2024屆遼寧省葫蘆島錦化高中物理高二上期中檢測模擬試題含解析

2024屆遼寧省葫蘆島錦化高中物理高二上期中檢測模擬試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、關于磁感線，下列說法中正確的是A．兩條磁感線可以相交B．磁感線是磁場中實際存在的線C．磁感線總是從N極出發(fā)，到S極終止D．磁感線的疏密程度反映磁場的強弱2、下圖甲為分壓器接法電路圖，電源電動勢為E，內阻不計，變阻器總電阻為r．閉合電鍵S后，負載電阻R兩端的電壓U隨變阻器本身a、P(滑片）兩點間的阻值Rx變化的圖線應最接近于乙圖中的哪條實線（）A．① B．② C．③ D．④3、在陰極射線管中電子射線的方向由左向右，其上方有一根通電直導線，電流方向向右，導線與射線管平行，則陰極射線將：A．向上偏轉B．向下偏轉C．向里偏轉D．向外偏轉4、下圖中運動電荷在勻強磁場中所受洛倫茲力的方向向上的是（）A． B．C． D．5、決定平拋物體在空中運動時間的因素是（）A．初速度B．拋出時物體的高度C．拋出時物體的高度和初速度D．以上說法都不正確6、下面說法正確的是（）A．根據(jù)磁感應強度定義式，磁場中某點的磁感應強度B與F成正比，與IL乘積成反比B．磁感應強度的方向與小磁針N極所受磁場力的方向相同C．一小段通電直導線在某處不受磁場力作用，則該處的磁感應強度一定為零D．磁感線總是從磁鐵的N極出發(fā)，到S極終止二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，ABC為等邊三角形，電荷量為+q的點電荷固定在A點．先將一電荷量也為+q的點電荷Q1從無窮遠處（電勢為0）移到C點，此過程中，電場力做功為-W．再將Q1從C點沿CB移到B點并固定．最后將一電荷量為-2q的點電荷Q2從無窮遠處移到C點．下列說法正確的有A．Q1移入之前，C點的電勢為B．Q1從C點移到B點的過程中，所受電場力做的功為0C．Q2從無窮遠處移到C點的過程中，所受電場力做的功為2WD．Q2在移到C點后的電勢能為-4W8、歐姆定律適用于（）A．電動機電路 B．金屬導體導電C．電解液導電 D．所有電器元件9、如圖所示，三條平行且等間距的虛線表示電場中的三個等勢面，其電勢分別為10V、20V、30V．實線是一帶電的粒子（不計重力）在該區(qū)域內運動的軌跡，對于軌跡上的a、b、c三點，已知：帶電粒子帶電量為0.01C，在a點處的動能為0.5J，則該帶電粒子A．粒子帶正電 B．在b點處的電勢能為0.5JC．在b點處的動能為零 D．在c點處的動能為0.4

J10、如圖所示，平行實線代表電場線，方向未知，帶電量為1×10－2C的正電荷在電場中只受電場力作用．該電荷由A點運動到B點，動能損失了0.1J，若A點電勢為10V，則：A．B點的電勢為零B．電場線方向向左C．電荷運動的軌跡可能是圖中曲線①D．電荷運動的軌跡可能是圖中曲線②三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學用圖甲所示裝置通過半徑相同的A、B兩球的碰撞來驗證動量守恒定律，圖中CQ是斜槽，QR為水平槽，二者平滑相接，實驗時先使A球從斜槽上某一固定位置G由靜止開始滾下，落到位于水平地面上的記錄紙上，留下痕跡。重復上述操作10次，得到10個落點痕跡。然后把B球放在水平槽上靠近槽末端的地方，讓A球仍從位置G由靜止開始滾下，和B球碰撞后，A、B球分別在記錄紙上留下各自的落點痕跡。重復這種操作10次。圖中O是水平槽末端口在記錄紙上的垂直投影點，P為未放被碰球B時A球的平均落點，M為與B球碰后A球的平均落點，N為被碰球B的平均落點。若B球落點痕跡如圖乙所示，其中米尺水平放置，且平行于OP。米尺的零點與O點對齊。（1）入射球A的質量mA和被碰球B的質量mB的關系是mA________mB（選填“>”“<”或“=”）。（2）碰撞后B球的水平射程約為________cm。（3）下列選項中，屬于本次實驗不必測量的一個物理量是________（填選項前的字母）。A．水平槽上未放B球時，測量A球平均落點位置到O點的距離B．A球與B球碰撞后，測量A球平均落點位置到O點的距離C．測量A球和B球的質量D．測量G點相對于水平槽面的高度（4）若碰撞前后動量守恒，則需驗證的關系式為_____________________。12．（12分）如圖所示的是“探究電磁感應現(xiàn)象”的實驗裝置．（1）將圖中所缺兩條導線補接完整____________．（2）如果在閉合開關時發(fā)現(xiàn)靈敏電流計指針將向右偏了一下，那么合上開關后線圈A迅速插入線圈B中時，電流計指針將__________．（選填“向右偏”、“向左偏”或“不偏轉”）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示的電路，電源電動勢E=10V，內阻．閉合開關后，標有“8V，16W”字樣的燈泡L恰好能正常發(fā)光，小型電動機M的線圈電阻，求：(1)通過電源的電流I；(2)電動機的發(fā)熱功率；(3)電動機的輸出功率．14．（16分）如圖所示，M為電動機，N為電爐子，恒定電壓＝12V，當S1閉合，S2斷開時，電流表A示數(shù)為6A；當S2閉合，S1斷開時，電流表A示數(shù)為5A，且電動機輸出功率為35W．求：(1)電爐子的電阻及發(fā)熱功率．(2)電動機的內阻．15．（12分）如圖所示勻強電場的電場強度為2.0×104N/C，沿電場線方向有A、B兩點，A、B兩點間的距離為0.10m。將電荷量2.0×10-8C的正點電荷從A點移至B點，求(1)求A、B兩點間的電勢差；(2)電荷從A點移至B點的過程中電場力所做的功。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解題分析】磁感線是人為假想出來的曲線，磁感線的疏密程度反映磁場的強弱，磁感線的切線方向即為磁場方向，兩條磁感線不可以相交，磁感線總是從N極出發(fā)，回到S極，內部是從S極到N極，是閉合曲線，故D正確故選D2、C【解題分析】

當增大時，左半部分總電阻增大，右半部分電阻減小，所以R兩端的電壓U應增大，排除④；如果沒有并聯(lián)R，電壓均勻增大，圖線將是②；實際上并聯(lián)了R，對應于同一個值，左半部分分得的電壓將比原來小了，所以③正確，故選C．3、B【解題分析】試題分析：由通電導線的電流方向，根據(jù)右手螺旋定則可得電子射線管處于垂直紙面向里的磁場，當電子流方向從左向右，則由左手定則可得粒子向下偏轉．故選：B考點：考查了洛倫茲力的方向的判斷點評：電流提供的磁場，讓電荷在磁場中靜止，則一定沒有磁場力，而電荷在磁場中運動，有才可能有洛倫茲力，當正電荷運動，則四指為粒子運動方向，大拇指為洛倫茲力方向，若是負電荷，則大拇指的反方向為洛倫茲力方向．4、C【解題分析】

A．由左手定則可知，該圖中電荷所受洛倫茲力方向垂直紙面向里，選項A錯誤；B．由左手定則可知，該圖中電荷所受洛倫茲力方向垂直紙面向外，選項B錯誤；C．由左手定則可知，該圖中電荷所受洛倫茲力方向向上，選項C正確；D．由左手定則可知，該圖中電荷所受洛倫茲力方向向下，選項D錯誤；故選C。5、B【解題分析】

平拋運動下落時只要接觸到地面即不能再運動，故由可得：即下落時間只與拋出點的高度有關，和水平初速度無關A.初速度與分析不符，故A項錯誤；B.拋出時物體的高度與分析相符，故B項正確；C.拋出時物體的高度和初速度與分析不符，故C項錯誤；D.以上說法都不正確與分析不符，故D項錯誤。6、B【解題分析】

A．磁場中某點的磁感應強度是由磁場本身決定的物理量與通電導線所受的安培力F以及IL乘積無關，選項A錯誤；B．磁感應強度的方向與小磁針N極所受磁場力的方向相同，選項B正確；C．一小段通電直導線在某處不受磁場力作用，可能是導線與磁場方向平行，該處的磁感應強度不一定為零，選項C錯誤；D．磁感線在磁體的外部從N極到S極，在磁體內部是從S極到N極，組成閉合的曲線，故D錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABD【解題分析】

A.由題意可知，C點的電勢為故A正確；B.由于B、C兩點到A點()的距離相等，所以B、C兩點的電勢相等，所以從C點移到B點的過程中，電場力先做負功再做正功，總功為0，故B正確；C.由于B、C兩點的電勢相等，所以當在B點固定后，C點的電勢為,所以從無窮遠移到C點過程中，電場力做功為：故C錯誤；D.由于C點的電勢為，所以電勢能為故D正確．8、BC【解題分析】歐姆定律適用于純電阻電路導電，包括金屬導電和電解液導電，但不適用于氣體導電，也不適應與非純電阻電路，例如電動機，故BC正確，AD錯誤，故選BC．9、AD【解題分析】

A．由等勢面與場強垂直可知場強方向向上，電場力指向軌跡彎曲的內側，所以電場力向上，所以為正電荷，故A正確；B．由電勢能的定義知粒子在b點處的電勢能EPb=φq=0.01×30J=0.3J故B錯誤；C．由粒子在a點處的總能量E=0.01×10J+0.5J=0.6J由能量守恒得在b點處的動能為：Ekb=0.6-0.3J=0.3J故C錯誤；

D．由能量守恒得在C點處的動能為：EkC=0.6J-0.01×20J=0.4J故D正確.10、ABC【解題分析】考點：帶電粒子在勻強電場中的運動；物體做曲線運動的條件；動能定理；電勢；電勢能．分析：由帶電微粒的動能變化確定在A、B兩點的電勢能的大小關系，判斷出A、B兩點電勢的高低．根據(jù)沿電場線方向電勢是降低的，得出電場線的方向．由運動方向和所受電場力的方向判斷微粒的運動軌跡．解答：解：由動能定理可知WE=△EK=-0.1J；可知粒子受到的電場力做負功，故粒子電勢能增加，B點的電勢高于A點電勢；而電場線由高電勢指向低電勢，故電場線向左，故B正確；AB兩點的電勢差UAB=WEq=-10V，則UA-U解得UB=0V；故A正確；若粒子沿軌跡1運動，A點速度沿切線方向向右，受力向左，故粒子將向上偏轉，故C正確；若粒子沿軌跡2運動，A點速度沿切線方向向右上，而受力向左，故粒子將向左上偏轉，故D錯誤；故選ABC．點評：物體做由線運動時，運動的軌跡應夾在初始速度及合外力方向的中間；三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、>63.3（63.0-64.0）D【解題分析】

（1）[1]為防止兩球碰撞后入射球反彈，入射球的質量應大于被碰球的質量，即大于。（2）[2]由圖乙所示可知，取所有落點中靠近中間的點讀數(shù)，即可取一個最小的圓的圓心，約為；（3）[3]兩球離開軌道后做平拋運動，它們在控制的運動時間t相等，如果碰撞過程動量守恒，則兩邊同時乘以t得則實驗需要測量小球的水平位移、小球的質量，不需要測量G點相對于水平槽面的高度，故選D。（4）[4]有以上分析可知，需要驗證的表達式為12、向右偏【解題分析】

（1）[1]電路圖如圖所示：（2）[2]閉合開關時，穿過線圈的電流增大，則磁通量增大此時指針向右偏，那么當合上開關后線圈A迅速插入線圈B中時，穿過線圈的磁通量也是增大的，所以也應該向右偏．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)I=4A(2)P1=4W(3)P2=12W【解題分析】（1）小燈泡正常發(fā)光，說明外電壓等于小燈泡的額定電壓，根據(jù)閉合電路歐姆定律列式求解通過電源的電流I；（2）先根據(jù)求解小燈泡的電流，然后根據(jù)電路的串并聯(lián)知識求解通過電動機的電流，再根據(jù)求解電動機的發(fā)熱功率；（3）根據(jù)求解電動機的輸出功率．（1）由題意可知，路端電壓為8V，故電源的內電壓為：通過電源的電流為：（2）通過小燈泡的電流為：通過電動