北京市海淀區(qū)重點初中2024屆高二物理第一學期期中質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題含解析

北京市海淀區(qū)重點初中2024屆高二物理第一學期期中質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一帶電小球懸掛在平行板電容器內(nèi)部，閉合電鍵S，電容器充電后，懸線與豎直方向夾角為φ，如圖所示．下列方法中能使夾角φ減小的是（）A．保持電鍵S閉合，使兩極板靠近一些B．保持電鍵S閉合，使滑動變阻器滑片向右移動C．保持電鍵S閉合，使兩極板遠離一些D．斷開電鍵S，使兩極板靠近一些2、對于關系式R=U/I，下列說法正確的是()A．導體的電阻跟導體兩端的電壓成正比，跟通過導體的電流成反比B．通以不同電流的兩個導體，電流較大的導體電阻就較小C．導體中通過一定的電流所需電壓越高，該導體的電阻也越大D．導體上加一定電壓時，通過的電流越大，該導體的電阻也越大3、關于角速度和線速度，下列說法正確的是A．半徑一定時，角速度與線速度成正比B．半徑一定時，角速度與線速度成反比C．線速度一定時，角速度與半徑成正比D．角速度一定時，線速度與半徑成反比4、一平行板電容器充電后與電源斷開，負極板接地．兩板間有一個正電荷固定在P點，如圖所示，以E表示兩板間的場強，U表示電容器兩板間的電壓，Φ表示正電荷在P點的電勢，EP表示正電荷在P點的電勢能，若保持負極板不動，將正極板向下移到圖示的虛線位置，則A．E變大 B．EP不變 C．Φ變大 D．U不變5、兩電荷量分別為q1和q2的點電荷固定在x軸上的A、B兩點，兩電荷連線上各點電勢?隨x變化的關系圖線如圖所示，其中P點電勢最高，且AP<BP，取無窮遠處電勢為0，則()A．從P點到B點，電場強度逐漸減小B．q1的電荷量小于q2的電荷量C．q1和q2都是正電荷D．在A、B之間將一負試探電荷從P點左側(cè)移到右側(cè)，電勢能先增大后減小6、如圖所示，在載流直導線旁固定有兩平行光滑導軌A、B，導軌與直導線平行且在同一水平面內(nèi)，在導軌上有兩根可自由滑動的導體棒ab和cd。當載流直導線中的電流逐漸減弱時，導體棒ab和cd的運動情況是A．一起向左運動B．一起向右運動C．相向運動，相互靠近D．相背運動，相互遠離二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、某物體做直線運動，運動的時間為t，位移為x物體的－t圖象如圖所示，下列說法正確的是()A．物體的加速度大小為B．t＝0時，物體的初速度為aC．t＝0到t＝這段時間物體的位移為D．t＝0到t＝b這段時間物體的平均速度為8、不考慮重力作用，從t＝0時刻開始，下列各種隨時間變化的電場中能使原來靜止的帶電粒子做單向直線運動的有A． B．C． D．9、如圖，傾角為α的光滑斜面下端固定一絕緣輕彈簧，整個裝置處在場強大小為E、方向沿斜面向下的勻強電場中?，F(xiàn)把一個質(zhì)量為m、帶電量為－q的小球從M點由靜止釋放，釋放后小球沿著斜面向下運動，且M點與彈簧的上端N點的距離為s。已知靜電力常量為k，彈簧的勁度系數(shù)為k0。則下列說法中正確的是（）A．小球帶負電，故N點的電勢高于M點的電勢B．下滑過程中，小球的電勢能一直在增大C．當小球下滑至N點時，速度大小為D．當彈簧壓縮量為時，小球的速度最大10、鋰電池因能量密度高、綠色環(huán)保而廣泛使用在手機等電子產(chǎn)品中．現(xiàn)用充電器為一手機鋰電池充電，等效電路如圖所示，充電器電源的輸出電壓為U，輸出電流為I，手機電池的內(nèi)阻為r，下列說法正確的是()A．電能轉(zhuǎn)化為化學能的功率為UI－I2rB．充電器輸出的電功率為UI＋I2rC．電池產(chǎn)生的熱功率為I2rD．充電器的充電效率為×100%三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某小組的同學擬探究小燈泡L的伏安特性曲線，可供選用的器材如下：小燈泡L，規(guī)格“4.0V，0.7A”；電流表A1，量程3A，內(nèi)阻約為0.1Ω；電流表A2，量程0.6A，內(nèi)阻R2＝0.2Ω；電壓表V，量程3V，內(nèi)阻RV＝9kΩ；標準電阻R1，阻值1Ω；標準電阻R2，阻值3kΩ；滑動變阻器R，阻值范圍0～10Ω；學生電源E，電動勢6V，內(nèi)阻不計；開關S及導線若干。（1）甲同學設計了如圖1所示的電路來進行測量，當通過L的電流為0.46A時，電壓表的示數(shù)如圖2所示，此時L的電阻為______Ω。（2）乙同學又設計了如圖3所示的電路來進行測量，電壓表指針指在最大刻度時，加在L上的電壓值是______V。（3）小組認為要想更準確地描繪出L完整的伏安特性曲線，需要重新設計電路。請你在乙同學的基礎上利用所提供器材，在圖4所示的虛線框內(nèi)補畫出實驗電路圖，并在圖上標明所選器材代號。12．（12分）利用圖甲所示電路測定一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻,定值電阻.（1）某實驗得到的部分數(shù)據(jù)如表所示,序號為2的電壓表、電流表的示數(shù)如圖乙所示,請讀出數(shù)據(jù),完成下表.答:①___________,②____________.序號1234561.32①1.020.780.600.420.06②0.180.240.300.36（2）在圖丙中將所缺數(shù)據(jù)點補充完整并作圖_____,根據(jù)圖線求得斜率_______(保留兩位有效數(shù)字).（3）根據(jù)圖線求得干電池的電動勢____V，內(nèi)阻_____Ω(保留兩位有效數(shù)字).四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在沿水平方向的勻強電場中有一固定點O，用一根長度為l＝0.40m的絕緣細線把質(zhì)量為m＝0.20kg，帶有正電荷的金屬小球懸掛在O點，小球靜止在B點時細線與豎直方向的夾角為θ＝37°．現(xiàn)將小球拉至位置A使細線水平后由靜止釋放，求：(1)小球運動通過最低點C時的速度大小；(2)小球通過最低點C時細線對小球的拉力大?。?g取10m/s2，sin37o=3/5,cos370=4/5)14．（16分）如圖所示，水平放置的平行板電容器的兩極板、，兩板間距離，接上恒定直流電源。上極板的中央有一小孔，在的正上方處的點，有一小油滴自由落下。已知小油滴的電量，質(zhì)量。當小油滴即將落到下極板時，速度恰好為零。（不計空氣阻力，），求：（1）兩極板間的電勢差；（2）兩極板間的電場強度；（3）若平行板電容器的電容，則該電容器帶電量是多少？15．（12分）如圖所示，在勻強電場中的M、N兩點距離為2cm，兩點間的電勢差為5V，M、N連線與場強方向成60°角，則此時：(1)電場的電場強度多大？(2)將二價負離子由M點移到N點電場力對電荷做了多少功？（二價負離子電量q＝－2×1.6×10-19C）

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解題分析】小球在兩極板間受到豎直向下的重力，水平向左的電場力以及繩子的拉力，三力作用下處于靜止狀態(tài)，要使夾角減小，則應減小電場力，保持電鍵S閉合，兩極板間的電勢差恒定，使兩極板靠近一些，則根據(jù)可知，電場強度增大，所以小球受到的電場力增大，即夾角變大，A錯誤；保持電鍵S閉合，使滑動變阻器滑片向右移動，兩極板間距離不變，電場強度不變，即夾角不變，B錯誤；保持電鍵S閉合，兩極板間的電勢差恒定，使兩極板遠離一些，則根據(jù)可知，電場強度減小，所以小球受到的電場力減小，即夾角減小，C正確；斷開電鍵，則兩極板所帶電荷量恒定不變，根據(jù)，則有，即兩板間的電場強度和兩極板的距離無關，故電場強度不變，所以夾角不變，D錯誤．【題目點撥】在分析電容器動態(tài)變化時，需要根據(jù)判斷電容器的電容變化情況，然后結(jié)合，等公式分析，需要注意的是，如果電容器和電源相連則電容器兩極板間的電壓恒定，如果電容器充電后與電源斷開，則電容器兩極板上的電荷量恒定不變2、C【解題分析】導體的電阻跟導體兩端的電壓、通過導體的電流無關，由導體本身決定，故A錯誤；通以不同電流的兩個導體，電流較大的導體電阻不一定較小，還與電壓有關系，故B錯誤；導體中通過一定的電流所需電壓越高，由R=UI可知，該導體的電阻一定越大，故C正確；由R=UI可知，導體上加一定電壓時，通過的電流越大，該導體的電阻越小，故D錯誤。所以3、A【解題分析】

根據(jù)v=ωr可知，半徑一定時，角速度與線速度成正比；線速度一定時，角速度與半徑成反比；角速度一定時，線速度與半徑成正比；選項A正確，BCD錯誤；故選A.4、B【解題分析】

電容器充電后與電源斷開，所以電容器的所帶電荷量Q是一個定值，根據(jù)公式，公式,公式,可得,與極板間的距離無關，所以極板間的電場強度不變，正極板下移過程中，正電荷仍舊靜止，所以電場力不做功，電勢能不變，下移過程中d減小，所以C增大，又因為Q不變，所以U減小，負極板接地，所以電勢為零，P點到負極板的電勢差為，為P到負極板的距離，保持不變，所以電勢不變，EP不變，故B正確．5、B【解題分析】

在φ-x圖線切線斜率為場強的大小，從P點到B點斜率越來越大，故場強越來越大。故A錯誤；在P點，φ-x圖線切線斜率為零，則P點的電場強度大小為零，說明q1和q2兩點電荷在P點產(chǎn)生的場強大小相等，方向相反，由公式E=kQr2，AP＜BP，則q1的電荷量小于q2的電荷量，故B正確；A到P的電勢升高，從P到B電勢降低，則電場線方向P到A，再從P到B，則q1和q2是同種電荷，一定是負電荷。故C錯誤；負電荷從P點左側(cè)移到P點右側(cè)，電場力先做正功，后做負功，電勢能先減小后增大，故D6、D【解題分析】

根據(jù)安培右手螺旋定則知，直線電流下方的磁場方向垂直紙面向里，當電流減小時，磁場減弱，根據(jù)楞次定律得，回路中的感應電流為acdb，根據(jù)安培左手定則知，ab所受安培力方向向左，cd所受安培力向右，即ab和cd反向運動，相互遠離。A.一起向左運動，與分析不符，故A錯誤。B.一起向右運動，與分析不符，故B錯誤。C.相向運動，相互靠近，與分析不符，故C錯誤。D.相背運動，相互遠離，與分析相符，故D正確。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解題分析】

AB.根據(jù)勻變速直線運動位移時間公式得：根據(jù)數(shù)學知識可得：，得加速度為

，加速度大小為。初速度為，故A錯誤，B正確；C.t＝0到，這段時間物體的位移為，故C正確；D.t＝0到t＝b這段時間物體的位移為，平均速度為0，故D錯誤；8、AC【解題分析】考點：帶電粒子在勻強電場中的運動．分析：本題的關鍵是根據(jù)場強度的變化情況分析加速度的變化情況，再分析粒子的運動情況，根據(jù)加速度的對稱性找到速度為零的時刻，只要粒子的速度方向不改變，粒子就做單一方向的運動．解答：粒子僅受電場力作用，A、由圖象可知：在0-的過程中，粒子做加速度為的勻加速直線運動，在–T的過程中，粒子做加速度為-的勻減速直線運動，T時刻速度剛好減為零，然后重復剛才的運動，所以A是做單一方向的直線運動；B、由圖象可知：在0-的過程中，粒子做加速度為的勻加速直線運動，在的過程中，粒子做加速度為的勻減速直線運動，則在時刻速度為零，此后反方向運動時間，所以B不是做單一方向的直線運動；C、由圖象可知：在0-的過程中，粒子做加速度越來越小的變加速運動，在-T的過程中，粒子做加速度越來越大的變減速運動，由于加速度具有對稱性，所以T時刻速度剛好減為零，然后重復剛才的運動，所以C是做單一方向的直線運動；D、由圖象可知：在0-的過程中，粒子做加速度加速度越來越小的變加速運動，在-過程中，粒子做加速度越來越大的變減速運動，由于加速度具有對稱性，所以時刻速度剛好減為零，-過程中加速度為負值，所以粒子反向做加速度運來越小的變加速運動，所以D不是做單一方向的直線運動．故選AC．9、BD【解題分析】

A．根據(jù)沿電場線方向電勢降低可知，N點的電勢低于M點的電勢，故A錯誤；B．下滑過程中，電場力對負電荷做負功，電勢能增大，故B正確；C．由動能定理可得解得故C錯誤；D．當小球的合力為0時，小球速度最大，由平衡可得解得故D正確。故選BD。10、AC【解題分析】試題分析：由于充電器的兩端電壓為U，則鋰電池的兩端電壓也為U，電流為I，故鋰電池消耗的電功率為UI，鋰電池的發(fā)熱功率為I2r，故轉(zhuǎn)化為化學能的的電功率為UI－I2r，選項A正確；充電器的輸出功率為UI，選項B錯誤；電池產(chǎn)生的熱功率為I2r，選項C正確；充電器的充電效率為（1-）×100%，選項D錯誤．考點：電源對非純電阻元件供電．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①5（2分）②4（3分）③答圖1（5分）答圖2（3分）【解題分析】試題分析：①由圖知，電壓表的讀數(shù)為2.30V，根據(jù)歐姆定律，L的電阻RL＝UI＝2.300.46Ω＝5Ω；②電壓表與電阻R2串聯(lián)，電壓表兩端的電壓3V，根據(jù)串聯(lián)電路電阻與電壓的關系，電阻R2兩端的電壓為1V，燈泡L兩端的電壓為電壓表和電阻R2兩端的電壓之和，即為4V；③為了使電流表讀數(shù)準確，電流表應用A2，因其量程為0.6A，不能測量0.7A，所以應與A2并聯(lián)一個定值電阻R考點：歐姆定律，串聯(lián)電路的關系，并聯(lián)電路的關系，電路圖畫法點評：學生能熟練運用歐姆定律，串聯(lián)電路的關系，并聯(lián)電路的關系去分析問題。12、1.140.12如圖所示；3.0