2020年遼寧省沈陽市和平區(qū)高一(下)期中物理試卷

2020年遼寧省沈陽市和平區(qū)高一(下)期中物理試卷2020年遼寧省沈陽市和平區(qū)高一(下)期中物理試卷/2020年遼寧省沈陽市和平區(qū)高一(下)期中物理試卷期中物理試卷題號一二三四總分得分一、單項選擇題（本大題共8小題，共32.0分）1.以下圖，繩的上端固定在O點，下端系小球P．P與斜面Q的接觸面粗拙．用水平力向右推Q，使它沿圓滑水平面勻速運動．從圖中實線地點到虛線地點過程中，以下說法中正確的選項是（）A.摩擦力對小球P做負功B.斜面Q對小球的彈力垂直于斜面所以對小球不做功C.繩的拉力對小球P做正功D.推力F對斜面做的功和小球P對斜面做的功的絕對值相等2.以下圖，有一個足夠長的斜坡，傾角為α=30°．一個兒童在做游戲時，從該斜坡頂端將一只足球朝下坡方向水平踢出去，已知該足球第一次落在斜坡上時的動能為21J，則踢球過程兒童對足球做的功為（）A.7JB.9JC.12JD.16J以下圖：固定的圓滑豎直桿上套著一個滑塊，用輕繩系著滑塊繞過圓滑的定滑輪，以大小恒定的拉力F拉繩，使滑塊從A點起由靜止開始上漲，若從A點上漲至B點和從B點上漲至C點的過程中拉力F做的功分別為W和W，12滑塊經(jīng)B、C兩點時的動能分別是EKB、EKC，圖中AB=BC，則必定有（）C.D.A.W1＞W(wǎng)2B.W1＜W2＞EKB＜EKcEKBEKC4.滑塊以速率v1靠慣性沿固定斜面由底端向上運動，當它回到出發(fā)點時速率變成v2，且v2＜v1．若滑塊向上運動的位移中點為A，取斜面底端重力勢能為零，則（）A.上漲過程中動能和勢能相等的地點在A點B.上漲過程中動能和勢能相等的地點在A點下方上漲機遇械能減小，降落機遇械能增大上漲機遇械能減小，降落機遇械能也減小5. 以下圖，豎直面內(nèi)有一個固定圓環(huán)， MN是它在豎直方向上的直徑。兩根圓滑滑軌MP、QN的端點都在圓周上，MP＞QN．將兩個完整同樣的小滑塊a、b分別從M、Q點無初速度開釋，在它們各自沿MP、QN運動到圓周上的過程中，以下說法中正確的是（ ）A.協(xié)力對兩滑塊的沖量大小同樣 B.重力對a滑塊的沖量較大C.兩滑塊的動量變化大小同樣 D.彈力對a滑塊的沖量較小以下圖，圓滑水平面上停著一輛小車，小車的固定支架左端用不計質(zhì)量的細線系一個小鐵球．開始將小鐵球提起到圖示地點，而后無初速開釋．在小鐵球往返搖動的過程中，以下說法中正確的是（）小車和小球系統(tǒng)動量守恒小球向右搖動過程小車向來向左加快運動第1頁，共12頁小球擺到右方最高點時辰，因為慣性，小車仍在向左運動小球擺到最低點時，小車的速度最大7. 圖中a、b是兩個點電荷，它們的電量分別為 Q1、Q2，MN是ab連線的中垂線， P是中垂線上的一點．以下哪一種狀況能使P點場強方向指向 MN的右邊（ ）Q1、Q2都是正電荷，且Q1＜Q2Q1是正電荷，Q2是負電荷，且Q1＞|Q2|Q1是負電荷，Q2是正電荷，且|Q1|＜Q2Q1、Q2都是負電荷，且|Q1|＞|Q2|均勻散布在地球赤道平面上的三顆同步通訊衛(wèi)星能夠?qū)崿F(xiàn)除地球南北極等少量地區(qū)外的“全世界通訊”．已知地球半徑為 R，地球表面的重力加快度為 g，同步衛(wèi)星所在的軌道處的重力加快度為 g′，地球自轉(zhuǎn)周期為 T，下邊列出的是對于三顆衛(wèi)星中隨意兩顆衛(wèi)星間距離 s的表達式，此中正確的選項是（ ）① ② ③ ④ ⑤2 R．A.①③ B.②④ C.④⑤ D.②③二、多項選擇題（本大題共 2小題，共 8.0分）圓滑水平面上停著一質(zhì)量M的木塊，質(zhì)量m、速度v0的子彈沿水平方向射入木塊，深入木塊距離為 d后二者擁有共同速度 v，該過程木塊行進了 s，木塊對子彈的平均阻力大小為 f。則有（ ）A.mv0=（M+m）v B.C. D.如圖，質(zhì)量都是m的物體A、B用輕質(zhì)彈簧相連，靜置于水平川面上，此時彈簧壓縮了△l．假如再給A一個豎直向下的力，使彈簧再壓縮△l，形變一直在彈性限度內(nèi)，穩(wěn)固后，忽然撤去豎直向下的力，在A物體向上運動的過程中（）A.B遇到的彈簧的彈力大小等于 mg時，A的速度最大B.B的彈簧的彈力大小等于 mg時，A的加快度最大C.B對水平面的壓力一直不小于 mgD.B對水平面的壓力可能小于 mg三、實驗題（本大題共 2小題，共 32.0分）11. 用圖甲所示的裝置來研究功和動能變化的關系。 木板上固定兩個完整同樣的遮光條A、B，用不行伸長的細線將木板經(jīng)過兩個滑輪與彈簧測力計 C相連，木板放在安裝有定滑輪和光電門的軌道 D上，軌道放在水平桌面上， P為小桶（內(nèi)有沙子），滑輪質(zhì)量、摩擦不計，重力加快度為 g。（1）實驗中軌道應傾斜必定角度，對此以下說法正確的選項是 ______。A．為了開釋木板后，木板在細線拉動下能勻速下滑B．為了增大木板下滑的加快度，提升實驗精度C．盡量保證細線拉力對木板做的功等于木板所受協(xié)力對木板做的功D．使木板在未施加拉力時能勻速下滑（2）實驗主要步驟以下：①丈量木板、遮光條的總質(zhì)量 M，丈量兩遮光條間的距離 L，遮光條的寬度 d按甲圖正確安裝器械。②將木板左端與軌道左端對齊，靜止開釋木板，木板在細線拉動下運動，記錄彈簧測力計示數(shù)F及遮光條B、A先后經(jīng)過光電門的時間t1、t2．則遮光條B、A經(jīng)過光電門的過程中木板動能的變化量△Ek=______，合外力對木板做功W=______，（均第2頁，共12頁用字母M、t1、t2、d、L、F表示）。③在小桶中增添沙子，重復②的操作。④比較W、△Ek的大小，得出實驗結(jié)論。（3）若在本實驗中軌道水平擱置，其余條件和實驗步驟不變，假定木板與軌道之間的動摩擦因數(shù)為μ．測得多組F、t1、t2的數(shù)據(jù)，并獲得F與-的關系圖象如圖所示。已知圖象在縱軸上的截距為b，直線的斜率為k，求解μ=______（用字母b、d、L、k、g表示）。用如圖甲實驗裝置考證m1、m2構(gòu)成的系統(tǒng)機械能守恒．m2從高處由靜止開始著落，m1上拖著的紙帶打出一系列的點，對紙帶上的點跡進行丈量，即可考證機械能守恒定律．如圖乙給出的是實驗中獲得的一條紙帶：0是打下的第一個點，每相鄰兩計數(shù)點間還有4個打點（圖中未標出），計數(shù)點間的距離以下圖．已知m1=50g、m2=150g，則（結(jié)果保存兩位有效數(shù)字）（1）在紙帶上打下記數(shù)點 5時的速度 v=______m/s；（2）在0～5過程中系統(tǒng)動能的增量 △EK=______J，系統(tǒng)勢能的減少許△EP=______J；（g=10m/s2）（3）若某同學作出v2-h圖象如圖丙，則當?shù)氐闹亓涌於萭=______m/s2．四、計算題（本大題共3小題，共28.0分）以下圖，質(zhì)量均為m的三個帶電小球A、B、C擱置在圓滑絕緣的水平直槽上，AB間和BC間的距離均為L．已知A、B帶同種電荷，且A球帶電量為QA=8q，B球帶電量為QB=q，若在C球上施加一個水平向右的恒力F，恰巧能使A、B、C三個小球保持相對靜止，共同向右加快運動．求：（1）拉力F的大?。?）C球的帶電量QC．第3頁，共12頁14. 以下圖，一對雜技演員（都視為質(zhì)點）乘秋千（秋千繩處于水平川點）從 A點由靜止出發(fā)繞 O點下擺，當擺到最低點 B時，女演員在極短時間內(nèi)將男演員沿水平方向推出，而后自己恰巧能回到高處 A．求男演員落地址 C與O點的水平距離 s。已知男演員質(zhì)量 m1，和女演員質(zhì)量 m2之比 =2，秋千的質(zhì)量不計，秋千的擺長為R，C點比O點低5R。以下圖，水平川面上有三個靜止的小物塊A、B、C，質(zhì)量均為m=2kg，相距均為l=5m，物塊與地面間的動摩擦因數(shù)均為μ=0.25．班對A施加一水平向右的恒力F=10N，今后每次碰撞后物體都粘在一同運動。設碰撞時間極短，重力加快度大小為g=10m/s2．求：1）物體A與B碰撞后瞬時的速度；2）物體AB與C碰撞后摩擦產(chǎn)生的熱量。第4頁，共12頁第5頁，共12頁答案和分析1.【答案】D【分析】解：A、斜面對B的摩擦力沿斜面向下，與B的位移方向夾角為銳角，所以斜面對P的摩擦力對m做正功，故A錯誤；B、斜面Q對小球的彈力垂直于斜面，速度垂直與細線，所以支持力對小球做正功，故B錯誤；C、拉力沿著繩索縮短方向，速度方向垂直與繩索，故拉力不做功，故C錯誤；D、對物體Q受力剖析，受推力、重力、支持力、P對Q的壓力和摩擦力，因為支持力和重力與速度垂直不做功，依據(jù)動能定理，推力F對斜面做的功和小球P對斜面做的功的代數(shù)和為零，故推力F對斜面做的功和小球P對斜面做的功的絕對值相等，故D正確；應選：D。依據(jù)恒力做功的表達式W=FScosθ，功的正負能夠看力與位移的夾角，當θ＜90°時，力做正功；當θ=90°時，力不做功；當θ＞90°時，力做負功．解決本題的重點掌握功的正負的判斷方法，以及會依據(jù)功的定義和動能定理比較功的大小，不難．2.【答案】B【分析】解：設踢球過程兒童對足球做的功為W，那么，由能量守恒可知：小球做平拋運動的初動能為W，所以，初速度；那么，由平拋運動的位移公式可知： ，x=v0t， ；所以， ；那么，由機械能守恒可得：該足球第一次落在斜坡上時的動能；所以， ，故B正確，ACD錯誤；應選：B。依據(jù)平拋運動位移公式求得豎直著落高度，再由平拋運動機械能守恒求得末動能與初動能的關系，即可獲得初動能，最后由能量守恒即可獲得功．經(jīng)典力學識題，一般先進行受力剖析求得合外力，而后依據(jù)幾何關系求得運動軌跡，即可由牛頓第二定律和動能定理聯(lián)立求解．3.【答案】A【分析】解：A、這是一道變力做功的創(chuàng)新題，可進行半定量剖析。從A點上漲至 B點和從B點上漲至 C點的過程中，依據(jù)幾何關系我們看出輕繩拉著滑塊的拉力與圓滑豎直桿的夾角 α愈來愈大。圖中 AB=BC，即從A點上漲至 B點的位移等于從B點上漲至 C點的位移。輕繩拉著滑塊的拉力是恒力，夾角 α愈來愈大，那么 cosα愈來愈小，因為 F大小恒定，故F在豎直方向的重量Fcosα隨α的增大而減小，明顯從A點上漲至B點繩索對滑塊拉力做的功大于從B點上漲至C點的過程中繩索對滑塊拉力做的功。因為用輕繩系著滑塊繞過圓滑的定滑輪，所以繩索對滑塊的拉力做的功與拉力 F做的功相等。所以 W1＞第6頁，共12頁W2，故A正確。B、經(jīng)過以上剖析，故B錯誤。C、因為在A點因為靜止出發(fā)，能夠必定最先滑塊是加快上漲的，也就是說剛開始繩對滑塊拉力的豎直分力要大于滑塊的重力，但因為繩對滑塊拉力的豎直分力是漸漸減小的（對滑塊的拉力大小不變，但與豎直方向的夾角在漸漸增大），B到C的過程繩對滑塊拉力的豎直分力與重力的大小關系不清楚，所以滑塊的運動可能是加快的，也可能是減速的，還可能是先加快后減速的（豎直分力小于重力時做減速運動），所以沒法確立滑塊在B、C地點哪個地點的速度大，也就沒法確立哪個地點的動能大，故C錯誤。D、經(jīng)過以上剖析，故D錯誤。應選：A。依據(jù)功的定義式去判斷兩個過程中功的大?。饰龌瑝K的運動過程，依據(jù)受力狀況找出滑塊可能出現(xiàn)的狀況．對于功的大小定性比較，我們能夠運用功的表達式去比較，也能夠從動能定理去比較．對于不一樣地點動能的大小比較，我們能夠經(jīng)過受力剖析（結(jié)協(xié)力的變化），剖析物體的運動過程，是加快仍是減速．4.【答案】D【分析】解：AB、設物體上漲的最大位移為s，動能和勢能相等時的位移為l，速度為v3在上漲過程由動能定理有：（ mgsinθ+f）?s= ①（mgsinθ+f）?l= - ②由動能等于勢能，有： mglsinθ= ③由②③得：l= ；由①得：s=比較可得 l大于，故AB錯誤；CD、上漲、降落時都要戰(zhàn)勝摩擦力做功，故機械能均減小，故 C錯誤D正確；應選：D。依據(jù)除重力之外其余力做功等于機械能的增量判斷上漲和降落過程中機械能的變化。依據(jù)動能定理，抓住動能勢能相等，求出最大位移，進而剖析判斷。本題后AB選項，是判斷向上階段中動能與勢能相等點的地點，乍一看覺的較簡單，實則是一道有必定難度的計算題。若定性議論，也不太簡單，反倒不如計算來得快、準。5.【答案】D【分析】解：對滑塊，由牛頓第二定律得： a= =gsinθ（θ為桿與水平方向的夾角），由圖中的直角三角形可知，滑塊的位移 S=2Rsinθ，滑塊做初速度為零的勻加快直線運動， 運動時間：t= = =2 ，t與θ沒關，即：t1=t2AC、小球遇到的合外力等于重力沿軌道方向的分力，即： mgsinθ，所以合外力的沖量大小為：mgsinθ?t．由圖可知 MP與水平方向之間的夾角大，所以沿 MP運動的a球遇到的合外力的沖量大；沿 MP運動的a球遇到的合外力的沖量大，由動量定理可知， a球第7頁，共12頁的動量變化大。故AC錯誤；B、重力的沖量為mgt，因為運動的時間相等，所以重力的沖量大小相等，故B錯誤；D、彈力的沖量：mgcosθtMP與水平方向之間的夾角大，所以a球的彈力?，由圖可知的沖量小，故D正確。應選：D。依據(jù)牛頓第二定律計算出滑環(huán)沿隨意一根桿滑動的加快度，而后依據(jù)位移時間關系公式計算出時間，而后聯(lián)合沖量的定義以及動量定理解題。該題也能夠依據(jù)“等時圓”的合用條件結(jié)構(gòu)出“等時圓”，作出圖象，依據(jù)位移之間的關系即可判斷運動時間，難度適中。6.【答案】D【分析】解：A、小車與小球構(gòu)成的系統(tǒng)在水平方向動量守恒，在豎直方向動量不守恒，系統(tǒng)整體動量不守恒，故A錯誤；B、小球從圖示地點下擺到最低點，小車受力向左加快運動，當小球到最低點時，小車速度最大。當小球從最低點向右邊運動時，小車向左減速，當小球運動到與左邊圖示位置相對稱的地點時，小車靜止。故小球向右搖動過程小車先向左加快運動，后向左減速運動，故 BC錯誤，D正確；應選：D。因為水平面圓滑，球、車系統(tǒng)水平方向動量守恒，但豎直方向動量不守恒，系統(tǒng)機械能守恒，小球擺過程中機械能不守恒．本題主要考察了動量守恒、機械能守恒條件的判斷，要求同學們能正確剖析小球和小車的運動狀況，難度適中．7.【答案】B【分析】解：A、Q1，Q2都是正電荷，對放在 P點的正嘗試電荷都是排擠力，故協(xié)力在兩個排擠力之間的某個方向，因為Q1＜Q2，故Q2的排擠力較大，故協(xié)力傾向左邊，故電場強度傾向左邊，不行能沿指向MN的右邊。故A錯誤；B、Q1是正電荷，Q2是負電荷，且Q1＞|Q2|，故Q1對放在P點的正嘗試電荷的排擠力大于Q2對其的吸引力，故協(xié)力傾向右，故電場強度傾向右邊，故B正確；C、Q1是負電荷，Q2是正電荷，且|Q1|＜Q2，故Q1對放在P點的正嘗試電荷的吸引力小于Q2對其的排擠力，故協(xié)力傾向左，故電場強度傾向左邊，故C錯誤；D、Q1，Q2都是負電荷，且|Q1|＞|Q2|，對放在P點的正嘗試電荷都是吸引力，故協(xié)力在兩個吸引力之間的某個方向，因為|Q1|＞|Q2|，故Q1的吸引力較大，故協(xié)力傾向左邊，故電場強度傾向左邊，故D錯誤；應選：B。利用在該點正電荷所受電場力方向為電場強度方素來確立各自電場強度方向．而后兩點電荷在同一點的場強是由各自電場強度矢量疊加而成的．本題重點是在 P點擱置一個嘗試電荷， 利用平行四邊形定章確立電場力方向， 而后進一步確立電場強度的方向．8.【答案】D【分析】解：依據(jù)萬有引力供給向心力得： ，r為軌道半徑，有：，依據(jù)地球表面處萬有引力等于重力得： m=mg，得：GM=gR2依據(jù)題意畫出俯視三顆同步通訊衛(wèi)星的幾何地點圖象：第8頁，共12頁依據(jù)幾何關系得： L= 。所以L= =依據(jù)同步衛(wèi)星處萬有引力等于重力得： ，r=因為GM=gR2所以L=所以：②③正確，①④⑤錯誤。應選：D。認識同步衛(wèi)星的含義，即同步衛(wèi)星的周期一定與地球同樣；經(jīng)過萬有引力供給向心力，列出等式經(jīng)過已知量確立未知量；依據(jù)萬有引力等于重力，代換 GM．不一樣的同步衛(wèi)星在地球赤道平面上空同一軌道上，畫出幾何圖象，找出物理量的幾何關系，運用黃金代換式GM=gR2求出問題是考試中常有的方法．9.【答案】AD【分析】解：A、子彈擊中木塊過程系統(tǒng)動量守恒，由動量守恒定律得：mv0=（M+m）v，故A正確；B、對子彈，由動能定理得：-f（s+d）=，故B錯誤；C、子彈擊中木塊過程戰(zhàn)勝阻力做功，部分機械能轉(zhuǎn)變成內(nèi)能，系統(tǒng)機械能不守恒，故錯誤；D、對系統(tǒng)，由能量守恒定律得：，即：fd=，故D正確；應選：AD。依據(jù)機械能守恒的條件和動量守恒定律的條件分別判斷出機械能和動量能否守恒；分別對子彈和木塊運用動能定理，列出動能定理的表達式。摩擦力與相對位移的乘積等于系統(tǒng)能量的損失。本題考察了動量守恒定律的應用，依據(jù)題意剖析清楚運動過程是解題的前提，解決本題的重點知道運用動能定理解題，第一要確立好研究的對象以及研究的過程，而后依據(jù)動能定理列表達式。10.【答案】AC【分析】解：A、當A的協(xié)力為零，即所受的彈力和重力均衡時，A的速度最大，此時彈簧的彈力F=mg．故A正確。B、開始彈簧的彈力大小等于A的重力mg，再給A一個豎直向下的力，使彈簧再壓縮△l，依據(jù)胡克定律知，此時彈簧的彈力大小為2mg，此時A的加快度最大，大小為a===g．故B錯誤。CD、當A運動到最高點時，依據(jù)對稱性知，A的加快度大小為g，方向豎直向下，則彈簧的彈力為零，此時B對水平面的壓力大小等于mg，所以B對水平面的壓力一直不小于mg，故C正確，D錯誤。應選：AC。當A所受的重力和彈簧彈力相等時，A的速度最大，當彈簧的彈力最大時，A物體的加速度最大，此時B對地面的壓力最大。依據(jù)牛頓第二定律解答。第9頁，共12頁本題考察了牛頓第二定律和共點力均衡的基本運用，知道彈簧彈力與 A的重力均衡時，的速度最大。11.FL【答案】CD【分析】解：（Ⅰ）為了使繩索拉力充任協(xié)力，即細線拉力做的功等于協(xié)力對小車做的功應先均衡摩擦力，摩擦力均衡掉的檢測標準即：可使得小車在未施加拉力時做勻速直線運動，故CD正確；應選：CD；（2）小車經(jīng)過A時的速度：vA=，小車經(jīng)過B時的速度：vB=；則小車經(jīng)過A、B過程中動能的變化量：△EK=MvB2-MvA2=）；拉力所做的功：W=FL；（3）由題意，小車遇到的拉力是：F=（mg-f），小車的位移是s，設小車的質(zhì)量是M，小車動能的變化是：△EK=，依據(jù)做功與動能變化的關系可得：（mg-f）s=，整理得：mg-f=（），則圖線的坐標軸的截距表示摩擦力f，即：f=b；圖線的斜率：k=，由摩擦力的公式得：μ==；故答案為：（ 1）CD；（2） ；FL；（3） 。1）為了使繩索拉力充任協(xié)力，即細線拉力做的功等于協(xié)力對小車做的功應先均衡摩擦力。（2）小車在鉤碼的作用下拖動紙帶在水平面上做加快運動， 經(jīng)過速度傳感器可算出 AB兩點的速度大小，依據(jù)動能的計算公式可計算出動能的變化；3）由功與動能變化的關系式，確立圖線上斜率與截距的意義，聯(lián)合摩擦力的公式即可求出摩擦因數(shù)。本題考察研究動能定理的實驗，這個實驗對于我們可能是一個新的實驗，但該實驗的原理都是我們學過的物理規(guī)律。做任何實驗問題仍是要從最基本的物理規(guī)律下手去解決。對于系統(tǒng)問題辦理時我們要清楚系統(tǒng)內(nèi)部各個物體能的變化。12.【答案】2.40 0.576 0.588 9.70【分析】解：（1）計數(shù)點5的剎時速度v5==cm/s=240cm/s=2.40m/s．（2）系統(tǒng)增添的動能△EK12）522=（m+mv=×0.2×2.40J=0.576J，系統(tǒng)重力勢能的減小量△Ep=（m2-m1）gh=0.1×10×（0.384+0.216）J=0.588J．可知在偏差同意的范圍內(nèi)，系統(tǒng)機械能守恒．（3）依據(jù)（m2-m1）gh=（m1+m2）v2得，=gh，則圖線的斜率k=g==4.85，解得g=9.70m/s2．第10頁，共12頁故答案為：（ 1）2.40；（2）0.576；0.588，（3）9.70．（1）依據(jù)某段時間內(nèi)的均勻速度等于中間時辰的順所受的求出計數(shù)點 5的剎時速度；（2）依據(jù)動能的定義進而得出動能的增添量， 依據(jù)降落的高度求出重力勢能的減小量，注意m2的重力勢能減小， m1的重力勢能增大．（3）依據(jù)機械能守恒得出 v2-h的關系式，聯(lián)合圖線的斜率求出重力加快度．本題全面的考察了考證機械能守恒定律中的數(shù)據(jù)辦理問題，要嫻熟掌握勻變速直線運動的規(guī)律以及功能關系，加強數(shù)據(jù)辦理能力．本題還要注意與課本實驗進行差別，注意兩個物體重力勢能變化，才能正確求解總的重力勢能的改變量．13.【答案】解：A、B、C三者作為整體為研究對象，有：F=3ma ①所以加快度方向向右，而AB帶同種電荷電，所以C帶異種電荷；以A為研究對象，有：- + =ma ②以B為研究對象，有：+ =ma ③由①②③可解得：qc=16qF=答：（1）外力大小 F為 ；（2）C球所帶電量 QC為-16q．【分析】先把A、B、C三者作為整體為研究對象，依據(jù)牛頓第二定律求出加快度，再分別以A、B為研究對象，運用靜電力公式聯(lián)合牛頓第二定律即可解題．本題主要考察了庫侖定律及牛頓第二定律的直策應用， 重點靈巧地選擇研究對象， 而后依據(jù)牛頓第二定律列式，不難．14.【答案】解：兩演員一同從從A點擺到B點，只有重力做功，機械能守恒定律，