2022屆廣東省深圳高級中學高考沖刺物理模擬試題含解析

2021-2022學年高考物理模擬試卷

考生請注意：

1.答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。

2.第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的

位置上。

3.考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1.真空中相距L的兩個固定點電荷E、/所帶電荷量大小分別是QK和在它們共同形成的電場中，有一條電場線

如圖中實線所示，實線上的箭頭表示電場線的方向.電場線上標出了M、N兩點，其中N點的切線與Ef連線平行，

且NNEF>NNFE.則（）

A.E帶正電，產帶負電，且QE>0F

B.在"點由靜止釋放一帶正電的檢驗電荷，檢驗電荷將沿電場線運動到N點

C.過N點的等勢面與E尸連線垂直

D.負檢驗電荷在M點的電勢能大于在N點的電勢能

2.如圖，用一根不可伸長的輕繩繞過兩顆在同一水平高度的光滑釘子懸掛一幅矩形風景畫?，F若保持畫框的上邊緣水

平，將兩顆釘子之間的距離由圖示位置逐漸增大到不能再增大為止（不考慮畫與墻壁間的摩擦），則此過程中繩的張力

A.逐漸變大B.逐漸變小C.先變大，后變小D.先變小，后變大

3.如圖所示的裝置中，A、B兩物塊的質量分別為2kg、1kg,連接輕彈簧和物塊的輕繩質量不計，輕彈簧的質量不計,

輕繩與滑輪間的摩擦不計，重力加速度g=10m/s2,則下列說法正確的是

A.固定物塊A,則彈簧的彈力大小為20N

B.固定物塊B,則彈簧的彈力大小為40N

C.先固定物塊A,在釋放物塊A的一瞬間，彈簧的彈力大小為10N

D.先固定物塊A,釋放物塊A后，A、B、彈簧一起運動的過程中，彈簧的彈力大小為15N

4.現有一輕質繩拉動小球在水平面內做勻速圓周運動，如圖所示，小球質量為機，速度為%重力加速度為g,輕繩

與豎直方向夾角為。，小球在運動半周時，繩對小球施加的沖量為（）

?-,.2COS20

B.2mv.l4+zu2—--

sir?。

C.nwyl4+TT2tan20D.mv\l4+7r2cos20

5.如圖所示，水平傳送帶A、5兩端相距x=2m,物體與傳送帶間的動摩擦因數〃=0.125,物體滑上傳送帶A端的

瞬時速度％=3m/s,到達8端的瞬時速度設為VB。g取10m/s2,下列說法中正確的是（）

A.若傳送帶順時針勻速轉動，物體剛開始滑上傳送帶A端時一定做勻加速運動

B.若傳送帶順時針勻速轉動，物體在水平傳送帶上運動時有可能不受摩擦力

C.若傳送帶逆時針勻速轉動，則VB一定小于2m/s

D.若傳送帶順時針勻速轉動，則VB一定大于2m/s

6.對于一定質量的理想氣體，下列敘述中正確的是（）

A.當分子間的平均距離變大時，氣體壓強一定變小

B.當分子熱運動變劇烈時，氣體壓強一定變大

C.當分子熱運動變劇烈且分子平均距離變小時，氣體壓強一定變大

D.當分子熱運動變劇烈且分子平均距離變大時，氣體壓強一定變大

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7.如圖所示，等邊三角形線框LMN由三根相同的導體棒連接而成，固定于勻強磁場中，線框平面與磁感應強度方向

垂直，線框頂點M、N與直流電源兩端相接，已知導體棒MN受到的安培力大小為F,則（）

■b

A.導體棒MN受到的安培力垂直于線框平面

B.導體棒MN中的電流是導體棒ML中電流的2倍

C.導體棒ML和LN所受到的安培力的合力大小為尸

D.三角形線框受到的安培力的大小為1.5E

8.在星球M上一輕彈簧豎直固定于水平桌面，物體尸輕放在彈簧上由靜止釋放，其加速度〃與彈簧壓縮量x的關系

如圖產線所示。另一星球N上用完全相同的彈簧，改用物體。完成同樣過程，其加速度a與彈簧壓縮量x的關系如。

線所示，下列說法正確的是（）

A.同一物體在M星球表面與在N星球表面重力大小之比為3：1

B.物體P、。的質量之比是6：1

C.M星球上物體R由靜止開始做加速度為3ao的勻加速直線運動，通過位移xo時的速度為四商

D.圖中P、。下落的最大速度之比為亞

2

9.如圖所示，定值電阻R和電阻箱電阻R串聯在恒定電壓為U的電路中，電壓表V］、V2和電流表A均為理想電表,

且電壓表M的示數大于電壓表V2的示數。已知電阻箱電阻&的最大值大于定值電阻拈的值，若現在逐漸增大電阻

箱的電阻直至最大，則下列有關說法正確的是（）

?。，.At/,_,

B-7變大,苗變大

c.電阻箱電阻消耗的功率逐漸增大

D.電阻箱電阻消耗的功率先增大后減小

10.用甲、乙兩種不同的單色光應用同一實驗裝置分別做雙縫干涉實驗。比較兩次實驗得到的干涉條紋圖案，甲光的

干涉條紋間距大于乙光的干涉條紋間距，則（）

A.甲的波長大于乙的波長

B.甲的頻率大于乙的頻率

C.玻璃對甲的折射率小于對乙的折射率

D.若兩種光在玻璃中傳播，甲的速度等于乙的速度

E.若兩種光從玻璃射向空氣發(fā)生全反射，甲的臨界角大于乙的臨界角

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）為了精確測量某待測電阻R的阻值（約為30C）。有以下一-些器材可供選擇。

電流表Ai（量程0~50mA,內阻約12Q）；

電流表A2（量程0~3A,內阻約0.12C）；

電壓表Vi（量程0~3V,內阻很大）；

電壓表V2（量程0~15V,內阻很大）

電源E（電動勢約為3V,內阻約為0.2C）；

定值電阻R（50。，允許最大電流2.0A）；

滑動變阻器Ki（0-10Q,允許最大電流2.0A）；

滑動變阻器及（0~lkC,允許最大電流0.5A）

單刀單擲開關S一個，導線若干。

（1）為了設計電路，先用多用電表的歐姆擋粗測未知電阻，采用“X10”擋，調零后測量該電阻，發(fā)現指針偏轉非常大,

最后幾乎緊挨滿偏刻度停下來，下列判斷和做法正確的是（填字母代號）。

A.這個電阻阻值很小，估計只有幾歐姆

B.這個電阻阻值很大，估計有幾千歐姆

C.如需進-步測量可換“XI”擋，調零后測量

D.如需進一步測量可換“xlOO”擋，調零后測量

（2）根據粗測的判斷，設計一個測量電路，要求測量盡量準確，畫出實驗電路圖，并將各元件字母代碼標在該元件的

符號旁?

12.（12分）①在做“用單擺測定重力加速度”的實驗時，為了使測量誤差盡量小，下列說法正確的是

A.須選用密度和直徑都較小的擺球

B.須選用輕且不易伸長的細線

C.實驗時須使擺球在同一豎直面內擺動

D.計時起、終點都應在擺球的最高點且不少于30次全振動的時間

4%

②某同學在野外做“用單擺測定重力加速度”的實驗時，由于沒有合適的擺球，他找到了一塊外形不規(guī)則的石塊代替擺

球，如上圖所示。操作時，他用刻度尺測量擺線OM的長度心作為擺長，測出n次全振動的總時間由到周期T,求出

重力加速度g=（學）23這樣得到的重力加速度的測量值比真實值_____（填“大”或“小為了克服擺長無法準確

測量的困難，該同學將擺線長度縮短為L',重復上面的實驗，得出周期廠，由此他得到了較精確的重力加速度值

g=--------?

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖甲所示，半徑K=0.45m的光滑!圓弧軌道固定在豎直平面內，8為軌道的最低點，8點右側的光

4

滑水平面上緊挨8點有一靜止的小平板車，平板車質量W=1kg,長度/=lm,小車的上表面與8點等高，距地面高

度A=0.2m.質量m=1kg的物塊（可視為質點）從圓弧最高點A由靜止釋放.取g=10m/s?.試求:

(1)物塊滑到軌道上的H點時對軌道的壓力大??；

⑵若鎖定平板車并在上表面鋪上一種特殊材料，其動摩擦因數從左向右隨距離均勻變化，如圖乙所示，求物塊滑離平

板車時的速率；

⑶若解除平板車的鎖定并撤去上表面鋪的材料后，物塊與平板車上表面間的動摩擦因數“=0.2,物塊仍從圓弧最高點

A由靜止釋放，求物塊落地時距平板車右端的水平距離.

14.(16分)如圖所示，在豎直平面內建立直角坐標系xOy,在x<0區(qū)域內存在一圓形的勻強磁場，圓心。坐標為

0),半徑為d,磁感應強度大小為B,方向與豎直平面垂直，xK)區(qū)域存在另一磁感應強度大小也為8的勻強磁場，

方向垂直于紙面向里?，F有兩塊粒子收集板如圖所示放置，其中的端點4、B、C的坐標分別為(d,0)、(d,半)、

(3d,0),收集板兩側均可收集粒子。在第三象限中，有一寬度為2d粒子源持續(xù)不斷地沿j軸正方向發(fā)射速率均為v

的粒子，粒子沿x軸方向均勻分布，經圓形磁場偏轉后均從。點進入右側磁場。已知粒子的電荷量為+g,質量為處

重力不計，不考慮粒子間的相互作用，求：

(1)圓形磁場的磁場方向；

⑵粒子運動到收集板上時，即刻被吸收，求收集板上有粒子到達的總長度；

(3)收集板BC與收集板AB收集的粒子數之比。

15.(12分)如圖所示，電阻不計的光滑金屬導軌由彎軌48,尸G和直窄軌BC,G"以及直寬軌OE、”組合而成，

"、尸G段均為豎直尺圓弧，半徑相等，分別在5,G兩點與窄軌5C、GH相切，窄軌和寬軌均處于同一水平面內,

BC、G”等長且與OE,/./均相互平行，CD,等長，共線，且均與8c垂直。窄軌和寬軌之間均有豎直向上的磁感

強度為3的勻強磁場，窄軌間距為上，寬軌間距為心由同種材料制成的相同金屬直棒a,b始終與導軌垂直且接觸

2

良好，兩棒的長度均為L,質量均為，"，電阻均為此初始時〃棒靜止于導軌5C段某位置，“棒由距水平面高〃處自

由釋放。已知力棒剛到達C位置時的速度為a棒剛到達8位置時的:，重力加速度為g,求：

(1)a棒剛進入水平軌道時，〃棒加速度恁的大小；

(2)》棒在8c段運動過程中，。棒產生的焦耳熱Qa；

(3)若a棒到達寬軌前已做勻速運動，其速度為a棒剛到達8位置時的,，則8棒從剛滑上寬軌到第一次達到勻速

2

的過程中產生的焦耳熱Qb。

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、C

【解析】

根據電場線的指向知E帶正電，F帶負電；N點的場強是由E、F兩電荷在N點產生場強的疊加，電荷E在N點電場

方向沿EN向上，電荷F在N點產生的場強沿NF向下，合場強水平向右，可知F電荷在N點產生的場強大于E電荷

在N點產生的場強，而NF>NE，所以由點電荷場強公式七=華知0E<0F，A錯誤；只有電場線是直線，且初速

度為0或初速度的方向與電場平行時，帶電粒子的運動軌跡才與電場線重合.而該電場線是一條曲線，所以運動軌跡

與電場線不重合.故在M點由靜止釋放一帶正電的檢驗電荷，不可能沿電場線運動到N點，B錯誤；因為電場線和等

勢面垂直,所以過N點的等勢面與過N點的切線垂直,C正確;沿電場線方向電勢逐漸降低，%>我，再根據Ep=g0,

q為負電荷，知%,<%,D錯誤；故選C.

【點睛】

只有電場線是直線，且初速度為0或初速度的方向與電場平行時，帶電粒子的運動軌跡才與電場線重合.電場線和等

勢面垂直.N點的切線與EF連線平行，根據電場線的方向和場強的疊加，可以判斷出E、F的電性及電量的大小.先

比較電勢的高低，再根據比較電勢能.

2、D

【解析】

分析題意可知，畫受到兩段輕繩的拉力作用，根據共點力的平衡可知，拉力的合力與重力等大反向，即合力恒定不變。

隨著兩顆釘子之間距離的增大，兩端輕繩的夾角先減小，后增大，根據力的合成規(guī)律可知，兩力合成時，合力一定的

情況下，分力的夾角越大，分力越大，分力的夾角越小，分力越小。則輕繩的張力先變小后變大，當兩輕繩處于豎直

方向時，張力最小，故D正確，ABC錯誤。

故選D。

3^C

【解析】固定物塊A,則彈簧的彈力大小等于B的重力，大小為10N,選項A錯誤；固定物塊B,則彈簧的彈力大小

等于A的重力，大小為20N,選項B錯誤；先固定物塊A,則彈簧的彈力為10N,在釋放物塊A的一瞬間，彈簧的

彈力不能突變，則大小為10N,選項C正確；先固定物塊A,釋放物塊A后，A、B、彈簧一起運動的過程中，加速

度為二=二:二-=二=2二/二;,對物體B:T-mBg=mBa,解得彈簧的彈力大小為4Q/3N,選項D錯誤；故選C.

口二+二:3

4、A

【解析】

由題意可知在水平方向運動半周，速度反向，水平方向有

Ix=2mv

豎直方向上繩子與豎直線夾角。滿足

2〃

zngtan0=mv于

故豎直方向沖量為

.Tcos0

I,=mg■—=mnv-------

2sin0

根據矢量的合成的三角形法則可知繩對小球施加的沖量為

COS2￡?

sin7?

故A正確，BCD錯誤。

故選A。

5、B

【解析】

A.若傳送帶順時針勻速轉動，若傳送帶的速度小于3m/s,則物體在傳送帶上做勻減速運動，故A錯誤；

B.若傳送帶順時針勻速轉動，若傳送帶的速度等于3m/s,則物體在傳送帶上做勻速運動，所以物體可能不受摩擦力,

故B正確；

C.若傳送帶逆時針勻速轉動，加速度大小

a==1.25m/s2

m

減速到零所用的時間為

發(fā)生的位移為

s="+°L=—x2.4m=3.6m>2m

2°2

說明物體在傳送帶上一直做勻減速運動，由速度位移公式有

2ax=\rB-v\

即

2x(-1.25)x2=4-32

解得

vB=2m/s

故C錯誤;

D.若傳送帶順時針勻速轉動且速度為2m/s,則物體速度減速到與傳送帶速度相同時發(fā)生的位移為

22-32

--------------m=2m=x

2x(-1.25)

說明物體到達傳送帶B端時速度與傳送帶速度相等即為2m/s,故D錯誤。

故選B。

6、C

【解析】

氣體壓強在微觀上與分子的平均動能和分子密集程度有關。當分子熱運動變劇烈且分子平均距離變大時，氣體壓強可

能變大、可能不變、也可能變小；當分子熱運動變劇烈且分子平均距離變小時，氣體壓強一定變大。

故選C。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、BD

【解析】

A.由圖可知，導體棒MN電流方向有M指向N,由左手定則可得，安培力方向平行于線框平面，且垂直于導體棒

MN,故A錯誤；

B.MLN邊的有效長度與MN相同，等效后的電流方向也與MN相同，由左手定則可知，邊MLN的電阻等于邊MN

的電阻的兩倍，兩者為并聯關系，根據歐姆定律可知，導體棒MN中的電流是導體棒MLN中電流的2倍，故B正確；

CD.中的電流大小為/,則MLN中的電流為,，設MN的長為L,由題意知

2

F=BIL

所以邊MLN所受安培力為

F'=B.-L=-F

22

方向與MN邊所受安培力的方向相同，故有

以=F+F'="3=L5F

02

故C錯誤，D正確。

故選BD。

8,AD

【解析】

A.分析圖象可知，彈簧壓縮量為零時，物體只受重力作用，加速度為重力加速度，則物體在M星球表面的重力加速

度：gM=3a0,在N星球表面的重力加速度：gN=a0,則同一物體在M星球表面與在N星球表面重力大小之比為

3：1,故A正確；

B.分析物體的受力情況，加速度為零時，重力和彈簧彈力平衡，根據平衡條件可得

=m

5?Q8tt=2,kx0

解得

處」

mQ6

故B錯誤；

C.M星球上，物體R由靜止開始做勻加速直線運動，加速度為3.0,通過位移xo,根據速度一位移公式

v2=2x3ao-%

可知速度為［=16%/,故C錯誤；

D.根據動能定理可知，合外力做功等于動能變化，即

ma?x=AEk

根據圖象的面積可得

后|^=；/%,3%.拓，EkQ=^mQ-an-2xn

動能之比

結合前面的分析則最大速度之比

Vp二遍

VQ2

故D正確。

故選AD。

9、AD

【解析】

A.對于定值電阻，根據歐姆定律有:

故A正確；

B.將定值電阻和恒定電壓電路等效成一個電源，其中［7是等效電動勢，Ri是等效內阻，可得

R告

故B錯誤;

CD.在等效電路中，當Rz=Ri,電阻箱電阻消耗的功率最大，又依題意可知電阻箱的原阻值小于定值電阻以，可見,

在逐漸增大電阻箱的電阻直至最大的過程中，電阻箱電阻消耗的功率先增大后減小，故C錯誤，D正確。

故選AD。

10、ACE

【解析】

A.雙縫干涉條紋間距

L,

Ax=—A

d

同一實驗裝置其〃d相同，?越大則4越長，則甲光的波長大，A正確;

B.甲光的波長大于乙光，由

c=Av

知甲光的頻率小于乙光的頻率，B錯誤；

C.頻率丫越小，介質對它的折射率〃越小，則玻璃對甲光的折射率小，C正確；

D.根據

c

n=—

v

可知甲光在玻璃中的速度大，D錯誤；

E.根據全發(fā)射的特點

.C1

sinC=—

n

可知光在玻璃中的折射率〃越小，則全反射臨界角C越大，則甲光臨界角大，E正確。

故選ACE,

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

【解析】

(1)[1]采用“xlO”擋，調零后測量該電阻，發(fā)現指針偏轉非常大，最后幾乎緊挨滿偏刻度停下來，說明待測電阻的阻

值較小，為了使歐姆表指針在中值電阻附近讀數，減小誤差，需更換較小的倍率，更換“xl”擋倍率后需重新調零后再

測量，故AC正確，BD錯誤；

故選AC；

(2)[2]電源電動勢只有3V,故選用電壓表Vi(量程0~3V,內阻很大)；回路中的電流最大電流為

,3

I=-A=100mA

m.30

故選用電流表Ai(量程0~5()mA內阻約12C),待測電阻阻值遠小于電壓表內阻，電流表應選外接法，但根據歐姆定

律，若將電阻直接接在電壓表兩端時，電阻兩端最大電壓為

U==5()xIO-*3()V=1.5V

只是電壓表V1量程的一半；若將待測電阻與定值電阻串聯，則它們兩端電壓為

u=(尺+R)=50X10-3X(30+50)V=4V

能達到電壓表V1的量程，為達到測量盡量準確的目的，滑動變阻器采用分壓式接法，故選用阻值小的滑動變阻器K”

電路圖如圖所示

【解析】

(1)A、為減小空氣阻力對實驗的影響，從而減小實驗誤差，組裝單擺須選用密度大而直徑都較小的擺球，故A錯誤；

B、為減小實驗誤差，組裝單擺須選用輕且不易伸長的細線，故B正確；

C、實驗時須使擺球在同一豎直面內擺動，不能使單擺成為圓錐擺，故C正確；

D、測量時間應從單擺擺到最低點開始，因為最低位置擺球速度最大，相同的視覺距離誤差，引起的時間誤差較小，

則周期測量比較準確，故D錯誤；

(2)根據單擺的周期公式7=2"、仕得：g=陰，該同學用OM的長L作為擺長，擺長偏小，根據上述表達式得

知，g的測量值偏小，設擺線的結點到大理石質心的距離為r,則根據單擺的周期公式T=2%得：T=

而T'=24戶五，聯立解得：g,呼-,。

VgT2-T2

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、(1)30N.(2)lm/s.(3)0.2m.

【解析】

(1)物體從圓弧軌道頂端滑到B點的過程中，機械能守恒，貝！

解得VB=3m/s.

在B點由牛頓第二定律得，N-mg=機為

R

解得N=mg+m-^-=30N

R

即物塊滑到軌道上B點時對軌道的壓力N，=N=30N,方向豎直向下.

m

(2)物塊在小車上滑行時的摩擦力做功W尸-四〃隆;〃2&l=-4J

從物體開始滑到滑離平板車過程中由動能定理得，，咫尺+叼=!

解得v=lm/s

(3)當平板車不固定時，對物塊ai=pg=2ni/s2

對平板車出=幺整=2加/$2；

1,1,

經過時間ti物塊滑離平板車，則vHtt--att；--a^=\m

解得ti=0.5s(另一解舍掉)

物體滑離平板車的速度v?,=VB-aiti=2ni/s

此時平板車的速度：丫車=22ti=lm/s

[2h

物塊滑離平板車做平拋運動的時間今=,%-=02s

物塊落地時距平板車右端的水平距離s=(v物-v車)t2=0.2m

【點睛】

本題綜合考查了動能定理、機械能守恒定律、牛頓第二定律和運動學公式，綜合性較強，關鍵理清運動過程，選擇合

適的規(guī)律進行求解.

14、(1)垂直紙面向外；⑵+幣一6d(3)1:1

2

【解析】

(1)粒子帶正電且在圓形磁場中向右偏轉，可知磁場方向垂直紙面向外；

⑵利用旋轉圓可以知道，粒子平行于y軸射入圓形磁場中，且都從同一點。射入右邊的磁場中，則粒子運動的軌跡圓

半徑必與圓形磁場的半徑是相同的，即為d；粒子進入右邊磁場后，因為磁感應強度也為3,可知粒子在右邊磁場中

運動時的圓軌跡半徑也為r=d；

打在AB收集板上的臨界情況分別是軌跡圓與AB板相切，即沿x軸正方向射入的粒子，和粒子剛好過A點的粒子，

故AB板上粒子打的區(qū)域長度為rfo

而粒子只有從第四象限進入右邊磁場才有可能打在收集板BC上。

根據幾何關系可得，粒子剛好經過A點時，軌跡圓圓心。2和原點。以及A點構成一個正三角形，可得：粒子與x軸

正方向成3()。向下。此時粒子剛好打到8c板上的Pi點。

由幾何關系可知。4丹0|為菱形，且APi與8c垂直，則由幾何關系可得，

d

cq=Cd

tan30°

粒子在板上打的最遠距離是當直徑作為弦的時候，此時與8c的交點為尸2,根據點A、8、C的坐標可得，三角形A8C

是直角三角形，角C為30。

由余弦定理可得

2

0P-=0C+CP；-2OCCP2COS30°

解得：

d