2024屆四川省自貢市物理高二上期中考試模擬試題含解析

2024屆四川省自貢市物理高二上期中考試模擬試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖，P為橋墩，A為靠近橋墩浮出水面的葉片，波源S連續(xù)振動，形成水波，此時葉片A靜止不動．為使水波能帶動葉片振動，可用的方法是A．提高波源頻率B．降低波源頻率C．增加波源距橋墩的距離D．減小波源距橋墩的距離2、為了研究空腔導(dǎo)體內(nèi)外表面的電荷分布情況，取兩個驗電器A和B，在B上裝一個幾乎封閉的空心金屬球C（僅在上端開有小孔），D是帶有絕緣柄的金屬小球，如圖所示．實驗前他們都不帶電，實驗時首先將帶正電的玻璃棒（圖中未畫出）與C接觸使C帶電．以下說法正確的是A．若將帶正電的玻璃棒接觸C外表面，則B的箔片帶負(fù)電B．若將帶正電的玻璃棒接觸C內(nèi)表面，則B的箔片不會帶電C．使D接觸C的外表面，然后接觸A，操作若干次，觀察到A的箔片張角變大D．使D接觸C的內(nèi)表面，然后接觸A，操作若干次，觀察到A的箔片張角變大3、一帶電小球懸掛在平行板電容器內(nèi)部，閉合電鍵S，電容器充電后，懸線與豎直方向夾角為φ，如圖所示．下列方法中能使夾角φ減小的是()A．保持電鍵S閉合，使兩極板靠近一些B．保持電鍵S閉合，使滑動變阻器滑片向右移動C．保持電鍵S閉合，使兩極板遠(yuǎn)離一些D．?dāng)嚅_電鍵S，使兩極板靠近一些4、如圖所示，A、B為平行板電容器的金屬板，G為靜電計，開始時開關(guān)S閉合，靜電計指針張開一定角度。下列操作可使指針張開角度增大一些的是:A．?dāng)嚅_開關(guān)S后，將A、B兩極板的正對面積減小一些B．?dāng)嚅_開關(guān)S后，將A、B兩極板靠近一些C．保持開關(guān)S閉合，將R上的滑片向右移動D．保持開關(guān)S閉合，將A、B兩極板分開一些5、下面是某同學(xué)對電場中的一些概念及公式的理解，其中正確的是（）A．根據(jù)真空中點電荷的電場強(qiáng)度公式可知，電場中某點的電場強(qiáng)度與場源電荷所帶電荷量有關(guān)B．根據(jù)電勢差的定義式可知，帶電荷量為1C的正電荷，從A點移動到B點克服電場力做功為1J，則A、B兩點間的電勢差為1VC．根據(jù)電場強(qiáng)度的定義式可知，電場中某點的電場強(qiáng)度與試探電荷所帶的電荷量成反比D．根據(jù)電容的定義式可知，電容器的電容與其所帶電荷量成正比，與兩極板間的電壓成反比6、如圖所示,在處于O點的點電荷+Q形成的電場中，試探電荷q由A點移到B點，電場力做功為W1；以O(shè)A為半徑畫弧交于OB于C，q由A點移到C點電場力做功為W2；q由C點移到B點電場力做功為W3。則三者的做功關(guān)系為：（）A．W1=W2=W3,W2＞0B．W1＞W(wǎng)2=W3,W2＞0C．W1=W3＞W(wǎng)2,W2=0D．W1=W2＜W3,W2=0二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖6所示，飛船從軌道1變軌至軌道1．若飛船在兩軌道上都做勻速圓周運動，不考慮質(zhì)量變化，相對于在軌道1上，飛船在軌道1上的A．動能大B．向心加速度大C．運行周期長D．角速度小8、在如圖所示電路中，閉關(guān)開關(guān)S，當(dāng)滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時，三個理想電表的示數(shù)都發(fā)生了變化，電表的示數(shù)分別用I、U1、U2表示，電壓表示數(shù)變化的絕對值分別為△U1、△U2，下列判斷正確的是（）A．ΔU1<ΔU2B．I減小，U1增大，U2增大C．電源的總功率變大，內(nèi)功率變小D．電源的輸出功率變大，效率也變大9、如圖所示，在光滑水平面上放一個質(zhì)量為M的斜面體，質(zhì)量為m的物體沿斜面由靜止開始自由下滑，下列說法中正確的是()A．M和m組成的系統(tǒng)動量守恒B．M和m組成的系統(tǒng)動量不守恒C．M和m組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒D．M和m組成的系統(tǒng)豎直方向動量守恒10、兩個固定的等量異種點電荷所形成電場的等勢面如圖中虛線所示，一帶電粒子以某一速度從圖中a點進(jìn)入電場，其運動軌跡為圖中實線所示，若粒子只受靜電力作用，則下列關(guān)于帶電粒子的判斷正確的是()A．帶正電B．速度先變大后變小C．電勢能先變大后變小D．經(jīng)過b點和d點時的速度大小相同三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）應(yīng)用如圖所示的實驗器材來研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象及判定感應(yīng)電流方向．在給出的實物圖中，已用實線作為導(dǎo)線連接了部分實驗電路，請用實線作為導(dǎo)線從箭頭1和2處開始完成其余部分電路的連接________．12．（12分）某為同學(xué)在用電流表、電壓表和滑動變阻器測量一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻的實驗中，采用了如圖所示電路，規(guī)范操作后他記錄了6組數(shù)據(jù)（見表），試根據(jù)這些數(shù)據(jù)在下圖中畫出U-I圖線_______，并根據(jù)圖線讀出電池的電動勢E=______V，求出電池的內(nèi)阻r=_______Ω。因為該實驗中所用電表不是理想電表，所以電動勢的測量值_______（填“大于”、“等于”、“小于”）真實值。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示為研究電子槍中電子在電場中運動的簡化模型示意圖．在Oxy平面的ABCD區(qū)域內(nèi)，存在兩個場強(qiáng)大小均為E的勻強(qiáng)電場I和II，兩電場的邊界均是邊長為L的正方形，電子的電量為e（不計電子所受重力）．（1）在該區(qū)域AB邊的中點處由靜止釋放電子，求電子離開ABCD區(qū)域的位置坐標(biāo)．（2）在電場I區(qū)域內(nèi)適當(dāng)位置由靜止釋放電子，電子恰能從ABCD區(qū)域左下角D處離開，求所有釋放點的位置坐標(biāo)．（3）在滿足（2）的情況下，粒子從釋放點出發(fā)到達(dá)D點所需的最短時間是多少．14．（16分）在平面直角坐標(biāo)系xOy中，第Ⅰ象限存在沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場，第Ⅳ象限存在垂直于坐標(biāo)平面向外的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B．一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電的粒子從y軸正半軸上的M點以一定的初速度垂直于y軸射入電場，經(jīng)x軸上的N點與x軸正方向成θ=60°角射入磁場，最后從y軸負(fù)半軸上的P點垂直于y軸射出磁場，已知ON=d，如圖所示．不計粒子重力，求：（1）粒子在磁場中運動的軌道半徑R；（2）粒子在M點的初速度v0的大小；15．（12分）如圖所示，絕緣細(xì)繩的一端固定在O點、另一端懸掛著質(zhì)量m=2×10﹣3kg的帶電小球A，若將電荷QB=4.0×10﹣6C的帶正電小球B靠近A，當(dāng)A球靜止時，兩球球心恰在同一高度，且球心相距l(xiāng)=0.3m，此時繩與豎直方向成α=45°角．已知靜電力常量k=9.0×109N.m2/C2，g=10m/s2，兩球均可視為質(zhì)點．求：（1）B球受到的庫侖力；（2）A球的電荷量．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解題分析】

拍打水面時，水波中的質(zhì)點上下振動，形成的波向前傳播，提高拍打水面的頻率，則質(zhì)點振動的頻率增加，波的頻率與振動的頻率相等，根據(jù)，波速不變，頻率增大，波長減小，衍射現(xiàn)象不明顯，反之降低頻率，波長增大，衍射現(xiàn)象更明顯．故A錯誤，B正確．C、D錯誤．故選B．【題目點撥】解決本題的關(guān)鍵知道質(zhì)點振動的頻率與波傳播的頻率相等，以及掌握波發(fā)生明顯衍射的條件：孔縫的寬度或障礙物的尺寸與波長相近或更?。?、C【解題分析】

A.若將帶正電的玻璃棒接觸C外表面，則C以及與C連接的B的箔片都帶正電；故A錯誤.B.若將帶正電的玻璃棒接觸C內(nèi)表面，則C以及與C連接的B的箔片都帶正電；故B錯誤.C.若使D接觸C的外表面，D上的電荷只有一部分轉(zhuǎn)移到C上，D仍然帶電；然后接觸A，則A的一部分電荷又轉(zhuǎn)移到A上；操作若干次，觀察到A的箔片張角變大；故C正確.D.若使D接觸C的內(nèi)表面，則D上的電荷全部轉(zhuǎn)移到C上，D不再帶電；然后接觸A，A不能帶電；操作若干次，觀察到A的箔片張角不變；故D錯誤.3、C【解題分析】小球在兩極板間受到豎直向下的重力，水平向左的電場力以及繩子的拉力，三力作用下處于靜止?fàn)顟B(tài)，要使夾角減小，則應(yīng)減小電場力，保持電鍵S閉合，兩極板間的電勢差恒定，使兩極板靠近一些，則根據(jù)可知，電場強(qiáng)度增大，所以小球受到的電場力增大，即夾角變大，A錯誤；保持電鍵S閉合，使滑動變阻器滑片向右移動，兩極板間距離不變，電場強(qiáng)度不變，即夾角不變，B錯誤；保持電鍵S閉合，兩極板間的電勢差恒定，使兩極板遠(yuǎn)離一些，則根據(jù)可知，電場強(qiáng)度減小，所以小球受到的電場力減小，即夾角減小，C正確；斷開電鍵，則兩極板所帶電荷量恒定不變，根據(jù)，則有，即兩板間的電場強(qiáng)度和兩極板的距離無關(guān)，故電場強(qiáng)度不變，所以夾角不變，D錯誤．【題目點撥】在分析電容器動態(tài)變化時，需要根據(jù)判斷電容器的電容變化情況，然后結(jié)合，等公式分析，需要注意的是，如果電容器和電源相連則電容器兩極板間的電壓恒定，如果電容器充電后與電源斷開，則電容器兩極板上的電荷量恒定不變4、A【解題分析】

A．?dāng)嚅_電鍵，電容器帶電量不變，將A、B兩極板的正對面積減小一些，則S減小，根據(jù)知，電容減小，根據(jù)Q=CU知，電勢差變大，指針張角變大，故A正確；B．?dāng)嚅_電鍵，電容器帶電量不變，將AB靠近一些，則d減小，根據(jù)知，電容變大，根據(jù)Q=CU知，電勢差減小，指針張角減小，故B錯誤；CD．保持開關(guān)閉合，電容器兩端的電勢差等于電源的電動勢，故電容器兩端的電勢差不變，則指針張角不變，故CD均錯誤。5、A【解題分析】根據(jù)點電荷的場強(qiáng)公式：可知，Q是場源電荷，所以電場中某點電場強(qiáng)度與場源電荷的電量成正比，與該點到場源電荷距離的平方成反比，故A正確；根據(jù)電勢差的定義式：知，帶電量為1C正電荷，從A點移動到B點克服電場力做功為1J，即電場力做功為-1J，則A、B點的電勢差為-1V，故B錯誤；電場強(qiáng)度取決于電場本身，與有無試探電荷無關(guān)，所以不能理解成電場中某點的電場強(qiáng)度和試探電荷的電量成反比，故C錯誤；電容是描述電容器容納電荷本領(lǐng)的物理量，取決于電容器本身的性質(zhì)，并不與電容器的電容與所帶電荷量成正比，與兩極板間的電壓成反比，故D錯誤。所以A正確，BCD錯誤。6、C【解題分析】正點電荷形成的電場中，半徑越大，電勢越小，半徑相同，電勢相等，所以A點與C點電勢相同，故從A運動到B和從C運動到B電場力做功相等，所以，C正確。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解題分析】

根據(jù)得，，，，，由這些關(guān)系可以看出，r越大，a、v、ω越小，動能越小，而T越大，故AB錯誤，CD正確．8、AB【解題分析】

當(dāng)滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時，R2電阻變大，總電阻變大，總電流減小，路端電壓變大，即U1變大；R1的電流變大，則電流表支路的電流減小，即I減?。籖3電壓減小，則R2電壓變大，則U2變大；選項B正確；因U1=U2+UR3，因U1變大，U2變大，UR3變小則ΔU1<ΔU2，選項A正確；根據(jù)P=IE可知電源的總功率變大；根據(jù)P內(nèi)=I2r可知，電源內(nèi)功率變大，選項C錯誤；因不知道電源內(nèi)阻和外電阻之間的關(guān)系，則不能判斷電源輸出功率的變化情況；根據(jù)η=IUIE=R9、BC【解題分析】

ABD．m下滑過程系統(tǒng)所受合外力豎直向下，系統(tǒng)所受合外力不為零，系統(tǒng)動量不守恒，系統(tǒng)在豎直方向動量不守恒，故AD錯誤，B正確；C．M和m組成的系統(tǒng)在水平方向所受合外力為零，水平方向系統(tǒng)動量守恒，故C正確；10、CD【解題分析】

A．根據(jù)兩個固定的等量異種點電荷所形成電場的等勢面的特點可得，該圖中的等勢面中，正電荷在上方，負(fù)電荷在下方；從粒子運動軌跡看出，軌跡向上彎曲，可知帶電粒子受到了向上的力的作用，所以粒子帶負(fù)電，A錯誤；BC．粒子從a到c到e的過程中電場力先做負(fù)功后做正功，速度先減后增，電勢能先增大后減?。籅錯誤，C正確；D．因為bd兩點在同一等勢面上，所以在bd兩點的電勢能相同，所以經(jīng)過b點和d點時的速度大小相同，D正確。故選CD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、【解題分析】

[1]將線圈L1連接在電路中，作為磁體，將L2和電流表連接，觀察是否能產(chǎn)生感應(yīng)電流，導(dǎo)線不能交叉，如圖所示：12、圖線如圖所示1.470.72小于【解題分析】

[1].根據(jù)描點法可得出對應(yīng)的伏安特性曲線，對應(yīng)的圖線如圖所示；[2].根據(jù)U=E-Ir可知，圖象與縱軸的交點表示電動勢，故E=1.47V；[3].圖象的斜率表示內(nèi)阻，故；[4].相對于電源來說，電流表采用外接法，由于電壓表的分流作用，使所測電源電動勢小于電動勢真實值，內(nèi)阻測量值小于真實值．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（－2L，）（2），xy＝，（3）=【解題分析】

(1)此問分為兩個過程，一是在電場Ⅰ區(qū)域的加速運動，運用能量的關(guān)系可求出加速后的速度；二是在電場Ⅱ區(qū)域內(nèi)的偏轉(zhuǎn)，運用類平拋的知識可求出偏轉(zhuǎn)距離，從而得到電子離開ABCD區(qū)域的位置；(2)首先設(shè)出釋放點的坐標(biāo)，在運用在電場I中的加速和在電場II中的類平拋運動，計算出表示xy的乘積的方程，滿足此式的點即為符合要求的點．【題目詳解】(1)設(shè)電子的質(zhì)量為m，電量為e，在電場I中釋放后將做出速度為零的勻加速直線運動，出區(qū)域I時的速度為v0，接著進(jìn)入電場II做類平拋運動，假設(shè)電子從CD邊射出，出射點縱坐標(biāo)為y，對電子的整個運動過程運用動能定理和勻變速直線運動公式有：以上兩式聯(lián)立解得：，所以原假設(shè)成立，即電子離開ABCD區(qū)域的位置坐標(biāo)為；(2)設(shè)釋放點在電場區(qū)域I中，其坐標(biāo)為（x，y），在電場I中電子被加速到v1，然后進(jìn)入電場II做類平拋運動，并從D點離開，有：以上兩式聯(lián)立解得：，即在電場I區(qū)域內(nèi)滿足方程的點即為所求位置；(3)粒子在電場區(qū)域I中運動的時間為：解得：粒子出電場區(qū)域I時的速度粒子在無電