動(dòng)力的電動(dòng)機(jī)不需要做功

8.2020年11月24日4時(shí)30分，長(zhǎng)征五號(hào)遙五運(yùn)載火箭在中國(guó)海南文昌航天發(fā)射場(chǎng)

成功發(fā)射，飛行約2200秒后，順利將探月工程嫦娥五號(hào)探測(cè)器送入預(yù)定軌道，開(kāi)

啟中國(guó)首次地外天體采樣返回之旅。嫦娥五號(hào)飛行軌跡可以簡(jiǎn)化為如圖所示，首先

進(jìn)入圓軌道I,在P點(diǎn)進(jìn)入桶圓軌道口，到達(dá)遠(yuǎn)地點(diǎn)Q后進(jìn)入地月轉(zhuǎn)移軌道，到

達(dá)月球附近后進(jìn)入環(huán)月軌道口。圓軌道I的半徑為q,周期為A，橢圓軌道口的半

長(zhǎng)軸為周期為72,環(huán)月軌道口的半徑為小，周期為窗，地球半徑為R，地球表

面重力加速度為g。忽略地球自轉(zhuǎn)和太陽(yáng)引力的影響。下列說(shuō)法正確的是（）

P

B.嫦娥五號(hào)在軌道I運(yùn)行速度等于師

c.嫦娥五號(hào)在軌道I的P點(diǎn)和橢圓軌道n的P點(diǎn)加速度相同

D.嫦娥五號(hào)在橢圓軌道II的Q點(diǎn)運(yùn)行速度大于在圓軌道I的運(yùn)行速度

9.如圖所示，兩等量同種電荷+Q固定放置，。為連線的中點(diǎn)，ABCD

為電荷連線中垂面上的四個(gè)點(diǎn)，AO=BO=CO=DO,下列說(shuō)法正

確的是（）

A.A、B兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)相同

B.。點(diǎn)電勢(shì)比。點(diǎn)低

C.把電子從A點(diǎn)移動(dòng)到。點(diǎn)，電子的電勢(shì)能增大

D.在C點(diǎn)給電子某一恰當(dāng)?shù)某跛俣?，電子可能做圓周運(yùn)動(dòng)

10.電磁炮是一種利用電磁作用發(fā)射炮彈的先進(jìn)武器，我國(guó)正在進(jìn)行艦載電磁軌道炮試

驗(yàn)，射程可達(dá)200公里，預(yù)計(jì)到2025年投入使用。某同學(xué)利用餅型強(qiáng)磁鐵和導(dǎo)軌

模擬電磁炮的發(fā)射原理，如圖所示，相同的餅型強(qiáng)磁鐵水平等間距放置，使導(dǎo)軌平

面近似為勻強(qiáng)磁場(chǎng)。下列說(shuō)法中不正確的是（）

導(dǎo)體棒a

A.放置強(qiáng)磁鐵時(shí)，應(yīng)保證磁鐵的磁極同向

B.強(qiáng)磁鐵磁性越強(qiáng)，導(dǎo)軌平面越接近勻強(qiáng)磁場(chǎng)

C.強(qiáng)磁鐵間距越小，導(dǎo)軌平面越接近勻強(qiáng)磁場(chǎng)

D.若全部磁鐵N極向上，導(dǎo)體棒所受安培力水平向右

11.如圖所示，水平面內(nèi)第二、三象限內(nèi)存在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=17。

將一根電阻R=0.50的均勻?qū)Ь€圍成一個(gè)閉合線圈Oab,已知ab剛好為四分之一

圓弧，。。長(zhǎng)0.1m,t=0時(shí)?！迸cx軸重合?，F(xiàn)讓線圈從如圖所示位置開(kāi)始繞。點(diǎn)

以角速度3=4rad/s逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)。在一個(gè)周期內(nèi)，下列說(shuō)法中正確的是（）

Oax

A.通過(guò)線圈中電流的有效值為0.044

B.0。兩端只有在線圈進(jìn)入和穿出磁場(chǎng)兩個(gè)過(guò)程中有電壓

C.因?yàn)橐粋€(gè)周期內(nèi)穿過(guò)線圈的磁通量變化為零，所以線圈中電動(dòng)勢(shì)的有效值為零

第4頁(yè)，共28頁(yè)

D.因?yàn)橐粋€(gè)周期內(nèi)穿過(guò)線圈的磁通量變化為零，所以通過(guò)線圈某一橫截面的電荷

量為零

12.如圖甲所示，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為io：1,/?!=ion,R2=2on.通

甲乙

A.電容器兩端電壓為10VB.電壓表示數(shù)為100M

C.原線圈輸入電流的頻率為1OO”ZD.原線圈輸入功率為10W

13.如圖是半徑為R的半圓形玻璃磚，一束單色光從A點(diǎn)射入_巨“

玻璃磚，在直徑面上發(fā)生全反射，最終射出玻璃磚（B點(diǎn)位、

置未標(biāo)出）。已知出射光與入射光之間互相垂直，真空中（7未）

oP

光速為C,則（）

A.玻璃磚的折射率為魚(yú)

B.光在玻璃磚內(nèi)的速度為在c

2

C.光在玻璃磚中的臨界角為W

D.光在直徑面上的全反射點(diǎn)P與O點(diǎn)的距離為叵

2

二、多選題（本大題共3小題，共6.0分）

14.新冠病毒疫情防控工作中，額溫槍在醫(yī)院、車(chē)站、小區(qū)、學(xué)校等地方被廣泛使用,

成為重要的防疫裝備之一。某一種額溫槍的工作原理是：任何物體溫度高于絕對(duì)零

度（-273。0時(shí)都會(huì)向外發(fā)出紅外線，額溫槍通過(guò)紅外線照射到溫度傳感器，發(fā)生光

電效應(yīng)，將光信號(hào)轉(zhuǎn)化為電信號(hào)，從而顯示出物體的溫度。已知人的體溫正常時(shí)能

輻射波長(zhǎng)為的紅外線，如圖甲所示，用該紅外光線照射光電管的陰極K時(shí)，

電路中有光電流產(chǎn)生，光電流隨電壓變化的圖像如圖乙所示，已知/i=6.63x

19

10-34,.s,e=i,6x10-C,則（）

窗【J

紅外

A.波長(zhǎng)10〃m的紅外線在真空中的頻率為3x1013Wz

B.將圖甲中的電源正負(fù)極反接，將不會(huì)產(chǎn)生電信號(hào)

C.由圖乙可知，該光電管的陰極金屬逸出功約為O.leV

D.若人體溫度升高，輻射紅外線的強(qiáng)度增大，光電流減小

15.在同一介質(zhì)中。兩列簡(jiǎn)諧橫波。和6均沿x軸正方向傳播，。波的波速D=16m/s,

B.a波和方波的周期之比為2：1

C.再經(jīng)過(guò)0.25s,x=2?n處的質(zhì)點(diǎn)第一次到達(dá)波峰

D.隨時(shí)間變化兩列波的波峰重合點(diǎn)在不斷變化，但兩列波的波谷不會(huì)重合

16.氫原子的能級(jí)圖如圖所示，一群氫原子處于n=4能級(jí)向低能級(jí)躍遷，則下列說(shuō)法

正確的是（）

?桃V

■...............Q

5--------------------------0.54

4--------------------------------0.85

3--------------------------IJI

2--------------------------340

--------------------

A.最多能發(fā)出4種不同頻率的光

B.氫原子由n=4能級(jí)躍遷到n=3能級(jí)時(shí)，核外電子的動(dòng)能增大

第6頁(yè)，共28頁(yè)

C.用能量為0.40eU的光子照射，能使處于n=4能級(jí)的氫原子躍遷

D.用能量為3.00e，的電子碰撞n=4能級(jí)的氫原子，產(chǎn)生的電子初動(dòng)能可能是

1.60eV

三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共3小題，共14.0分）

17.興趣小組測(cè)量某農(nóng)莊噴水口的內(nèi)徑。

①下列測(cè)量圖中，測(cè)量方式正確的是。

②如圖為正確測(cè)量得到的結(jié)果，由此可得噴水口的內(nèi)徑。=-----〃皿

18.某興趣小組用如圖甲所示的裝置探究“恒力做功與小車(chē)動(dòng)能變化的關(guān)系”。

圖乙

①實(shí)驗(yàn)室有工作頻率為50Hz的電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器和電火花打點(diǎn)計(jì)時(shí)器供選用，下列

說(shuō)法中正確的是.

4.使用電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器時(shí)，紙帶應(yīng)放置在復(fù)寫(xiě)紙上方

及為使紙帶在運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的阻力較小，應(yīng)選用電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器

C.若實(shí)驗(yàn)中要測(cè)出拉力做功的值，一定要滿足祛碼（含祛碼盤(pán)）質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車(chē)質(zhì)量

D若工作頻率變小，而同學(xué)未發(fā)現(xiàn)，則測(cè)得小車(chē)的速度將比實(shí)際速度偏小

②某同學(xué)畫(huà)出小車(chē)動(dòng)能變化與拉力對(duì)小車(chē)所做功的△Ek-IV關(guān)系圖像如圖乙，由

于實(shí)驗(yàn)前遺漏了平衡摩擦力這一關(guān)鍵步驟，他得到的實(shí)驗(yàn)圖線（實(shí)線）應(yīng)該是

19.某校興趣小組要測(cè)定額定電壓為2.5U的小燈泡的伏安特性曲線。實(shí)驗(yàn)室備有下列器

材；電池組（電動(dòng)勢(shì)為3匕內(nèi)阻約10）：電流表（量程為。?0.6A,內(nèi)阻約0.50）；電

壓表（量程為0?3叭內(nèi)阻約3k0）：滑動(dòng)變阻器（100）；小燈泡（2.5U）；多用電表一

個(gè)；電鍵一個(gè)、導(dǎo)線若干.

（1）用筆畫(huà)線代替導(dǎo)線，將圖甲中實(shí)驗(yàn)電路連接完整

（2）接通開(kāi)關(guān)后，發(fā)現(xiàn)電壓表示數(shù)如圖乙所示，此時(shí)電壓為匕而電流表示數(shù)

為零。出現(xiàn)上述情況的可能原因是O

A電流表接線處斷路

及電壓表接線處短路

C小燈泡接線處斷路

D滑動(dòng)變阻器接線處斷路

（3）小明在實(shí)驗(yàn)過(guò)程中，分別采用電流表內(nèi)接法和外接法各做了一次，得到了如圖

丙中伏安特性曲線“1”和“2”。則實(shí)驗(yàn)應(yīng)選擇曲線_____（填“1”或“2”）。

四、計(jì)算題（本大題共4小題，共41.0分）

20.隨著人工智能技術(shù)的不斷發(fā)展，無(wú)人機(jī)有著非常廣闊的應(yīng)用前景。春播時(shí)節(jié)，一架

攜藥總質(zhì)量巾=20kg的無(wú)人機(jī)即將在田間執(zhí)行噴灑藥劑任務(wù)，無(wú)人機(jī)懸停在距一

塊試驗(yàn)田兒=30m的高空，r=0時(shí)刻，它以加速度%=2m/s2豎直向下勻加速運(yùn)

動(dòng)a=9巾后，立即向下做勻減速運(yùn)動(dòng)直至速度為零，重新懸停，然后水平飛行噴

灑藥劑。若無(wú)人機(jī)田間作業(yè)時(shí)噴灑的安全高度為1m?3m,無(wú)人機(jī)下降過(guò)程中空氣

阻力恒為20M求：

第8頁(yè)，共28頁(yè)

(1)無(wú)人機(jī)從t=。時(shí)刻到重新懸停在“2=1巾處的總時(shí)間/：

(2)無(wú)人機(jī)在安全高度范圍內(nèi)重新懸停，向下勻減速時(shí)能提供的最大豎直升力大小;

(3)若無(wú)人機(jī)在高度為=3m處懸停時(shí)動(dòng)力系統(tǒng)發(fā)生故障，失去豎直升力的時(shí)間為

|s,要使其不落地，恢復(fù)升力時(shí)的最小加速度。

21.圖甲為兒童玩具小火車(chē)軌道，由豎直圓軌道BMC(B、C是圓弧軌道最低點(diǎn)且可認(rèn)為

是緊靠的)、豎直圓弧軌道3E和尸”、傾斜半圓軌道EGE四分之一水平圓軌道

AK和〃與水平軌道AB、CD、HI、K/平滑相切連接而成，圖乙為軌道側(cè)視示意圖

?已知豎直圓軌道、圓弧。E、和EGF的半徑均為R=0.4m,CD=0.4m,圓弧

DE、FH對(duì)應(yīng)的圓心角4HO3尸=37。，小火車(chē)質(zhì)量m=0.2kg且可視為質(zhì)點(diǎn)。水平

軌道上小火車(chē)受到軌道的阻力恒為其重力的0.2倍，其它軌道的阻力忽略不計(jì)。小

火車(chē)在H點(diǎn)處以恒定功率P=2勿由靜止開(kāi)始啟動(dòng)，沿著軌道運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)

t=2s到達(dá)8點(diǎn)時(shí)關(guān)閉電動(dòng)機(jī)，小火車(chē)恰好能沿著豎直圓軌道運(yùn)動(dòng)。sm37°=0.6,

cos37°=0.8o求：

圖甲圖乙

(1)小火車(chē)到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的速度大??；

(2)小火車(chē)從H點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到8點(diǎn)過(guò)程中阻力做的功；

(3)小火車(chē)運(yùn)動(dòng)到傾斜半圓軌道EGF最高點(diǎn)G時(shí)對(duì)軌道作用力的大小。

22.如圖，有兩傾角0=30。、間距d=0.1m的足夠長(zhǎng)平行金屬導(dǎo)軌，其頂端和底端各

連有一個(gè)R=0.10的電阻。一恒流源為電路提供恒定電流/=24電流方向如圖所

示。在兩導(dǎo)軌間存在垂直導(dǎo)軌平面向上的磁場(chǎng)，沿導(dǎo)軌向下建立坐標(biāo)軸xOy,磁感

應(yīng)強(qiáng)度沿方向大小不變，沿方向大小滿足久

yx=2x(7)(W4m),B2=2T(x>

4m).質(zhì)量7n=0.1kg的金屬棒必垂直導(dǎo)軌放置，與導(dǎo)軌間摩擦系數(shù)“=當(dāng)，讓金屬

棒必從x=0處以很小的速度(可忽略不計(jì))開(kāi)始向下運(yùn)動(dòng)。x=47n處兩導(dǎo)軌各有一

小段長(zhǎng)度可以忽略的絕緣部分，隔開(kāi)上下金屬導(dǎo)軌。金屬棒油及金屬導(dǎo)軌的電阻

不計(jì)。求：

(1)金屬棒而運(yùn)動(dòng)到x=1m位置時(shí)加速度大??；

(2)金屬棒"從x=0向下運(yùn)動(dòng)到速度為0的過(guò)程中，克服摩擦力所做的功：

(3)若導(dǎo)軌光滑，改變恒流源電流方向，讓金屬棒從％=0靜止釋放，可以證明導(dǎo)體

棒做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，且簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期7=27r押，其中m為做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的物體的質(zhì)量，

々為尸=一收中比例系數(shù)k,求從t=0至吟時(shí)間內(nèi)安培力的沖量。

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23.如圖所示為某粒子探測(cè)裝置示意圖，水平放置的平行金屬板AB、CD,其中CO板

可收集粒子，兩板長(zhǎng)度及板間距離均為L(zhǎng)板間的電壓〃?=等。在兩板左側(cè)有一

長(zhǎng)為L(zhǎng)的豎直放置的線狀粒子發(fā)射器E凡兩端恰好與上下兩平行板對(duì)齊。發(fā)射器

各處能均勻持續(xù)地水平向右發(fā)射速度均為火、質(zhì)量為機(jī)、帶電量為+q(重力不計(jì))的

同種粒子，單位時(shí)間內(nèi)射出的粒子個(gè)數(shù)為N。在金屬板C￡＞右側(cè)有一半徑為R的圓

形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁感應(yīng)強(qiáng)度8=空也，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，磁場(chǎng)邊界恰好

過(guò)。點(diǎn)，。點(diǎn)與磁場(chǎng)區(qū)域圓心的連線與水平方向的夾角0=37。。從電場(chǎng)右邊界中

點(diǎn)離開(kāi)的粒子剛好對(duì)準(zhǔn)圓心O射入圓形磁場(chǎng)。一個(gè)范圍足夠大的熒光屏豎直放置在

磁場(chǎng)的右側(cè)且與圓形磁場(chǎng)相切。不考慮電場(chǎng)與磁場(chǎng)的邊界效應(yīng)，$譏37。=0.6,

cos37°=0.8o求：

(1)單位時(shí)間內(nèi)金屬板8收集到的粒子個(gè)數(shù)；

(2)粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間；

(3)粒子能打到熒光屏上長(zhǎng)度。

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答案和解析

1.【答案】A

【解析】解：力學(xué)中〃2、必、S；電學(xué)中A；熱學(xué)中〃?。/、K；光學(xué)中cad是國(guó)際單位制

中的基本單位，其他為導(dǎo)出單位，故A正確，88錯(cuò)誤；

故選：4。

國(guó)際單位制規(guī)定了七個(gè)基本物理量，分別為長(zhǎng)度、質(zhì)量、時(shí)間、熱力學(xué)溫度、電流、光

學(xué)強(qiáng)度、物質(zhì)的量。它們的單位稱(chēng)為基本單位，而物理量之間的關(guān)系式推到出來(lái)的物理

量的單位叫做導(dǎo)出單位。

本題主要考查了單位制，熟記國(guó)際單位制規(guī)定了七個(gè)基本物理量是解題的關(guān)鍵。

2.【答案】B

【解析】解：人伽利略通過(guò)實(shí)驗(yàn)合理的推理認(rèn)為“力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因”，

而不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因，故A錯(cuò)誤：

以根據(jù)物理學(xué)史可知，戴維孫和湯姆孫利用晶體做了電子束的衍射實(shí)驗(yàn)，證實(shí)了電子

具有波動(dòng)性，故8正確；

C、盧瑟福通過(guò)a粒子散射實(shí)驗(yàn)，提出來(lái)原子的核式結(jié)構(gòu)模型，故C錯(cuò)誤；

。、奧斯特最早發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，揭開(kāi)了研究電與磁關(guān)系的序幕，但他沒(méi)有發(fā)現(xiàn)電

磁感應(yīng)現(xiàn)象，電磁感應(yīng)現(xiàn)象是法拉第最早發(fā)現(xiàn)的，故。錯(cuò)誤。

故選：B。

根據(jù)物理學(xué)史和常識(shí)解答，記住著名物理學(xué)家的物理學(xué)貢獻(xiàn)即可。

本題考查物理學(xué)史，是常識(shí)性問(wèn)題，對(duì)于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強(qiáng)記

憶，重視知識(shí)的積累。

3.【答案】A

【解析】解：AB、選向下為正方向，小球先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，小球與地面碰撞時(shí)，

速度大小變小，且方向發(fā)生突變，在v-t圖象可以看出，速度先增大到某一數(shù)值，落

地后，反彈速度稍小于原來(lái)的值（豎直上拋運(yùn)動(dòng)），然后到最高點(diǎn)后再做自由落體運(yùn)動(dòng)，

再重復(fù)這種運(yùn)動(dòng)，故A正確，B錯(cuò)誤；

。、位移時(shí)間圖象中傾斜直線表示勻速直線運(yùn)動(dòng)，不是自由落體運(yùn)動(dòng)或豎直上拋運(yùn)動(dòng)，

故CQ錯(cuò)誤；

故選：Ao

小球做自由落體運(yùn)動(dòng)，落地前做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度為g,再與地面發(fā)生碰撞后反

彈速度應(yīng)比落地速度要小，方向相反，然后向上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，其加速度為g,故

根據(jù)速度時(shí)間關(guān)系得到速度時(shí)間關(guān)系圖，

本題關(guān)鍵要注意速度的方向用正負(fù)來(lái)表示，然后結(jié)合自由落體運(yùn)動(dòng)和豎直上拋運(yùn)動(dòng)的速

度時(shí)間關(guān)系來(lái)找出函數(shù)圖象。

4.【答案】C

【解析】解：ABD.這三種情況都是對(duì)靜電的利用，故A8O錯(cuò)誤；

C、超高壓帶電作業(yè)所穿衣服的織物中摻入了金屬絲，可以起到靜電屏蔽的作用，使輸

電線周?chē)碾妶?chǎng)被工作服屏蔽起來(lái)，故C正確。

故選：Co

熟悉靜電屏蔽的原理和在生活中的應(yīng)用即可。

利用生活中靜電屏蔽的實(shí)際應(yīng)用例子強(qiáng)化了學(xué)生對(duì)相關(guān)知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)和理解。

5.【答案】C

【解析】解：AB、運(yùn)動(dòng)員在軌道上運(yùn)動(dòng)時(shí)，只有重力做功機(jī)械能守恒，根據(jù)機(jī)械能守

恒定律可得：mgh=^mv2,解得述=

設(shè)斜面傾角為。，運(yùn)動(dòng)員落到斜面上時(shí)其豎直位移和水平位移之間關(guān)系滿足tan。=?=

初2得1_2vtan0_2yj2ghtan0

vt99

由此可知：若〃加倍，則水平飛出的速度U變?yōu)樵瓉?lái)的魚(yú)倍，在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間,變?yōu)?/p>

原來(lái)的夜倍，故A8錯(cuò)誤；

C、設(shè)運(yùn)動(dòng)員落到斜面上時(shí)其速度方向與水平夾角為口，該夾角的正切值tan/?=m=2x

蚓=2tan。，由此可知0角是個(gè)定值，保持不變，故C正確；

Vt

D、運(yùn)動(dòng)員做平拋運(yùn)動(dòng)的除速度沿垂直斜面初速度的分量為%=usin。，重力加速度g

垂直斜面的分量為a=gcosd.

第14頁(yè)，共28頁(yè)

設(shè)運(yùn)動(dòng)員離斜面的最大距離為H,根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得〃=?=等嗎=竽畔，

2a2gcosQ2gcos0

由此可知：若/7減半，運(yùn)動(dòng)員在空中離斜面的最大距離變?yōu)樵瓉?lái)的也故。錯(cuò)誤。

故選：Co

通過(guò)機(jī)械能守恒求解小球平拋的初速度，然后利用運(yùn)動(dòng)的合成與分解規(guī)律解決此題。

解決平拋運(yùn)動(dòng)的方法是把平拋運(yùn)動(dòng)分解到水平方向和豎直方向去研究，水平方向做勻速

直線運(yùn)動(dòng)，豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)。注意在斜面上平拋只要最終落到斜面上，其落到

斜面上的速度方向與水平夾角的正切值為定值。

6.【答案】D

【解析】解：A、甲對(duì)己的作用力與乙對(duì)甲的作用力大小相等方向相反，故甲對(duì)乙的沖

量與乙對(duì)甲的沖量大小相等、方向相反，故A錯(cuò)誤：

B、設(shè)甲乙兩運(yùn)動(dòng)員的質(zhì)量分別為m尹、追上之前的瞬間甲、乙兩運(yùn)動(dòng)員的速度分

別是。用,取初速度方向?yàn)檎较颍鶕?jù)動(dòng)量守恒定律可得：m甲4V甲=-m乙△vz,

由于二者的質(zhì)量大小可能不同，則速度的變化不一定相同，故8錯(cuò)誤；

C、二者的動(dòng)量變化大小相等，質(zhì)量不一定相等，動(dòng)能變化不一定相同，故C錯(cuò)誤；

。、在乙推甲的過(guò)程中，乙對(duì)甲的作用力方向與甲的運(yùn)動(dòng)方向相同，乙對(duì)甲的作用力對(duì)

甲一定做正功，甲的動(dòng)能一定增大，故。正確。

故選：Do

甲對(duì)乙的作用力與乙對(duì)甲的作用力大小相等方向相反，由此分析沖量關(guān)系；根據(jù)動(dòng)量守

恒定律分析速度的變化是否相同：二者的動(dòng)量變化大小相等，質(zhì)量不一定相等，由此分

析動(dòng)能變化；乙對(duì)甲的作用力方向與甲的運(yùn)動(dòng)方向相同，由此分析乙對(duì)甲做功正負(fù)。

該題屬于物理知識(shí)在日常生活中的應(yīng)用，對(duì)于動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用，解答的關(guān)鍵是掌握

動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用方法，知道動(dòng)量是一個(gè)矢量。

7.【答案】A

【解析】解：A、由于人在初末位置均處于懸浮狀態(tài)，動(dòng)能不變，此過(guò)程中人的機(jī)械能

的增加量等于重力勢(shì)能的增加量，即機(jī)械能增加了AE=mgAh=70x10x(2.5-

0.5)/=14007,故A正確；

8、若人懸浮時(shí)減小受風(fēng)面積，風(fēng)力減小，人將會(huì)向下運(yùn)動(dòng)，故8錯(cuò)誤；

C、由于上升過(guò)程中，人先加速后減速，所以人先處于超重狀態(tài)，后處失重狀態(tài)，故C

錯(cuò)誤；

。、人處于懸浮狀態(tài)時(shí)，由于要持續(xù)吹風(fēng)才能懸浮，所以為風(fēng)洞提供動(dòng)力的電動(dòng)機(jī)需要

做功，故。錯(cuò)誤。

故選：Ao

由于人在初末位置均處于懸浮狀態(tài)，動(dòng)能不變根據(jù)重力勢(shì)能的變化判斷機(jī)械能的變化即

可，人受到重力和風(fēng)力作用，結(jié)合利用牛頓定律判斷物體運(yùn)動(dòng)情況，根據(jù)人運(yùn)動(dòng)時(shí)的加

速度方向，判斷其處于超重還是失重狀態(tài)。

解決本題學(xué)生需掌握機(jī)械能的定義，牛頓定律的應(yīng)用，需注意人處于超重狀態(tài)還是失重

狀態(tài)由人運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度方向決定。

8.【答案】C

【解析】解：A、對(duì)衛(wèi)星在I、n兩軌道上

繞地球運(yùn)轉(zhuǎn)，根據(jù)開(kāi)普勒第三定律得：P\

因?yàn)殚_(kāi)普勒第三定律僅適用于圍繞同一中.飛〃小\?>：/

35?勾卜sjJjZ

心天體的運(yùn)動(dòng)，而裝對(duì)應(yīng)的中心天體是月球，.

打0

故A錯(cuò)誤；

B、對(duì)“嫦娥五號(hào)”在軌道/上，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力得：等=血苫

在地球表面，根據(jù)萬(wàn)有引力等于重力得：誓=小。

聯(lián)立解得：v=舟，故B錯(cuò)誤；

C、根據(jù)牛頓第二定律可得等=ma,解得。=皆，即沿不同軌道運(yùn)動(dòng)到同一點(diǎn)時(shí)的加

速度相等。故“嫦娥五號(hào)”在軌道I上尸點(diǎn)的加速度等于在軌道n上P點(diǎn)的加速度，故

C正確；

D、通過(guò)。點(diǎn)構(gòu)建圓軌道4,如圖所示，由萬(wàn)有引力提供向心力有：智=小止，解得：

rzr

D=耳，所以衛(wèi)星在4軌道運(yùn)行的線速度小于衛(wèi)星在I軌道上運(yùn)行的線速度；

而n軌道的Q點(diǎn)相對(duì)于4軌道做向心運(yùn)動(dòng)，所以口軌道。點(diǎn)的速度小于4軌道的速度，

第16頁(yè)，共28頁(yè)

所以嫦娥五號(hào)在橢圓軌道口的。點(diǎn)運(yùn)行速度小于在圓軌道I的運(yùn)行速度，故。錯(cuò)誤。

故選：Co

根據(jù)開(kāi)普勒第三定律僅適用于圍繞同一中心天體的運(yùn)動(dòng)，可判斷A選項(xiàng)是否正確；根據(jù)

萬(wàn)有引力提供向心力，分別在地球表面和軌道I處列方程，解方程組，即可求在軌道I

上的運(yùn)行速度；根據(jù)沿不同軌道運(yùn)動(dòng)到同一點(diǎn)時(shí)的加速度相等，可判斷在軌道I上P點(diǎn)

的加速度與在軌道nIIP點(diǎn)的加速度的關(guān)系；根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力結(jié)合向心力公式

分析線速度大小關(guān)系。

本題考查了萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用，要熟記萬(wàn)有引力的公式和圓周運(yùn)動(dòng)的一些關(guān)系變換

式，解題依據(jù)為萬(wàn)有引力提供向心力，另外注意開(kāi)普勒第三定律的適用條件。

9.【答案】D

C、根據(jù)兩個(gè)等量同種正點(diǎn)電荷的電場(chǎng)分布特點(diǎn)知外＜9。，把電子從4點(diǎn)移動(dòng)到0點(diǎn)，

電勢(shì)增大，電子的電勢(shì)能變小，故C錯(cuò)誤；

。、在兩電荷的連線中垂面上，以8為直徑的圓周上以速度v從C點(diǎn)釋放一電子，速

度方向垂直于CD,使電場(chǎng)力恰好等于所需的向心力，電子就能做圓周運(yùn)動(dòng)，故。正確。

故選：D。

根據(jù)兩個(gè)等量同種電荷的電場(chǎng)線分布情況進(jìn)行分析判斷即可。

對(duì)于等量同種電荷的電場(chǎng)，要明確兩電荷連線和兩電荷連線的中垂線上的電場(chǎng)分布情況。

10.【答案】B

【解析】解：人兩個(gè)正對(duì)的相互靠近的異名磁極間的磁場(chǎng)近似為勻強(qiáng)磁場(chǎng)，強(qiáng)磁鐵為

了形成勻強(qiáng)磁場(chǎng)，放置強(qiáng)磁鐵時(shí)，應(yīng)保證磁鐵的磁極同向，故A正確；

BC,根據(jù)磁鐵的磁場(chǎng)中磁感線分布情況，知強(qiáng)磁鐵間距越小，導(dǎo)軌平面越接近勻強(qiáng)磁

場(chǎng)，可知，強(qiáng)磁鐵磁性越強(qiáng)，導(dǎo)軌平面不一定越接近勻強(qiáng)磁場(chǎng)，故8錯(cuò)誤，C正確；

。、若全部磁鐵N極向上，結(jié)合通過(guò)導(dǎo)體棒的電流方向，由左手定則判斷可知導(dǎo)體棒所

受安培力水平向右，故。正確。

本題選不正確的，

故選：B。

強(qiáng)磁鐵為了形成勻強(qiáng)磁場(chǎng)，強(qiáng)磁鐵間距越小，導(dǎo)軌平面越接近勻強(qiáng)磁場(chǎng)，根據(jù)左手定則

判斷安培力方向。

解決本題的關(guān)鍵要了解磁鐵周?chē)艌?chǎng)的分布情況，知道兩個(gè)正對(duì)的相互靠近的異名磁極

間的磁場(chǎng)近似為勻強(qiáng)磁場(chǎng)，利用左手定則來(lái)判斷安培力方向，從而理解電磁炮的原理。

11.【答案】D

【解析】解：AC、線圈進(jìn)入磁場(chǎng)與離開(kāi)磁場(chǎng)過(guò)程線圈切割磁感線的有效長(zhǎng)度r=0a=

0.1m,

線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=Brv=Br^-=^Br2a)=1x1x0.12x47=0,027,

由閉合電路的歐姆定律可知，感應(yīng)電流/=5=筆=0.04/1,

KU.5

設(shè)電流的有效值為/奇效，則2/2RX：=/%效RT,

代入數(shù)據(jù)解得：/存數(shù)=,4=0.02VZ4,故AC錯(cuò)誤；

8、線圈進(jìn)入、離開(kāi)磁場(chǎng)過(guò)程線圈中有感應(yīng)電流，0a兩端有電壓，線圈完全在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)

動(dòng)過(guò)程，0。切割磁感線，兩端有電壓，故C錯(cuò)誤；

D、在一個(gè)周期內(nèi)穿過(guò)線圈的磁通量變化量/0=0,由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，平均

感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)￡為零，平均感應(yīng)電流7為零，通過(guò)線圈某一橫截面的電荷量q=7t=0,故

。正確。

故選：Do

根據(jù)E=求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，應(yīng)用閉合電路的歐姆定律求出感應(yīng)電流，然后根據(jù)題意

求出感應(yīng)電流的有效值；應(yīng)用法拉第電磁感應(yīng)定律、閉合電路的歐姆定律與電流的定義

式求出通過(guò)線圈某一橫截面的電荷量。

分析清楚線圈的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，應(yīng)用E=BG、法拉第電磁感應(yīng)定律與閉合電路歐姆定律、

電流定義式即可解題時(shí)；解題時(shí)要注意線圈進(jìn)入與離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=

第18頁(yè)，共28頁(yè)

Brv=-Br2a)

20

12.【答案】B

【解析】解：A、交變電流可以通過(guò)電容器，電容器和電阻/?2的兩端電壓即電阻當(dāng)兩端

的電壓，根據(jù)圖乙可知，電流有效值：。=信=*=14根據(jù)歐姆定律可知，電阻治

兩端的電壓：Ui=ARi=10U,故電容器兩端電壓小于10匕故A錯(cuò)誤；

B、電壓表測(cè)量原線圈輸入電壓，根據(jù)變壓比可知，U^^-U^^xlOV=100V,

故8正確；

C、根據(jù)圖乙可知，周期交流電的周期：T=0.02s,頻率：/=/=高Hz=50Hz,變

壓器不改變頻率，則原線圈輸入電流的頻率為50Hz,故C錯(cuò)誤；

2

。、電阻&消耗的功率：PR1==lx10W=10W,交變電流可以通過(guò)電容器，

則電阻R2也會(huì)消耗功率，故變壓器的輸出功率大于10W,則原線圈輸入功率大于10W，

故。錯(cuò)誤。

故選：B。

交變電流可以通過(guò)電容器，電容器和電阻色的兩端電壓即電阻％兩端的電壓，根據(jù)歐姆

定律分析。

由電壓與匝數(shù)成正比可以求得副線圈的電壓的大小，根據(jù)變壓比分析電壓表示數(shù)。

根據(jù)圖乙確定頻率，變壓器不改變交流電的頻率。

因?yàn)殡娙萜饔型ń涣?、阻直流的作用，則有電流通過(guò)角和電容器，根據(jù)電功率的計(jì)算公

式求解治消耗的電功率進(jìn)行分析。

此題考查了變壓器的構(gòu)造和原理，解題的關(guān)鍵是掌握變壓器的電壓之比和匝數(shù)比之間的

關(guān)系，同時(shí)對(duì)于電容器的特性要了解。

13.【答案】D

【解析】解：A、如圖，在

A處把竺■=n,在P處的入

stnr

射角8=15°+r

由于入射光與出射光相互

垂直，所以，小L兩法線垂直。=45。r=30°n=6,故A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)p=￡=立c,故8錯(cuò)誤；

n3

C、臨界角sinC=Z=更,故C錯(cuò)誤；

n3

D、如圖4QJ.QP,所以4Q=QP=Rsin75。

OP=QP-QO=Rsin75°-Rcos750=y/?,故。正確。

故選：De

根據(jù)題意畫(huà)出光路圖，根據(jù)全反射條件結(jié)合折射定律結(jié)合幾何關(guān)系，求解折射率和臨界

角C,以及P點(diǎn)與。點(diǎn)的距離。

本題主要是考查了光的折射和光的全反射；解答此類(lèi)題目的關(guān)鍵是弄清楚光的傳播情況,

畫(huà)出光路圖，根據(jù)圖中的幾何關(guān)系求出折射角或入射角，然后根據(jù)光的折射定律或全反

射的條件列方程求解。

14.【答案】AC

【解析】解：A、波長(zhǎng)4=10/zm=1x10-57n的紅外光在真空中的頻率為/代入

數(shù)據(jù)解得/=3x10i3“z,故A正確；

8、將圖甲中的電源反接，根據(jù)乙圖，反向電壓低于遏止電壓，即低于0.02U時(shí)，電流表

的示數(shù)不為零，故C正確；

C、由乙圖可知遏止電壓為4=2X10-2匕根據(jù)愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程Ek=hv-%,

根據(jù)動(dòng)能定理得e%=Ek，兩式聯(lián)立代入數(shù)據(jù)解得%=04eU,故C正確；

。、若人體溫度升高，則輻射紅外線的強(qiáng)度增大，逸出的光電子的個(gè)數(shù)增加，光電流增

大，故。錯(cuò)誤。

故選：AC。

由/=一計(jì)算頻率；由乙圖可知遏止電壓，反向電壓低于遏止電壓時(shí)電流表的示數(shù)不為

零；根據(jù)愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程以=池-%及e%=后上可計(jì)算逸出功；溫度升高，輻

射紅外線的強(qiáng)度增大，光電流增大。

本題考查了光電效應(yīng)，考查知識(shí)點(diǎn)針對(duì)性強(qiáng)，難度適中，考查了學(xué)生掌握知識(shí)與應(yīng)用知

識(shí)的能力。

第20頁(yè)，共28頁(yè)

15.【答案】ABD

【解析】解：4、由圖知，橫波。的波長(zhǎng)兒=8m,橫波〃的波長(zhǎng)兒=4m,則橫波。的

頻率%=：=?Hz=2Hz,橫波/，的頻率%=/=￥HZ=4HZ,可見(jiàn)兀H%,則。、

b兩列波不會(huì)發(fā)生干涉，故A正確；

B、橫波a的周期兀=*=M=0.5s,

Jan

橫波人的周期Tb=《=：s=0.25s,則a波和b波的周期之比為兀：Tb=2：故B

Jb勺

正確；

C、結(jié)合題圖由同側(cè)法知，t=0時(shí)刻，橫波a中x=2m質(zhì)點(diǎn)處于平衡位置，且沿y軸正

方向運(yùn)動(dòng)，橫波人中x=2m質(zhì)點(diǎn)處于波谷位置，經(jīng)過(guò)戊=0.25s=:=檢，橫波a中

x=2nl質(zhì)點(diǎn)仍處于平衡位置，但沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，

橫波6中x=2m質(zhì)點(diǎn)仍處于波谷位置，由波的疊加知，此時(shí)x=2爪處質(zhì)點(diǎn)處于平衡位

置下方且沿），軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，并未到達(dá)波峰，故C錯(cuò)誤；

D、由題圖知，t=0時(shí)刻，橫波。和6的波峰重合，波谷不重合，由于兩列波的波速相

同且傳播方向相同，由=知，相同時(shí)間內(nèi)傳播的距離相同，則隨時(shí)間變化兩列波

的波峰重合點(diǎn)在不斷變化，但兩列波的波谷不會(huì)重合，故。正確。

故選:ABD。

在同一介質(zhì)中，波傳播的速度相同，由圖讀出波長(zhǎng)，計(jì)算周期和頻率，兩列波在均勻介

質(zhì)中勻速傳播，在疊加區(qū)域內(nèi)質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的位移需矢量合成。

解決本題學(xué)生需掌握波傳播的特點(diǎn)，以及波長(zhǎng)、波速、頻率、周期各物理量間的關(guān)系，

注意兩列波發(fā)生干涉的條件是頻率相同，相差恒定。

16.【答案】BD

【解析】解：4大量的氫原子從n=4的能級(jí)向低能級(jí)躍遷時(shí)，可能發(fā)出的光子頻率的

種類(lèi)為盤(pán)=6種,故A錯(cuò)誤；

B.氫原子由n=4能級(jí)躍遷到n=3能級(jí)時(shí)，電子運(yùn)動(dòng)半徑減小，根據(jù)上馬=小日可知電

rir

子的速度增大，可知電子的動(dòng)能增大，故8正確；

C.根據(jù)躍遷假設(shè)，氫原子只能吸收特定能量的光子后向更高能級(jí)躍遷，0.40eU的能量不

等于n=4能級(jí)與其它能級(jí)間的能級(jí)差，所以不能吸收而發(fā)生躍遷，故C錯(cuò)誤；

D、用能量為3.00W的電子碰撞n=4能級(jí)的氫原子，產(chǎn)生的電子初動(dòng)能最大為a=

3.00ey-0.85eK=2.15eK,2.15eV>1.60eM,因?yàn)殡娮优鲎部赡苡心芰繐p失，所以產(chǎn)

生的電子初動(dòng)能可能是1.60",故。正確。

故選：BD。

大量的氫原子從n=4的能級(jí)向低能級(jí)躍遷時(shí)，根據(jù)廢可計(jì)算可能發(fā)出的光子頻率的種

類(lèi)；根據(jù)kg=rn廿可判斷電子的動(dòng)能變化；根據(jù)躍遷假設(shè)，氫原子只能吸收特定能量

rzr

的光子后向更高能級(jí)躍遷，結(jié)合計(jì)算進(jìn)行判斷；計(jì)算產(chǎn)生的電子初動(dòng)能最大值，再判斷

其可能值。

本題考查玻爾模型，需要學(xué)生熟練掌握玻爾理論的規(guī)律，本題難度適中，考查的核心素

養(yǎng)是物理觀念、科學(xué)思維。

17.【答案】C10.10

【解析】解：①測(cè)量?jī)?nèi)徑應(yīng)該采用內(nèi)測(cè)量爪，故C正確，ABD錯(cuò)誤，故選C；

②主尺讀數(shù)為：10〃""，游標(biāo)尺讀數(shù)為：2x0.05nun=O.lOnun,故內(nèi)徑。讀數(shù)為

lO.lOmmo

故答案為：①C;②10.10。

明確游標(biāo)卡尺的使用方法和讀數(shù)方法，知道游標(biāo)卡尺的讀數(shù)等于主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù),

不需估讀。

本題考查游標(biāo)卡尺的使用方法和讀數(shù)方法，要求熟悉測(cè)量?jī)x器的使用規(guī)則和讀數(shù)方法，

知道游標(biāo)卡尺讀數(shù)時(shí)不需要估讀。

18.【答案】CD

【解析】解：①4、使用電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器時(shí)，紙帶應(yīng)放置在復(fù)寫(xiě)紙下方，故4錯(cuò)誤；

B、為使紙帶在運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的阻力較小，應(yīng)選用電火花打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，故8錯(cuò)誤；

C、當(dāng)祛碼（含祛碼盤(pán)）質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車(chē)質(zhì)量時(shí)，小車(chē)受到的拉力近似等于祛碼（含祛碼盤(pán)

）的重力，若實(shí)驗(yàn)中要測(cè)出拉力做功的值，一定要滿足祛碼（含祛碼盤(pán)）質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車(chē)

質(zhì)量，故C正確；

。、若工作頻率變小，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打點(diǎn)時(shí)間間隔變大，而同學(xué)未發(fā)現(xiàn)，求小車(chē)速度時(shí)所

用時(shí)間偏小，則測(cè)得小車(chē)的速度將比實(shí)際速度偏大，故。錯(cuò)誤。

故選：Co

第22頁(yè)，共28頁(yè)

②由于實(shí)驗(yàn)前遺漏了平衡摩擦力這一關(guān)鍵步驟，可知小車(chē)受到的合外力一定小于mg,

則合外力做功的理論值小于實(shí)際值,得到的實(shí)驗(yàn)圖線(實(shí)線)應(yīng)該為圖象D,故ABC錯(cuò)誤,

￡＞正確。

故選：Do

故答案為：①C；②D。

①根據(jù)實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)與實(shí)驗(yàn)原理分析答題。

②根據(jù)動(dòng)能定理分析理論值與實(shí)際值之間的關(guān)系，然后答題。

要明確此題在驗(yàn)證合外力的功與動(dòng)能變化間的關(guān)系中用到的原理，圍繞實(shí)驗(yàn)原理，明確

實(shí)驗(yàn)?zāi)康?，根?jù)相應(yīng)的物理規(guī)律可知需要測(cè)量的物理量及實(shí)驗(yàn)時(shí)的注意事項(xiàng)。

19.【答案】1.80C1

【解析】解：(1)測(cè)定小燈泡的伏安特性曲線，電壓與電流應(yīng)從零開(kāi)始變化，滑動(dòng)變阻

器應(yīng)采用分壓接法；燈泡電阻約為幾歐姆，電流表內(nèi)阻約為0.50,電壓表內(nèi)阻約為3kO,

則普〉色，電流表應(yīng)采用外接法，實(shí)物電路圖如圖所示;

(2)電壓表量程是3匕由圖乙所示表盤(pán)可知，其分度值為0.1V,示數(shù)為1.80V；

接通開(kāi)關(guān)后，電流表示數(shù)為零說(shuō)明電路存在斷路，電壓表有示數(shù)說(shuō)明電壓表并聯(lián)電路之

外電路不存在斷路，可能是與電壓表并聯(lián)的小燈泡接線處斷路，故C正確，ABD錯(cuò)誤。

故選：C。

(3)測(cè)定小燈泡的伏安特性曲線，電流表采用外接法，由于電壓表的分流作用電流測(cè)量

值偏大，大于電流表采用內(nèi)接法時(shí)電流的測(cè)量值，由圖丙所示圖象可知，實(shí)驗(yàn)應(yīng)選擇曲

線1。

故答案為：(1)實(shí)物電路圖如圖所示；(2)1.80；C；(3)1。

(1)根據(jù)題意確定滑動(dòng)變阻器與電流表的接法，然后根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理連接實(shí)物電路圖。

(2)根據(jù)圖示電壓表確定其量程與分度值，根據(jù)指針位置讀出其示數(shù)；常見(jiàn)的電路故障

有斷路與短路兩種，根據(jù)電路故障現(xiàn)象分析電路故障。

(3)根據(jù)題意確定電流表的接法，然后分析圖示圖象答題。

本題考查了“測(cè)繪小燈泡伏安特性曲線”實(shí)驗(yàn)，考查了實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理與電路故障分析問(wèn)

題，對(duì)電表讀數(shù)時(shí)要先確定其量程與分度值，然后根據(jù)指針位置讀數(shù)，讀數(shù)時(shí)視線要與

刻度線垂直。

20.【答案】解：(1)無(wú)人機(jī)向下勻加速運(yùn)動(dòng)過(guò)程：/11=；的好解得匕=35

向下加速獲得的速度為%=?；?=2x3m/s=6m/s

無(wú)人機(jī)減速過(guò)程有：也一凡-電=射2,解得t2=gs

所以總時(shí)間：t=ti+t2=3s+gs=gs

(2)無(wú)人機(jī)減速過(guò)程，根據(jù)速度位移公式可得：0-資=-2a2；i2

無(wú)人機(jī)重新懸停時(shí)距試驗(yàn)田的安全高度“2=37九時(shí)，此時(shí)加速度的最大

則%=H1-h1-h2

2

聯(lián)立解得：a2=Im/s

無(wú)人機(jī)向下勻減速運(yùn)動(dòng)時(shí)，由牛頓第二定律可得F+/-mg=ma2

則升力F=200N

(3)失去豎直升力后，由牛頓第二定律mg一f=ma3

恢復(fù)動(dòng)力時(shí)：v=a3t解得u=6?n/s

%=匕+尤

2。32a4

聯(lián)立解得%=18m/s2

答：(1)無(wú)人機(jī)從1=0時(shí)刻到重新懸停在42=1血處的總時(shí)間，為gs：

(2)無(wú)人機(jī)在安全高度范圍內(nèi)重新懸停，向下勻減速時(shí)能提供的最大豎直升力大小為

200/V；

(3)若無(wú)人機(jī)在高度%=37n處懸停時(shí)動(dòng)力系統(tǒng)發(fā)生故障，失去豎直升力的時(shí)間為|s,

要使其不落地，恢復(fù)升力時(shí)的最小加速度為18m/s2。

【解析】(1)在加速下降時(shí)，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求得運(yùn)動(dòng)時(shí)間和獲得的速度，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)

公式求得減速時(shí)間，即可求得總時(shí)間；

(2)在安全高度范圍內(nèi)，離地高度越高，此時(shí)勻減速時(shí)的升力最大，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求

得最大加速度，結(jié)合牛頓第二定律求解無(wú)人機(jī)向下勻減速運(yùn)動(dòng)時(shí)空氣對(duì)無(wú)人機(jī)的作用力

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大小；

(3)根據(jù)牛頓第二定律求解無(wú)人機(jī)失去豎直升力時(shí)的加速度大小和恢復(fù)升力時(shí)的速度大

小，再根據(jù)速度一位移關(guān)系求解減速過(guò)程的加速度大小。

對(duì)于牛頓第二定律的綜合應(yīng)用問(wèn)題，關(guān)鍵是弄清楚物體的運(yùn)動(dòng)過(guò)程和受力情況，利用牛

頓第二定律或運(yùn)動(dòng)學(xué)的計(jì)算公式求解加速度，再根據(jù)題目要求進(jìn)行解答；知道加速度是

聯(lián)系力和運(yùn)動(dòng)的橋梁。

21.【答案】解：(1)小火車(chē)恰能通過(guò)豎直圓周軌道最高點(diǎn)，在軌道

最高點(diǎn)應(yīng)滿足：mg=I

14G

從8到“由動(dòng)能定理得：r

-mg-2/?i=

解得%=2>/5m/s

(2)由"到"由動(dòng)能定理得：

1

Pt+Wf=-mvj—0

解得小火車(chē)從”點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)過(guò)程中阻力做的功叼=-2/。

(3)G點(diǎn)距地面的高度九=R-Rcos37°+Rsin37°

解得九=0.32m

由C到G,由動(dòng)能定理得：

-0.2mgxCD一mgh=

在G點(diǎn)，對(duì)小火車(chē)，由牛頓第二定律得：

「向=m-

FG1?JR

解得尸G的=6N

如圖所示，可知軌道對(duì)小火車(chē)的作用力：F=向+G2-2FG向GCOS53°

解得F=VK6W

由牛頓第三定律知：小火車(chē)運(yùn)動(dòng)到傾斜半圓軌道EGF最高點(diǎn)G時(shí)對(duì)軌道作用力的大小

F'=F=V25^6/V

答：(1)小火車(chē)到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的速度大小為2遙TH/S;

(2)小火車(chē)從H點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)過(guò)程中阻力做的功為-2/；

(3)小火車(chē)運(yùn)動(dòng)到傾斜半圓軌道EG尸最高點(diǎn)G時(shí)對(duì)軌道作用力的大小為后石N。

【解析】(1)小火車(chē)恰好能沿著豎直圓軌道運(yùn)動(dòng)，在軌道最高點(diǎn)M,由重力提供向心力，

由牛頓第二定律求小火車(chē)通過(guò)最高點(diǎn)M的速度。從B點(diǎn)到M點(diǎn)，由動(dòng)能定理求小火車(chē)

到達(dá)8點(diǎn)時(shí)的速度大??；

(2)小火車(chē)從，點(diǎn)到B點(diǎn)，根據(jù)動(dòng)能定理求阻力做的功；

(3)從CTG的過(guò)程，先用動(dòng)能定理求出通過(guò)G點(diǎn)的速度，由向心力公式求圓軌道對(duì)小

火車(chē)的作用力大小，由牛頓第三定律得到對(duì)軌道作用力的大小。

解決本題時(shí)，關(guān)鍵要正確分析物塊的受力情況和運(yùn)動(dòng)情況，把握每個(gè)過(guò)程的物理規(guī)律。

能熟練掌握向心力分析過(guò)程。對(duì)于摩擦做功，要分析各個(gè)力做功情況，由動(dòng)能定理求解。

22.【答案】解：由題意可知：兩導(dǎo)軌傾角。=30。，金屬棒與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦系數(shù)“=?，

貝ijzngsi九6=[imgcosd

(1)%=1m處磁感應(yīng)強(qiáng)度大小當(dāng)=2x=2xlT=2T

對(duì)金屬棒，由牛頓第二定律得：B1Id+mgsin。-fimgcosO=ma

代入數(shù)據(jù)解得，金屬棒的加速度大小：a=4m/s2

(2)從久=0到％=4M過(guò)程中，金屬棒受到的安培力大小以=BJd=2%x2X0.1=0.4%

2

安培力做功“宏增=FAX=等竺％=0.2/=0.2x4；=3.2;

對(duì)金屬棒，由動(dòng)能定理得：WmgxsinO-nmgxcosd=|mv2-0

代入數(shù)據(jù)解得，金屬棒運(yùn)動(dòng)到％=4m時(shí)的速度大小u=8m/s

金屬棒從X=4m到