2022-2023學(xué)年廣東省揭陽(yáng)一中高考物理試題仿真卷：物理試題試卷四

2022-2023學(xué)年廣東省揭陽(yáng)一中高考物理試題仿真卷：物理試題試卷（4）

注意事項(xiàng)：

1.答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)碼填寫(xiě)清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。

2.答題時(shí)請(qǐng)按要求用筆。

3,請(qǐng)按照題號(hào)順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書(shū)寫(xiě)的答案無(wú)效；在草稿紙、試卷上答題無(wú)效。

4.作圖可先使用鉛筆畫(huà)出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。

5.保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)煙霧探測(cè)器，如圖所示，S為光源，當(dāng)有煙霧進(jìn)入探測(cè)器時(shí)，S發(fā)出的光被煙霧散射進(jìn)入光電管

C?光射到光電管中的鈉表面產(chǎn)生光電子，當(dāng)光電流大于或等于/時(shí)，探測(cè)器觸發(fā)報(bào)警系統(tǒng)報(bào)警。已知真空中光速為c,

鈉的極限頻率為加，電子的電荷量為e,下列說(shuō)法正確的是（）

A.要使該探測(cè)器正常工作，光源S發(fā)出的光波長(zhǎng)應(yīng)大于—

%

B.若用極限頻率更高的材料取代鈉，則該探測(cè)器一定不能正常工作

C.若射向光電管C的光子中能激發(fā)出光電子的光子數(shù)占比為“，報(bào)警時(shí)，，時(shí)間內(nèi)射向光電管鈉表面的光子數(shù)至少是

It

W

D.以上說(shuō)法都不對(duì)

2、如下圖所示，光滑半圓槽質(zhì)量為M,靜止在光滑的水平面上，其內(nèi)表面有一小球被細(xì)線吊著恰好位于槽的邊緣處.

若將線燒斷，小球滑到另一邊的最高點(diǎn)時(shí)，圓槽的速度為（）

A.零B.向右C.向左D.不能確定

3、如圖所示，在兩塊相同的豎直木板之間，有質(zhì)量均為m的4塊相同的磚，用兩個(gè)大小均為F的水平力壓木板，使

磚塊靜止不動(dòng)，則第2塊磚對(duì)第3塊磚的摩擦力大小是（）

FF

A.0B?mgD.2mg

4、如圖所示，水平放置的封閉絕熱氣缸，被一鎖定的絕熱活塞分為體積相等的a、b兩部分。已知a部分氣體為Imol

氧氣，b部分氣體為2moi氧氣，兩部分氣體溫度相等，均可視為理想氣體。解除鎖定，活塞滑動(dòng)一段距離后，兩部

分氣體各自再次達(dá)到平衡態(tài)時(shí)，它們的體積分別為匕、Vh,溫度分別為△、下列說(shuō)法正確的是

A.Va>Vb,Ta>TbB.Va>Vb,Ta<Tb

C.Va<Vb,Ta<TbD.Va<Vb,Ta>Tb

5、如圖所示，其中電流表A的量程為0.6A,表盤(pán)均勻劃分為30個(gè)小格，每一小格表示0.02A；2的阻值等于電流表

內(nèi)阻的,；4的阻值等于電流表內(nèi)阻的4倍。若用電流表A的表盤(pán)刻度表示流過(guò)接線柱1的電流值，則下列分析正確

2

的是（）

A.將接線柱1、2接入電路時(shí)，每一小格表示0.04A

B.將接線柱1、2接入電路時(shí)，每一小格表示0.02A

C.將接線柱1、3接入電路時(shí)，每一小格表示0.06A

D.將接線柱1、3接入電路時(shí)，每一小格表示0.01A

6、如圖，傾角為a=45。的斜面ABC固定在水平面上，質(zhì)量為，”的小球從頂點(diǎn)A先后以初速度%和2%向左水平拋

出，分別落在斜面上的片、鳥(niǎo)點(diǎn)，經(jīng)歷的時(shí)間分別為心L；A點(diǎn)與6、々與鳥(niǎo)之間的距離分別為4和%，不計(jì)空

氣阻力影響。下列說(shuō)法正確的是（）

A.44=1：1

B./]:6=1：2

C.兩球剛落到斜面上時(shí)的速度比為1：4

D.兩球落到斜面上時(shí)的速度與斜面的夾角正切值的比為1:1

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

7、如圖所示，在真空中某點(diǎn)電荷的電場(chǎng)中，將兩個(gè)電荷量相等的試探電荷分別置于M、N兩點(diǎn)時(shí)，兩試探電荷所受

電場(chǎng)力相互垂直，且則以下說(shuō)法正確的是()

A.這兩個(gè)試探電荷的電性可能相同B.M、N兩點(diǎn)可能在同一等勢(shì)面上

C.把電子從M點(diǎn)移到N點(diǎn)，電勢(shì)能可能增大D.N點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)一定大于M點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)

8、在傾角為0的斜面上固定兩根足夠長(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌PQ、MN,相距為L(zhǎng),導(dǎo)軌處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)

磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直導(dǎo)軌平面向下.有兩根質(zhì)量均為m的金屬棒a、b,先將a棒垂直導(dǎo)軌放置，用跨過(guò)光滑定滑

輪的細(xì)線與物塊c連接，連接a棒的細(xì)線平行于導(dǎo)軌，由靜止釋放c,此后某時(shí)刻，將b也垂直導(dǎo)軌放置，a、c此刻

起做勻速運(yùn)動(dòng),b棒剛好能靜止在導(dǎo)軌上.a棒在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中始終與導(dǎo)軌垂直,兩棒與導(dǎo)軌電接觸良好,導(dǎo)軌電阻不計(jì).則

()

A.物塊c的質(zhì)量是2msin0

B.b棒放上導(dǎo)軌前，物塊c減少的重力勢(shì)能等于a、c增加的動(dòng)能

C.b棒放上導(dǎo)軌后，物塊c減少的重力勢(shì)能等于回路消耗的電能

D.b棒放上導(dǎo)軌后，a棒中電流大小是'"gsinO

BL

9、如圖所示，半徑為R的光滑絕緣圓環(huán)固定于豎直平面內(nèi)，a為圓環(huán)的最低點(diǎn)，c為圓環(huán)的最高點(diǎn)，6點(diǎn)與圓心。等

高，該空間存在與圓環(huán)平面平行的勻強(qiáng)電場(chǎng)。質(zhì)量為機(jī)、帶電量為+g的小球P套在圓環(huán)上，沿環(huán)做圓周運(yùn)動(dòng)，通過(guò)“、

A.勻強(qiáng)電場(chǎng)方向水平向右

B.勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)大小為七=經(jīng)

q

C.小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中對(duì)圓環(huán)的最大壓力為

D.小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中對(duì)圓環(huán)的最小壓力為1.25mg

10、一質(zhì)量為機(jī)的物體以某一速度沖上一個(gè)傾角為37。的斜面，其運(yùn)動(dòng)的加速度的大小為0.9g.這個(gè)物體沿斜面上升

的最大高度為“，則在這過(guò)程中（）

A.物體克服重力做功0.9,即”

B.物體克服摩擦力做功0.6mg"

C.物體的動(dòng)能損失了1.5mg"

D.物體的重力勢(shì)能增加了tngH

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。

11.（6分）為“驗(yàn)證牛頓第二定律”，某同學(xué)設(shè)計(jì)了如下實(shí)驗(yàn)方案：

A.實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示，一端系在滑塊上的輕質(zhì)細(xì)繩通過(guò)轉(zhuǎn)軸光滑的輕質(zhì)滑輪，另一端掛一質(zhì)量為m=0.5kg的鉤

碼.用墊塊將長(zhǎng)木板附定滑輪的一端墊起，調(diào)整長(zhǎng)木板的傾角，直至輕推滑塊后，滑塊沿長(zhǎng)木板向下做勻速直線運(yùn)動(dòng);

B.保持長(zhǎng)木板的傾角不變，取下細(xì)繩和鉤碼，連接紙帶，接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源，然后讓滑塊沿長(zhǎng)木板滑下，打點(diǎn)

計(jì)時(shí)器打下的紙帶如圖乙所示.

請(qǐng)回答下列問(wèn)題：

(1)圖乙中紙帶的一端與滑塊相連(選填“左”或“右”).

(1)圖乙中相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有4個(gè)點(diǎn)未畫(huà)出，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器接頻率為50Hz的交流電源，根據(jù)圖乙求出滑塊的加

速度a=m/s1.

(3)不計(jì)紙帶與打點(diǎn)計(jì)時(shí)器間的阻力，滑塊的質(zhì)量kg(g取9.8m/si結(jié)果保留3位有效數(shù)字).

12.(12分)某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)如圖甲所示的裝置來(lái)測(cè)定滑塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)，其中A為滑塊石和C處是鉤碼,

不計(jì)繩和滑輪的質(zhì)量及它們之間的摩擦.實(shí)驗(yàn)中該同學(xué)保持在B和C處鉤碼總個(gè)數(shù)不變的條件下，改變C處鉤碼個(gè)數(shù),

測(cè)出C處不同個(gè)數(shù)鉤碼的總質(zhì)量m及對(duì)應(yīng)加速度”,然后通過(guò)對(duì)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)的分析求出滑塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù).

⑴該同學(xué)手中有電火花計(jì)時(shí)器、紙帶、10個(gè)質(zhì)量均為100克的鉤碼、滑塊、一端帶有定滑輪的長(zhǎng)木板、細(xì)線,為了完

成本實(shí)驗(yàn)，得到所要測(cè)量的物理量,還需要.

A.秒表B.毫米刻度尺C.天平D.彈簧測(cè)力計(jì)

(2)在實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理中，該同學(xué)以C處鉤碼的總質(zhì)量，”為橫軸，以加速度a為縱軸，繪制了如圖乙所示的實(shí)驗(yàn)圖線，可知滑塊

與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)"=_______.(g^lOm/s2)

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算

步驟。

13.(10分)如圖所示，在直角坐標(biāo)xOy平面內(nèi)，第一、二象限有平行y軸的勻強(qiáng)電場(chǎng)，第三、四象限有垂直坐標(biāo)平

面的勻強(qiáng)電磁場(chǎng)。一質(zhì)量為機(jī)、電荷量為4的正電粒子，從坐標(biāo)原點(diǎn)。以大小為M),方向與X軸正方向成37°的速度

沿坐標(biāo)平面射入第一象限，粒子第一次回到x軸時(shí)，經(jīng)過(guò)x軸上的尸點(diǎn)(圖中未標(biāo)出)，已知電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E,粒子

重力不計(jì)，sin37°=0.6,cos37=0.8

(1)求P點(diǎn)的坐標(biāo)；

(2)若粒子經(jīng)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后，第二次回到x軸的位置與坐標(biāo)原點(diǎn)O的距離為OP的一半，求磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小和方向。

14.(16分)學(xué)校組織趣味運(yùn)動(dòng)會(huì)，某科技小組為大家提供了一個(gè)寓教于樂(lè)的游戲.如圖所示，磁性小球在鐵質(zhì)圓軌道

外側(cè)旋轉(zhuǎn)而不脫落，好像軌道對(duì)它施加了魔性一樣，小球旋轉(zhuǎn)一周后在C點(diǎn)脫離軌道，投入左邊內(nèi)軌的某點(diǎn)上，已知

豎直圓弧軌道由半徑為2R的左半圓軌道A5和半徑為K的右半圓軌道8c無(wú)縫對(duì)接，A、5點(diǎn)處于豎直線上，可看成

質(zhì)點(diǎn)、質(zhì)量為機(jī)的小球沿軌道外側(cè)做圓周運(yùn)動(dòng)，已知小球受軌道的磁性引力始終指向圓心且大小恒為凡不計(jì)摩擦和

空氣阻力，重力加速度為g。

(1)若小球在A點(diǎn)的速度為J麗，求小球在該點(diǎn)對(duì)軌道的彈力；

(2)若磁性引力尸可調(diào)整，要使小球能完成完整的圓周運(yùn)動(dòng)，求二的最小值;

(3)若小球從最高點(diǎn)開(kāi)始沿軌道外側(cè)運(yùn)動(dòng)，最后從C點(diǎn)拋出落到左側(cè)圓軌道上(球脫離軌道后與軌道的引力消失)，問(wèn)

小球能否落在與右邊小圓圓心等高處？如果不能，求出小球的落點(diǎn)與0點(diǎn)的最短豎直距離。

15.(12分)如圖所示，PQ為一豎直放置的熒光屏，一半徑為R的圓形磁場(chǎng)區(qū)域與熒光屏相切于。點(diǎn)，磁場(chǎng)的方向

垂直紙面向里且磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為8,圖中的虛線與磁場(chǎng)區(qū)域相切，在虛線的上方存在水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度

大小為E,在。點(diǎn)放置一粒子發(fā)射源，能向右側(cè)180。角的范圍發(fā)射一系列的帶正電的粒子，粒子的質(zhì)量為，小電荷量為

%經(jīng)測(cè)可知粒子在磁場(chǎng)中的軌道半徑為R,忽略粒子的重力及粒子間的相互作用.求：

0

(1)如圖，當(dāng)粒子的發(fā)射速度方向與熒光屏成60。角時(shí)，該帶電粒子從發(fā)射到達(dá)到熒光屏上所用的時(shí)間為多少?粒子到達(dá)

熒光屏的位置距O點(diǎn)的距離為多大？

(2)從粒子源發(fā)射出的帶電粒子到達(dá)熒光屏?xí)r，距離發(fā)射源的最遠(yuǎn)距離應(yīng)為多少？

參考答案

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、C

【解析】

A.根據(jù)c=2l/可知，光源S發(fā)出的光波波長(zhǎng)

%

即要使該探測(cè)器正常工作，光源S發(fā)出的光波波長(zhǎng)小于?，故A錯(cuò)誤；

為

B.根據(jù)光電效應(yīng)方程可知，用極限頻率更高的材料取代鈉，只要頻率小于光源S發(fā)出的光的頻率，則該探測(cè)器也能

正常工作，故B錯(cuò)誤；

C.光電流等于/時(shí)，t秒產(chǎn)生的光電子的個(gè)數(shù)

It

n=—

f秒射向光電管鈉表面的光子最少數(shù)目

.,nIt

N=—=—

〃er/

故C正確：

D.由以上分析，D項(xiàng)錯(cuò)誤。

故選C。

2、A

【解析】對(duì)于系統(tǒng)來(lái)說(shuō)，整體的動(dòng)量守恒，系統(tǒng)的初動(dòng)量為零，當(dāng)小球滑到另一邊的最高點(diǎn)時(shí)，小球和圓槽具有共同

的速度，根據(jù)總動(dòng)量守恒可知，此時(shí)的速度都為零，所以圓槽的速度為零，所以A正確，BCD錯(cuò)誤.故選A.

3、A

【解析】

先對(duì)4塊木板整體受力分析，受重力4mg和兩側(cè)墻壁對(duì)木塊向上的靜摩擦力"，根據(jù)平衡條件，有：2f=4mg;解得:

f=2mg,即墻壁對(duì)木板的靜摩擦力為2/ng；再對(duì)木板3、4整體分析，受重力2mg,墻壁對(duì)其向上的靜摩擦力，大小為

產(chǎn)2mg,設(shè)2對(duì)3、4的靜摩擦力為廣,向上，根據(jù)平衡條件，有：ff=2mg,故/=2”電戶1.故A正確,BCD錯(cuò)誤.

4、D

【解析】

AB.解除鎖定前，兩部分氣體溫度相同，體積相同，由=可知質(zhì)量大的部分壓強(qiáng)大，即〃部分壓強(qiáng)大，故活

塞左移，平衡時(shí)匕，〈匕，5=與，故A、B錯(cuò)誤；

CD.活塞左移過(guò)程中，。氣體被壓縮內(nèi)能增大，溫度增大，b氣體向外做功，內(nèi)能減小，溫度減小，平衡時(shí)

故C錯(cuò)誤，D正確；

故選D。

5、C

【解析】

AB.由于電流表A的每個(gè)最小格表示0.02A,當(dāng)將接線柱1、2接入電路時(shí)，電流表A與電阻照并聯(lián)，當(dāng)電流表中

通過(guò)0.02A的電流時(shí)，根據(jù)歐姆定律可知，流過(guò)油的電路為0.04A,故干路電流為0.06A,即此時(shí)每一小格表示0.06A,

故AB均錯(cuò)誤；

CD.將接線柱1、3接入電路時(shí)，電流表與電阻拈并聯(lián)后再與電阻及串聯(lián)，當(dāng)電流表中通過(guò)0.02A的電流時(shí)，Ri

中的電流仍是0.04A,故干路電流就是0.06A,所以通過(guò)接線柱1的電流值就是0.06A,所以它表示每一小格表示0.06

A,選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤。

故選C

6、D

【解析】

A.平拋運(yùn)動(dòng)落在斜面上時(shí)，豎直方向的位移和水平方向上位移比值一定

1,2

-gt

y2

tancr=—=------

xvot

解得

t_2v0tana

g

可知時(shí)間與初速度成正比，所以乙：弓=上2,故A錯(cuò)誤;

B.落點(diǎn)到A點(diǎn)的距離

x_vt_2vltana

i—=o=

cosacosagcosa

可知距離與初速度的平方成正比，所以4：4=1：4,故B錯(cuò)誤；

CD,設(shè)速度與水平方向的夾角為。，有

V0(

tan。=」v=J=2tana

%%

則知小球落在斜面上時(shí)速度方向相同，所以兩球落到斜面上時(shí)的速度與斜面的夾角相同，夾角正切值的比為1：1,

則落到斜面上時(shí)的速度為

cos。

則可知?jiǎng)偮涞叫泵嫔蠒r(shí)的速度與初速度成正比，所以兩球剛落到斜面上時(shí)的速度比為1：2,故C錯(cuò)誤，D正確。

故選D。

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

7、CD

【解析】

A.將尸2和B的作用線延長(zhǎng)相交，交點(diǎn)即為點(diǎn)電荷的位置，可知，點(diǎn)電荷對(duì)M處試探電荷有排斥力，對(duì)N處試探電

荷有吸引力，所以這兩個(gè)試探電荷的電性一定相反，故A錯(cuò)誤；

B.由于尸2＞后，可知M、N到點(diǎn)電荷的距離不等，不在同一等勢(shì)面上，故B錯(cuò)誤；

C.若點(diǎn)電荷帶負(fù)電，則把電子從M點(diǎn)移到N點(diǎn)，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增大，故C正確；

D.由點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式E=*可知，由于尸2＞入，則有

q

EN＞EM

故D正確。

故選CDo

8、AD

【解析】

b棒靜止說(shuō)明b棒受力平衡，即安培力和重力沿斜面向下的分力平衡，a棒勻速向上運(yùn)動(dòng)，說(shuō)明a棒受繩的拉力和重

力沿斜面向下的分力大小以及沿斜面向下的安培力三個(gè)力平衡，c勻速下降則c所受重力和繩的拉力大小平衡.由b

平衡可知，安培力大小F安=1?85加9,由a平衡可知F繩=F^+mgsin0=2mgsinO,由c平衡可知F(?=mcg；因?yàn)槔K中拉力

大小相等，故2mgsinO=mcg,即物塊c的質(zhì)量為2msinO,故A正確；b放上之前，根據(jù)能量守恒知a增加的重力勢(shì)能

也是由于c減小的重力勢(shì)能，故B錯(cuò)誤；a勻速上升重力勢(shì)能在增加，故根據(jù)能量守恒知C錯(cuò)誤；根據(jù)b棒的平衡可

知Fj^mgsin。又因?yàn)镕MBIL,故/=°,故D正確；故選AD.

BL

考點(diǎn)：物體的平衡；安培力.

9、AC

【解析】

A.從最低點(diǎn)到最高點(diǎn):

1

—1mv2.——mv2=-2mgR+qU

2c20ac

解得:

S'=0

故訛連線為等勢(shì)線，從a到兒有

|mvl~1mva=_mgR+4久

解得：

電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)線，且沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，故勻強(qiáng)電場(chǎng)方向水平向右，故A正確;

B.勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)大小

E=5小=3mg

一R_4q

故B錯(cuò)誤;

C.電場(chǎng)力

Eq=^mg

當(dāng)電場(chǎng)力與重力合力與圓心在一條直線上時(shí)，對(duì)圓環(huán)的壓力達(dá)到最大和最小，根據(jù)幾何關(guān)系可知，最大速度

1,1,

—，〃用ax-~mva=-mgR(l-cos37°)+qERsin37°

根據(jù)牛頓第二定律

2

FN-Eqcos53°-mgcos37°=m

解得最大支持力為:

Enax=75%g

根據(jù)牛頓第三定律可知，最大壓力為1.5,ng；根據(jù)幾何關(guān)系可知，最小速度

1,1,

—mv^.n——mv^-一/ngR(1+cos37°)-qERsin37°

根據(jù)牛頓第二定律

v.

Eqcos53°+mgcos370-FN=m

解得最小支持力為：

故C正確D錯(cuò)誤。

故選ACo

10>CD

【解析】

AD.重力勢(shì)能的增加量等于克服重力做的功，"g"，故重力勢(shì)能增加了，"g"，故A錯(cuò)誤，D正確；

B.物體上滑過(guò)程，根據(jù)牛頓第二定律，有：mgsin37Rf=ma,解得摩擦力大小：戶0.3mg,物體克服摩擦力做功：

H

Wy=0.3mgx----------=0.5mgH，故B錯(cuò)誤；

sin37

H

C.物體上滑過(guò)程，根據(jù)牛頓第二定律，得合外力大小為F/ma=0.9mg,根據(jù)動(dòng)能定理得：△Ek=-F合一^-=-1.5mgH,

sin37

故物體的動(dòng)能減少了1.5mgH,故C正確.

故選CD。

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。

11、右端1.651.97

【解析】

(D滑塊拖動(dòng)紙帶下落的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，速度越來(lái)越快，所以相等時(shí)間內(nèi)運(yùn)動(dòng)的位移越來(lái)越大，進(jìn)而判斷哪端與滑塊相

連；

(1)根根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論公式△可以求出加速度的大??；

(3)根據(jù)牛頓第二定律F=Ma即可求解質(zhì)量；

【詳解】

(1)[1].因?yàn)榇螯c(diǎn)計(jì)時(shí)器每隔0.01s打一個(gè)點(diǎn)，兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有4個(gè)打點(diǎn)未畫(huà)出，所以兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間間隔為

r=o.is,時(shí)間間隔是定值，滑塊拖動(dòng)紙帶下落的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，速度越來(lái)越快，所以相等時(shí)間內(nèi)運(yùn)動(dòng)的位移越來(lái)越大.所

以圖乙中紙帶的右端與滑塊相連；

(1)[1].根據(jù)AXTlTl利用逐差法，有：

0.079+0.0625-0.046-0.02953，2

a=-----------------；------------=1.65m/s.

4x0.12

(3)[3].由A步驟可知，取下細(xì)繩和鉤碼后，滑塊受到的合外力為：

F=0.5x9.8=4.9N

根據(jù)牛頓第二定律得：

【點(diǎn)睛】

探究加速度與質(zhì)量關(guān)系時(shí)，應(yīng)控制拉力不變而改變小車質(zhì)量，實(shí)驗(yàn)時(shí)要注意小車質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)大于重物質(zhì)量.紙帶處理時(shí)

能利用勻變速直線的規(guī)律以及推論解答實(shí)驗(yàn)問(wèn)題，在平時(shí)練習(xí)中要加強(qiáng)基礎(chǔ)知識(shí)的理解與應(yīng)用，提高解決問(wèn)題能力.

12、(1)B(2)0.3

【解析】

第一空.打點(diǎn)計(jì)時(shí)器通過(guò)打點(diǎn)即可知道時(shí)間，故不需要秒表，故A錯(cuò)誤.本實(shí)驗(yàn)不需要測(cè)滑塊的質(zhì)量，鉤碼質(zhì)量已知，

故不需要天平，故B錯(cuò)誤.實(shí)驗(yàn)需要測(cè)量?jī)牲c(diǎn)之間的距離，需要毫米刻度尺，故C正確.滑塊受到的拉力等于鉤碼的

重力，不需要彈簧測(cè)力計(jì)測(cè)拉力，故D錯(cuò)誤.故選C；

第二空.對(duì)A5C系統(tǒng)應(yīng)用牛頓第二定律可得：a^--；；------也=笑?——-Z/g,其中,”+,/="?o；所以。加

M+mnM+，叫)

圖象中，縱軸的截距為-"g,故-“釬-3,"=0.3.

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算

步驟。

24/WVnn5七n5E

⑶⑴(W,°)；⑵人甌，方向垂直坐標(biāo)平面向外；B=曲,方向垂直坐標(biāo)平面向外

【解析】

(1)由運(yùn)動(dòng)的獨(dú)立性可知，粒子運(yùn)動(dòng)可以看成沿y軸向上先做勻減速后做勻加速直線運(yùn)動(dòng)和x軸勻速直線運(yùn)動(dòng)合成的。

設(shè)回到x軸過(guò)程所需要的時(shí)間為f,y軸:

vsin37

vy=o

加速度

a=-E--q-

m

時(shí)間

U2也

a

x軸:

=vcos37,

vx0x=vxt

聯(lián)立上式，可解得

24mv3

x=-------

25Eq

即P點(diǎn)的坐標(biāo)為(空警，0)

25Eq

(2)第二次回到x軸的位置與坐標(biāo)原點(diǎn)0的距離為0P的一半，滿足題意得有兩種情況。

①回到x軸時(shí)在。點(diǎn)右側(cè)。如圖所示，由幾何關(guān)系，可知軌跡半徑

2"片

5qE

由

-)

解得:

5E

B

2%

方向垂直坐標(biāo)平面向外；

②回到x軸時(shí)在。點(diǎn)左側(cè)，如圖所示，由幾何關(guān)系，可知軌跡半徑

(%+-)56mv^

R2—x=-----

22sin37°45qE

由

qv°B*

解得:

6%

方向垂直坐標(biāo)平面向外

14、(1)F,方向豎直向下；(2)=9；(3)不能，(5-275)7?

【解析】

(1)設(shè)在A點(diǎn)軌道對(duì)小球向上的彈力大小為FN,由牛頓第二定律得

2

F+mg-F^=機(jī)三

代入數(shù)據(jù)得

FN=F

由牛頓第三定律得，小球在4點(diǎn)對(duì)軌道的彈力大小為尸，方向豎直向下

(2)要使小球能完成完整的運(yùn)動(dòng)，只需在8點(diǎn)不脫軌即可。當(dāng)以=0時(shí)，到達(dá)3處速度最小，由動(dòng)能定理得

12

mg?4R=—mVg-0

當(dāng)小球處于半徑為K的軌道最低點(diǎn)8時(shí)，小球更容易脫落，則

FB-mg-F^=m-^

所以

FB=9mg+FN

當(dāng)FN=