貴州省實(shí)驗(yàn)中學(xué)2023年物理高二上期末監(jiān)測(cè)試題含解析

貴州省實(shí)驗(yàn)中學(xué)2023年物理高二上期末監(jiān)測(cè)試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫(xiě)在“答題紙”相應(yīng)位置上。2．請(qǐng)用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫(xiě)姓名和準(zhǔn)考證號(hào)。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無(wú)效。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、下列各圖中，用帶箭頭的細(xì)實(shí)線表示通電直導(dǎo)線周圍磁感線的分布情況，其中正確的是A. B.C. D.2、如圖1所示，兩根光滑平行導(dǎo)軌水平放置，間距為L(zhǎng)，其間有豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B．垂直于導(dǎo)軌水平對(duì)稱放置一根均勻金屬棒．從t＝0時(shí)刻起，棒上有如圖2的變化電流I、周期為T，電流值為I，圖1中I所示方向?yàn)殡娏髡较颍畡t金屬棒（）A.在一個(gè)周期內(nèi)先向右移動(dòng)再向左移動(dòng)B.在一個(gè)周期內(nèi)加速度保持不變C.受到的安培力在一個(gè)周期內(nèi)都做正功D.在一個(gè)周期內(nèi)動(dòng)能先增大后減小3、兩金屬小球所帶電荷量分別為+3Q和-Q，將兩小球接觸后，它們所帶的電荷量總共為()A.+3Q B.+2QC.+Q D.－Q4、以下說(shuō)法哪一個(gè)是正確的（）A.如果電流在磁場(chǎng)中不受力，說(shuō)明此處無(wú)磁場(chǎng)． B.判斷安培力方向的方法是安培定則C.磁通量有正負(fù)，是矢量． D.電流磁效應(yīng)是由丹麥的奧斯特發(fā)現(xiàn)的5、如圖所示，閉合導(dǎo)線框的質(zhì)量可以忽略不計(jì)，將它從如圖所示的位置勻速拉出勻強(qiáng)磁場(chǎng)．若第一次用0.3s時(shí)間拉出，外力所做的功為W1，通過(guò)導(dǎo)線截面的電荷量為q1；第二次用0.9s時(shí)間拉出，外力所做的功為W2，通過(guò)導(dǎo)線截面的電荷量為q2，則()A.W1<W2，q1<q2 B.W1<W2，q1＝q2C.W1>W2，q1＝q2 D.W1>W2，q1>q26、有關(guān)帶電粒子（不計(jì)重力）所受靜電力和洛倫茲力的說(shuō)法中，正確的是（）A.粒子在磁場(chǎng)中一定受洛倫茲力的作用B.粒子在電場(chǎng)中可能不受靜電力的作用C.粒子若僅受洛倫茲力，則其速度不變D.粒子若僅受洛倫茲力，則其動(dòng)能不變二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖，PQ為一段固定于水平面上的光滑圓弧導(dǎo)軌，圓弧的圓心為O，半徑為L(zhǎng)，空間存在垂直導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B，OQ間連有定值電阻R，金屬桿OA的A端位于PQ上，OA與導(dǎo)軌接觸良好，桿OA及導(dǎo)軌電阻均不計(jì)?，F(xiàn)使OA桿以恒定的角速度繞圓心O順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，在其轉(zhuǎn)過(guò)角度的過(guò)程()A.流過(guò)電阻R的電流方向?yàn)锽.AO兩點(diǎn)間電勢(shì)差為C.流過(guò)OA的電荷量為D.要維持OA以角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，外力的功率應(yīng)為8、下列說(shuō)法正確的是A.液晶分子排列的有序性介于固體和液體之間B.多晶體沒(méi)有固定的熔點(diǎn)，但具有各向同性的性質(zhì)C.若把氫氣和氧氣看做理想氣體，則質(zhì)量和溫度均相同的氫氣和氧氣內(nèi)能相等D.氣體體積不變溫度升高的過(guò)程中，每秒撞擊單位面積器壁上的氣體分子數(shù)增大9、如圖所示理想變壓器原線圈的匝數(shù)為n1，副線圈的匝數(shù)為n2，原線圈的兩端a、b接正弦交流電源，電壓表V的示數(shù)為220V，負(fù)載電阻R=44Ω，電流表A1的示數(shù)為0.20A．下列判斷中正確的是（）A.原線圈和副線圈的匝數(shù)比為2：1B.原線圈和副線圈的匝數(shù)比為5：1C.電流表A2的示數(shù)為1.0AD.電流表A2的示數(shù)為0.4A10、如圖所示的電場(chǎng)中有A、B兩點(diǎn)，下列判斷正確的是（）A.電勢(shì)φA>φB，場(chǎng)強(qiáng)EA>EBB.電勢(shì)φA>φB，場(chǎng)強(qiáng)EA<EBC.將電荷量為q的正電荷從A點(diǎn)移到B點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減少D.將電荷量為q的負(fù)電荷分別放在A、B兩點(diǎn)，電荷具有的電勢(shì)能EpA>EpB三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11．（6分）在某學(xué)習(xí)小組的實(shí)驗(yàn)活動(dòng)中，要測(cè)量一個(gè)圓柱形金屬材料的電阻率。(1)用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬材料的直徑D，用游標(biāo)卡尺測(cè)量金屬材料的長(zhǎng)度L，刻度位置如圖甲所示，則L為_(kāi)_。(2)選擇合適的器材按照?qǐng)D乙所示的電路圖連接電路，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器到合適位置，記下電壓表讀數(shù)U、電流表讀數(shù)I，計(jì)算出材料的電阻，根據(jù)電阻定律求出材料電阻率。則該材料電阻率為_(kāi)_。（用D、L、U、I表示）(3)實(shí)際上使用的電壓表和電流表有一定的內(nèi)阻，測(cè)量的電阻率結(jié)果比真實(shí)的值__（填“偏大”、“偏小”或“相同”）12．（12分）如圖是一簡(jiǎn)易多用電表的內(nèi)部電路圖，已知表頭G的滿偏電流，內(nèi)阻，電阻、當(dāng)電表的測(cè)量表筆與a、b連接時(shí)，一般用于測(cè)量______，量程______；當(dāng)電表的測(cè)量表筆與a、c連接時(shí)，一般用于測(cè)量______，量程______.四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）ABC表示豎直放在電場(chǎng)強(qiáng)度為E=104V/m的水平勻強(qiáng)電場(chǎng)中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點(diǎn)，而且AB=R=0.2m，把一質(zhì)量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點(diǎn)由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達(dá)C點(diǎn)的速度大小(2)小球在C點(diǎn)時(shí)，軌道受到的壓力大小14．（16分）如圖，兩根間距為L(zhǎng)＝0.5m的平行光滑金屬導(dǎo)軌間接有電動(dòng)勢(shì)E＝3V、內(nèi)阻r＝1Ω的電源，導(dǎo)軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導(dǎo)軌放置，質(zhì)量m＝0.2kg．導(dǎo)軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導(dǎo)軌電阻均不計(jì)，整個(gè)裝置處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中．當(dāng)R0＝1Ω時(shí)，金屬桿ab剛好處于靜止?fàn)顟B(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大?。唬?）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度15．（12分）如圖所示，水平放置的兩塊長(zhǎng)直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場(chǎng)強(qiáng)度為E=5.0×105N/C，b板下方整個(gè)空間存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng).今有一質(zhì)量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計(jì)重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強(qiáng)電場(chǎng)，剛好從狹縫P處穿過(guò)b板而垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫(huà)出）．求P、Q之間的距離L

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】本題考查直導(dǎo)線周圍磁場(chǎng)的分布情況，可根據(jù)安培定則得出磁場(chǎng)的形狀并能畫(huà)出不同面上的平面圖【詳解】通電直導(dǎo)線的磁感線是由導(dǎo)線為中心的一系列同心圓，且導(dǎo)線與各圓一定是相互垂直的，故D正確，ABC錯(cuò)誤【點(diǎn)睛】在電磁學(xué)中應(yīng)注意空間想象能力的培養(yǎng)，要學(xué)會(huì)由立體圖畫(huà)出平面圖，只有這樣才能順利求解一些電磁場(chǎng)中的力學(xué)問(wèn)題2、D【解析】根據(jù)左手定則判斷出安培力的方向，結(jié)合加速度方向與速度方向的關(guān)系判斷金屬棒的運(yùn)動(dòng)規(guī)律．從而得出速度、安培力隨時(shí)間的變化規(guī)律，根據(jù)安培力的做功情況判斷動(dòng)能變化【詳解】根據(jù)左手定則知，導(dǎo)體棒開(kāi)始所受的安培力方向水平向右，根據(jù)F＝BIL知，安培力在第一個(gè)T/2內(nèi)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，在第二個(gè)T/2內(nèi)，安培力方向水平向左，大小不變，做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性知，一個(gè)周期末速度為零，金屬棒的速度方向未變；知金屬棒一直向右移動(dòng)，先向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，再向右做勻減速運(yùn)動(dòng)，加速度大小不變，方向改變，速度隨時(shí)間周期性變化；安培力在一個(gè)周期內(nèi)先做正功，后做負(fù)功，在一個(gè)周期內(nèi)動(dòng)能先增大后減?。蔄BC錯(cuò)誤，D正確．故選D【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵掌握安培力的方向判斷，會(huì)根據(jù)金屬棒的受力情況判斷其運(yùn)動(dòng)情況是解決本題的基礎(chǔ)3、B【解析】?jī)山饘傩∏蛩鶐щ姾闪糠謩e為+3Q和-Q，將兩小球接觸后，根據(jù)電荷守恒定律，帶電總量為故B正確，ACD錯(cuò)誤。故選B。4、D【解析】如果電流在磁場(chǎng)中不受力，可能是直導(dǎo)線與磁場(chǎng)方向平行，此處不一定無(wú)磁場(chǎng)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤．判斷安培力方向方法是左手定則，選項(xiàng)B錯(cuò)誤．磁通量是穿過(guò)某一面的磁感線的條數(shù)，雖有正負(fù)，但是標(biāo)量，選項(xiàng)C錯(cuò)誤．電流磁效應(yīng)是由丹麥的奧斯特發(fā)現(xiàn)的，選項(xiàng)D正確；故選D5、C【解析】第一次用0.3s時(shí)間拉出，第二次用0.9s時(shí)間拉出，兩次速度比為3:1，由E=BLv，兩次感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)比為3:1，兩次感應(yīng)電流比為3:1，由于F安=BIL，兩次安培力比為3:1，由于勻速拉出勻強(qiáng)磁場(chǎng)，所以外力比為3:1，根據(jù)功的定義W=Fx，所以：W1:W2=3:1；根據(jù)電量，感應(yīng)電流，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，得：所以：q1:q2=1:1，故W1＞W(wǎng)2，q1=q2。A.W1<W2，q1<q2。故A錯(cuò)誤；B.W1<W2，q1＝q2。故B錯(cuò)誤；C.W1>W2，q1＝q2。故C正確；D.W1>W2，q1>q2。故D錯(cuò)誤；6、D【解析】A．電荷在磁場(chǎng)中受洛倫茲力時(shí)是有條件的，即運(yùn)動(dòng)電荷和磁場(chǎng)方向有夾角，故A錯(cuò)誤；B．電場(chǎng)的基本性質(zhì)就是對(duì)其中的電荷有力的作用，粒子在電場(chǎng)中一定受靜電力的作用，故B錯(cuò)誤；CD．若僅受洛倫茲力，則其動(dòng)能不變，速度大小不變，而方向改變，故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、ACD【解析】A．由右手定則可知，回路中產(chǎn)生順時(shí)針?lè)较虻碾娏鳎粤鬟^(guò)電阻R的電流方向?yàn)?，故A正確；B．OA產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為桿OA及導(dǎo)軌電阻均不計(jì)，所以AO兩點(diǎn)間電勢(shì)差為，故B錯(cuò)誤；C．在其轉(zhuǎn)過(guò)角度的過(guò)程，面積變化為所以故C正確；D．流過(guò)OA的電流由功能關(guān)系可知，要維持OA以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，外力的功率應(yīng)為故D正確。故選ACD。8、AD【解析】見(jiàn)解析【詳解】A．液晶分子排列的有序性介于固體和液體之間，符合客觀實(shí)際，故A正確；B．多晶體有固定的熔點(diǎn)，具有各向同性的性質(zhì)，故B錯(cuò)誤；C．若把氫氣和氧氣看做理想氣體，則質(zhì)量和溫度均相同的氫氣和氧氣，因氫氣分子個(gè)數(shù)多，氫氣的內(nèi)能大，故C錯(cuò)誤；D．氣體體積不變溫度升高的過(guò)程中，分子運(yùn)動(dòng)變得激烈，每秒撞擊單位面積器壁上的氣體分子數(shù)增大，故D正確點(diǎn)睛】見(jiàn)解析9、BC【解析】變壓器輸出功率等于輸入功率，則：，解得：，由于原副線圈電流與匝數(shù)成反比，所以初級(jí)線圈和次級(jí)線圈的匝數(shù)比，故BC正確，AD錯(cuò)誤10、BC【解析】AB．電場(chǎng)線的疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，A處電場(chǎng)線疏，場(chǎng)強(qiáng)小，故場(chǎng)強(qiáng)EA＜EB．順著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降落，可知φA＞φB，故A錯(cuò)誤B正確；C．將電荷量為q的正電荷放在電場(chǎng)中，受力的方向是從A指向B，故從A點(diǎn)移到B點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減少，故C正確；D．負(fù)電荷受到的電場(chǎng)力和電場(chǎng)方向相反，所以從A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增大，故D錯(cuò)誤故選：BC。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、①.5.675②.③.偏小【解析】(1)[1]游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為：(2)[2]根據(jù)電阻定律應(yīng)有由歐姆定律聯(lián)立解得：(3)[3]由題目圖可知，通過(guò)電流表外接法測(cè)量電阻的，由于電壓表的分流，導(dǎo)致電流值偏大，根據(jù)電阻率表達(dá)式可知，測(cè)量電阻率結(jié)果比真實(shí)的值偏小。12、①.電流②.10mA③.電壓④.3V【解析】當(dāng)電表的測(cè)量表筆與a、b連接時(shí)，電阻與表頭G并聯(lián)，根據(jù)電流表的改裝原理可知，此檔一般用于測(cè)量電流，設(shè)量程為I，則有：，解得：I=10mA；當(dāng)電表的測(cè)量表筆與a、c連接時(shí)，電阻與表頭G并聯(lián)，再與串聯(lián)，根據(jù)電流表的改裝原理可知，此檔一般用于測(cè)量電壓，設(shè)量程為U，則有：.【點(diǎn)睛】把小量程電流表改裝成大量程電流表需要并聯(lián)分流電阻，應(yīng)用并聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律可以求出并聯(lián)電阻阻值．把小量程電流表改裝成大量程電壓表需要串聯(lián)分壓電阻，應(yīng)用串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律可以求出串聯(lián)電阻阻值四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、(1)(2)3N【解析】(1)設(shè)小球在C點(diǎn)的速度大小是vC，則對(duì)于小球由A→C的過(guò)程中，由動(dòng)能定理得：解得：(2)小球在C點(diǎn)時(shí)受力分析如圖由牛頓第二定律得：解得：由牛頓第三定律可知，小球?qū)壍缐毫Γ篘C′=NC=3N14、（1）2T；（2）1.5m/s2，方向沿斜面向上【解析】（1）當(dāng)R0=1Ω時(shí)，根據(jù)閉合電路的歐姆定律求解電流強(qiáng)度，由平衡條件求解磁感應(yīng)強(qiáng)度；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，此時(shí)安培力的方向沿斜面向上，根據(jù)牛頓第二定律求解加速度大小【詳解】（1）當(dāng)R0＝1Ω時(shí)，根據(jù)閉合電路的歐姆定律可