2024屆浙江省紹興市紹興一中高二物理第一學(xué)期期中統(tǒng)考模擬試題含解析

2024屆浙江省紹興市紹興一中高二物理第一學(xué)期期中統(tǒng)考模擬試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一輕質(zhì)彈簧在彈性限度內(nèi)伸長了1cm時產(chǎn)生了2N的彈力，則這根彈簧的勁度系數(shù)是（）A．2N／mB．211N／mC．21N／mD．1．2N／m2、下列元器件中，哪一個是電容器？（）A．B．C．D．3、如圖所示為有兩個量程的電壓表，當(dāng)使用a、b兩端點時，量程為1V；當(dāng)使用a、c兩端點時，量程為10V．已知電流表的內(nèi)阻Rg為50Ω，滿偏電流Ig為1mA．則R1和R2的電阻值：A．R1=950Ω，R2=9kΩB．R1=9kΩ，R2=950ΩC．R1=9kΩ，R2=1kΩD．R1=1kΩ，R2=9kΩ4、如圖所示的電路中，A1和A2是完全相同的燈泡，線圈L的電阻可以忽略，下列說法中正確的是A．合上開關(guān)K接通電路時，A2先亮，A1后亮，最后一樣亮B．合上開關(guān)K接通電路時，A2始終比A1亮C．?dāng)嚅_開關(guān)K切斷電路時，A2先熄滅，A1過一會兒才熄滅D．?dāng)嚅_開關(guān)K切斷電路時，A1和A2都立刻熄滅5、水平拋出一個物體，經(jīng)時間t后物體速度方向與水平方向夾角為θ，重力加速度為g,則平拋物體的初速度為（）A．gtsinθ B．gtcosθ C．gttanθ D．gtcotθ6、如圖所示，在真空中有一對平行金屬板，分別接在電源的兩極上，一個帶正電荷的粒子，在靜電力的作用下由靜止開始從正極板附近向負(fù)極板運動，則該帶點粒子在運動過程中（）A．靜電力對它做正功，電勢能增加B．靜電力對它做正功，電勢能減少C．靜電力對它做負(fù)功，電勢能增加D．靜電力對它做正功，電勢能減少二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、.家用電飯鍋有兩種工作狀態(tài)，一是鍋內(nèi)水燒開前的加熱狀態(tài)，一是水燒開后的保溫狀態(tài)，其電路如圖所示．R1是一電阻，R2是加熱用的電阻絲，則電飯鍋()A．S閉合時為保溫狀態(tài)B．S斷開時為加熱狀態(tài)C．S閉合時為加熱狀態(tài)D．S斷開時為保溫狀態(tài)8、如圖所示的電路中,電源內(nèi)阻一定,電壓表和電流表均為理想電表?，F(xiàn)使滑動變阻器R滑片向左滑動一小段距離,測得電壓表V1的示數(shù)變化大小為ΔU1,電壓表V2的示數(shù)變化大小為ΔU2,電流表A的示數(shù)變化大小為ΔI,對于此過程下列說法正確的是()A．ΔUB．路端電壓的增加量等于ΔU2C．R0兩端的電壓的變化量大小等于ΔU2-ΔU1D．通過電阻R1的電流變化量大小等于Δ9、質(zhì)量為m的小球A以速度V0在光滑水平面上運動.與質(zhì)量為2m的靜止小球B發(fā)生對心碰撞，則碰撞后小球A的速度大小VA和小球B的速度大小VB可能為（）A．B．C．D．10、在簡諧橫波的傳播直線上有兩個介質(zhì)質(zhì)點A、B，它們相距60cm，當(dāng)A質(zhì)點在平衡位置處向上振動時，B質(zhì)點處于波谷位置，若波速的大小為24m/s，則波的頻率可能是A．10Hz B．130HzC．400Hz D．510Hz三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖螺旋測微器的讀數(shù)是______cm；游標(biāo)卡尺的讀數(shù)是_________cm；若電流表的量程為0.6A，則電流表表針的示數(shù)是______A．12．（12分）物理興趣小組利用如圖甲所示的裝置測磁感應(yīng)強(qiáng)度．水平放在壓力傳感器和摩擦力傳感器上的金屬桿b，質(zhì)暈m＝0.2kg，長0.1m．閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)滑動變阻器，當(dāng)電流表的示數(shù)如圖乙所示時，壓力傳感器的示數(shù)為2.3N，摩擦力傳感器的示數(shù)為0.4N，且摩擦力的方向水平向左．金屬桿ab始終處于靜止?fàn)顟B(tài)，g取10m/s2，導(dǎo)線對金屬桿ab沒有作用力．已知sin53°＝0.8，請你幫助該興趣小組的同學(xué)完成以下任務(wù)：（1）電流表的示數(shù)為_______A；（2）該區(qū)域磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為_______T（結(jié)果保留兩位小數(shù)），方向______________．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示電路中，電源電動勢E＝12V，內(nèi)阻r＝1Ω，電阻R1＝9Ω，R2＝5Ω，R3是一只滑動變阻器，其阻值變化范圍為0～20Ω，求：（1）電流表的示數(shù)為0.4A，R3的阻值為多大；（2）電源的總功率最大值；14．（16分）如圖所示，帶電平行金屬板相距為2R，在兩板間半徑為R的圓形區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，兩板及其左側(cè)邊緣連線均與磁場邊界剛好相切．一質(zhì)子（不計重力）沿兩板間中心線O1O2從左側(cè)O1點以某一速度射入，沿直線通過圓形磁場區(qū)域，然后恰好從極板邊緣飛出，在極板間運動時間為t1．若僅撤去磁場，質(zhì)子仍從O1點以相同速度射入，經(jīng)t1/2時間打到極板上．（1）求兩極板間電壓U；（2）求質(zhì)子從極板間飛出時的速度大?。唬?）若兩極板不帶電，保持磁場不變，質(zhì)子仍沿中心線O1O2從左側(cè)O1點射入，欲使質(zhì)子從兩板間左側(cè)飛出，射入的速度應(yīng)滿足什么條件？15．（12分）如圖10-2-30所示為泰安某學(xué)校一套校內(nèi)備用供電系統(tǒng)，由一臺內(nèi)阻為1Ω的發(fā)電機(jī)向全校22個教室（每個教室有“220V40W”的白熾燈6盞）供電．如果輸電線的總電阻R是4Ω，升壓變壓器和降壓變壓器（都認(rèn)為是理想變壓器）的匝數(shù)比分別是1∶4和4∶1，那么：（1）發(fā)電機(jī)的輸出功率應(yīng)是多大？（2）發(fā)電機(jī)的電動勢是多大？（3）輸電效率是多少？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解題分析】

由題，F(xiàn)=2N，x=1cm=1×11-2m，根據(jù)胡克定律F=kx得彈簧的勁度系數(shù)k=Fx=【題目點撥】彈簧的彈力與形變量之間的關(guān)系遵守胡克定律．公式F=kx中，x是彈簧伸長的長度或壓縮的長度，即是彈簧的形變量．2、C【解題分析】

高中課本上出現(xiàn)電容器有：平行板電容器，可調(diào)電容器，聚苯乙烯電容器和電解電容器，每一種都有不同的外形，我們可以根據(jù)外形和構(gòu)造進(jìn)行判斷，常見的電學(xué)儀器也要記牢；【題目詳解】A、圖片是滑動變阻器，故A錯誤。

B、圖片雖然像聚苯乙烯電容器或電解電容器，但它有3跟腿，所以應(yīng)為三極管，故B錯誤；

C、圖片是可調(diào)電容器，故C正確；

D、圖片是法拉第在做電磁感應(yīng)實驗中用到的線圈，不是電容器，故D錯誤?！绢}目點撥】對于電學(xué)元器件，有的可能光靠從外形上分辨不出來，因為有的看不到構(gòu)造，需要認(rèn)識課本上出現(xiàn)的所有電學(xué)元器件。3、A【解題分析】

根據(jù)歐姆定律和串聯(lián)電路的特點可知：代入數(shù)據(jù)可解得：同理有：代入數(shù)據(jù)可解得：所以只有選項A正確；4、A【解題分析】

本題考查自感現(xiàn)象在閉合電路中的應(yīng)用【題目詳解】電路中的電流發(fā)生變化時，線圈中會產(chǎn)生阻礙電流變化的感應(yīng)電流；AB．合上開關(guān)K接通電路時，因線圈L中產(chǎn)生了反向電流，且很快消失，故A2先亮，A1后亮，最后一樣亮，A選項正確；CD．?dāng)嚅_開關(guān)K切斷電路時，電路中電流消失，而線圈L中也會產(chǎn)生電流從而阻礙電流的消失，線圈L中的電流供A1和A2同時使用，故兩個燈泡都要過一會兒才熄滅，故CD均錯誤；綜上所述，本題選A。5、D【解題分析】

試題分析：平拋運動的物體水平方向速度永遠(yuǎn)不變，豎直方向做自由落體運動，速度與水平方向夾角的正切值，，D選項正確．ABC錯誤。故選D?？键c：平拋運動點評：該類型題目涉及到速度方向與水平方向夾角，平拋運動中還有一個夾角容易混淆，即位移方向與水平方向夾角，通過畫圖要求學(xué)生對這個兩個夾角能夠區(qū)分并靈活應(yīng)用．6、B【解題分析】

電容器左邊極板帶正電荷，右邊極板帶負(fù)電荷，故電場強(qiáng)度向右，微粒帶正電荷，故電場力向右，位移向右，故電場力做正功，電場力做功等于電勢能的減小量，故電勢能減小，轉(zhuǎn)化為了動能A．靜電力對它做正功，電勢能增加與分析不符，故A錯誤；B．靜電力對它做正功，電勢能減少與分析相符，故B正確；C．靜電力對它做負(fù)功，電勢能增加與分析不符，故C錯誤；D．靜電力對它做正功，電勢能減少與分析不符，故D錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解題分析】試題分析：S閉合時，R1被斷路，R2中的電流較大，熱功率較大，處于加熱狀態(tài)，S斷開時，R1與R2串聯(lián)，R2中的電流較小，熱功率較小，處于是保溫狀態(tài)，AB錯誤，CD正確．考點：本題考查了電路的串并聯(lián)特點和電路的規(guī)律問題8、ACD【解題分析】

A、根據(jù)電路結(jié)構(gòu)可知：V1測量路端電壓，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知：ΔU1ΔI=rB、滑動變阻器R滑片向左滑動一小段距離，電阻變大，回路電流變小，路端電壓增大，即R0與滑動變阻器的電壓增大，但電阻R0上的電壓是減小的，所以ΔU2與ΔU1不相等，故BC、路端電壓即為R0與滑動變阻器的電壓之和，所以R0兩端的電壓的變化量大小等于ΔU2-ΔU1，故C對D、R1兩端的電壓即為路端電壓，路端電壓的變化引起了電阻R1上電流的變化，所以通過電阻R1的電流變化量大小等于ΔU1R1故選ACD【題目點撥】根據(jù)滑動變阻器的移動明確電阻的變化,由閉合電路歐姆定律可以知道電路電流的變化,則可分析內(nèi)電壓、路端電壓及各部分電壓的變化9、AC【解題分析】

若兩球發(fā)生完全彈性碰撞，則根據(jù)動量守恒得：mv0=mvA+2mvB，根據(jù)碰撞過程系統(tǒng)的總動能不變，則得mv02=mvA2+2mvB2，解得：vA=-v0；vB=v0；若兩球發(fā)生完全非彈性碰撞，則mv0=(m+2m)v解得v=v0，則A的速度范圍是-v0~v0；B的速度范圍是v0~v0；故AC正確，BD錯誤；故選AC.【題目點撥】對于碰撞過程，往往根據(jù)三個規(guī)律去分析：一是動量守恒；二是總動能不增加；三是碰后，若兩球分開后同向運動，后面小球的速率不可能大于前面小球的速率．10、ABD【解題分析】

若這列波的傳播方向是由A向B，據(jù)題有，（n=0，1，2，1．．．．．．）則得由v=λf得，（n=0，1，2，1．．．．．．）當(dāng)n=0時，，當(dāng)n=1時，若這列波的傳播方向是由B向A，則有，（n=0，1，2，1．．．．．．）則得由v=λf得，（n=0，1，2，1．．．．．．）當(dāng)n=12時，，故ABD正確。故選ABD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、1.38701.1500.44【解題分析】（1）螺旋測微器的固定刻度為13.5mm，可動刻度為，所以最終讀數(shù)為（2）20分度的游標(biāo)卡尺,精確度是,游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為,游標(biāo)尺上第10個刻度和主尺上某一刻度對齊,所以游標(biāo)讀數(shù)為,所以最終讀數(shù)為:；（3）電流表的量程是0.6A，則最小刻度代表的是0.02A，精確到0.01A，則圖中表的讀數(shù)是：0.44A綜上所述本題答案是：(1).1.3870(2).1.150(3).0.4412、2.402.08斜向左下方，與豎直方向夾角37°【解題分析】

(1)[1]由圖乙所示電流表可知，電流表量程是0～3A，分度值是0.1A，電流表示數(shù)是2.40A；(2)[2]壓力傳感器的示數(shù)為2.3N，則安培力沿豎直方向的分力：結(jié)合二力平衡可知方向豎直向下；安培力沿水平方向的分力：摩擦力傳感器受到的摩擦力向左，則該分力的方向水平向左；由可知磁感應(yīng)強(qiáng)度沿水平方向的分量：根據(jù)左手定則可知該分量的方向水平向右；磁感應(yīng)強(qiáng)度沿豎直方向的分量：根據(jù)左手定則可知該分量的方向豎直向下；合磁感應(yīng)強(qiáng)度：[3]與豎直方向之間的夾角為，則：則：即磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向斜向左下方，與豎直方向夾角37°四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）10/3Ω（2）14.4W【解題分析】

(1)由電路圖得：U并=I2R2=0.4×5V=2V據(jù)閉合電路歐姆定律得：E=U并+I(R1+r)所以I=A=1A據(jù)分流規(guī)律得：I3=I?I2=1?0.4=0.6A所以R3=U并/I3=2/0.6Ω=10/3Ω(2)據(jù)P=IE得，要使P最大，必須使I最大，由閉合電路歐姆定律得R最小，所以R3的阻值為零時，其功率最大由閉合電路歐姆定律得：I′=A=1.2A所以Pmax=I′E=1.2A×12V=14.4W答：(1)電流表的示數(shù)為0.4A時,R3的阻值為10/3Ω；(2)電源的總功率最大值14.4W；【題目點撥】首先明確電阻R2和R3并聯(lián)，再與R1串聯(lián)，利用閉合電路的歐姆定律即可求解，利用P=IE分析即可求解電源最大功率。14、（1）（2）（3）【解題分析】（1）設(shè)質(zhì)