貴州省黔東南州名校2024屆物理高二上期中檢測模擬試題含解析

貴州省黔東南州名校2024屆物理高二上期中檢測模擬試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，一電子以初速度v1垂直于電場方向進入長為L、場強為E的平行金屬板間的偏轉電場中，從偏轉電場的另一側飛出電場，側移距離為y.如果將初速度增大到原來的兩倍，則側移距離y變?yōu)樵瓉淼模娮又亓Σ挥嫞ǎ〢．2倍B．4倍C．1．5倍D．1.25倍2、關于地球的第一宇宙速度，下列表述正確的是（）A．第一宇宙速度大小為7.9km/sB．第一宇宙速度大小為11.2km/sC．第一宇宙速度是最大發(fā)射速度D．第一宇宙速度是最小運行速度3、靜電計是在驗電器的基礎上制成的，用其指針張角的大小來定性顯示其金屬球與外殼之間的電勢差大小．如圖所示，A、B是平行板電容器的兩個金屬板，G為靜電計．開始時開關S閉合，靜電計指針張開一定角度，為了使指針張開的角度增大些，下列采取的措施可行的是()A．斷開開關S后，將A、B兩極板分開些B．保持開關S閉合，將A、B兩極板分開些C．保持開關S閉合，將A、B兩極板靠近些D．保持開關S閉合，將變阻器滑動觸頭向右移動4、如圖所示，實線表示電場線，虛線表示只受電場力作用的帶正電粒子的運動軌跡，粒子先經過M點，再經過N點，可以判定（

）A．M點的電勢大于N點的電勢B．M點的電勢小于N點的電勢C．粒子在M點受到的電場力大于在N點受到的電場力D．粒子在M點受到的電場力等于在N點受到的電場力5、如圖所示，為A、B兩電阻的伏安特性曲線，關于兩電阻的描述正確的是A．電阻A的電阻隨電流的增大而增大，電阻B阻值不變B．電阻A的電阻隨電流的增大而減小，電阻B阻值不變C．在兩圖線交點處，電阻A的阻值大于電阻BD．在兩圖線交點處，電阻A的阻值小于電阻B6、如圖所示是將滑動變阻器作分壓器的電路圖，A、B為分壓器的輸出端，C、D是分壓器的輸入端，C、D兩點間的電壓保持不變，電壓值始終為U0；移動滑動變阻器的滑片P，當P位于滑動變阻器的中央時，下列結論中不正確的是（）A．如果A、B端接入理想電壓表如圖（a）所示，電壓表的示數(shù)為B．如果A、B端接入阻值為R的電阻如圖（b）所示，電阻R兩端的電壓小于C．如圖（b）所示，電阻R越大，其兩端的電壓越接近D．如圖（b）所示，電阻R越小，其兩端的電壓越接近二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示豎直放置的光滑絕緣圓環(huán)穿有一帶負電的小球，勻強電場水平向右，小球繞O點作圓周運動，那么A．在A點小球有最小的電勢能B．在C點小球有最小的機械能C．在D點小球有最小的重力勢能D．在A點小球有最大的動能8、如圖所示，光滑絕緣的半圓形容器處在水平向右的勻強電場中，一個質量為m，電荷量為q的帶正電小球在容器邊緣A點由靜止釋放，結果小球運動到B點時速度剛好為零，OB與水平方向的夾角為θ=600，則下列說法正確的是()A．小球重力與電場力的關系是mg=qEB．小球在B點時，對圓弧的壓力為2qEC．小球在A點和B點的加速度大小相等D．如果小球帶負電，從A點由靜止釋放后，不能沿AB圓弧而運動9、下列說法中不正確的是（）A．電阻A與阻值無窮大的電阻B并聯(lián),電阻不變B．電阻A與導線(不計電阻)并聯(lián),總電阻為零C．并聯(lián)電路中任一支路的電阻都大于總電阻D．并聯(lián)電路某一支路開路,總電阻為無窮大10、如圖所示，AC、BD為圓的兩條互相垂直的直徑，圓心為O，半徑為r，將帶等電荷量的正、負點電荷放在圓周上，它們的位置關于AC對稱，＋q與O點的連線和OC夾角為30°，下列說法正確的是A．A、C兩點的電勢關系是φA＝φCB．B、D兩點的電勢關系是φB＝φDC．O點的場強大小為kqD．O點的場強大小為3三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“決定導線電阻的因素”的實驗中測定金屬的電阻率,若待測金屬絲的電阻約為5Ω,要求測量結果盡量準確,提供以下器材:電池組(3V,內阻為1Ω)電流表(0～0.6A,內阻為0.125Ω)電壓表(0～3V,內阻為4kΩ)滑動變阻器(0～20Ω,允許通過的最大電流為1A)開關、導線若干（1）測電阻時,電流表、電壓表、待測金屬絲Rx在組成測量電路時,應采用電流表____(選填“外”或“內”)接法,待測金屬絲電阻的測量值比真實值偏____(選填“大”或“小”)。（2）若用螺旋測微器測得金屬絲的直徑d的讀數(shù)如圖所示,則讀數(shù)為____mm。（3）若用L表示金屬絲的長度,d表示直徑,測得電阻為R,請寫出計算金屬絲電阻率的表達式為ρ=___。12．（12分）（1）圖為驗證影響平行板電容器電容的因素的實驗原理圖．影響平行板電容器電容的因素有：兩極板之間的距離d,兩極板的正對面積S,及插入兩板間的電介質的相對介電常數(shù)εr.步驟1:電容器充電后與電源斷開，保持電量Q將不變，兩極板間的距離d也不變，減小兩極板間的正對面積S，發(fā)現(xiàn)靜電計的指針張角_______(“變大”,“變小”或“不變”)．步驟2:電容器充電后與電源斷開，保持電量Q將不變，兩極板的正對面積S也不變，增大兩極板間的距離，發(fā)現(xiàn)靜電計的指針張角_______(“變大”,“變小”或“不變”)．步驟3:保持Q、S、d都不變，在兩極板間插入有機玻璃，發(fā)現(xiàn)靜電計的張角_____(“變大”,“變小”或“不變”)．（2）某同學用游標卡盡和螺旋測微器分別測量一薄的金屬圓片的直徑和厚度，讀出如圖中的示數(shù)，該金屬圓片的直徑的測量值為______cm，厚度的測量值為______mm．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，電路中電源電壓U=4V，電阻，，，的阻值均為4Ω，電容器的電容為，電流表內阻不計，當電路穩(wěn)定后，（1）求電流表的讀數(shù)（2）求電容器所帶的電荷量14．（16分）如圖所示,BC是半徑為R的圓弧形的光滑且絕緣的軌道,位于豎直平面內,其下端與水平絕緣軌道平滑連接,整個軌道處在水平向左的勻強電場中,電場強度為E.今有一質量為m、電荷量為q帶正電的小滑塊(可視為質點),從C點由靜止釋放,滑到水平軌道上的A點時速度減為零.若已知滑塊與水平軌道間的動摩擦因數(shù)為,重力加速度為g.忽略因摩擦而造成的電荷量的損失.求:(1)滑塊通過圓弧最低點B時對軌道的壓力大小;(2)水平軌道上A、B兩點之間的距離.15．（12分）如圖所示，平面直角坐標系xOy，P點在x軸上，已知，Q點在負y軸上某處．第Ⅱ象限內有平行于y軸場強E大小未知的勻強電場；第Ⅰ象限內有一個磁感應強度B大小未知的圓形磁場區(qū)域，與x、y軸分別相切于A、C兩點，已知OA＝L；第Ⅲ象限內有一位置未知的矩形磁場區(qū)域（圖中未畫出），磁感應強度為2B；第Ⅳ象限內存在一個磁感應強度Bx未知的圓形磁場區(qū)域（圖中未畫出）；三個區(qū)域的磁場方向均垂直于xOy平面．電荷量為＋q、質量為m、速度大小為v0的粒子a從A點沿y軸正方向射入，經過C點和P點，通過矩形磁場后從Q點與Y軸負方向成進入第Ⅳ象限，并通過圓形磁場后重新回到A點且方向沿y軸正方向．不計粒子的重力和粒子間相互作用力．求：（1）第Ⅰ象限內圓形區(qū)域內磁場磁感應強度B的大小、方向；（2）第Ⅱ象限內勻強電場的場強大小E；（3）第Ⅲ象限內矩形磁場區(qū)域的最小面積S；（4）第Ⅳ象限內圓形磁場的磁感應強度Bx的取值范圍．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解題分析】粒子在電場中水平方向做勻速直線運動，豎直方向做勻加速直線運動，豎直方向的加速度，豎直方向的位移，如果將初速度增大到原來的兩倍，則側移距離y變?yōu)樵瓉淼?；故D正確，ABC錯誤；故選D。2、A【解題分析】

物體在地面附近繞地球做勻速圓周運動的速度叫做第一宇宙速度，在地面附近發(fā)射飛行器，如果速度等于7.9km/s，飛行器恰好做勻速圓周運動，選項A正確，B錯誤。人造衛(wèi)星在圓軌道上運行時，運行速度v=GMR，軌道半徑越小，速度越大，故第一宇宙速度是衛(wèi)星在圓軌道上運行的最大速度，故D錯誤。而發(fā)射越高，克服地球引力做功越大，需要的初動能也越大，故第一宇宙速度是發(fā)射人造地球衛(wèi)星的最小發(fā)射速度，故C【題目點撥】第一宇宙速度有三種說法：①它是人造地球衛(wèi)星在近地圓軌道上的運行速度．②它是人造地球衛(wèi)星在圓軌道上運行的最大速度．③它是衛(wèi)星進入近地圓形軌道的最小發(fā)射速度.3、A【解題分析】試題分析：斷開開關，電容器帶電量Q不變，將AB分開一些，則d增大，根據(jù)知，電容C減小，根據(jù)知，電勢差U增大，指針張角增大，故A正確；保持開關閉合，電容器兩端的電勢差不變，則指針張角不變．故B、C、D錯誤．考點：電容器的決定式及定義式．4、A【解題分析】

AB.根據(jù)等勢線與電場線垂直，沿電場線方向電勢降低。M點的電勢高于N點的電勢，故A正確，B錯誤；CD.根據(jù)電場線的疏密表示電場的強弱，由圖可知，N點的電場線密，所以N點的電場強度大，點電荷在N點受到的電場力大，故C錯誤，D錯誤。5、A【解題分析】

由圖可知，電阻A的圖象的斜率越來越大，故A的電阻隨電流的增大而增大，電阻B阻值不變；故A正確；B錯誤；兩圖象的交點處，電流和電壓均相同，則由歐姆定律可知，兩電阻的阻值大小相等；故CD錯誤；故選A?！绢}目點撥】本題考查伏安特性曲線的應用，要注意明確U-I圖象中圖象的斜率表示電阻；斜率變大時，電阻增大．6、D【解題分析】

A．因滑片P位于滑動變阻器的中央，則如果A、B端接入理想電壓表，電壓表的示數(shù)為，選項A正確，不符合題意；B．如果A、B端接入阻值為R的電阻時，R與滑動變阻器的下半部分并聯(lián)，再與滑動變阻器的上半部分串聯(lián)，因為并聯(lián)電路的總電阻總要小于任一支路的電阻，而串聯(lián)電路中各支路的電壓與電阻成正比，所以接R時，輸出電壓小于；故B正確，不符合題意；CD．負載電阻R的阻值越大，負載電阻與滑動變阻器下半部分電阻的并聯(lián)阻值越大，輸出電壓越大，越接近，故C正確，不符合題意；D錯誤，符合題意。故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABC【解題分析】

A.正電荷從A向C運動過程中，電場力一直做負功，電勢能一直增大，所以A點電勢能最小，故A正確。B.除重力以外，其它力所做的功，等于物體的機械能變化量，所以從A運動到C的過程中，電場力一直做負功，機械能一直減小，故C點具有最小的機械能，故B正確。C.物體位置越高，重力勢能越大，所以D點小球的重力勢能最小，故C正確。D.根據(jù)合外力做功判斷小球的動能變化。小球在從A點向D點運動的一段距離內，電場力做的正功大于重力做的負功，（根據(jù)等效最低點可以判斷，速度最大的位置在AD之間某一位置）所以動能在增加，故D錯誤。8、CD【解題分析】

A、小球從A運動到B的過程中，根據(jù)動能定理得：，得，即，故A錯誤；B、小球到達B點時速度為零，向心力為零，則沿半徑方向合力為零，此時對小球受力分析可知：，故圓弧對小球支持力，根據(jù)牛頓第三定律可得小球在B點時，對圓弧的壓力為，故B錯誤；C、在A點，小球所受的合力等于重力，加速度；在B點，合力沿切線方向，加速度，所以A、B兩點的加速度大小相等，故C正確；D、如果小球帶負電，從A點由靜止釋放后，將沿重力和電場力合力方向做勻加速直線運動，不能沿AB圓弧而運動，故D正確；故選CD．【題目點撥】小球從A運動到B的過程中，重力和電場力做功，動能的變化量為零，根據(jù)動能定理求解小球重力與電場力的關系；小球在B點時，球到達B點時速度為零，向心力為零，沿半徑方向合力為零，此時對小球受力分析，求解圓弧對小球支持力，根據(jù)牛頓第三定律可得小球在B點時，對圓弧的壓力．9、CD【解題分析】

A．若電阻與一無窮大的電阻并聯(lián)，則總電阻近似等于A的阻值；故A與題意不相符；B．電阻與導線并聯(lián)時，導線電阻為零，則電阻被短路，總電阻為零；故B與題意不相符；C．并聯(lián)電路中，并聯(lián)的電阻越多，則總電阻越?。豢傠娮枰欢ㄐ∮谌我恢分械碾娮?，故C與題意相符；D．并聯(lián)電路中某一支路開路時，總電阻變大，但絕不會為無窮大；故D與題意相符。10、AC【解題分析】由等量異種點電荷的電場分布和等勢面的關系可知，等量異種點電荷的連線的中垂線為一條等勢線，故A、C兩點的電勢關系是φA＝φC，A對；空間中電勢從左向右逐漸降低，故B、D兩點的電勢關系是φB＞φD，B錯；＋q點電荷在O點的場強與－q點電荷在O點的場強的大小均為kqr2，方向與BD方向向上和向下均成60°的夾角，合場強方向向右，根據(jù)電場的疊加原理知合場強大小為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、外小0.900【解題分析】

(1)[1][2]因為故應該采用電流表外接法，而電流表外接法中由于電壓表分流作用，測量值偏小(2)[3]由圖可得螺旋測微器的讀數(shù)為：0.5mm+40×0.01mm=0.900mm(3)[4]由電阻定律得：由于：聯(lián)立可得：12、變大變大變小1.2401.682【解題分析】（1）電容器充電后與電源斷開，保持電量Q將不變，兩極板間的距離d也不變，減小兩極板間的正對面積S，根據(jù)電容決定式：，可知電容減小，根據(jù)定義式：可知，板間電壓增大，所以靜電計的指針張角變大；電容器充電后與電源斷開，保持電量Q將不變，兩極板的正對面積S也不變，增大兩極板間的距離，根據(jù)電容決定式：，可知電容減小，根據(jù)定義式：可知，板間電壓增大，所以靜電計的指針張角變大；保持Q、S、d都不變，在兩極板間插入有機玻璃，根據(jù)電容決定式：，可知電容增大，根據(jù)定義式：可知，板間電壓減小，所以靜電計的指針張角變?。?）游標卡尺的主尺讀數(shù)為：1.2cm=12mm，游標尺上第8個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數(shù)為8×0.05mm=0.40mm，所以最終讀數(shù)為：12mm+0.40mm=12.40mm=1.240cm；螺旋測微器的固定刻度為1.5mm，可動刻度為18.2×0.01mm=0.182mm，所以最終讀數(shù)為1.5mm+0.182mm=1.682mm．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）電流表的讀數(shù)為0.5A；（2）電容器所帶的電荷量為6×10-5C?！窘忸}分析】

（1）分析電路結構，