2024屆安徽省亳州市利辛縣闞疃金石中學物理高二第一學期期中質量檢測模擬試題含解析

2024屆安徽省亳州市利辛縣闞疃金石中學物理高二第一學期期中質量檢測模擬試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，水平面內有一平行金屬導軌，導軌光滑且電阻不計．勻強磁場與導軌一閃身垂直．阻值為R的導體棒垂直于導軌靜止放置，且與導軌接觸．T=0時，將形狀S由1擲到1．q、i、v和a分別表示電容器所帶的電荷量、棒中的電流、棒的速度和加速度．下列圖像正確的是A．B．C．D．2、如圖，M、N是平行板電容器的兩個極板，R0為定值電阻，R1、R2為可調電阻，用絕緣細線將質量為m、帶正電的小球懸于電容器內部。閉合電建S，小球靜止時受到懸線偏離豎直方向的夾角為θ。調節(jié)R1、R2，關于F的大小判斷正確的是A．保持R1不變，緩慢增大R2時，θ將變大B．保持R1不變，緩慢增大R2時，θ將變小C．保持R2不變，緩慢增大R1時，θ將變大D．保持R2不變，緩慢增大R1時，θ將變小3、現有一只“12V．4W”的燈泡,為使它接至24V電源上且可正常工作,則需在接至電源前:()A．串聯一只24Ω的電阻B．并聯一只24Ω的電阻C．串聯一只36Ω的電阻D．并聯一只36Ω的電阻4、如圖所示，在傾角為θ的斜面上A點，以水平速度v0拋出一個小球，不計空氣阻力，它落到斜面上B點所用的時間為()A．B．C．D．5、如圖所示，一個質量為m的帶電液滴在相互垂直的勻強電場和勻強磁場中的豎直平面內做半徑為R的勻速圓周運動，那么這個液滴（）A．一定帶正電，且沿逆時針轉動B．一定帶負電，且沿順時針轉動C．一定帶負電，且沿逆時針轉動D．不能確定帶何種電荷，也不能確定繞行方向6、一學習小組利用如圖所示的實驗裝置，研究向心力與質量、角速度和半徑的關系。同學們所采用的研究方法是（）A．類比法B．科學推理法C．控制變量法D．等效替代法二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示為多用電表歐姆擋的原理圖，表頭內阻為Rg，調零電阻的最大阻值為R0，電池的電動勢為E,內阻為r。則下列說法中正確的是（）A．它是根據閉合電路歐姆定律制成的B．歐姆擋對應的“”刻度一般在刻度盤的右端C．接表內電池負極的應是紅表筆D．調零后刻度盤的中心刻度值是r+Rg+R08、標有”20V6W”字樣的直流電動機，線圈電阻為20Ω，不計機械摩擦阻力，則電動機正常工作時，電能轉化為機械能的功率P機和發(fā)熱功率P熱分別是（）A．P機=4.2W B．P機=1.8W C．P熱=4.2W D．P熱=1.8W9、如圖所示，金屬導軌上的導體棒ab在勻強磁場中沿導軌做下列哪種運動時，銅制線圈c中將有感應電流產生且被螺線管吸引(

)A．向左做加速運動B．向左做減速運動C．向右做加速運動D．向右做減速運動10、在水平地面上空中有豎直方向的勻強電場，一帶電小球以某一初速度由M點沿如圖所示的軌跡運動到N點．由此可知（）A．小球所受的電場力一定大于重力B．小球的動能一定減小C．小球的機械能保持不變D．小球的動能、電勢能和重力勢能之和保持不變三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）有一個小燈泡上有“4V2W”的字樣，現要描繪這個小燈泡的伏安特性曲線．現有下列器材供選用：A．電壓表（1～5V，內阻11kΩ）B．電壓表（1～11V，內阻21kΩ）C．電流表（1～1．3A，內阻1Ω）D．電流表（1～1．6A，內阻1．4Ω）E．滑動變阻器（11Ω，2A）F．滑動變阻器（1kΩ，1A）G．學生電源（直流6V），還有電鍵、導線若干（1）電流表應選，滑動變阻器應選（用序號字母表示）．（2）為使實驗誤差盡量減小，要求從零開始多取幾組數據，請在方框內畫出滿足實驗要求的電路圖．（3）若該同學已正確選用器材，并連接好部分實驗電路．如圖所示，請在圖中完成其余的電路連接12．（12分）用游標為20分度的卡尺測量其長度如圖，由圖可知其長度為mm四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）長L=60cm、質量為m=6.0×10-2kg、粗細均勻的金屬棒，兩端用完全相同的彈簧掛起，放在磁感強度為B=0.4T、方向垂直紙面向里的勻強磁場中，如圖所示，若不計彈簧重力，(g=10m/s2)問：（1）要使彈簧保持原長狀態(tài)，金屬棒中電流的大小和方向如何?（2）未通電之前金屬棒處于靜止狀態(tài)，現在金屬中通入自左向右、大小為I=0.2A的電流，金屬棒上升x1=1cm，求彈簧的勁度系數.（3）若通入金屬棒中的電流仍為0.2A，但方向自右向左，這時金屬棒位置相比于（2）中電流向右時的金屬棒位置變化多少?14．（16分）一根長為2m的直導線，通有0.5A的電流，當把該導線垂直勻強磁場方向放入磁場后，測得導線受到的安培力大小為4×10-2N，求勻強磁場的磁感應強度大小為多少特斯拉。15．（12分）如圖所示，在傾角為300足夠長的光滑絕緣斜面的底端A點固定一電荷量為Q的正點電荷，在離A距離為S0的C處由靜止釋放某正電荷的小物塊P（可看做點電荷）。已知小物塊P釋放瞬間的加速度大小恰好為重力加速度g。已知靜電力常量為k，重力加速度為g，空氣阻力忽略不計。（1）求小物塊所帶電荷量q和質量m之比；（2）求小物塊速度最大時離A點的距離S；（3）若規(guī)定無限遠電勢為零時，在點電荷Q的電場中，某點的電勢可表示成（其中r為該點到Q的距離）。求小物塊P能運動到離A點的最大距離Sm．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解題分析】

本題考查安培定律和電磁感應定律的問題，將形狀S由1擲到1，是電容器放電的過程，棒中有了電流就會受到向右的安培力的作用，光滑導軌上安培力提供加速度a，，所以D圖正確，2、B【解題分析】

AB．電容器兩端間的電壓與R0兩端的電壓相等；保持R1不變，緩慢增大R2時，由于R0和R2串聯，總電流減小，R0兩端的電壓減小，即平行板電容器的兩個極板的電壓U減小，帶電小球受到的電場力減小，則θ將減小，故A錯誤，B正確。CD．保持R2不變，緩慢增大R1時，由于在含容支路中的電阻相當于導線，所以R0兩端的電壓不變，電容器兩板間電壓不變，小球所受電場力不變，則θ不變，故CD錯誤；3、C【解題分析】

依題意，有P=UI得，要使小燈泡正常工作，需要串聯一個電阻分壓，電阻兩端電壓為△U=24V-12V=12V，串聯電路各處電流相等，，故C正確，ABD錯誤；故選C．4、B【解題分析】根據水平方向與豎直方向的位移關系解得：，故B正確，ACD錯誤。故選：B.點睛：平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，根據水平位移和豎直位移的關系，結合運動學公式求出運動的時間．5、B【解題分析】試題分析：因為兩帶電液滴在復合場中做勻速圓周運動，電場力與重力平衡，則知電場力方向向上，而電場方向向下，所以液滴帶負電荷；由洛倫茲力提供向心力，根據左手定則判斷可知，液滴沿順時針方向轉動；故B正確．考點：帶電粒子在復合場中的運動【名師點睛】此題是帶電粒子在復合場中的運動問題；解決本題的關鍵是知道電場力與重力相平衡液滴才能做勻速圓周運動，掌握洛倫茲力提供向心力，能正確運用左手定則判斷運動方向，注意四指指向負電荷運動的相反方向．6、C【解題分析】

在研究物體的“向心力與質量、角速度與半徑”的關系時，由于變量較多，因此采用了“控制變量法”進行研究，分別控制一個物理量不變，看另外兩個物理量之間的關系，故ABD錯誤，C正確。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解題分析】

A．在兩個表筆間接入一個待測電阻，可得所以可知其根據閉合電路歐姆定律制成的，A正確B．當電流為滿偏電流時，接入的電阻為0，當不接入電阻時，電流為0，所以歐姆擋對應的“”刻度一般在刻度盤的左端。B錯誤C．歐姆表的表筆接法滿足的規(guī)律是電流從紅表筆進，黑表筆出，所以內電池的負極對應的是紅表筆，C正確D．刻度盤的中心刻度對應的電阻為歐姆表的內阻，調零電阻的阻值應為實際接入的阻值，不是最大阻值，D錯誤8、AD【解題分析】

由P=UI可得電流為線圈電阻發(fā)熱功率為機械功率為故選AD。9、BD【解題分析】

導體棒ab向左做加速運動時，根據右手定則判斷得到，ab中產生的感應電流方向從b→a，螺線管左端為N極，感應電流增加，螺線管產生的磁場增強，穿過c的磁通量變大，根據楞次定律得知，c中產生順時針方向的感應電流（從左向右看），由等效法可知，線圈c右端相當于N極，則且線圈c被螺線管排斥。故A錯誤。同理可知導體棒向左做減速運動時，也會產生感應電流，且線圈c被螺線管吸引；導體棒向右做加速運動時，也會產生感應電流，且線圈c被螺線管排斥；導體棒向右做減速運動時，也會產生感應電流，且線圈c被螺線管吸引；故BD正確，C錯誤。故選BD。【題目點撥】本題運用右手定則、安培定則和楞次定律按步就班進行分析的，也可以直接根據楞次定律進行判斷：線圈c被螺線管吸引時，磁通量將要增大，說明原來的磁通量減小，導體棒必定做減速運動．10、AD【解題分析】

A．在豎直方向上，小球只受重力和電場力，由軌跡圖像可知，小球做類平拋運動，在豎直方向上向上運動，則電場力大于重力，A正確；BC．在豎直方向上，小球做加速運動，水平方向上做勻速運動，所以小球的動能增大，小球向上運動，重力勢能增大，所以小球機械能增大，BC錯誤；D．小球只受重力和電場力的作用，電勢能轉化為重力勢能和動能，故小球的動能、電勢能和重力勢能之和保持不變，D正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）DE（2）（3）【解題分析】試題分析：（1）因燈泡的額定電壓為4V，為保證安全選用的電壓表量程應稍大于4V，但不能大太多，量程太大則示數不準確；故只能選用1～5V的電壓表．由P=UI得，燈泡的額定電流I=1．5A，故電流表應選擇1～1．6A的量程，故電流表選D；而由題意要求可知，電壓從零開始變化，并要多測幾組數據，故只能采用滑動變阻器分壓接法，而分壓接法中應選總阻值小的滑動變阻器，故選E；（2）在用伏安法描繪這個燈泡的I一U圖線的實驗中，電壓要從零開始變化，并要多測幾組數據，故只能采用滑動變阻器分壓接法；由于燈泡的電阻較小，所以選擇電流表外接法．所以電路圖如圖．（3）按電路圖畫出實際電路圖為考點：描繪小燈泡的伏安特性曲線實驗．【名師點睛】（1）儀表的選擇應本著安全準確的原則；電壓表要測量燈泡兩端的電壓，故應通過燈泡的額定電壓值判斷需要的電壓表；由流過燈泡的電流判斷需要的電流表；由題意判斷需要的滑動變阻器；（2）根據滑動變阻器分壓及限流接法的不同作用，結合題意選擇滑動變阻器的接法；由電流表、電壓表與燈泡內阻間的大小關系確定電流表的接法．本題考查實驗中的儀表選擇及接法的選擇；應注意滑動變阻器分壓及限流接法的區(qū)別及應用，同時還應明確內外接法的不同及判斷．12、50.15【解題分析】

游標卡尺主尺讀數為，游標讀數為，所以最終讀數為：，即為物體的長度．【題目點撥】解決本題的關鍵掌握游標卡尺讀數的方法，主尺讀數加上游標讀數，不需估讀．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）2.5A方向向右（2）4.8N/m（3）下降2cm【解題分析】

根據安培力等于重力，即可求解電流大小，由左手定則判斷電流方向；對兩種情況，分別根據平衡條件、胡克定律和安培力公式列式，聯立即可求解?！绢}目詳解】（1）要使彈簧不伸長，則重力應與安培力平衡，所以安培力應向上，據左手定則可知電流方向應向右，因mg=BIL，所以：I=A=2.5A；（2）設通電前彈簧伸長量為x0，則：kx0=mg因在金屬中通入自左向右、大小為I1=0.2A的電流，由左手定則可知，安培力向上，金屬棒上升x1=1cm，由平衡條件得BIL+k（x0-x1）=mg，BIL=kx1，解得k=4.8N/m（3）當電流反向時，由平衡條件得：BIL+mg=k（x0+x2），BIL=kx2，解得x2