新疆喀什市深喀第一高級中學2024屆物理高二第一學期期中復(fù)習檢測試題含解析

新疆喀什市深喀第一高級中學2024屆物理高二第一學期期中復(fù)習檢測試題注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖，在光滑絕緣水平桌面上，三個帶電小球a、b和c分別固定于正三角形頂點上．已知a、b帶電量均為+q，c帶電量為-q，則A．a(chǎn)b連線中點場強為零B．三角形中心處場強為零C．a(chǎn)所受庫侖力方向垂直于ab連線D．a(chǎn)、b、c所受庫侖力大小之比為1:1:2、下列說法正確的是（）A．洛倫茲力對帶電粒子永遠不做功B．運動電荷在某處不受洛倫茲力作用，則該處的磁感應(yīng)強度一定為零C．運動電荷在磁感應(yīng)強度不為零的地方，一定受到洛倫茲力作用D．洛倫茲力既不能改變帶電粒子的動能，也不能改變帶電粒子的速度3、如果加在某定值電阻兩端的電壓從U1為U2，通過該電阻的電流從I1變?yōu)镮2，則該電阻的電功率改變量ΔP為（）A．U2I2－U1I1 B．（U2－U1）（I2－I1）C．U2（I2－I1） D．I2（U2－U1）4、如圖所示，是有兩個量程的電壓表，當使用a、b兩個端點時，量程為0～10V。當使用a、c兩個端點時，量程為0～100V。已知電流表的內(nèi)阻Rg為500Ω，滿偏電流Ig為1mA，則R1和R2的阻值分別是A．9.5103，9.0104B．9104，9.5103C．8.5103，9.0103D．9.5103，9.01035、如圖所示,兩塊水平放置的平行正對的金屬板a、b與電源E相連,在距離兩板等距離的M點有一個帶電液滴處于靜止狀態(tài)。若將b板向上平移一小段距離,但仍在M點下方,穩(wěn)定后,下列說法中正確的是()A．液滴將加速向下運動B．M點電勢升高C．帶電液滴在M點的電勢能增大D．在b板移動前后兩種情況下，若將液滴從a板移到b板，電場力做功不相同6、如圖所示，A、B、C三點在同一直線上，且，在A處固定一電荷量為Q的點電荷，當在B處放一電荷量為q的試探電荷時，它所受到的電場力為F；移去B處電荷，在C處放電荷量為4q的試探電荷，其所受電場力大小為A．F B．2F C．4F D．8F二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，以直角三角形AOC為邊界的有界勻強磁場區(qū)域，磁感應(yīng)強度為B，∠A＝60°，AO＝L，在O點放置一個粒子源，可以向各個方向發(fā)射某種帶負電粒子(不計重力作用)，粒子的比荷為q/m，發(fā)射速度大小都為v0，且滿足。粒子發(fā)射方向與OC邊的夾角為θ，對于粒子進入磁場后的運動，下列說法正確的是()A．粒子有可能打到A點B．以θ＝60°飛入的粒子在磁場中運動時間最短C．以θ<30°飛入的粒子在磁場中運動的時間都相等D．在AC邊界上只有一半?yún)^(qū)域有粒子射出8、如圖所示，電源電動勢E＝6V，小燈泡L的規(guī)格為“4V0.8W”，開關(guān)S接1，當滑動變阻器調(diào)到R＝8Ω時，小燈泡L正常發(fā)光，現(xiàn)將開關(guān)S接2，小燈泡L和電動機M均正常工作．則（）A．電源內(nèi)阻為2ΩB．電動機的內(nèi)阻為8ΩC．電動機正常工作電壓為1.6VD．電源的輸出功率為1.12W9、如圖所示，水平向右的勻強電場中，一帶電粒子從A點以豎直向上的初速度開始運動，經(jīng)最高點B后回到與A在同一水平線上的C點，粒子從A到B過程中克服重力做功2.0J，電場力做功3.0J，則A．粒子做勻變速曲線運動B．粒子在B點速度為零C．粒子在C點的機械能比在A點多12.0JD．粒子在C點的動能為14.0J10、如圖所示，A、B、C、D、E、F為勻強電場中一個邊長為10cm的正六邊形的六個頂點，A、B、C三點電勢分別為1V、2V、3V，正六邊形所在平面與電場線平行．下列說法正確的是（）A．通過CD和AF的直線應(yīng)為電場中的兩條等勢線B．勻強電場的電場強度大小為10V/mC．勻強電場的電場強度方向為由C指向AD．將一個電子由E點移到D點，電子的電勢能將減少三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某實驗小組想描繪標有“4V

2W”的小燈泡的U-I圖像，除導線和開關(guān)外還備有以下器材可供選擇:A．電流表A1(量程0.6A，內(nèi)阻約為1)B．電流表A2(量程3.0A，內(nèi)阻約為0.2)C．電壓表V1(量程5.0V，內(nèi)阻約為5k)D．電壓表V2(量程15.0V，內(nèi)阻約為15)E.滑動變阻器R1(最大阻值為5，額定電流500)F.滑動變阻器(最大阻值為10，額定電流2.0A)G.電源(電動勢為6.0V，內(nèi)阻約為0.5)(1)實驗中所用的電流表應(yīng)選________;電壓表應(yīng)選________;滑動變阻器應(yīng)選________.（填所選儀器前面的符號）(2)在虛線框內(nèi)畫出實驗的電路圖________。12．（12分）在“測定電源的電動勢和內(nèi)電阻”的實驗中，采用如圖所示實驗電路．(1)如圖是根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作出的U－I圖象，由圖可知，電源的電動勢E＝________V，內(nèi)阻r＝________Ω.(2)在其他操作規(guī)范的情況下，該實驗誤差產(chǎn)生的主要原因是________，測得電源的電動勢________．(填“偏大”或“偏小”)(3)在測定電源的電動勢和內(nèi)阻的實驗中，除上述方法外，待測電池、開關(guān)和導線配合下列哪組儀器，可以達到測定目的（_____）A．一只電流表和一個滑動變阻器

B．一只電壓表和一個定值電阻C．一只電流表和一個電阻箱

D．一只電壓表和一個電阻箱四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在平面直角坐標系xOy中的某區(qū)域（圖中未畫出）內(nèi)，有磁感應(yīng)強度大小為B、方向垂直于坐標平面向外的勻強磁場，坐標原點O為磁場邊界上的一點．一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子從坐標原點O沿y軸正方向以大小為v0的速度射入該勻強磁場，粒子經(jīng)過磁場區(qū)域后，最終從x軸上的P處穿過x軸，且其經(jīng)過P點時的速度方向與x軸正方向的夾角θ=30°．粒子重力不計．求：（1）P點到O點的距離L；（2）粒子從O點運動到P點所用的時間t．14．（16分）如圖所示，Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ為電場和磁場的理想邊界，一束電子(電量為e，質(zhì)量為m，重力不計)，由靜止狀態(tài)從P點經(jīng)過Ⅰ、Ⅱ間的電場加速后垂直到達邊界Ⅱ的Q點．勻強磁場的磁感應(yīng)強度為B，磁場邊界寬度為d，電子從磁場邊界Ⅲ穿出時的速度方向與電子原來的入射方向夾角為30°．求：(1)電子在磁場中運動的時間t；(2)若改變PQ間的電勢差，使電子剛好不能從邊界Ⅲ射出，則此時PQ間的電勢差U是多少？15．（12分）如圖，在某裝置中有一勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B，方向垂直于所在的紙面向外。某時刻在、處，一質(zhì)子沿y軸的負方向進入磁場；同一時刻，在、處，一個粒子進入磁場，速度方向與磁場垂直。不考慮質(zhì)子與粒子的相互作用。質(zhì)子的質(zhì)量為m，電荷量為e。粒子的質(zhì)量是質(zhì)子質(zhì)量4倍，電荷量是質(zhì)子電荷量的2倍。求：(1)質(zhì)子從處出發(fā)恰好經(jīng)過坐標原點O，它的速度為多大？(2)質(zhì)子從處第一次到達坐標原點O處的時間為多少？(3)如果粒子與質(zhì)子經(jīng)最短時間在坐標原點相遇，粒子的速度應(yīng)為何值？方向如何？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解題分析】

A．在ab連線的中點處，ab兩電荷在該點的合場強為零，則該點的場強等于c在該點形成的場強，大小不為零，選項A錯誤；B．在三角形的中心處，ab兩電荷在該點的場強大小相等，方向夾120°角，則合場強豎直向下，電荷c在該點的場強也是豎直向下，則三角形中心處場強不為零，選項B錯誤；C．a(chǎn)受到b的排斥力沿ba方向，受到c的吸引力沿ac方向，則其合力方向斜向左下方與ab連線成60°角，選項C錯誤；D．a(chǎn)b受庫侖力大小相等，均為；c受庫侖力：，則a、b、c所受庫侖力大小之比為1:1:，選項D正確.2、A【解題分析】洛倫茲力的方向與速度方向垂直，所以洛倫茲力對帶電粒子不做功．故A正確．當粒子運動的方向與磁感應(yīng)強度方向平行時，粒子不受洛倫茲力，但磁感應(yīng)強度不為1．故BC錯誤．洛倫茲力只改變速度的方向，不改變速度的大?。蔇錯誤．故選A．3、A【解題分析】

A．根據(jù)電功率公式：P=UI可得△P=P2-P1=U2I2-U1I1A正確；BCD．根據(jù)電功率公式：可得：BCD錯誤。故選A。4、A【解題分析】

改裝后的量程為U=Ig（Rg+R串）據(jù)此可求出R串【題目詳解】接a、b時，為串聯(lián)的R1，則R1接a、c時，為串聯(lián)的R1和R2，則R故應(yīng)選：A?！绢}目點撥】電流表串聯(lián)電阻后量程變大，為U=Ig×R總。5、C【解題分析】電容器與電源保持相連，電容器板間的電壓不變，將b板向上平移一小段距離，根據(jù)分析得知板間電場強度增大，液滴所受的電場力增大，液滴將加速向上運動．故A錯誤．由U=Ed知，M與a間的電場差增大，a點的電勢為零，M點的電勢小于零，則知M點的電勢降低．故B錯誤．由于液滴帶負電，則帶電液滴在M點的電勢能增大．故C正確．在b板移動前后兩種情況下，若將液滴從a板移到b板，兩板間的電勢差不變，根據(jù)電場力做功公式W=qU知，電場力做功相同．故D錯誤．故選C．點睛：由于金屬板與電源始終相連，即使改變兩板間距，兩板的電壓仍不變，所以電場力做功也相同．同時考查了電勢能與電荷的電量及電勢有關(guān)，且注意電荷的極性與電勢的正負．6、A【解題分析】

根據(jù)“點電荷”、“所受電場力大小”可知，本題考查庫侖定律，根據(jù)庫侖定律得到F與AB的關(guān)系，即可求出4q的點電荷在C點所受電場力．【題目詳解】設(shè)AB=r，則有BC=r.根據(jù)庫侖定律，則有：F=故電荷量為4q的點電荷在C處所受電場力為：FC==F，故A正確、BCD錯誤．故選A.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解題分析】

A．根據(jù)，又v0＝qBL/m，可得，又OA=L，所以當θ=60o時，粒子經(jīng)過A點，所以A正確；B．根據(jù)粒子運動的時間，圓心角越大，時間越長，粒子以θ＝60°飛入磁場中時，粒子從A點飛出，軌跡圓心角等于60o，圓心角最大，運動的時間最長，所以B錯誤；CD．當粒子沿θ=0°飛入磁場中，粒子恰好從AC中點飛出，在磁場中運動時間也恰好是，θ從0°到60°在磁場中運動時間先減小后增大，在AC邊上有一半?yún)^(qū)域有粒子飛出，所以C錯誤；D正確。8、ACD【解題分析】開關(guān)S接1時，小燈泡L正常發(fā)光，電路電流，根據(jù)閉合電路歐姆定律有，解得，故A正確；開關(guān)S接2時，電路電流，電動機正常工作電壓為，故C正確；電動機的熱功率未知，電動機的內(nèi)阻無法解出，故B錯誤；電源的輸出功率為，故D正確；故選ACD。9、ACD【解題分析】

水平受Eq向右，一直做初速度為0的勻加速直線運動，豎直受mg向下，做豎直上拋運動，互不影響．抓住豎直上升到最高點的時間等于從最高點落回拋出高度的時間．結(jié)合水平位移關(guān)系求出整個過程中電場力做功的大小．從而通過動能定理求出物體折回通過與A點在同一水平線上的C點時的動能大小，電場力做功與電勢能的關(guān)系，求電勢能；除重力做功外，其他力做功對應(yīng)機械能的變化．【題目詳解】A項：由于粒子受重力，恒定的電場力作用力，所以粒子的加速度恒定，故粒子做勻變速曲線運動，故A正確；B項：從A到B粒子在豎直方向上做勻減速運動，水平方向做勻加速運動，B為最高點，所以粒子在B點的豎直方向速度為零，水平方向速度不為零，故B錯誤；C、D項：豎直方向：粒子做豎直上拋運動，則運動時間水平方向：粒子做初速度為零的勻加速直線運動水平位移：上升的過程電場力做功：W1=qEx1最高點時，豎直方向的速度為0，故小球的動能與電場力做的功相等，即：W1=3J下降的過程中，豎直方向做自由落體運動，與豎直上拋是對稱的所以下降的時間：t2=t1水平方向的總位移：全過程中電場力做功：W2=qEx2=4qEx1=4W1=12J全過程中，重力做功為0，根據(jù)動能定理：W2=EK末-EK初所以：EK末=EK初+W2=2+12=14J除重力做功外，其他力做功對應(yīng)機械能的變化，所以粒子在A點的機械能比在C點少12.0J故C，D正確．【題目點撥】解決本題的關(guān)鍵知道小球在豎直方向和水平方向上的運動規(guī)律，結(jié)合等時性進行求解，注意不一定求動能就把速度求出來，有時只需要知道速度之比即可，難度適中．10、ACD【解題分析】

A、連接AC，AC中點電勢為2V，由正六邊形對稱性，則EB、AF、CD均為電場中的等勢線，故A正確．B、勻強電場的場強大小為，故B錯誤C、電場線方向與EB垂直，即為C→A，故C正確．D、將一個電子由E點移到D點，電場力做負功電子的電勢能增加，故D正確所以應(yīng)該選ACD三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、ACF【解題分析】

(1)[1]小燈泡額定電流：，故電流表應(yīng)選A1，即A；[2]燈泡額定電壓為4V，則電壓表應(yīng)選V1，即C；[3]為方便實驗操作，保證電路安全，滑動變阻器R1的額定電流太小，滑動變阻器應(yīng)選擇：R2；(2)[4]燈泡正常工作時的電阻，遠小于電壓表內(nèi)阻，屬于小電阻，所以電流表采用外接法，電壓和電流需從0開始測起，所以滑動變阻器需采用分壓式接法，電路圖如圖所示．12、(1)2.960.74（2）電壓表分流偏?。?）CD【解題分析】(1)根據(jù)U=E-Ir可知，結(jié)合圖像，電源的電動勢E＝2.96V，內(nèi)阻.（2）由于電壓表的分流作用使得產(chǎn)生測量誤差；可用“等效電源法”分析誤差大小：可以把電源與電壓表看做一等效電源，則電動勢測量值等于外電路斷開時“等效電源”兩極間的電壓，由于電壓表不是理想電表，所以有電流通過“電源”，因而路端電壓要小于電動勢，所以電動勢測量值小于真實值即偏??；同理，此電路測得的內(nèi)電阻是“等效電源”的內(nèi)阻，即電壓表與電池內(nèi)阻的并聯(lián)電阻，所以測得的內(nèi)阻也小于真實值．（1）根據(jù)閉合電路歐姆定律E=Ir+IR=Ir+U=r+U，測定電源電動勢有伏安法（測量U、I）、伏阻法（測量U、R）、安阻法（測量I、R）；其中伏安法要改變電流，需要滑動變阻器；故選CD．點睛：測定電源的電動勢和內(nèi)電阻是高中階段電學實驗考查