2023年江蘇省連云港市海慶中學(xué)物理高二上期末達(dá)標(biāo)檢測(cè)試題含解析

2023年江蘇省連云港市海慶中學(xué)物理高二上期末達(dá)標(biāo)檢測(cè)試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫(xiě)在“答題紙”相應(yīng)位置上。2．請(qǐng)用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫(xiě)姓名和準(zhǔn)考證號(hào)。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無(wú)效。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、一圓筒處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向與筒的軸平行，筒的橫截面如圖所示.圖中直徑MN的兩端分別開(kāi)有小孔，筒繞其中心軸以角速度ω順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)．在該截面內(nèi)，一帶電粒子從小孔M射入筒內(nèi)，射入時(shí)的速度方向與MN成30°角．當(dāng)筒轉(zhuǎn)過(guò)90°時(shí)，該粒子恰好從小孔N飛出圓筒，不計(jì)重力．若粒子在筒內(nèi)未與筒壁發(fā)生碰撞，則帶電粒子的比荷為（）A. B.C. D.2、磁場(chǎng)中某區(qū)域的磁感線如圖所示，則A.a、b兩點(diǎn)磁感強(qiáng)度大小相等B.a、b兩點(diǎn)磁感強(qiáng)度大小不相等，Ba<BbC.同一小段通電導(dǎo)線放在a處時(shí)所受的磁場(chǎng)力一定比放在b處時(shí)大D.同一小段通電導(dǎo)線放在a處時(shí)所受的磁場(chǎng)力可能比放在b處時(shí)小3、如圖所示，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的方向垂直紙面向里，一帶電微粒從磁場(chǎng)邊界d點(diǎn)垂直于磁場(chǎng)方向射入，沿曲線dpa打到屏MN上的a點(diǎn)，通過(guò)pa段用時(shí)為t.若該微粒經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)，與一個(gè)靜止的不帶電微粒碰撞并結(jié)合為一個(gè)新微粒，最終打到屏MN上．若兩個(gè)微粒所受重力均忽略,則新微粒運(yùn)動(dòng)的()A.軌跡為pb,至屏幕的時(shí)間將小于tB.軌跡為pc,至屏幕的時(shí)間將大于tC.軌跡為pa，至屏幕的時(shí)間將大于tD.軌跡為pb,至屏幕時(shí)間將等于t4、如圖所示的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中有一閉合矩形導(dǎo)線框，則在圖示時(shí)刻能產(chǎn)生感應(yīng)電流的是A. B.C. D.5、如圖所示，實(shí)線為一點(diǎn)電荷Q建立的電場(chǎng)中的幾條電場(chǎng)線（方向未標(biāo)出），虛線為一電子在電場(chǎng)中從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的軌跡．若電子在運(yùn)動(dòng)中只受電場(chǎng)力的作用，則下列判斷正確的是（）A.建立電場(chǎng)的點(diǎn)電荷Q帶負(fù)電B.粒子在M點(diǎn)的加速度比在N點(diǎn)的加速度大C.粒子在M點(diǎn)的速度比在N點(diǎn)的速度大D.粒子在M點(diǎn)的電勢(shì)能比在N點(diǎn)的電勢(shì)能大6、平行板A、B組成電容器，充電后斷開(kāi)電源與靜電計(jì)相連，要使靜電計(jì)指針張角變大，下列措施可行是（）AB板向右移動(dòng)B.A板向右移動(dòng)C.A、B板間插入電介質(zhì)D.減少極板上的電荷量二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、在如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)電阻為r．將滑動(dòng)變阻器的滑片P從圖示位置向右滑動(dòng)的過(guò)程中，關(guān)于各電表示數(shù)的變化，下列判斷中正確的是（）A.電壓表V的示數(shù)變小B.電流表A2的示數(shù)變小C.電流表A1的示數(shù)變大D.電流表A的示數(shù)變大8、下列說(shuō)法中正確的是()A.布朗運(yùn)動(dòng)是指在顯微鏡下觀察到的液體分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)B.一滴液態(tài)金屬在完全失重條件下呈球狀，是由液體的表面張力所致C.當(dāng)分子力表現(xiàn)為引力時(shí)，其大小隨分子間距離的增大而減小D.一定質(zhì)量氣體在等容變化中壓強(qiáng)增大，單位時(shí)間內(nèi)分子對(duì)器壁單位面積上撞擊次數(shù)增多9、(多選)如圖為一個(gè)電磁泵從血庫(kù)里向外抽血的結(jié)構(gòu)示意圖，長(zhǎng)方體導(dǎo)管的左、右表面絕緣，上、下表面為導(dǎo)體，管長(zhǎng)為a、內(nèi)壁高為b、寬為L(zhǎng)且內(nèi)壁光滑．將導(dǎo)管放在垂直左、右表面向右的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，由于充滿(mǎn)導(dǎo)管的血漿中帶有正、負(fù)離子，將上、下表面和電源接通，電路中會(huì)形成大小為I的電流，導(dǎo)管的前后兩側(cè)便會(huì)產(chǎn)生壓強(qiáng)差p，從而將血漿抽出，其中v為血漿流動(dòng)方向．若血漿的電阻率為ρ，電源的電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，則下列判斷正確的是()A.此裝置中血漿的等效電阻B.此裝置中血漿受到安培力大小F＝BILC.增大磁感應(yīng)強(qiáng)度可以加快血漿的外抽速度D.前后兩側(cè)的壓強(qiáng)差10、如圖所示，M、N為同一水平面內(nèi)的兩條平行長(zhǎng)導(dǎo)軌，左端串聯(lián)電阻R，金屬桿ab垂直導(dǎo)軌放置，桿和導(dǎo)軌的電阻不計(jì)，且桿與導(dǎo)軌間無(wú)摩擦，整個(gè)裝置處于豎直方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中．現(xiàn)對(duì)金屬桿ab施加一個(gè)與桿垂直的水平向右的恒力F，使桿從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)．在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，桿的速度大小為v，桿所受安培力為F安，R中的電流為I，R上消耗的總能量為E總，則下列關(guān)于v、F安、I、E總隨時(shí)間變化的圖像可能正確的是（）A. B.C. D.三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11．（6分）在測(cè)定某金屬的電阻率實(shí)驗(yàn)中，某學(xué)生進(jìn)行了如下操作:(1)利用游標(biāo)卡尺測(cè)金屬絲直徑d,如圖1所示為游標(biāo)20格游標(biāo)卡尺的局部,則d=______mm.(2)測(cè)量金屬絲電阻Rx的電路圖如圖2所示,閉合開(kāi)關(guān)S,先后將電壓表右側(cè)接線端P接a、b點(diǎn)時(shí),電壓表和電流表示數(shù)如下表所示.U（V）I（A）接線端P接a1.840.15接線端P接b2.400.15該學(xué)生認(rèn)真觀察到兩次測(cè)量中,電流表的讀數(shù)幾乎未變,發(fā)生這種現(xiàn)象的原因是______比較合理且較準(zhǔn)確的金屬絲電阻RX測(cè)=______Ω(保留兩位有效數(shù)字),從系統(tǒng)誤差角度分析,RX的測(cè)量值RX測(cè)與其真實(shí)值RX真比較,RX測(cè)__________RX真．(填“<”、“=”或“>”).12．（12分）某同學(xué)利用熱敏電阻設(shè)計(jì)了一個(gè)“過(guò)熱自動(dòng)報(bào)警電路”，如圖甲所示．將熱敏電阻R安裝在需要探測(cè)溫度的地方，當(dāng)環(huán)境溫度正常時(shí)，繼電器的上觸點(diǎn)接觸，下觸點(diǎn)分離，指示燈亮；當(dāng)環(huán)境溫度超過(guò)某一值時(shí)，繼電器的下觸點(diǎn)接觸，上觸點(diǎn)分離，警鈴響．圖甲中繼電器的供電電壓U1=3V，繼電器線圈用漆包線繞成，其電阻R0為30Ω．當(dāng)線圈中的電流大于等于50mA時(shí)，繼電器的銜鐵將被吸合，警鈴響．圖乙是熱敏電阻的阻值隨溫度變化的圖象（1）圖甲中警鈴的接線柱C應(yīng)與接線柱______相連，指示燈的接線柱D應(yīng)與接線柱______相連（均選填“A”或“B”）（2）當(dāng)環(huán)境溫度升高時(shí)，熱敏電阻阻值將______，繼電器的磁性將______（均選填“增大”、“減小”或“不變”），當(dāng)環(huán)境溫度達(dá)到______℃時(shí)，警鈴報(bào)警四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，兩根間距為L(zhǎng)＝0.5m的平行光滑金屬導(dǎo)軌間接有電動(dòng)勢(shì)E＝3V、內(nèi)阻r＝1Ω的電源，導(dǎo)軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導(dǎo)軌放置，質(zhì)量m＝0.2kg．導(dǎo)軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導(dǎo)軌電阻均不計(jì)，整個(gè)裝置處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中．當(dāng)R0＝1Ω時(shí)，金屬桿ab剛好處于靜止?fàn)顟B(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大?。唬?）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度14．（16分）ABC表示豎直放在電場(chǎng)強(qiáng)度為E=104V/m的水平勻強(qiáng)電場(chǎng)中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點(diǎn)，而且AB=R=0.2m，把一質(zhì)量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點(diǎn)由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達(dá)C點(diǎn)的速度大小(2)小球在C點(diǎn)時(shí)，軌道受到的壓力大小15．（12分）如圖所示，水平放置的兩塊長(zhǎng)直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場(chǎng)強(qiáng)度為E=5.0×105N/C，b板下方整個(gè)空間存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng).今有一質(zhì)量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計(jì)重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強(qiáng)電場(chǎng)，剛好從狹縫P處穿過(guò)b板而垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫(huà)出）．求P、Q之間的距離L

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)根據(jù)幾何關(guān)系，則有：，，所以有：，，即軌跡圓弧所對(duì)的圓心角為，粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期，粒子在磁場(chǎng)中勻速圓周運(yùn)動(dòng)的時(shí)間：圓筒轉(zhuǎn)動(dòng)所用時(shí)間：粒子勻速圓周運(yùn)動(dòng)的時(shí)間和圓筒轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)間相等，即有：可得：解得：故選C。2、D【解析】AB.由磁感線的疏密表示磁場(chǎng)的強(qiáng)弱，由圖可知a、b兩點(diǎn)磁感強(qiáng)度大小不相等，a點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度比b點(diǎn)的大，故A錯(cuò)誤，B錯(cuò)誤；CD.根據(jù)磁場(chǎng)力F=BILsinθ，磁場(chǎng)力的大小不僅與磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小有關(guān)，還與電流方向與磁感應(yīng)強(qiáng)度方向的關(guān)系有關(guān)，同一小段通電導(dǎo)線放在a處時(shí)所受的磁場(chǎng)力有可能比放在b處時(shí)小，故C錯(cuò)誤，D正確故選D.3、C【解析】由動(dòng)量守恒定律可得出粒子碰撞后的總動(dòng)量不變，由洛侖茲力與向心力的關(guān)系可得出半徑表達(dá)式，可判斷出碰后的軌跡是否變化；再由周期變化可得出時(shí)間的變化帶電粒子和不帶電粒子相碰，遵守動(dòng)量守恒，故總動(dòng)量不變，總電量也保持不變，由，得：，P、q都不變，可知粒子碰撞前后的軌跡半徑r不變，故軌跡應(yīng)為pa，因周期可知，因m增大，故粒子運(yùn)動(dòng)的周期增大，因所對(duì)應(yīng)的弧線不變，圓心角不變，故pa所用的時(shí)間將大于t，C正確；【點(diǎn)睛】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，洛倫茲力充當(dāng)向心力，從而得出半徑公式，周期公式，運(yùn)動(dòng)時(shí)間公式，知道粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)半徑和速度有關(guān)，運(yùn)動(dòng)周期和速度無(wú)關(guān)，畫(huà)軌跡，定圓心，找半徑，結(jié)合幾何知識(shí)分析解題，4、B【解析】A．該圖保持線框平面始終與磁感線平行，線框在磁場(chǎng)中向右運(yùn)動(dòng)，磁通量一直為零，磁通量不變，無(wú)感應(yīng)電流，故A錯(cuò)誤；B．該圖保持線框平面始終與磁感線垂直，線框在磁場(chǎng)中向右運(yùn)動(dòng)，離開(kāi)磁場(chǎng)，磁通量減小，有感應(yīng)電流，故B正確；C．該圖保持線框平面始終與磁感線垂直，線框在磁場(chǎng)中向上運(yùn)動(dòng)，磁通量不變，無(wú)感應(yīng)電流，故C錯(cuò)誤；D．該圖保持線框平面始終與磁感線垂直，線框在磁場(chǎng)中向右運(yùn)動(dòng)，故磁通量不變，無(wú)感應(yīng)電流，故D錯(cuò)誤；故選B5、D【解析】由圖看出，電子軌跡向下彎曲，其所受的電場(chǎng)力方向向上，故建立電場(chǎng)的點(diǎn)電荷Q帶正電，A錯(cuò)誤；電場(chǎng)線的疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，M點(diǎn)電場(chǎng)線稀疏，所以離子在M點(diǎn)的電場(chǎng)力小，加速度也小，B錯(cuò)誤；粒子從M到N，電場(chǎng)力做正功，動(dòng)能增大．電勢(shì)能減小，所以離子在N點(diǎn)的速度大于在M點(diǎn)的速度，粒子在M點(diǎn)的電勢(shì)能比在N點(diǎn)的電勢(shì)能大，所以C錯(cuò)誤，D正確；故選D【點(diǎn)睛】在電場(chǎng)中根據(jù)帶電粒子運(yùn)動(dòng)軌跡和電場(chǎng)線關(guān)系判斷電場(chǎng)強(qiáng)度、電勢(shì)、電勢(shì)能、動(dòng)能等變化，這對(duì)學(xué)生是基本的要求，要重點(diǎn)掌握.6、A【解析】A．根據(jù)和分析，B板右移時(shí)，d增大，則C減小，故電勢(shì)差增大，故張角增大，故A正確；B．A板向右移動(dòng)，d減小，則C增大，故電勢(shì)差減小，故張角減小，故B錯(cuò)誤；C．當(dāng)AB間插入電介質(zhì)時(shí)，C增大，則電勢(shì)差減小，故張角減小，故C錯(cuò)誤；D．減小電荷量時(shí)，C不變，則電勢(shì)差減小，故夾角減小，故D錯(cuò)誤。故選A。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BCD【解析】當(dāng)滑片向右滑動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電阻增大，則總電阻增大；由閉合電路歐姆定律可知，電路中總電流減小，則由U=E-Ir可知，路端電壓增大；則可知電流表A的示數(shù)減小，電壓表V的示數(shù)增大；故A錯(cuò)誤，D正確；因路端電壓增大，A1中電流增大；因總電流減小，而R1中電流增大，則A2中電流減小，故BC正確．故選BCD8、BD【解析】A.液體分子無(wú)法用普通光學(xué)顯微鏡觀察，實(shí)際觀察到的是固體小顆粒在液體分子中無(wú)規(guī)則碰撞造成的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B.一滴液態(tài)金屬在完全失重條件下呈球狀，是由液體的表面張力所致，故B正確；C.當(dāng)分子力表現(xiàn)為引力時(shí)，其大小隨分子間距離的增大而減小，故C錯(cuò)誤；D.一定質(zhì)量氣體在等容變化中壓強(qiáng)增大，則溫度升高，分子的平均速率增大，單位時(shí)間內(nèi)分子對(duì)器壁單位面積上撞擊次數(shù)增多，故D正確。故選BD。9、ACD【解析】導(dǎo)體長(zhǎng)度為b，橫截面積為aL，由電阻定律可得此裝置中血漿的等效電阻為：R=ρ，故A正確．導(dǎo)體長(zhǎng)度為a，故所受安培力為F=BIb，故B錯(cuò)誤．根據(jù)洛倫茲力與電場(chǎng)力平衡，則有qvB=q，解得：U=Bav，當(dāng)增大磁感應(yīng)強(qiáng)度B時(shí)，則前后表面的電勢(shì)差U增大，導(dǎo)致電場(chǎng)力增大，則會(huì)加快血漿的外抽速度，故C正確；壓強(qiáng)公式得可得：，故D正確．故選ACD10、AD【解析】根據(jù)牛頓第二定律知，桿子的加速度為：，由于速度增大，則加速度減小，可知桿子做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)加速度等于零時(shí)，速度最大，做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故A正確．根據(jù)可知，安培力先逐漸變大，后不變，但是由于速度不是均勻變大，則F安-t圖像開(kāi)始階段不是直線，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；感應(yīng)電流，則電流先逐漸變大，后不變，但是由于速度不是均勻變大，則I-t圖像開(kāi)始階段不是直線，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；根據(jù)焦耳定律知，E=Q＝I2Rt＝t，因?yàn)樗俣仍龃?，可知E-t圖線的切線斜率增大，最終電流不變，E與t成正比，故D正確．故選AD【點(diǎn)睛】題考查了電磁感應(yīng)與動(dòng)力學(xué)和能量的綜合，知道桿子在整個(gè)過(guò)程中的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，知道當(dāng)拉力和安培力相等時(shí)，桿子做勻速直線運(yùn)動(dòng)三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、①.9.500；②.電流表有內(nèi)阻，電壓表內(nèi)阻非常大；③.12；④.偏小【解析】關(guān)鍵是明確伏安法中“試測(cè)法”選擇電流表內(nèi)外接法的原理：若電壓表讀數(shù)變化明顯，說(shuō)明電流表的分壓作用明顯，即說(shuō)明電流表內(nèi)阻較大，應(yīng)采用電流表外接法；若是電流表讀數(shù)變化明顯，則說(shuō)明電壓表的分流作用明顯，即說(shuō)明電壓表的內(nèi)阻不是很大，應(yīng)采用電流表內(nèi)接法；若是電流表讀數(shù)不變，則說(shuō)明電壓表的內(nèi)阻非常大，可看做是理想電壓表，采用電流表外接法測(cè)量時(shí)沒(méi)有系統(tǒng)誤差【詳解】(1)游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為：1cm-=9.500mm；(2)從表中數(shù)據(jù)可知，電壓表讀數(shù)有變化，電流表讀數(shù)沒(méi)有發(fā)生變化，說(shuō)明電流表的分壓作用較明顯，電壓表沒(méi)有分流作用，原因是電流表有內(nèi)阻，電壓表內(nèi)阻非常大；根據(jù)串并聯(lián)規(guī)律可知，應(yīng)將P接在a端測(cè)量，則金屬絲的電阻為：由于電流為電壓表與電阻的電流之和，故分母偏大，電阻偏小12、①.B②.A③.減小④.增大⑤.80【解析】（1）由題干中“當(dāng)環(huán)境溫度超過(guò)某一值時(shí)，繼電器的下觸點(diǎn)接觸，上觸點(diǎn)分離，警鈴響”判斷出警鈴和指示燈的連接情況；（2）由圖象分析熱敏電阻阻值隨溫度的變化關(guān)系，結(jié)合歐姆定律分析電路中電流的變化，從而判斷出電磁鐵磁性的變化；由題干中“當(dāng)線圈中的電流大于等于50mA時(shí)，繼電器的銜鐵將被吸合，警鈴響”，結(jié)合歐姆定律求出熱敏電阻接入電路的阻值的最大阻值，從圖象上找到對(duì)應(yīng)的溫度就可以解決問(wèn)題；【詳解】（1）由題中“當(dāng)環(huán)境溫度超過(guò)某一值時(shí)，繼電器的下觸點(diǎn)接觸，上觸點(diǎn)分離，警鈴響”，所以警鈴的接線柱C應(yīng)與接線柱B連，指示燈的接線柱D應(yīng)與接線柱A相連；（2）分析乙圖，發(fā)現(xiàn)：溫度升高時(shí)，熱敏電阻阻值減小，根據(jù)歐姆定律，電路中電流就會(huì)增大，電磁鐵的磁性就會(huì)增大；當(dāng)線圈中的電流時(shí)，繼電器的銜鐵將被吸合，警鈴報(bào)