2023年湖北省部分學(xué)校高考物理模擬試卷（5月份）

2023年湖北省部分學(xué)校高考物理模擬試卷（5月份）一、選擇題1．無接觸自助安檢即旅客進(jìn)入安檢區(qū)域后，進(jìn)入人體安檢設(shè)備，設(shè)備主動發(fā)射波長為毫米級的電磁波并對物品進(jìn)行標(biāo)識，如無危險(xiǎn)可疑物品，設(shè)備不報(bào)警，旅客可快速通過。關(guān)于毫米波，下列說法正確的是（）A．毫米波的傳播需要介質(zhì) B．毫米波的頻率比紫外線的頻率高 C．毫米波和超聲波一樣都是橫波 D．毫米波比可見光更容易發(fā)生明顯衍射2．電影《流浪地球2》中太陽核心聚變加速，導(dǎo)致內(nèi)核溫度高達(dá)一億度，足以點(diǎn)燃太陽，產(chǎn)生氮閃。如圖所示，現(xiàn)實(shí)中太陽內(nèi)層的氫發(fā)生聚變，每4個(gè)會聚變成1個(gè)，即質(zhì)子一質(zhì)子鏈反應(yīng)。下列說法不正確的是（）A．兩個(gè)合成的過程中產(chǎn)生一個(gè)正電子 B．比少一個(gè)中子 C．和聚合成，反應(yīng)前后質(zhì)量數(shù)守恒 D．的比結(jié)合能小于的比結(jié)合能3．2022年10月9日，中國成功發(fā)射“夸父一號”先進(jìn)天基太陽天文臺衛(wèi)星，衛(wèi)星進(jìn)入預(yù)定的太陽同步晨昏軌道，可全年不間斷對日觀測。已知衛(wèi)星在距地面720km的近似圓形軌道上繞地運(yùn)行，周期為99min。下列說法正確的是（）A．“夸父一號” B．“夸父一號” C．“夸父一號”的角速度大于地球自轉(zhuǎn)的角速度 D．“夸父一號”受到的向心力大于地球同步衛(wèi)星受到的向心力4．如圖所示，一列簡諧橫波向右傳播，a、b兩質(zhì)點(diǎn)的平衡位置相距為l，在某時(shí)刻a、b均振動到平衡位置，且a、b之間僅有一個(gè)波谷。這列波的波長不可能是（）A．2l B． C．l D．5．如圖所示，固定于豎直平面內(nèi)的光滑大圓環(huán)上套有一個(gè)質(zhì)量為m的小圓環(huán)，小圓環(huán)從大圓環(huán)頂端P點(diǎn)由靜止開始自由下滑，當(dāng)小圓環(huán)的向心加速度大小等于重力加速度g時(shí)，大圓環(huán)對小圓環(huán)的彈力大小為（）A．0 C．mg D．2mg6．如圖所示，△ABC是一直角三棱鏡的橫截面，∠C＝30°，∠A＝60°，為測定其折射率，某同學(xué)用激光筆發(fā)射一束激光垂直于AB邊從其中點(diǎn)D入射，在AC邊上恰好發(fā)生全反射。不考慮光在三棱鏡中的多次反射，下列說法正確的是（）A．該三棱鏡的折射率為 B．光在BC邊上也發(fā)生全反射 C．減小入射光頻率，光在AC邊上仍能發(fā)生全反射 D．增大入射光頻率，光在三棱鏡中傳播時(shí)間變短7．如圖所示，空間存在著勻強(qiáng)磁場和勻強(qiáng)電場，磁場的方向垂直紙面（xOy平面）向外，電場的方向沿y軸正方向。一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電粒子在電場和磁場的作用下，從坐標(biāo)原點(diǎn)O由靜止開始運(yùn)動（其軌跡如圖所示）。已知磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B，電場強(qiáng)度大小為E，不計(jì)粒子的重力，下列說法正確的是（）A．粒子帶負(fù)電 B．粒子運(yùn)動軌跡是拋物線 C．粒子距離x軸的最大距離為 D．粒子運(yùn)動過程中的最大速度為（多選）8．波浪滑翔器是一種新型海洋無人自主航行器，它包括水面船體和水下牽引機(jī)（由主框架和翼板組成），二者通過柔性吊纜連接（如示意圖所示）。波浪滑翔器在海洋表面與起伏波浪相互作用而實(shí)現(xiàn)前向運(yùn)動，整個(gè)過程中柔性吊纜時(shí)而張緊、時(shí)而松弛。關(guān)于波浪滑翔器的運(yùn)動，下列說法正確的是（）A．如圖（a）所示，水面船體隨著波浪升高時(shí)，柔性吊纜松弛，海水對牽引機(jī)翼板上側(cè)的壓力推動其前進(jìn) B．如圖（a）所示，水面船體隨著波浪升高時(shí)，柔性吊纜張緊，海水對牽引機(jī)翼板上側(cè)的壓力推動其前進(jìn) C．如圖（b）所示，水面船體隨波浪下降時(shí)，柔性吊纜松弛，水下牽引機(jī)在自身重力作用下下潛，海水對牽引機(jī)翼板下側(cè)的壓力推動其前進(jìn) D．如圖（b）所示，水面船體隨波浪下降時(shí)，柔性吊纜張緊，水下牽引機(jī)在自身重力作用下下潛，海水對牽引機(jī)翼板下側(cè)的壓力推動其前進(jìn)（多選）9．如圖所示，MN、PQ是放置于水平面內(nèi)的平行光滑金屬導(dǎo)軌，M、P間接有定值電阻R。垂直導(dǎo)軌平面分布著方向向下的勻強(qiáng)磁場，金屬棒ab垂直導(dǎo)軌靜止放置且始終與導(dǎo)軌接觸良好。某時(shí)刻導(dǎo)體棒獲得瞬時(shí)速度向右運(yùn)動，直至靜止。不計(jì)導(dǎo)軌電阻，則流過導(dǎo)體棒的電流I和導(dǎo)體棒所受安培力F安分別隨時(shí)間t的變化圖像、流過導(dǎo)體棒的電荷量q和感應(yīng)電動勢E分別隨位移x變化圖像正確的是（）A． B． C． D．（多選）10．如圖（a）所示，某同學(xué)用智能拍攝物塊從臺階旁的斜坡上自由滑下的過程，物塊運(yùn)動過程中的五個(gè)位置A、B、C、D、E及對應(yīng)的時(shí)刻如圖（b）所示。已知斜坡是由長為d＝0.6m的地磚拼接而成，且A、C、E三個(gè)位置物塊的下邊緣剛好與磚縫平齊。下列說法正確的是（）2（多選）11．為全面推進(jìn)鄉(xiāng)村振興，某地興建的小型水電站如圖所示。該水電站交流發(fā)電機(jī)的輸出功率為P＝1000kW，發(fā)電機(jī)的輸出電壓U1＝250V，經(jīng)變壓器升壓后向遠(yuǎn)處輸電，輸電線總電阻為R線＝16Ω，在用戶處的降壓變壓器輸出電壓U4＝220V。在輸電過程中，要求輸電線上損耗的功率為發(fā)電機(jī)輸出功率的4%。假設(shè)升壓變壓器、降壓變壓器均為理想變壓器，下列說法正確的是（）A．發(fā)電機(jī)輸出的電流I1＝400A B．輸電線上的電流I線＝250A C．降壓變壓器的匝數(shù)比n3：n4＝960：11 D．用戶得到的電流I4＝4363A二、非選擇題12．某實(shí)驗(yàn)小組利用圖（a）所示裝置探究彈簧的彈力與形變量的關(guān)系。實(shí)驗(yàn)中使用J2110螺旋彈簧，該彈簧在自然狀態(tài)下有一定的收縮力。實(shí)驗(yàn)時(shí)把彈簧的上端固定在鐵架臺的橫桿上，記錄彈簧自然下垂時(shí)下端的示數(shù)（L）。在彈簧的下端懸掛不同質(zhì)量（m）的鉤碼，記錄彈簧在不同彈力下彈簧下端的示數(shù)并填入表格中，計(jì)算對應(yīng)的彈簧伸長量x的值。m/g010203040506070L/cmx/cm0000m/g8090100110120130140150L/cmx/cm（1）圖（b）是根據(jù)上表數(shù)據(jù)繪制的“m﹣x”圖線，其中AB段為曲線、BC段為直線，則該彈簧在段滿足胡克定律（選填“OA”“AB”或“BC”）；（2）由圖（b）可得直線BC的函數(shù)表達(dá)式為（單位：g），彈簧的勁度系數(shù)k＝N/m，彈簧在自然狀態(tài)下的收縮力F0＝2，結(jié)果均保留2位小數(shù)）；（3）由于彈簧的質(zhì)量不能忽略，它對彈簧勁度系數(shù)的測量（選填“有”或“沒有”）影響。Ω，定值電阻R0＝2Ω。實(shí)驗(yàn)操作步驟如下：①將電阻箱的阻值調(diào)到最大；②單刀雙擲開關(guān)S與1接通，閉合開關(guān)S0，將電阻箱R的阻值調(diào)至R1Ω，電流表的示數(shù)為I1＝0.10A，電壓表的示數(shù)為U1＝1.52V，斷開開關(guān)S0；③單刀雙擲開關(guān)S與2接通，閉合開關(guān)S0，將電阻箱R的阻值由R1Ω調(diào)至R2Ω，電流表的示數(shù)為I2＝0.20A，電壓表的示數(shù)為U2＝1.14V，斷開開關(guān)S0?；卮鹣铝袉栴}：ΩΩ，下列調(diào)節(jié)方法可行的是A．先將×0.1擋調(diào)至9，再將×10擋調(diào)至0，最后將×1擋調(diào)至4B．先將×0.1擋調(diào)至9，再將×1擋調(diào)至4，最后將×10擋調(diào)至0C．先將×10調(diào)至0，再將×1擋調(diào)至4，最后將×（2）由實(shí)驗(yàn)所測數(shù)據(jù)求得電流表的內(nèi)阻RA＝Ω，電壓表的內(nèi)阻RV＝Ω；電源的電動勢E＝V，電源的內(nèi)阻r＝Ω；（結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）（3）若將開關(guān)S接2，閉合開關(guān)S0，當(dāng)電阻箱R＝Ω時(shí)，電源的輸出功率最大。14．輕質(zhì)“強(qiáng)力吸盤掛鉤”可以安裝在豎直墻面上。先按住鎖扣把吸盤緊壓在墻上，吸盤中的空氣被擠出一部分，如圖（a）所示；再把鎖扣扳下，讓鎖扣以盤蓋為依托把吸盤向外拉出，使吸盤恢復(fù)到原來的形狀，如圖（b）所示。在拉起吸盤的同時(shí)，鎖扣對盤蓋施加壓力，致使盤蓋與吸盤粘連在一起，此時(shí)“強(qiáng)力吸盤掛鉤”的最大承載量為m。已知大氣壓強(qiáng)為p0，盤蓋的截面積為S1，吸盤中空氣與墻面的接觸面積為S2，吸盤與墻面的動摩擦因數(shù)為μ，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度大小為g。若上述過程沒有漏氣，且吸盤中的氣體可視為理想氣體，室內(nèi)溫度恒定不變。求（1）圖（b）中吸盤內(nèi)空氣的壓強(qiáng)p；（2）圖（a）與圖（b）中吸盤內(nèi)空氣的密度之比。15．如圖所示，在矩形區(qū)域ABCD內(nèi)有方向沿AB的勻強(qiáng)電場（未畫出），，沿AB邊建立y軸，AB邊的中垂線建立x軸，一質(zhì)量為m、電荷量為q（q＞0）的粒子從O點(diǎn)以速率v射入矩形區(qū)域，速度方向與x軸的夾角為θ，且﹣90°＜θ＜90°。當(dāng)v＝v0，θ＝0°時(shí)，粒子恰好從C點(diǎn)離開矩形區(qū)域。不考慮粒子的重力。（1）求A、C兩點(diǎn)間的電勢差UAC；（2）若v＝2v0，要使粒子從CD邊射出矩形區(qū)域，求θ的范圍。16．如圖所示，足夠長的固定斜面與水平面的夾角為θ，質(zhì)量為m的小物塊B恰好靜止在斜面上，質(zhì)量為3m底面光滑的小物塊A自斜面上與B相距為L處靜止釋放，并沿斜面加速下滑，與B發(fā)生彈性正碰，且碰撞時(shí)間極短。重力加速度的大小為g。求（1）第1次碰撞后A、B的速度大??；（2）A、B第1次碰撞后到第2次碰撞前的時(shí)間；（3）A、B第n次碰撞后到第（n+1）次碰撞前B的位移。2023年湖北省部分學(xué)校高考物理模擬試卷（5月份）參考答案與試題解析一、選擇題1．無接觸自助安檢即旅客進(jìn)入安檢區(qū)域后，進(jìn)入人體安檢設(shè)備，設(shè)備主動發(fā)射波長為毫米級的電磁波并對物品進(jìn)行標(biāo)識，如無危險(xiǎn)可疑物品，設(shè)備不報(bào)警，旅客可快速通過。關(guān)于毫米波，下列說法正確的是（）A．毫米波的傳播需要介質(zhì) B．毫米波的頻率比紫外線的頻率高 C．毫米波和超聲波一樣都是橫波 D．毫米波比可見光更容易發(fā)生明顯衍射【分析】毫米波可以在真空中傳播；其波長比紫外線的波長長；毫米波是橫波，超聲波是縱波；比較毫米波與可見光的波長，再根據(jù)發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象的條件判斷?！窘獯稹拷猓篈．毫米波是電磁波，可以在真空中傳播，所以毫米波的傳播不需要介質(zhì)，故A錯(cuò)誤；B．與紫外線相比，毫米波的波長較長，由c＝λf知毫米波的頻率小，故B錯(cuò)誤；C．電磁波是橫波，所以毫米波是橫波，而超聲波是縱波，故C錯(cuò)誤；D．波長越長，衍射現(xiàn)象越明顯，毫米波比可見光波長更長，則更容易發(fā)生明顯衍射，故D正確。故選：D?！军c(diǎn)評】本題主要是考查毫米波的傳播和衍射現(xiàn)象，知道毫米波屬于概率波，其傳播情況與光的傳播情況基本上是相同的，具有波的一切特性。2．電影《流浪地球2》中太陽核心聚變加速，導(dǎo)致內(nèi)核溫度高達(dá)一億度，足以點(diǎn)燃太陽，產(chǎn)生氮閃。如圖所示，現(xiàn)實(shí)中太陽內(nèi)層的氫發(fā)生聚變，每4個(gè)會聚變成1個(gè)，即質(zhì)子一質(zhì)子鏈反應(yīng)。下列說法不正確的是（）A．兩個(gè)合成的過程中產(chǎn)生一個(gè)正電子 B．比少一個(gè)中子 C．和聚合成，反應(yīng)前后質(zhì)量數(shù)守恒 D．的比結(jié)合能小于的比結(jié)合能【分析】根據(jù)核反應(yīng)遵循的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒分析，根據(jù)比結(jié)合能和節(jié)能的概念分析?！窘獯稹拷猓篈．兩個(gè)合成的核反應(yīng)方程式為：，產(chǎn)生一個(gè)正電子，故A正確；B．比少一個(gè)中子，故B正確；C．和聚合成，反應(yīng)前后質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)均守恒，故C正確；D．反應(yīng)放出核能，最終的生成物更穩(wěn)定，則的比結(jié)合能大于的比結(jié)合能，故D錯(cuò)誤。本題選錯(cuò)誤選項(xiàng)，故選：D?！军c(diǎn)評】本題關(guān)鍵掌握核反應(yīng)遵循的兩條規(guī)律，掌握平均結(jié)合能和結(jié)合能的概念和區(qū)別。3．2022年10月9日，中國成功發(fā)射“夸父一號”先進(jìn)天基太陽天文臺衛(wèi)星，衛(wèi)星進(jìn)入預(yù)定的太陽同步晨昏軌道，可全年不間斷對日觀測。已知衛(wèi)星在距地面720km的近似圓形軌道上繞地運(yùn)行，周期為99min。下列說法正確的是（）A．“夸父一號” B．“夸父一號” C．“夸父一號”的角速度大于地球自轉(zhuǎn)的角速度 D．“夸父一號”受到的向心力大于地球同步衛(wèi)星受到的向心力【分析】理解宇宙速度的概念，由此得出“夸父一號”的發(fā)射速度和運(yùn)行速度的大小關(guān)系；根據(jù)“夸父一號”和地球的周期大小關(guān)系得出兩者角速度的大小關(guān)系；根據(jù)萬有引力定律可知“夸父一號”和地球同步衛(wèi)星向心力的大小關(guān)系與質(zhì)量有關(guān)，無法比較?！窘獯稹拷猓篈．第一宇宙速度7.9km/s是發(fā)射繞地衛(wèi)星的最小速度，第二宇宙速度11.2km/s是衛(wèi)星離開地球飛向太陽的最小發(fā)射速度，“夸父一號”的發(fā)射速度小于11.2km/s，故A錯(cuò)誤；B．第一宇宙速度是繞地運(yùn)行衛(wèi)星的最大速度，“夸父一號”的運(yùn)行速度小于7.9km/s，故B錯(cuò)誤；C．“夸父一號”的周期小于地球自轉(zhuǎn)周期，根據(jù)角速度和周期的關(guān)系式可知，“夸父一號”的角速度大于地球自轉(zhuǎn)的角速度，故C正確；D．衛(wèi)星質(zhì)量未知，所受向心力無法比較，故D錯(cuò)誤。故選：C?！军c(diǎn)評】本題主要考查了萬有引力定律的相關(guān)應(yīng)用，正確理解宇宙速度的概念，結(jié)合周期和角速度的關(guān)系即可完成分析。4．如圖所示，一列簡諧橫波向右傳播，a、b兩質(zhì)點(diǎn)的平衡位置相距為l，在某時(shí)刻a、b均振動到平衡位置，且a、b之間僅有一個(gè)波谷。這列波的波長不可能是（）A．2l B． C．l D．【分析】根據(jù)a、b之間僅有一個(gè)波谷畫出圖像，判斷波長大小?！窘獯稹拷猓阂騛、b之間僅有一個(gè)波谷，則該時(shí)刻的波形可能有以下四種情況故波長可能為：λ＝2l，λ＝l，，故ACD正確，B錯(cuò)誤。本題選擇錯(cuò)誤的，故選：B?！军c(diǎn)評】解決本題的關(guān)鍵要確定波長與a、b間距l(xiāng)的關(guān)系。5．如圖所示，固定于豎直平面內(nèi)的光滑大圓環(huán)上套有一個(gè)質(zhì)量為m的小圓環(huán)，小圓環(huán)從大圓環(huán)頂端P點(diǎn)由靜止開始自由下滑，當(dāng)小圓環(huán)的向心加速度大小等于重力加速度g時(shí)，大圓環(huán)對小圓環(huán)的彈力大小為（）A．0 C．mg D．2mg【分析】首先根據(jù)題意作圖，再根據(jù)受力分析結(jié)合牛頓第二定律以及機(jī)械能守恒定律列式求解。【解答】解：環(huán)的向心加速度為即若運(yùn)動到與圓心等高處時(shí)，根據(jù)能量守恒有，mgR＝mv'2，解得v’＝說明時(shí)小環(huán)在大圓環(huán)的上部，設(shè)環(huán)與圓心的連線跟豎直方向的夾角為θ，如圖所示由機(jī)械能守恒定律大圓環(huán)對小圓環(huán)的彈力大小滿足F1+mgcosθ＝m整理解得θ＝60°F1＝mg故B正確，ACD錯(cuò)誤。故選：B?！军c(diǎn)評】該題考查變速圓周運(yùn)動中牛頓第二定律以及數(shù)學(xué)三角函數(shù)的應(yīng)用，其中數(shù)學(xué)函數(shù)的分析為該題的難點(diǎn)。6．如圖所示，△ABC是一直角三棱鏡的橫截面，∠C＝30°，∠A＝60°，為測定其折射率，某同學(xué)用激光筆發(fā)射一束激光垂直于AB邊從其中點(diǎn)D入射，在AC邊上恰好發(fā)生全反射。不考慮光在三棱鏡中的多次反射，下列說法正確的是（）A．該三棱鏡的折射率為 B．光在BC邊上也發(fā)生全反射 C．減小入射光頻率，光在AC邊上仍能發(fā)生全反射 D．增大入射光頻率，光在三棱鏡中傳播時(shí)間變短【分析】根據(jù)題意正確畫出光路圖，根據(jù)幾何知識確定臨界角C，再由sinC＝求出折射率。根據(jù)光線在BC邊的入射角與臨界角關(guān)系，判斷光在BC邊上能否發(fā)生全反射；減小入射光頻率，折射率減小，根據(jù)sinC＝分析臨界角的變化，再判斷光在AC邊上能否發(fā)生全反射；增大入射光頻率，折射率增大，光在三棱鏡中的傳播速度減小，再判斷漢在三棱鏡中傳播時(shí)間的變化?！窘獯稹拷猓篈、如圖所示，光在AC邊上恰好發(fā)生全反射，入射角等于臨界角C由幾何關(guān)系可知臨界角C＝60°由sinC＝得：，故A正確；B、由圖可知，光在BC邊上的入射角等于30°，小于全反射的臨界角C，不發(fā)生全反射，故B錯(cuò)誤；C、光在AC邊上恰好發(fā)生全反射，減小入射光頻率后，則折射率減小，由sinC＝知臨界角增大，則光在AC邊上的入射角小于臨界角，光在AC邊上不會發(fā)生全反射，故C錯(cuò)誤；D、增大入射光頻率，折射率也增大，由v＝知光在三棱鏡中的傳播速度減小，光在三棱鏡中傳播路程不變，則光的傳播時(shí)間變長，故D錯(cuò)誤。故選：A。【點(diǎn)評】本題主要考查光的全反射知識，要掌握全反射條件和臨界角公式，熟練運(yùn)用幾何知識幫助分析。7．如圖所示，空間存在著勻強(qiáng)磁場和勻強(qiáng)電場，磁場的方向垂直紙面（xOy平面）向外，電場的方向沿y軸正方向。一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電粒子在電場和磁場的作用下，從坐標(biāo)原點(diǎn)O由靜止開始運(yùn)動（其軌跡如圖所示）。已知磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B，電場強(qiáng)度大小為E，不計(jì)粒子的重力，下列說法正確的是（）A．粒子帶負(fù)電 B．粒子運(yùn)動軌跡是拋物線 C．粒子距離x軸的最大距離為 D．粒子運(yùn)動過程中的最大速度為【分析】根據(jù)粒子靜止時(shí)只受電場力向上運(yùn)動及電場線的方向判定粒子的電性；粒子運(yùn)動時(shí)受電場力和洛倫茲力作用，洛倫茲力是變力，則軌跡不是拋物線；把粒子的運(yùn)動分解根據(jù)幾何知識求解粒子距離x軸的最大距離；根據(jù)運(yùn)動合成與分解求解粒子運(yùn)動過程中的最大速度?！窘獯稹拷猓篈．粒子由靜止開始運(yùn)動，電場力方向豎直向上，故粒子帶正電，故A錯(cuò)誤；B．粒子運(yùn)動時(shí)受電場力和洛倫茲力，因洛倫茲力是變力，則軌跡不是拋物線，故B錯(cuò)誤；CD．為使粒子在磁場作用下做勻速圓周運(yùn)動的分運(yùn)動，則沿x軸正方向的分速度v在磁場作用下產(chǎn)生的洛倫茲力應(yīng)與電場力平衡，qE＝qvB解得：將粒子的運(yùn)動分解為速度的向右勻速直線運(yùn)動和速度為v的沿順時(shí)針方向的勻速圓周運(yùn)動，則粒子距x軸的最大距離為：Y＝2R粒子一個(gè)分運(yùn)動做勻速圓周運(yùn)動，由牛頓第二定律得：聯(lián)立解得：兩分運(yùn)動同向時(shí)速度最大，則最大速度為：，故C正確，D錯(cuò)誤。故選：C。【點(diǎn)評】本題考查了帶電粒子在磁場和電場中的運(yùn)動，難點(diǎn)是如何把粒子的運(yùn)動分解，難度較大。（多選）8．波浪滑翔器是一種新型海洋無人自主航行器，它包括水面船體和水下牽引機(jī)（由主框架和翼板組成），二者通過柔性吊纜連接（如示意圖所示）。波浪滑翔器在海洋表面與起伏波浪相互作用而實(shí)現(xiàn)前向運(yùn)動，整個(gè)過程中柔性吊纜時(shí)而張緊、時(shí)而松弛。關(guān)于波浪滑翔器的運(yùn)動，下列說法正確的是（）A．如圖（a）所示，水面船體隨著波浪升高時(shí)，柔性吊纜松弛，海水對牽引機(jī)翼板上側(cè)的壓力推動其前進(jìn) B．如圖（a）所示，水面船體隨著波浪升高時(shí)，柔性吊纜張緊，海水對牽引機(jī)翼板上側(cè)的壓力推動其前進(jìn) C．如圖（b）所示，水面船體隨波浪下降時(shí)，柔性吊纜松弛，水下牽引機(jī)在自身重力作用下下潛，海水對牽引機(jī)翼板下側(cè)的壓力推動其前進(jìn) D．如圖（b）所示，水面船體隨波浪下降時(shí)，柔性吊纜張緊，水下牽引機(jī)在自身重力作用下下潛，海水對牽引機(jī)翼板下側(cè)的壓力推動其前進(jìn)【分析】分別分析水面船體隨著波浪升高或下降時(shí)水下牽引機(jī)受力情況，在分析柔性吊纜對船的力，從而得到答案?！窘獯稹拷猓河蓤D可知，當(dāng)水面船體隨著波浪升高時(shí)，柔性吊纜張緊，海水對牽引機(jī)翼板上側(cè)的壓力沿船前進(jìn)方向有分力，可推動牽引機(jī)前進(jìn)，吊纜對水面船體施加拉力，拉力沿前進(jìn)方向分力是船前進(jìn)；當(dāng)水面船體隨波浪下降時(shí)，柔性吊纜松弛，水下牽引機(jī)在重力作用下下潛，使得機(jī)翼板傾斜，于是海水對牽引機(jī)翼板下側(cè)的壓力，可推動牽引機(jī)前進(jìn)，吊纜對水面船體施加拉力，拉力沿前進(jìn)方向分力是船前進(jìn)；故BC正確，AD錯(cuò)誤。故選：BC?！军c(diǎn)評】本題主要考查力的分解在自主航行器中的應(yīng)用。（多選）9．如圖所示，MN、PQ是放置于水平面內(nèi)的平行光滑金屬導(dǎo)軌，M、P間接有定值電阻R。垂直導(dǎo)軌平面分布著方向向下的勻強(qiáng)磁場，金屬棒ab垂直導(dǎo)軌靜止放置且始終與導(dǎo)軌接觸良好。某時(shí)刻導(dǎo)體棒獲得瞬時(shí)速度向右運(yùn)動，直至靜止。不計(jì)導(dǎo)軌電阻，則流過導(dǎo)體棒的電流I和導(dǎo)體棒所受安培力F安分別隨時(shí)間t的變化圖像、流過導(dǎo)體棒的電荷量q和感應(yīng)電動勢E分別隨位移x變化圖像正確的是（）A． B． C． D．【分析】根據(jù)切割電動勢結(jié)合歐姆定律和導(dǎo)體棒運(yùn)動情況，分析電流大??；根據(jù)安培力公式，分析安培力變化；根據(jù)電量定義式，結(jié)合法拉第電磁感應(yīng)定律，分析電量；根據(jù)動量定理，結(jié)合感應(yīng)電動勢公式，分析感應(yīng)電動勢?！窘獯稹拷猓篈．導(dǎo)體棒向右做加速度逐漸減小的減速運(yùn)動，根據(jù)切割電動勢結(jié)合歐姆定律有故感應(yīng)電流I隨時(shí)間減小，且變化得越來越慢，故A正確；B．由F安＝BIL可知，F(xiàn)安隨時(shí)間的變化應(yīng)與I隨時(shí)間的變化一致，故B錯(cuò)誤；C．電荷量故C正確；D．根據(jù)動量定理，以v的方向?yàn)檎较颍袘?yīng)電動勢E＝BLv解得故D正確。故選：ACD?！军c(diǎn)評】本題考查學(xué)生對切割電動勢、歐姆定律、安培力公式、法拉第電磁感應(yīng)定律、動量定理等規(guī)律的掌握，其中在使用動量定理時(shí)要注意規(guī)定正方向。（多選）10．如圖（a）所示，某同學(xué)用智能拍攝物塊從臺階旁的斜坡上自由滑下的過程，物塊運(yùn)動過程中的五個(gè)位置A、B、C、D、E及對應(yīng)的時(shí)刻如圖（b）所示。已知斜坡是由長為d＝0.6m的地磚拼接而成，且A、C、E三個(gè)位置物塊的下邊緣剛好與磚縫平齊。下列說法正確的是（）2【分析】A、根據(jù)每個(gè)點(diǎn)對應(yīng)的時(shí)刻，可知每相鄰兩個(gè)點(diǎn)間的時(shí)間間隔，則可得物塊從A到E的運(yùn)動時(shí)間；C、D點(diǎn)為C、E兩點(diǎn)的中間時(shí)刻的位置，根據(jù)推論中間時(shí)刻等于該過程的平均速度可得D點(diǎn)的瞬時(shí)速度大?。籇、根據(jù)推論Δx＝aT2可得物塊運(yùn)動的加速度大?。籅、根據(jù)D點(diǎn)速度和加速度大小可得A點(diǎn)速度大小，由運(yùn)動學(xué)公式可得A、D兩點(diǎn)間的距離?！窘獯稹拷猓篈、由圖（b）可知相鄰兩點(diǎn)間的時(shí)間間隔T＝0.4s，物塊從A運(yùn)動到E的時(shí)間間隔Δt＝4T＝1.6s，故A錯(cuò)誤；C、物塊從C到D的時(shí)間間隔與物塊從D點(diǎn)到E點(diǎn)的時(shí)間間隔相等，所以物塊在位置D時(shí)的速度為C到E中間時(shí)刻的速度，則有：，故C正確；xCE﹣xAC＝2d﹣d＝d由Δx＝at2可知：2，故D正確；B、由vD＝vA+a×3T代入數(shù)據(jù)解得：vA＝0則位置A、D間距離，故B錯(cuò)誤。故選：CD?！军c(diǎn)評】本題考查了勻變速直線運(yùn)動的位移、瞬時(shí)速度的公式和推論，解題的關(guān)鍵是求出相鄰兩點(diǎn)間的時(shí)間間隔，利用Δx＝aT2求出物塊的加速度。（多選）11．為全面推進(jìn)鄉(xiāng)村振興，某地興建的小型水電站如圖所示。該水電站交流發(fā)電機(jī)的輸出功率為P＝1000kW，發(fā)電機(jī)的輸出電壓U1＝250V，經(jīng)變壓器升壓后向遠(yuǎn)處輸電，輸電線總電阻為R線＝16Ω，在用戶處的降壓變壓器輸出電壓U4＝220V。在輸電過程中，要求輸電線上損耗的功率為發(fā)電機(jī)輸出功率的4%。假設(shè)升壓變壓器、降壓變壓器均為理想變壓器，下列說法正確的是（）A．發(fā)電機(jī)輸出的電流I1＝400A B．輸電線上的電流I線＝250A C．降壓變壓器的匝數(shù)比n3：n4＝960：11 D．用戶得到的電流I4＝4363A【分析】由功率公式求發(fā)電機(jī)輸出電流；由電功率公式求輸電線上的電流；由理想變壓器的功率關(guān)系求升壓變壓器副線圈兩端電壓，用歐姆定律求損失電壓，再由電壓關(guān)系求降壓變壓器原線圈兩端電壓，進(jìn)而求匝數(shù)比；根據(jù)功率關(guān)系求用戶得到的功率，最后求用戶端得到的電流?！窘獯稹拷猓篈、由電功率公式P＝UI可知，發(fā)電機(jī)輸出電流I1＝A＝4000A，故A錯(cuò)誤；B、輸電線上損耗的功率為發(fā)電機(jī)輸出功率的4%，由，代入數(shù)據(jù)解得：I線＝50A，故B錯(cuò)誤；C、降壓變壓器原線圈得到的功率為P3＝96%P＝1000×96%kW＝960kW，降壓變壓器原線圈得到的電壓根據(jù)理想變壓器原副線圈的電壓與線圈匝數(shù)成正比關(guān)系，降壓變壓器的匝數(shù)比n3：n4＝U3：U4＝19200：220＝960：11，故C正確；D、用戶得到的電流，故D正確。故選：CD?！军c(diǎn)評】解題時(shí)要抓住理想變壓器的功率關(guān)系、電壓和電流特點(diǎn)；由于輸電線電阻的存在，輸電線上有電壓損失和功率損失。二、非選擇題12．某實(shí)驗(yàn)小組利用圖（a）所示裝置探究彈簧的彈力與形變量的關(guān)系。實(shí)驗(yàn)中使用J2110螺旋彈簧，該彈簧在自然狀態(tài)下有一定的收縮力。實(shí)驗(yàn)時(shí)把彈簧的上端固定在鐵架臺的橫桿上，記錄彈簧自然下垂時(shí)下端的示數(shù)（L）。在彈簧的下端懸掛不同質(zhì)量（m）的鉤碼，記錄彈簧在不同彈力下彈簧下端的示數(shù)并填入表格中，計(jì)算對應(yīng)的彈簧伸長量x的值。m/g010203040506070L/cmx/cm0000m/g8090100110120130140150L/cmx/cm（1）圖（b）是根據(jù)上表數(shù)據(jù)繪制的“m﹣x”圖線，其中AB段為曲線、BC段為直線，則該彈簧在BC段滿足胡克定律（選填“OA”“AB”或“BC”）；（2）由圖（b）可得直線BC的函數(shù)表達(dá)式為（單位：g），彈簧的勁度系數(shù)k＝9.33N/m，彈簧在自然狀態(tài)下的收縮力F0＝0.432，結(jié)果均保留2位小數(shù)）；（3）由于彈簧的質(zhì)量不能忽略，它對彈簧勁度系數(shù)的測量沒有（選填“有”或“沒有”）影響。【分析】（1）根據(jù)胡克定律推導(dǎo)分析；（2）根據(jù)胡克定律推導(dǎo)函數(shù)圖像在BC段的表達(dá)式結(jié)合圖像計(jì)算，（3）根據(jù)根據(jù)胡克定律推導(dǎo)函數(shù)圖像在BC段的表達(dá)式分析判斷?！窘獯稹拷猓海?）由胡克定律F＝kx有ΔF＝kΔx即Δmg＝kΔx故BC直線段滿足胡克定律。（2）由Δmg＝kΔx有斜率故k≈9.33N/m。F0+kx＝mg所以F0（3）由（2）有彈簧的自身重力不影響圖像斜率，從而不影響測量結(jié)果。故答案為：（1）BC；（2）9.33，0.43；（3）沒有?！军c(diǎn)評】本題關(guān)鍵是掌握胡克定律，結(jié)合題意推導(dǎo)函數(shù)圖像表達(dá)式進(jìn)行分析計(jì)算。Ω，定值電阻R0＝2Ω。實(shí)驗(yàn)操作步驟如下：①將電阻箱的阻值調(diào)到最大；②單刀雙擲開關(guān)S與1接通，閉合開關(guān)S0，將電阻箱R的阻值調(diào)至R1Ω，電流表的示數(shù)為I1＝0.10A，電壓表的示數(shù)為U1＝1.52V，斷開開關(guān)S0；③單刀雙擲開關(guān)S與2接通，閉合開關(guān)S0，將電阻箱R的阻值由R1Ω調(diào)至R2Ω，電流表的示數(shù)為I2＝0.20A，電壓表的示數(shù)為U2＝1.14V，斷開開關(guān)S0?；卮鹣铝袉栴}：ΩΩ，下列調(diào)節(jié)方法可行的是ABA．先將×0.1擋調(diào)至9，再將×10擋調(diào)至0，最后將×1擋調(diào)至4B．先將×0.1擋調(diào)至9，再將×1擋調(diào)至4，最后將×10擋調(diào)至0C．先將×10調(diào)至0，再將×1擋調(diào)至4，最后將×（2）由實(shí)驗(yàn)所測數(shù)據(jù)求得電流表的內(nèi)阻RA＝0.80Ω，電壓表的內(nèi)阻RV＝76Ω；電源的電動勢E＝2.0V，電源的內(nèi)阻r＝2.0Ω；（結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）（3）若將開關(guān)S接2，閉合開關(guān)S0，當(dāng)電阻箱R＝0Ω時(shí)，電源的輸出功率最大?！痉治觥浚?）從保護(hù)電路的角度分析電阻箱的調(diào)節(jié)方法；（2）根據(jù)歐姆定律和并聯(lián)電路的電流特點(diǎn)求電壓表內(nèi)阻；開關(guān)S與2接通時(shí)，根據(jù)歐姆定律求電流表的內(nèi)阻；開關(guān)S分別與1、2接通時(shí)，根據(jù)閉合電路的歐姆定律聯(lián)立求解電動勢和內(nèi)阻。（3）電源的輸出功率與外電阻的關(guān)系分析作答?！窘獯稹拷猓海?）從保護(hù)電路的角度，調(diào)節(jié)電阻箱時(shí)，采用“先調(diào)小、后調(diào)大”ΩΩ。故選：AB。（2）開關(guān)S與1接通時(shí)，根據(jù)歐姆定律和并聯(lián)電路的電流特點(diǎn)代入數(shù)據(jù)解得RV＝76Ω開關(guān)S與2接通時(shí)，根據(jù)歐姆定律U2＝I2（R2+RA）代入數(shù)據(jù)解得RAΩ開關(guān)S與1接通時(shí)，根據(jù)閉合電路歐姆定律E＝U1+I1（R0+RA+r）開關(guān)S與2接通時(shí)，根據(jù)閉合電路歐姆定律Ω（3）電源的輸出功率與外電阻的關(guān)系如圖所示：開關(guān)S接2時(shí)，外電阻R外＝R0+R+RA根據(jù)圖像可知，當(dāng)R外接近電源電動勢r時(shí)，電源的輸出功率最大即電阻箱阻值R＝0Ω時(shí)，電源的輸出功率最大。故答案為：（1）AB；（2）0.80；76；2.0；2.0；（3）0?！军c(diǎn)評】本題考查了電壓表和電流表內(nèi)阻的測量、電源電動勢和內(nèi)阻的測量以及電壓的最大輸出功率，理解實(shí)驗(yàn)原理是解題的關(guān)鍵；要求熟練掌握歐姆定律、閉合電路的歐姆定律和并聯(lián)電路的電流特點(diǎn)、電源的輸出功率與外電阻的關(guān)系。14．輕質(zhì)“強(qiáng)力吸盤掛鉤”可以安裝在豎直墻面上。先按住鎖扣把吸盤緊壓在墻上，吸盤中的空氣被擠出一部分，如圖（a）所示；再把鎖扣扳下，讓鎖扣以盤蓋為依托把吸盤向外拉出，使吸盤恢復(fù)到原來的形狀，如圖（b）所示。在拉起吸盤的同時(shí)，鎖扣對盤蓋施加壓力，致使盤蓋與吸盤粘連在一起，此時(shí)“強(qiáng)力吸盤掛鉤”的最大承載量為m。已知大氣壓強(qiáng)為p0，盤蓋的截面積為S1，吸盤中空氣與墻面的接觸面積為S2，吸盤與墻面的動摩擦因數(shù)為μ，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度大小為g。若上述過程沒有漏氣，且吸盤中的氣體可視為理想氣體，室內(nèi)溫度恒定不變。求（1）圖（b）中吸盤內(nèi)空氣的壓強(qiáng)p；（2）圖（a）與圖（b）中吸盤內(nèi)空氣的密度之比?！痉治觥浚?）對吸盤進(jìn)行受力分析，根據(jù)其不同方向上的受力特點(diǎn)得出壓強(qiáng)的大??；（2）氣體發(fā)生等溫變化，根據(jù)玻意耳定律得出體積的關(guān)系，從而得出空氣的密度之比。【解答】解：（1）設(shè)圖（b）中墻面對吸盤的彈力為FN，分析吸盤受力，在水平方向上p0S1＝pS2+FN在豎直方向上μFN＝mg解得：（2）設(shè)吸盤內(nèi)空氣的質(zhì)量為m0，圖（a）中吸盤內(nèi)空氣的密度為ρ0，則空氣的體積設(shè)圖（b）中吸盤內(nèi)空氣的密度為ρ，則空氣的體積由玻意耳定律p0V0＝pV解得：答：（1）圖（b）中吸盤內(nèi)空氣的壓強(qiáng)為；（2）圖（a）與圖（b）中吸盤內(nèi)空氣的密度之比為?！军c(diǎn)評】本題主要考查了一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)方程，熟悉物體的受力分析，結(jié)合玻意耳定律即可完成解答。15．如圖所示，在矩形區(qū)域ABCD內(nèi)有方向沿AB的勻強(qiáng)電場（未畫出），，沿AB邊建立y軸，AB邊的中垂線建立x軸，一質(zhì)量為m、電荷量為q（q＞0）的粒子從O點(diǎn)以速率v射入矩形區(qū)域，速度方向與x軸的夾角為θ，且﹣90°＜θ＜90°。當(dāng)v＝v0，θ＝0°時(shí)，粒子恰好從C點(diǎn)離開矩形區(qū)域。不考慮粒子的重力。（1）求A、C兩點(diǎn)間的電勢差UAC；（2）若v＝2v0，要使粒子從CD邊射出矩形區(qū)域，求θ的范圍?！痉治觥浚?）帶電粒子垂直進(jìn)入電場，做類平拋運(yùn)動，根據(jù)平拋運(yùn)動規(guī)律求解AC兩點(diǎn)的電勢差；（2）速度加倍后，考慮兩種臨界情況，由類斜拋規(guī)律分別求出初速度與水平方向的夾角，從而得到θ的范圍。