廣東省廣州市番禺區(qū)廣東第二師范學(xué)院番禺附中2024屆物理高二上期中達(dá)標(biāo)檢測試題含解析_第1頁
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文檔簡介

廣東省廣州市番禺區(qū)廣東第二師范學(xué)院番禺附中2024屆物理高二上期中達(dá)標(biāo)檢測試題請考生注意:1.請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上,請用0.5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2.答題前,認(rèn)真閱讀答題紙上的《注意事項(xiàng)》,按規(guī)定答題。一、單項(xiàng)選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、關(guān)于電源電動(dòng)勢的說法,正確的是()A.在某電池的電路中每通過2C的電荷量,電池提供的電能是4J,那么這個(gè)電池的電動(dòng)勢是0.5VB.電源的路端電壓增大時(shí),其電源電動(dòng)勢一定也增大C.無論內(nèi)電壓和外電壓如何變化,其電源電動(dòng)勢保持不變D.電源的電動(dòng)勢越大,電源所能提供的電能就越多2、在圖示的電路中,電源的電動(dòng)勢是E,內(nèi)電阻是r,當(dāng)滑動(dòng)變阻器R3的滑動(dòng)頭向左移動(dòng)時(shí)A.電阻R1的功率將加大B.電阻R2的功率將減小C.電源的功率將加大D.電源的效率將增加3、如圖磁感線分布情況,以O(shè)點(diǎn)(圖中白點(diǎn))為坐標(biāo)原點(diǎn),沿Z軸正方向,磁感應(yīng)強(qiáng)度B大小的變化最有可能為()A. B.C. D.4、帶電量分別為+4Q和﹣6Q的兩個(gè)相同的金屬小球,相距一定距離時(shí),相互作用力的大小為F.若把它們接觸一下后,再放回原處,它們的相互作用力的大小變?yōu)椋ǎ〢.B.C.D.5、如圖所示,處在勻強(qiáng)磁場中的矩形線圈abcd,以恒定的角速度繞ab邊轉(zhuǎn)動(dòng),磁場方向平行于紙面并與ab垂直.在t=0時(shí)刻,線圈平面與紙面重合,線圈的cd邊離開紙面向外運(yùn)動(dòng).若規(guī)定a→b→c→d→a方向的感應(yīng)電流為正方向,則下圖能反映線圈感應(yīng)電流I隨時(shí)間t變化的圖線是()A. B. C. D.6、真空中有兩個(gè)點(diǎn)電荷,它們之間的靜電力為F,如果使它們間的距離增大到原來的2倍,將其中之一的電量也增大到原來的2倍,則它們間的作用力將變?yōu)椋ǎ〢.4FB.FC.2FD.F二、多項(xiàng)選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示,勻強(qiáng)磁場中有兩個(gè)用同樣導(dǎo)線繞成的閉合線圈A、B,線圈A、B匝數(shù)之比為1:2,半徑之比為2:1,磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間均勻增大.下列說法正確的有A.兩線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電流均沿逆時(shí)針方向B.某一時(shí)刻兩線圈的磁通量之比ΦA(chǔ):ΦB=1:1C.兩線圈的電阻之比RA:RB=2:1D.兩線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流之比IA:IB=2:18、如圖甲所示,兩個(gè)點(diǎn)電荷Q1、Q2固定在x軸上,其中Q1位于原點(diǎn)O,a、b是它們連線延長線上的兩點(diǎn).現(xiàn)有一帶正電的粒子q以一定的初速度沿x軸從a點(diǎn)開始經(jīng)b點(diǎn)向遠(yuǎn)處運(yùn)動(dòng)(粒子只受電場力作用),設(shè)粒子經(jīng)過a、b兩點(diǎn)時(shí)的速度分別為va、vb,其速度隨坐標(biāo)x變化的圖象如圖乙所示,則以下判斷正確的是()A.b點(diǎn)的場強(qiáng)一定為零B.Q2帶負(fù)電且電荷量小于Q1C.a(chǎn)點(diǎn)的電勢比b點(diǎn)的電勢高D.粒子在a點(diǎn)的電勢能比在b點(diǎn)的電勢能小9、某物體做直線運(yùn)動(dòng),運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t,位移為x物體的-t圖象如圖所示,下列說法正確的是()A.物體的加速度大小為B.t=0時(shí),物體的初速度為aC.t=0到t=這段時(shí)間物體的位移為D.t=0到t=b這段時(shí)間物體的平均速度為10、如圖所示,空間存在垂直于紙面向里的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場,場內(nèi)有一絕緣的足夠長的直桿,它與水平面的傾角為θ,一帶電量為-q質(zhì)量為m的帶負(fù)電小球套在直桿上,從A點(diǎn)由靜止沿桿下滑,小球與桿之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ,在小球以后的運(yùn)動(dòng)過程中,下列說法正確的是()A.小球下滑的最大速度為vB.小球下滑的最大加速度為am=gsinθC.小球的加速度一直在減小D.小球的速度先增大后不變?nèi)?、?shí)驗(yàn)題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11.(6分)用一游標(biāo)卡尺測量一物體的長度,讀數(shù)如圖所示,則物體的長度為_____mm。12.(12分)(1)用多用電表測量一個(gè)定值電阻的阻值。經(jīng)過規(guī)范操作后,指針位置及選擇開關(guān)所選歐姆擋倍率分別如圖甲、乙所示,則此定值電阻的阻值為______Ω。(2)如圖丙所示,在“測定電池的電動(dòng)勢和內(nèi)阻”實(shí)驗(yàn)中,已經(jīng)連接一部分電路,還剩一根導(dǎo)線沒有連接,請?jiān)趯?yīng)位置將電路連接完整。(____)(3)在“測繪小燈泡的伏安特性曲線”實(shí)驗(yàn)中,用電壓表和電流表測出多組(U,I)值,在I-U坐標(biāo)系中描出各對應(yīng)點(diǎn),如圖丁所示。以下是四位同學(xué)作出的小燈泡伏安特性曲線,其中最合理的是_______。A.B.C.D.四、計(jì)算題:本題共2小題,共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13.(10分)如圖所示,在足夠長的兩條平行金屬導(dǎo)軌的左端接有一個(gè)定值電阻R0,兩導(dǎo)軌間的距離L=0.5m,在虛線的區(qū)域內(nèi)有與導(dǎo)軌平面垂直的勻強(qiáng)磁場,磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.2T,虛線間的距離s=1.0m.完全相同的金屬棒ab、cd與導(dǎo)軌垂直放置,兩棒間用2.0m長的絕緣輕桿連接.棒與導(dǎo)軌間無摩擦,兩棒電阻皆為r=0.3Ω,導(dǎo)軌電阻不計(jì).已知R0=2r.現(xiàn)用一外力從圖示位置水平向右拉cd棒,使兩棒以v=5.0m/s的速度向右勻速穿過磁場區(qū)域.求:(1)從cd棒剛進(jìn)磁場到ab棒剛離開磁場的過程中通過ab棒的電流大小和方向;(2)從cd棒剛進(jìn)磁場到ab棒剛離開磁場的過程中拉力做的功;(3)若cd棒剛進(jìn)入磁場時(shí)將水平外力去掉,經(jīng)一段時(shí)間cd棒離開磁場,求此段時(shí)間內(nèi)通過cd棒的電量.14.(16分)如圖,質(zhì)量m=1kg的足夠長木板B靜止于光滑水平地面上,在其右側(cè)地面上固定一豎直擋板,質(zhì)量M=5kg的物塊A停在B的左端,質(zhì)量為m0=2kg的小球P用長為l=0.45m的輕繩懸掛在固定點(diǎn)O,繩能承受的最大拉力是小球P重力的5.5倍?,F(xiàn)將小球P及輕繩拉直至水平位置后由靜止釋放,小球P在最低點(diǎn)與A發(fā)生正碰,碰撞時(shí)間極短,碰后小球P反彈瞬間繩剛好被拉斷。已知A、B間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.1,木板B與擋板發(fā)生彈性碰撞,且B與擋板碰撞前已與A共速,物塊與小球均可視為質(zhì)點(diǎn),不計(jì)空氣阻力,取g=10m/s2。求:(1)小球P與A撞后瞬間,A的速度;(2)在木板B與擋板第一次碰撞前,A相對B滑動(dòng)的位移;(3)在A、B運(yùn)動(dòng)的整個(gè)過程中,B向左運(yùn)動(dòng)的總路程。15.(12分)在如圖所示的甲、乙電路中,電源的電動(dòng)勢E=3V,內(nèi)電阻r=1.0Ω,電阻R=2.0Ω,電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻R內(nèi)=2.0Ω,求:(1)甲圖中閉合開關(guān)S后,電阻R的功率;(2)乙圖中閉合開關(guān)S后,電路中的電流為0.5A,電動(dòng)機(jī)的熱功率及輸出功率;

參考答案一、單項(xiàng)選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解題分析】

電路中通過q=2C的電荷量,電池提供的電能W=4J,根據(jù)電動(dòng)勢的定義式得電動(dòng)勢E=2V.故A錯(cuò)誤.電動(dòng)勢表征電源本身的特性,與外電路無關(guān),當(dāng)電源的路端電壓增大時(shí),其電源電動(dòng)勢不變.故B錯(cuò)誤.電動(dòng)勢由電源本身決定,當(dāng)內(nèi)電壓和外電壓變化時(shí),電源電動(dòng)勢保持不變.故C正確.電動(dòng)勢越大,電源將單位正電荷負(fù)極移到正極提供的電能越多.故D錯(cuò)誤.故選C.2、C【解題分析】

由電路圖可知。R2、R3串聯(lián)后與R1并聯(lián)接到電源上,當(dāng)滑動(dòng)變阻器R3的滑片P向左移動(dòng)時(shí),R3阻值變小,總電阻變小,總電流變大,根據(jù)P=EI可知,電源的功率增大,故C正確,電源內(nèi)阻所占電壓變大,并聯(lián)部分電壓減小,即R1兩端的電壓減小,根據(jù)P1=U2/R1,可知,電阻R1的功率將減小,故A正確;根據(jù)I=U/R可知,通過R1的電流減小,而總電流增大,所以通過R2的電流增大,根據(jù)P=I2R可知,電阻R2的功率將增大,故B錯(cuò)誤;電源的效率η=I2RI2(r+R)=1【題目點(diǎn)撥】本題是一道動(dòng)態(tài)分析題,分析清楚電路結(jié)構(gòu)是正確解題的關(guān)鍵,熟練應(yīng)用串聯(lián)電路特點(diǎn)及歐姆定律即可正確解題.3、C【解題分析】

磁感線的疏密表示磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小,所以從題圖中可以看出,從O點(diǎn)沿著Z軸向上的過程中,磁感應(yīng)強(qiáng)度B先減小到0,再增大,所以C正確,ABD錯(cuò)誤。故選C。4、A【解題分析】考點(diǎn):庫侖定律;電荷守恒定律.專題:計(jì)算題.分析:由庫侖定律可得出兩球在接觸前后的庫侖力表達(dá)式,則根據(jù)電量的變化可得出接觸后的作用力與原來作用力的關(guān)系.解答:解:由庫侖定律可得:F=;而兩球接觸后先中和再分開平分總電量,故分開后兩球的帶電量為-Q;則庫侖力F′==F/24;故選A.點(diǎn)評:本題很多同學(xué)由于沒有看清題意而錯(cuò)將F來表示了接觸前的庫侖力,從而導(dǎo)致錯(cuò)誤;在學(xué)習(xí)中應(yīng)注意審題的練習(xí).5、C【解題分析】

試題分析:在t=0時(shí)刻線圈與磁場方向平行,此時(shí)線圈磁通量變化率最大,產(chǎn)生的感應(yīng)電流最大,此時(shí)線圈的cd邊離開紙面向外運(yùn)動(dòng),此后穿過線圈的磁通量增大,則根據(jù)楞次定律可得產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向?yàn)閍→b→c→d→a,為正,所以C正確;考點(diǎn):考查了交流電的產(chǎn)生,楞次定律6、B【解題分析】

由庫侖定律的公式F=kQqr2知,將其中之一的電量增大為原來的2倍,它們之間的距離增加為原來的2倍,則們之間的靜電力大小變?yōu)樵瓉淼腇'=k?2Q?q(2r)二、多項(xiàng)選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分。7、AD【解題分析】

A.由于磁場向外,磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間均勻增大,根據(jù)楞次定律可知,感應(yīng)電流均沿逆時(shí)針方向,故A正確;B.線圈的磁通量故B錯(cuò)誤。C.根據(jù)電阻定律可知,故C錯(cuò)誤。D.根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律題中相同,A圓環(huán)中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢為B圓環(huán)中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢為所以感應(yīng)電流則兩線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流之比IA:IB=2:1故D正確。8、ABC【解題分析】

AB.由圖象分析可知:在b點(diǎn)前做加速運(yùn)動(dòng),b點(diǎn)后做減速運(yùn)動(dòng),可見b點(diǎn)的加速度為0,則在b點(diǎn)受到兩點(diǎn)電荷的電場力平衡,可知b點(diǎn)的合場強(qiáng)為零,Q2帶負(fù)電,且有所以故AB正確;CD.該電荷從a點(diǎn)到b點(diǎn),做加速運(yùn)動(dòng),且該電荷為正電荷,電場力做正功,所以電勢能減小,再據(jù)Ep=qφ知,電勢降低,所以b點(diǎn)電勢較低,故C正確,D錯(cuò)誤。9、BC【解題分析】

AB.根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移時(shí)間公式得:根據(jù)數(shù)學(xué)知識可得:,得加速度為

,加速度大小為。初速度為,故A錯(cuò)誤,B正確;C.t=0到,這段時(shí)間物體的位移為,故C正確;D.t=0到t=b這段時(shí)間物體的位移為,平均速度為0,故D錯(cuò)誤;10、BD【解題分析】試題分析:小球從A點(diǎn)由靜止沿桿下滑,受到重力、支持力、洛倫茲力、摩擦力,根據(jù)牛頓第二定律表示出加速度,進(jìn)而分析出最大速度和最大加速度及加速度的變化過程.小球開始下滑時(shí)有mgsinθ-μmgcosθ-qvB=ma,隨v增大,a增大,當(dāng)v=mgcosθqB時(shí),a達(dá)最大值gsinθ,此時(shí)洛倫茲力等于mgcosθ,支持力等于0,此后隨著速度增大,洛倫茲力增大,支持力增大,此后下滑過程中有mgsinθ-μqvB-mgcosθ=ma,隨三、實(shí)驗(yàn)題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11、82.20【解題分析】

明確讀數(shù)方法,知道游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù),不需估讀?!绢}目詳解】游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為82mm,游標(biāo)尺上第4個(gè)刻度與主尺上某一刻度對齊,故其讀數(shù)為0.05×4mm=0.20mm,所以最終讀數(shù)為:82mm+0.20mm=82.20mm。12、120見解析圖A【解題分析】

(1)由圖乙可知,歐姆表檔位選擇×10;故讀數(shù)為12×10=120Ω;(2)由圖示實(shí)物電路圖可知,該實(shí)驗(yàn)應(yīng)用伏安法測電源電動(dòng)勢與內(nèi)阻,電流表測電路電流,電壓表測路端電壓,實(shí)物電路圖如圖所示:

(3)根據(jù)描點(diǎn)法的基本要求,用平滑的曲線連接各點(diǎn)即可,不能是直線,也不能出現(xiàn)明顯的折線。故A正確,BCD錯(cuò)誤。四、計(jì)算題:本題共2小題,共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1),(2)(3)【解題分析】試題分析:(1)R=E=BLv=0.5V........(方程對了給1分)I=........(方程對了給1分)當(dāng)cd邊在磁場中時(shí)Iab=方向a→b(數(shù)值1分,方向1分)當(dāng)ab邊進(jìn)入磁場時(shí)Iab=I=1.0A方向b→a(數(shù)值1分,方向1分)(2)拉力做的功等于電路消耗的電能W=Q=I2(R+r)t="0.2"J........(2分,方程1分,結(jié)果1分)(3)......1分......1分解得:q=0.2C........1分考點(diǎn):考查了導(dǎo)體切割磁感線運(yùn)動(dòng)點(diǎn)評:本題屬于導(dǎo)體在磁場中平衡的問題,是安培力與力學(xué)知識的綜合,按照力平衡的解題思路求解,分析受力是關(guān)鍵14、(1),方向水中向右;(2);(3)【解題分析】

(1)小球碰撞結(jié)束后獲得的速度為,在最低點(diǎn)由向心力公式可得:解得小球擺到最低點(diǎn)的速度為代

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