2021年安徽省安慶市高考物理二模試卷(含答案詳解)

2021年安徽省安慶市高考物理二模試卷

一、單選題（本大題共5小題，共30.0分）

1.下列說法中正確的是（）

A.a粒子散射實(shí)驗(yàn)證明原子內(nèi)部的正電荷是均勻分布的

B.氫原子的發(fā)射光譜是連續(xù)譜

C.在電子的單縫衍射實(shí)驗(yàn)中，狹縫變窄，電子動(dòng)量的不確定量變小

D.鎘棒在反應(yīng)堆中的作用是控制鏈?zhǔn)椒磻?yīng)的速度

2.如圖所示，一水平傳送帶以Do=2rn/s的恒定速度勻速運(yùn)動(dòng)。已知傳送帶左T備

端4到右端B的距離為10m,傳送帶各處粗糙程度相同。把工件無初速地放

至何處，經(jīng)過時(shí)間6s,工件被傳送到B處。則下列圖象中能表示工件的速度及隨時(shí)間t變化關(guān)系的

3.兩顆行星4和8各有一顆衛(wèi)星a和b,衛(wèi)星軌道接近各自的行星表面，如果兩行星質(zhì)量之比為詈=

MB

p，兩行星半徑之比氏=q，則兩衛(wèi)星周期之比券為（）

A.yfpqB.qy/pC.D.qg

4.我國是航天強(qiáng)國，1970年發(fā)射的第一顆人造衛(wèi)星“東方紅一號(hào)”，質(zhì)量為173kg,在軌運(yùn)動(dòng)的

速率為7.2km/鼠2003年發(fā)射的“神舟五號(hào)”飛船的質(zhì)量為7790kg，在軌運(yùn)動(dòng)的速率為7.6km",

航天器運(yùn)行軌道視為圓周，則（）

A.“東方紅一號(hào)”衛(wèi)星的軌道半徑大于“神舟五號(hào)”飛船的軌道半徑

B.“東方紅一號(hào)”衛(wèi)星在軌加速度大于“神舟五號(hào)”飛船在軌加速度

C.“東方紅一號(hào)”衛(wèi)星在軌角速度大于“神舟五號(hào)”飛船在軌角速度

D.“神舟五號(hào)”飛船可以在一小時(shí)內(nèi)繞地球一周

5.某變電站用原副線圈匝數(shù)比為％：的的變壓器，將遠(yuǎn)距離輸來的電能送到用戶，如圖所示.將

變壓器看作理想變壓器，當(dāng)正常工作時(shí)，下列說法正確的是（）

ac

R

hd

A.原副線圈電壓比為叼：2

B.原副線圈電流比為n八n2

C.原副線圈電壓比為上：n2

D.變壓器的輸入功率與輸出功率的比為n*n2

二、多選題（本大題共5小題，共27.0分）

6.人站在電梯內(nèi)的體重計(jì)上，當(dāng)體重計(jì)的示數(shù)增大時(shí)，可能的原因是（）p1—

A.電梯以很大的速度上升［制

B.電梯減速下降

C.電梯減速上升

D.電梯加速上升

7.從地面4處豎直上拋一質(zhì)量為m的小球，小球上升到B點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能與小球上升到最高

點(diǎn)后返回至C點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能相等，B點(diǎn)離地高度為九，C點(diǎn)離地高度為：空氣阻力/=r卜

O.lmg,大小不變，則（）

A

A.小球上升的最大高度為3九

B.小球從拋出到落地過程動(dòng)能減少0.8mgh

C.小球從上升經(jīng)過B點(diǎn)到下落經(jīng)過B點(diǎn)過程動(dòng)能的增量為0

D.小球下落過程中從B點(diǎn)到C點(diǎn)動(dòng)能的增量為0.6mg/i

8.如圖所示，光滑水平面上有一小車，車的上表面o'的左側(cè)是一個(gè)與車rv-?

連為一體的半徑為R的;光滑圓弧軌道。車的右端固定一個(gè)尺寸可以忽I3

略、處于鎖定狀態(tài)的壓縮彈簧，一質(zhì)量為m的小物塊（看作質(zhì)點(diǎn)）緊靠彈簧，小物塊與車上。'點(diǎn)右

側(cè)平板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為整個(gè)裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)，設(shè)開始彈簧鎖定時(shí)的彈性勢能為E?，F(xiàn)解

除鎖定，小物塊被彈出后，恰好能到達(dá)圓弧軌道的最高點(diǎn)4則下列說法正確的是（不計(jì)空氣阻

力）（）

A.從解除鎖定到小物塊到達(dá)圓弧軌道的最高點(diǎn)，系統(tǒng)的動(dòng)量守恒

B.從解除鎖定到小物塊到達(dá)圓弧軌道的最高點(diǎn)，小物塊對(duì)小車做功大小為零

C.最終小物塊相對(duì)小車走過的路程為總

D.最終小物塊和小車組成的系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能為E

9.下列說法中正確的有（）

A.清晨草葉上的露珠形成的原因是由于液體表面張力的緣故

B.一定量的氣體吸收熱量，體積膨脹并對(duì)外做功，則此過程的末態(tài)與初態(tài)相比，氣體內(nèi)能可能

不變

C.當(dāng)分子力表現(xiàn)為斥力時(shí)，分子力和分子勢能總是隨分子間距離的減小而減小

D.任何熱機(jī)都不可能使燃料釋放的熱量完全轉(zhuǎn)化為機(jī)械能而不產(chǎn)生其他變化

E.氣體溫度升高時(shí)，分子的熱運(yùn)動(dòng)變得劇烈，分子的平均動(dòng)能增大，撞擊容器壁時(shí)對(duì)器壁的作

用力增大，因而氣體的壓強(qiáng)也一定隨之增大

10.一列波由波源向周圍擴(kuò)展開去，下列說法正確的是（）

A.介質(zhì)中各質(zhì)點(diǎn)由近及遠(yuǎn)地傳播開去

B.介質(zhì)中的振動(dòng)形式由近及遠(yuǎn)傳播開去

C.介質(zhì)中振動(dòng)的能量由近及遠(yuǎn)傳播開去

D.介質(zhì)中質(zhì)點(diǎn)只是振動(dòng)而沒有遷移

E.在擴(kuò)展過程中頻率逐漸減小

三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共15.0分）

11.（1）在''驗(yàn)證力的平行四邊形定則”的實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)經(jīng)歷了以下實(shí)驗(yàn)步驟：

A.用鉛筆和直尺在白紙上從。點(diǎn)沿著兩細(xì)繩方向畫直線，按一定標(biāo)度作出兩個(gè)力FI和尸2的圖示,

根據(jù)平行四邊形定則作圖求出合力F；

8.只用一個(gè)測力計(jì)，通過細(xì)繩把橡皮筋與細(xì)繩的連接點(diǎn)拉到同樣的位置。；

c.用鉛筆記下。點(diǎn)的位置和兩條細(xì)繩的方向，讀出兩個(gè)彈簧秤的示數(shù);

。在水平放置的木板上，墊一張白紙并用圖釘固定，把橡皮筋的一端固定在板上4點(diǎn)，用兩條細(xì)

繩連接在橡皮筋的另一端，通過細(xì)繩同時(shí)用兩個(gè)測力計(jì)互成角度地拉橡皮筋，使橡皮筋與細(xì)繩

的連接點(diǎn)到達(dá)某一位置0；

E.記下測力計(jì)的讀數(shù)和細(xì)繩方向，按同一標(biāo)度作出這個(gè)力的圖示W(wǎng),比較這個(gè)實(shí)測合力和按平

行四邊形定則求出的合力F，看它們的大小和方向是否相等；

F.改變兩測力計(jì)拉力的大小和方向，多次重復(fù)實(shí)驗(yàn)，根據(jù)實(shí)驗(yàn)得出結(jié)論。

①將以上實(shí)驗(yàn)步驟按正確順序排列，應(yīng)為（填選項(xiàng)前的字母）。

②在物理學(xué)中跟力一樣，運(yùn)算時(shí)遵守平行四邊形定則的物理量還有

（至少寫出三個(gè)，要求寫名稱）。

（2）圖1是利用兩個(gè)電流表4（微安表）和&（毫安表）測量干電池電動(dòng)勢E和內(nèi)阻r的電路原理圖。

圖中S為開關(guān)。R為滑動(dòng)變阻器，固定電阻凡和為內(nèi)阻之和為10000。（比r和滑動(dòng)變阻器的總電阻

都大得多），42為理想電流表。

①按電路原理圖在圖2虛線框內(nèi)各實(shí)物圖之間畫出連線。

圖2

②在閉合開關(guān)S前，將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)端c移動(dòng)至____（填“a端”、“中央”或“b端”）。

③閉合開關(guān)S,移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)端c至某一位置，讀出電流表必和4的示數(shù)A和多次

改變滑動(dòng)端c的位置，得到的數(shù)據(jù)為

A04)0.1200.1250.1300.1350.1400.145

48040032023214068

在圖3所示的坐標(biāo)紙上以為縱坐標(biāo)、與為橫坐標(biāo)畫出所對(duì)應(yīng)的/廣力曲線。

④利用所得曲線求得電源的電動(dòng)勢E=V,內(nèi)阻r=_______fl.

⑤該電路中電源輸出的短路電流=4。

12.在測定一節(jié)干電池E的電動(dòng)勢和內(nèi)阻（電動(dòng)勢約為1.5V,內(nèi)阻小于2.00）的實(shí)驗(yàn)中，備有下列參數(shù)

準(zhǔn)確可靠的器材：

電流表4（量程0?3nh4,內(nèi)阻6=5.00）電流表量程0?0.64內(nèi)阻萬=0.5/2）

滑動(dòng)變阻器8（0?20。，額定電流為2.04）滑動(dòng)變阻器/?2（0?100。，額定電流為1.04）

定值電阻/?3=995。定值電阻&=9.50開關(guān)和導(dǎo)線若干

（1）某同學(xué)發(fā)現(xiàn)上述器材中雖然沒有電壓表，但給出了兩個(gè)電流表，于是他設(shè)計(jì)了圖甲所示的實(shí)驗(yàn)電

路，圖中定值電阻應(yīng)選,滑動(dòng)變阻器應(yīng)選（均填寫器材的字母代號(hào)）。

（2）圖乙為該同學(xué)根據(jù)實(shí)驗(yàn)電路，利用測出的數(shù)據(jù)繪出的A與（人+切的關(guān)系圖線，人為電流表&的示

數(shù)，與為電流表4的示數(shù)。則由圖線可求被測干電池的電動(dòng)勢E=叭內(nèi)阻r=2（

結(jié)果保留三位有效數(shù)字）

（3）在電路連接良好的情況下，該實(shí)驗(yàn)方案（選填“有”或“沒有”）系統(tǒng)誤差

四、簡答題（本大題共2小題，共32.0分）

13.如圖，光滑平行金屬導(dǎo)軌間距為/,與水平面夾角為。，兩導(dǎo)軌底端接有阻值為R的電阻。該裝置

處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場中，磁場方向垂直導(dǎo)軌平面向上。質(zhì)量為zn的金屬棒ab垂直

導(dǎo)軌放置，在恒力作用下沿導(dǎo)軌勻速上滑，上升高度為從恒力大小為F、方向沿導(dǎo)軌平面且與

金屬棒ab垂直。金屬棒ab與導(dǎo)軌始終接觸良好，不計(jì)時(shí)和導(dǎo)軌的電阻及空氣阻力。重力加速度

為g,求此上升過程

（1）金屬棒運(yùn)動(dòng)速度大小:

(2)安培力對(duì)金屬棒所做的功。

14.如圖所示，左側(cè)平行板電容器內(nèi)有電場強(qiáng)度為E的勻強(qiáng)電場，電容器右側(cè)虛線區(qū)域內(nèi)有垂直于紙

面的勻強(qiáng)磁場，電容器極板長度等于勻強(qiáng)磁場區(qū)域的寬度。直。0'是平行板電容器的中心線，一

束速度為%的帶電粒子沿著直線。0'射入電場,經(jīng)電場偏轉(zhuǎn)后進(jìn)入磁場，經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后離開磁場。

XXXXXXXXXX

XXXXXXXXXX

XXXXXXXXXX

P.^..........0.XXXXXXXXXXo'

XXXXXXXXXX

XXXXXXXXXX

XXXXXXXXXX

XX

(1)如果粒子離開磁場時(shí)的的速度方向與直線。0'平行，求這種情況下磁感應(yīng)強(qiáng)度當(dāng)?shù)拇笮?/p>

(2)如果粒子經(jīng)磁場與右邊界相切偏轉(zhuǎn)后又回到。點(diǎn)，求這種情況下磁感應(yīng)強(qiáng)度為的大小

五、計(jì)算題(本大題共2小題，共20.0分)

15.如圖所示，橫截面積S=100cm2的容器內(nèi)，有一個(gè)質(zhì)量不計(jì)的輕活塞,

活塞的氣密性良好，當(dāng)容器內(nèi)氣體的溫度為=330K時(shí)，容器內(nèi)外的壓

強(qiáng)均為Po=1.0xl()5pa,活塞和底面相距乙=11cm,在活塞上放物體甲，活塞最終下降d=1cm

后保持靜止，容器內(nèi)氣體的溫度仍為7。=330K,活塞與容器壁間的摩擦均不計(jì),取g=10m/s2.

(1)求物體甲的質(zhì)量瓶1；

(2)在活塞上再放上物體乙，若把容器內(nèi)氣體加熱到T=360K,系統(tǒng)平衡后，活塞保持放上物體甲平

衡后的位置不變，求物體乙的質(zhì)量機(jī)2。

16.在今年長江國際音樂節(jié)期間，鎮(zhèn)江金山湖面上修建了如圖所示的伸向湖面的現(xiàn)景平臺(tái).湖底P點(diǎn)

位于平臺(tái)前端的正下方.平臺(tái)下表面距湖底高度H=47n.在距平臺(tái)右側(cè)邊緣d=4m處有垂直湖

面放置的足夠大的廣告牌.在平臺(tái)右側(cè)邊緣下方湖底P點(diǎn)左側(cè)，=3小處湖底上的Q點(diǎn)處安裝一點(diǎn)

光源，該光源能發(fā)出紅光，已知湖水對(duì)該紅光的折射率n=3.當(dāng)水面與平臺(tái)下表面齊平時(shí)，只考

慮圖中截面內(nèi)傳播的光.求：

①該光源發(fā)出的光照射到廣告牌上的最高點(diǎn)距水面的高度九.

②該光源發(fā)出的光射出水面的位置距觀察平臺(tái)右側(cè)邊緣的最遠(yuǎn)距離s.

參考答案及解析

I.答案：D

解析：解：4、a粒子散射實(shí)驗(yàn)中，絕大多數(shù)a粒子幾乎不發(fā)生偏轉(zhuǎn)，可以推測使粒子受到排斥力的

核體積極小，所以帶正電的物質(zhì)只占整個(gè)原子的很小空間，并不是均勻分布的，故A錯(cuò)誤；

8、氫原子發(fā)射的光子的能量值是不連續(xù)的，只能是一些特殊頻率的譜線，故不是連續(xù)譜，故8錯(cuò)誤；

C、在電子的單縫衍射實(shí)驗(yàn)中，狹縫變窄，電子的波動(dòng)性變差，說明電子的波長變小，由2可知

電子動(dòng)量的不確定量變大，故C錯(cuò)誤；

。、鎘棒的作用是吸收中子，從而控制鏈?zhǔn)椒磻?yīng)的速度，故。正確。

故選：D。

知道a粒子散射實(shí)驗(yàn)的意義；了解氫原子光譜的基本性質(zhì)；明確核電站中鎘棒的作用是用來吸收中子,

從而起到控制核反應(yīng)速度的作用；電子的能量越小，波動(dòng)性越顯著，動(dòng)量的不確定量變小。

本題考查a粒子散射實(shí)驗(yàn)、光譜以及核電站的基本原理，要注意明確核電站內(nèi)部結(jié)構(gòu)，明確鎘棒的基

本作用。

2.答案：B

解析：

設(shè)工件到達(dá)B時(shí)恰好與傳送帶的速度相等，求得全程的平均速度，貝U從4到B的時(shí)間可求出，與題意

中的6s比較可判斷工件的運(yùn)動(dòng)規(guī)律。

解決本題的關(guān)鍵理清物塊在傳送帶上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，對(duì)于傳送帶模型是考試的重點(diǎn)，要學(xué)會(huì)放下物體

的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，結(jié)合牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式綜合求解。

設(shè)工件到達(dá)B時(shí)恰好與傳送帶的速度相等，則全程的平均速度為：

|v0=lm/s,用的時(shí)間應(yīng)該為％=矍=l°s>6s,說明工件在到達(dá)B之前己經(jīng)和傳送帶的速度相等,

所以工件先做勻加速運(yùn)動(dòng)，后做勻速運(yùn)動(dòng)，故ACD錯(cuò)誤，8正確。

故選瓦

3.答案：。

解析:解:衛(wèi)星做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，萬有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，則有:=MR（年/得:T=戶至

故選：D。

衛(wèi)星做圓周運(yùn)動(dòng)，萬有引力提供向心力，求出周期和中心天體質(zhì)量M以及運(yùn)行半徑R之間的關(guān)系可得.

根據(jù)萬有引力提供向心力列出方程，得到周期之比和半徑以及質(zhì)量之間的關(guān)系，代入數(shù)據(jù)可得結(jié)論.

4.答案：A

解析:解：4、衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，萬有引力提供向心力，智些,解得軌道半徑：r=與，

r2rv

在軌運(yùn)行速度大的，軌道半徑小，故“神舟五號(hào)”的軌道半徑小于“東方紅一號(hào)”的軌道半徑，故

A正確；

B、根據(jù)萬有引力提供向心力，誓=ma,解得加速度：a岑,“東方紅一號(hào)”的軌道半徑大，

加速度小，故8錯(cuò)誤；

C、根據(jù)萬有引力提供向心力，等=根0)2r，解得角速度：3=收，“東方紅一號(hào)”的軌道半徑

大，角速度小，故c錯(cuò)誤；

D、根據(jù)萬有引力提供向心力，爺;m再解得周期：7=2兀底，當(dāng)軌道半徑r=R時(shí)，衛(wèi)星

為近地衛(wèi)星，已知近地衛(wèi)星的周期最小，為85min,“神舟五號(hào)”的軌道半徑大于地球半徑，則周

期大于85m譏，故。錯(cuò)誤。

故選:Ao

衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，萬有引力提供向心力，列出線速度、加速度、角速度、周期與軌道半

徑的關(guān)系分析比較。

近地衛(wèi)星的周期最小，把“神舟五號(hào)”的運(yùn)行周期與近地衛(wèi)星進(jìn)行比較分析。

此題考查了人造衛(wèi)星的相關(guān)知識(shí)，解題的關(guān)鍵是明確萬有引力提供向心力，列出相關(guān)物理量的表達(dá)

式進(jìn)行比較。

5.答案：C

解析：解：4、根據(jù)理想變壓器可知，原副線圈的電壓與線圈匝數(shù)成正比，故A錯(cuò)誤，C正確；

2、理想變壓器的電流與匝數(shù)成反比，故8錯(cuò)誤.

。、變壓器的原線圈和副線圈的功率是相同的，所以原、副線圈中功率比為1：1,故。錯(cuò)誤.

故選C

理想變壓器的工作原理是原線圈輸入變化的電流時(shí)，導(dǎo)致副線圈的磁通量發(fā)生變化，從而導(dǎo)致副線

圈中產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢.而副線圈中的感應(yīng)電流的變化，又導(dǎo)致在原線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢.變壓器

的電流比為：原副線圈電流與匝數(shù)成反比，電壓比為：原副線圈電壓與匝數(shù)成正比.

理想變壓器是理想化模型，一是不計(jì)線圈內(nèi)阻；二是沒有出現(xiàn)漏磁現(xiàn)象.同時(shí)副線圈的電壓由原線

圈電壓與原副線圈匝數(shù)決定，而原線圈的電流由副線圈決定.

6.答案：BD

解析：

先對(duì)人受力分析，受重力和支持力，體重計(jì)示數(shù)即為受到的壓力，而壓力等于支持力；再對(duì)人進(jìn)行

運(yùn)動(dòng)分析，確定加速度方向；最后根據(jù)牛頓第二定律列式求解。

只要加速度向上，就是超重，加速度向下，就是失重，與物體的運(yùn)動(dòng)速度方向無關(guān)，同時(shí)，超重與

失重現(xiàn)象只是物體對(duì)支撐物的壓力變大，而重力保持不變。

人電梯勻速上升，重力等于支持力，N=mg,故A錯(cuò)誤；

BD.電梯勻減速下降和加速上升時(shí)，加速度方向向上超重，根據(jù)牛頓第二定律有：N-mg=ma,

則N=mg+ma>mg,故8。正確；

C.電梯勻減速上升時(shí)，加速度方向都向下失重，根據(jù)牛頓第二定律，mg-N=ma,則N=mg-

ma<mg,故C錯(cuò)誤。

故選BD。

7.答案：BD

解析：解：4、設(shè)最大高度為H，則

對(duì)小球從4點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程，

由動(dòng)能定理得：-=-(mg+f)h,

對(duì)小球從4點(diǎn)開始運(yùn)動(dòng)到返回C點(diǎn)的過程，

由動(dòng)能定理得：^mvc--f(2H-|),

由題意可知，=^rnvc，

解得：H=4h,故A錯(cuò)誤；

B、小球從拋出點(diǎn)到落地過程中，減少的動(dòng)能：△Ek=/x2H=O.lmgx2x4八=0.8mg/i,故8

正確；

C、小球從上升經(jīng)過B點(diǎn)到下落經(jīng)過B點(diǎn)過程，重力做功為零，空氣阻力做功不為零，動(dòng)能的增量等

于空氣阻力做功，則動(dòng)能增量不為零，故C錯(cuò)誤；

。、從上升到的B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到下落時(shí)的B點(diǎn)的過程中運(yùn)用動(dòng)能定理得：；小陪2-詔=-/(3/1+3/1)=

0.6mgh,

由因?yàn)樵t=］加好，所以gm邇一gm%。=0.6mg/i,故O正確；

故選：BD。

對(duì)小球從4點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)和返回C點(diǎn)的兩個(gè)過程運(yùn)用動(dòng)能定理列式，即可求解最大高度，從上升到的B

點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到下落時(shí)的B點(diǎn)的過程中運(yùn)用動(dòng)能定理結(jié)合小球上升到B點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能與小球上升到最高點(diǎn)后

返回至C點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能相等可求得小球下落過程中從B點(diǎn)到。點(diǎn)動(dòng)能的增量.

本題主要考查了動(dòng)能定理的應(yīng)用，要求同學(xué)們能選擇合適的運(yùn)動(dòng)過程，運(yùn)用動(dòng)能定理求解，難度適

中.

8.答案：BD

解析：解：4、從解除鎖定到小物塊到達(dá)圓弧軌道的最高點(diǎn)，小物塊和小車組成的系統(tǒng)，由于不計(jì)空

氣阻力，故水平方向不受外力，所以系統(tǒng)的水平方向動(dòng)量守恒，故A錯(cuò)誤。

8、由水平方向動(dòng)量守恒可知，初始狀態(tài)系統(tǒng)的動(dòng)量為零，小物塊到達(dá)圓弧軌道的最高點(diǎn)時(shí)，系統(tǒng)的

動(dòng)量仍為零，即小車的速度為零，根據(jù)動(dòng)能定理卬合=4Ek可知，小物塊對(duì)小車做功大小為零，故8

正確。

CD、當(dāng)小物塊被彈出后，到達(dá)圓弧軌道的最高點(diǎn)4然后返回，在小車上來回運(yùn)動(dòng)，最后停在小車

的某一水平位置，整個(gè)過程中，彈簧的彈性勢能全部轉(zhuǎn)化為系統(tǒng)的內(nèi)能，即此過程中系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)

能為E,

根據(jù)能量守恒可得：E=\imgs

解得物塊相對(duì)小車粗糙的部分的路程為：s=扁，故。正確，C錯(cuò)誤。

故選：BD。

小物塊和小車組成的系統(tǒng)，水平方向不受外力，所以系統(tǒng)的水平方向動(dòng)量守恒；由水平方向動(dòng)量守

恒可知，小車出末狀態(tài)的速度均為零，根據(jù)動(dòng)能定理可知，小物塊對(duì)小車做功大小為零；當(dāng)小物塊

被彈出后，到達(dá)圓弧軌道的最高點(diǎn)4然后返回，在小車上來回運(yùn)動(dòng)，最后停在小車的某一水平位置，

整個(gè)過程中，彈簧的彈性勢能全部轉(zhuǎn)化為系統(tǒng)的內(nèi)能，根據(jù)能量守恒可求物塊相對(duì)小車粗糙的部分

的路程。

本題是系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒和能量守恒的問題，注意搞清整個(gè)物理過程，知道根據(jù)能量守恒求解

的是兩物體間粗糙部分的相對(duì)路程。

9.答案：ABD

解析：

葉面上的小露珠呈球形是由于在液體表面張力作用下表面收縮的結(jié)果；根據(jù)熱力學(xué)第一定律分析內(nèi)

能的變化；當(dāng)「=2時(shí)，分子力為零，分子勢能最小，隨著r的增大或者減小分子勢能均增大.熱機(jī)

的效率不可能到達(dá)百分百；根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程分析氣體的狀態(tài)參量的變化。

本題考查到多個(gè)知識(shí)點(diǎn)的內(nèi)容，重點(diǎn)掌握能量耗散的實(shí)質(zhì)，同時(shí)要掌握熱力學(xué)第二定律的幾種不同

的表述。

解：4葉面上的小露珠呈球形是由于在液體表面張力作用下表面收縮的結(jié)果，故A正確；

8.根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，一定量的氣體吸收熱量，體積膨脹并對(duì)外做功，則此過程的末態(tài)與初

態(tài)相比，氣體內(nèi)能可能不變，故8正確；

C.當(dāng)r<r0時(shí)，分子力表現(xiàn)為斥力，隨著分子之間距離的減小，分子力增大，分子勢能也增大，故C

錯(cuò)誤；

D根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知，任何熱機(jī)都不可能使燃料釋放的熱量完全轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，故。正確；

E.根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程崇=C可知，氣體溫度升高時(shí)，若同時(shí)增大氣體的體積，則氣體的壓強(qiáng)

不一定隨之增大，故E錯(cuò)誤。

故選ABD.

10.答案:BCD

解析：解：AD,波在傳播時(shí)，介質(zhì)中的質(zhì)點(diǎn)在其平衡位置附近做往復(fù)運(yùn)動(dòng)，它們并沒有隨波的傳播

而發(fā)生遷移，故A錯(cuò)誤，。正確。

BC、波傳播的是振動(dòng)形式，而振動(dòng)由能量引起，也即傳播了能量，故8、C正確；

瓦波在傳遞過程中，頻率一直與振源的頻率相同。故E錯(cuò)誤。

故選：BCD.

有機(jī)械振動(dòng)才有可能有機(jī)械波，波的傳播速度與質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)速度沒有直接關(guān)系。振源的振動(dòng)使質(zhì)點(diǎn)一

個(gè)被一個(gè)帶動(dòng)，且與振源振動(dòng)相同，同時(shí)總滯后前一個(gè)質(zhì)點(diǎn)。從而形成波并由近及遠(yuǎn)傳播。

機(jī)械波產(chǎn)生的條件是振源與介質(zhì)。質(zhì)點(diǎn)不隨波遷移，而傳播的形式與能量。波形成的特點(diǎn)是：帶動(dòng)、

重復(fù)、滯后。

11.答案:⑴①DCABEF

②位移、速度、加速度、電場強(qiáng)度等

(2)①如圖

②b端.

③如圖.

(4)1.49(1.48~1.50)0.60(0.55?0.65)

⑤24(2.3?2.7)(提示：把％和&整體等效為一個(gè)電壓表，測量路端電壓)

解析：

(1)該實(shí)驗(yàn)采用了等效替代的方法，因此要求兩次拉橡皮筋要使橡皮筋的形變相同，即將橡皮筋拉到

同一點(diǎn).實(shí)驗(yàn)步驟要符合邏輯，符合事物發(fā)展規(guī)律，一般都是先安裝設(shè)備，然后進(jìn)行實(shí)驗(yàn)、測量，

最近整理儀器，進(jìn)行數(shù)據(jù)處理的順序進(jìn)行實(shí)驗(yàn).矢量均遵循平行四邊形定則；

(2)①原理圖己知，按電流的流向在實(shí)物圖中依次連接，注意不能交叉；

②滑動(dòng)變阻器應(yīng)保證電路的安全，開始時(shí)應(yīng)接到最大電阻處；

③選擇合適的坐標(biāo)值，標(biāo)點(diǎn)后用直線將各點(diǎn)相連，誤差較大的點(diǎn)可以舍去；

④圖象與縱坐標(biāo)的交點(diǎn)為電動(dòng)勢；由閉合電路歐姆定律可求是內(nèi)阻；

⑤當(dāng)外電阻為零時(shí)，電路中電流達(dá)最大，由閉合電路歐姆定律可求得短路電流。

測定電動(dòng)勢和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)中要注意數(shù)據(jù)的處理時(shí)主要應(yīng)用了圖象法，在學(xué)習(xí)中要掌握讀數(shù)及畫圖的

能力，要結(jié)合公式理解圖象中點(diǎn)、線、交點(diǎn)及截距的意義。

（1）該實(shí)驗(yàn)的操作步驟為：DC4BEF.矢量均遵循平行四邊形定則，運(yùn)算時(shí)遵守平行四邊形定則的物理

量還有位移、速度、加速度、電場強(qiáng)度等；

（2）①由原理圖可知，電路為基本的限流接法，故按原理圖串聯(lián)即可；連線如下圖所示；

②為保證安全，開始時(shí)滑動(dòng)變阻器應(yīng)接到最大值，故應(yīng)接b端；

③將各點(diǎn)依次描出，連線如下圖所示；

④圖象與縱坐標(biāo)的交點(diǎn)乘100000為電源的電動(dòng)勢，故電動(dòng)勢為1.49V（在1.48?1.50范圍內(nèi)同樣正確

）

圖象的斜率乘10000為電源的內(nèi)阻，故內(nèi)阻約為0.60（在0.55?0.65范圍內(nèi)同樣正確）

⑤當(dāng)外電阻為零時(shí)，為短路電流，故短路電流為：橙=24（2.3?2.7范圍內(nèi)同樣正確）

故答案為：（1）①DCABEF

②位移、速度、加速度、電場強(qiáng)度等

（2）①如圖

②b端.

③如圖.

(4)1.49(1.48~1.50)0.60(0.55?0.65)

⑤2.4(2.3?2.7)(提示：把心和4整體等效為一個(gè)電壓表，測量路端電壓)

12.答案：R311.471.18沒有

解析：解：(1)因?yàn)闆]有電壓表，可以用電流表與定值電阻串聯(lián)改裝成電壓表，由電路圖可知y應(yīng)該

是公;電流表&量程為37n4要測1.5U電壓，電壓表內(nèi)阻至少為R=彳=蒜=5000,電流表占內(nèi)

阻為50,由電路圖可知，定值電阻應(yīng)選/?3；為準(zhǔn)確測量，減小誤差，方便實(shí)驗(yàn)操作滑動(dòng)變阻器應(yīng)選

Ri。

(2)根據(jù)歐姆定律和串聯(lián)的知識(shí)得電源兩端電壓為：U=^(995+5)=1000/t，

根據(jù)圖象與縱軸的交點(diǎn)得電動(dòng)勢為E=1.47mAx10000=1.47K,

與橫軸的交點(diǎn)可得出路端電壓為1.0V時(shí)電流是0.44

由閉合電路歐姆定律E=U+/r可得，電源內(nèi)阻r==1.180；

I0.4

(3)伏安法測電源電動(dòng)勢與內(nèi)阻實(shí)驗(yàn)，相對(duì)于電源來說，電流表采用外接法時(shí)，由于電壓表分流，使

所測電流偏大，給實(shí)驗(yàn)帶來實(shí)驗(yàn)誤差；本實(shí)驗(yàn)中用兩個(gè)電流表測電流，處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)時(shí)橫坐標(biāo)是電

路總電流，電壓測量值與電流測量值都等于真實(shí)值，本實(shí)驗(yàn)沒有系統(tǒng)誤差.

故答案為:(1)&；%；(2)1.47；1.18；(3)沒有。

(1)所給實(shí)驗(yàn)器材中，有兩個(gè)電流表，沒有電壓表，也沒有電阻箱，只能用伏安法測電池電動(dòng)勢與內(nèi)

阻，可以用電流表與定值電阻組裝一個(gè)電壓表，根據(jù)電路圖與所給實(shí)驗(yàn)器材選擇實(shí)驗(yàn)需要的器材。

(2)根據(jù)歐姆定律和串聯(lián)的知識(shí)求出人和電源兩端電壓U的關(guān)系，根據(jù)圖象與縱軸的交點(diǎn)求出電動(dòng)勢,

由與橫軸的交點(diǎn)可得出路端電壓為某一值時(shí)電流，則可求得內(nèi)阻。

(3)分析實(shí)驗(yàn)電路，分析實(shí)驗(yàn)誤差。

伏安法測電源電動(dòng)勢與內(nèi)阻實(shí)驗(yàn)，相對(duì)于電源來說，電流表采用外接法時(shí)，由于電壓表分流，使所

測電流偏大，給實(shí)驗(yàn)帶來實(shí)驗(yàn)誤差；本實(shí)驗(yàn)中用兩個(gè)電流表測電流，處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)時(shí)橫坐標(biāo)是電路

總電流，消除了電壓表分流帶來的實(shí)驗(yàn)誤差，該方法是測電源電動(dòng)勢與內(nèi)阻的好方法。

13.答案：解：（1）設(shè)金屬棒以速度9沿導(dǎo)軌勻速上升，由法拉第電磁感應(yīng)定律，金屬棒中的感應(yīng)電動(dòng)

勢為:E=Blv

設(shè)金屬棒中的電流為/,根據(jù)歐姆定律，有：/=半

金屬棒所受的安培力為：?安=8〃

因?yàn)榻饘侔粞貙?dǎo)軌勻速上升，由平衡條件可得：F=rnginO+BII

聯(lián)立解得：浮處

（2）設(shè)金屬棒以速度"沿導(dǎo)軌勻速上升八過程中，安培力所做的功為W,由動(dòng)能定理得:

h

W—mgh+F?-r-r=0

sin0

解得：W=mgh-^

答：（1）金屬棒運(yùn)動(dòng)速度大小為絲鬻

（2）安培力對(duì)金屬棒所做的功為mg/i-焉

解析：（1）金屬棒沿導(dǎo)軌勻速上升，受力平衡，由平衡條件結(jié)合安培力的計(jì)算公式求解速度大小;

（2）根據(jù)動(dòng)能定理求解安培力對(duì)金屬棒所做的功。

本題主要是考查電磁感應(yīng)現(xiàn)象，關(guān)鍵是弄清楚導(dǎo)體棒的運(yùn)動(dòng)情況和受力情況，根據(jù)平衡條件列方程

進(jìn)行求解，涉及能量問題，常根據(jù)動(dòng)能定理、功能關(guān)系等列方程求解。

14.答案：解：（1）粒子在電場中做類平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)電容器極板長度為3粒子帶負(fù)電，電荷量為q.

質(zhì)量為m。

水平方向：L=vQt

豎直方向：Vy=^t

Jm

設(shè)離開電場時(shí)速度方向與豎直方向夾角為。

根據(jù)速度的合成與分解可得："=芻

cost/

粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)氏=署

因?yàn)榱Ｗ与x開磁場時(shí)的的速度方向與直線。0'平行，根據(jù)幾何關(guān)系Reos。=L

聯(lián)立解得當(dāng)=?；

(2)粒子在電場中的偏轉(zhuǎn)距離為九，粒子能夠回到。點(diǎn)，如圖所示；

根據(jù)幾何關(guān)系九=2Rcosd,L=RcosO+R

根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的的推論，位移與水平方向夾角的正切等于速度偏轉(zhuǎn)角正切的點(diǎn)則：

h1

v=~tand

L2

解得cos。=|

粒子在電場中的水平位移為t=RCOS0+R

粒子在電場中的豎直速度更t=%，

my

離開電場時(shí)和偏轉(zhuǎn)角之間的關(guān)系tan。

vy

粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)R=署=左,福

C/￡>2q^2sine7

聯(lián)立解得為=程

%

P

答：(1)如果粒子離開磁場時(shí)的的速度方向與直線。0'平行，這種情況下磁感應(yīng)強(qiáng)度當(dāng)?shù)拇笮椋?

VQ

(2)如果粒子經(jīng)磁場與右邊界相切偏轉(zhuǎn)后又回到。點(diǎn)，這種情況下磁感應(yīng)強(qiáng)