2023-2024學(xué)年四川省綿陽(yáng)市梓潼中學(xué)高三（上）入學(xué)物理試卷（含解析）

第=page11頁(yè)，共=sectionpages11頁(yè)2023-2024學(xué)年四川省綿陽(yáng)市梓潼中學(xué)高三（上）入學(xué)物理試卷一、選擇題（本大題共8小題，共32分）1.北京時(shí)間2022年6月5日10時(shí)44分，神舟十四號(hào)載人飛船在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心發(fā)射成功并順利進(jìn)入預(yù)定軌道，與空間站組合體進(jìn)行自主快速交會(huì)對(duì)接，并開(kāi)啟為期6個(gè)月的太空之旅。下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是(

)A.“2022年6月5日10時(shí)44分”指的是時(shí)刻

B.飛船發(fā)射瞬間的速度大小及加速度大小均為零

C.飛船在軌繞行一周的平均速度大小為零

D.研究飛船在軌運(yùn)行的速度大小時(shí)可以將其視為質(zhì)點(diǎn)2.如圖是一質(zhì)點(diǎn)做直線運(yùn)動(dòng)的v?t圖象，在0?8s過(guò)程中(

)

A.第4s末與第6s末的位置相同

B.前4s的平均速度與后4s的平均速度相同

C.第5s內(nèi)的加速度與第6s內(nèi)的加速度方向相反

D.第1個(gè)2s內(nèi)的位移和第4個(gè)2s內(nèi)的位移相同3.汽車(chē)以20m/s的速度在平直公路上行駛，急剎車(chē)時(shí)的加速度大小為5m/s2，則自駕駛員急踩剎車(chē)開(kāi)始，6s內(nèi)和最后2s內(nèi)汽車(chē)的位移之比為(

)A.1：1 B.2：1 C.3：1 D.4：14.春節(jié)掛燈籠是中國(guó)人的傳統(tǒng)習(xí)俗，如圖所示，一盞質(zhì)量為m的燈籠在水平風(fēng)力的作用下靜止于空中，懸繩與豎直方向的夾角為θ，重力加速度為g。則(

)A.懸繩拉力大小為mgcosθ

B.水平風(fēng)力大小為mgtanθ

C.水平風(fēng)力緩慢增大時(shí)，懸繩的拉力也緩慢增大

D.水平風(fēng)力大小不變時(shí)，所掛燈籠質(zhì)量越大，靜止時(shí)懸繩與豎直方向的夾角θ

5.2021年5月15日，天問(wèn)一號(hào)著陸巡視器與軌道器分離，成功著陸于火星烏托邦平原南部預(yù)選著陸區(qū)。假設(shè)著陸巡視器在離火星表面高度為?時(shí)以大小為v的速度豎直勻減速下落，到火星表面時(shí)速度大小恰好為零，則(

)A.此過(guò)程著陸巡視器的平均速度大小為v2

B.此過(guò)程著陸巡視器運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為?2v

C.此過(guò)程著陸巡視器通過(guò)前后一半位移所用時(shí)間之比為1：(2?1)

6.固定在水平地面上的斜面上疊放著A、B兩木塊，木塊A與B的接觸面是水平的，水平力F作用于木塊A，使木塊A、B保持靜止，且F≠0。如圖所示，則下列描述正確的是(

)A.木塊A一定受4個(gè)力作用

B.木塊B可能受4個(gè)力作用

C.增大F后，A、B仍靜止，則木塊B對(duì)斜面的壓力大小一定變大

D.增大F后，A、B仍靜止，則斜面對(duì)木塊B的摩擦力大小一定變大7.甲、乙兩車(chē)在同一條平直公路上行駛，兩車(chē)的位移隨時(shí)間變化的關(guān)系如圖所示。已知乙車(chē)圖線滿(mǎn)足二次函數(shù)方程，且圖線與t軸相切于6s處，下列說(shuō)法中正確的是(

)A.甲車(chē)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，速度為1m/s

B.兩車(chē)運(yùn)動(dòng)方向相同，3s時(shí)相遇

C.乙車(chē)做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，t=0時(shí)速度的大小203m/s

D.乙車(chē)加速度逐漸減小，6s8.如圖所示，質(zhì)量為2m的物塊A靜置于水平臺(tái)面上，質(zhì)量為M、半徑為R的半球體C靜置于水平地面上，質(zhì)量為m的光滑小球B(可視為質(zhì)點(diǎn))放在半球體C上，P為三根輕繩PA、PB、PO的結(jié)點(diǎn)。系統(tǒng)在圖示位置處于靜止?fàn)顟B(tài)，P點(diǎn)位于C正上方距離其球心高?處(?=2R)，OP豎直，PA水平，PB長(zhǎng)為32R，已知A與臺(tái)面的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，重力加速度大小為g，則正確的是(

)A.繩OP的拉力大小為mg B.A受到的摩擦力大小為2μmg

C.B對(duì)C的壓力大小為12mg D.繩PB對(duì)B二、非選擇題（共68分）9.如圖為做勻變速直線運(yùn)動(dòng)的小車(chē)帶動(dòng)紙帶通過(guò)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出的紙帶，選出的部分計(jì)數(shù)點(diǎn)分別記為O、A、B、C、D、E、F，每相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有四個(gè)點(diǎn)未畫(huà)出來(lái)，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用的是頻率為50Hz的220V交流電。則：(1)從打O點(diǎn)到打A點(diǎn)所經(jīng)歷時(shí)間為_(kāi)_____s。

(2)計(jì)數(shù)點(diǎn)“A”處的速度為vA=______m/s(計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)。

(3)小車(chē)的加速度大小為_(kāi)_____m/s2(10.某物理活動(dòng)小組利用光電計(jì)時(shí)器探究滑塊在斜面上速度變化的規(guī)律，實(shí)驗(yàn)裝置如圖(a)所示。光電計(jì)時(shí)器固定在斜面底端，把寬度為d的遮光片固定在滑塊上。讓滑塊從距離光電計(jì)時(shí)器x處由靜止釋放，遮光片經(jīng)過(guò)光電計(jì)時(shí)器的遮光時(shí)間為t。改變滑塊釋放位置，記錄不同位置釋放時(shí)，遮光片距離光電計(jì)時(shí)器的距離x及經(jīng)過(guò)光電計(jì)時(shí)器的遮光時(shí)間t。

(1)遮光片經(jīng)過(guò)光電計(jì)時(shí)器的速度v=______(用題中所給字母表示)；

(2)用游標(biāo)卡尺測(cè)出遮光片的寬度如圖(b)所示，遮光片的寬度d=______mm；

(3)圖(b)是根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)描繪的x?1t2圖線，它近似為一條直線，則可知滑塊做勻變速直線運(yùn)動(dòng)。由圖中數(shù)據(jù)及已測(cè)數(shù)據(jù)可得，滑塊加速度a=______m/s2(結(jié)果保留211.如圖，一中心開(kāi)孔的質(zhì)量為M的圓柱體套在一固定的水平桿上，圓柱體下端連接原長(zhǎng)為L(zhǎng)0、勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧，彈簧另一端連接一質(zhì)量為m的小球，小球在一大小未知的水平力F的作用下靜止，彈簧與豎直方向的夾角為θ=53°。設(shè)圓柱體與桿之間的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度大小為g，sin53°=0.8，cos53°=0.6。求：

(1)水平力F的大小及彈簧的長(zhǎng)度；

(2)圓柱體與桿之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ需滿(mǎn)足的條件。12.為進(jìn)一步提高“高鐵”載客效率．當(dāng)列車(chē)通過(guò)車(chē)站時(shí)，質(zhì)量為m=100t、長(zhǎng)為L(zhǎng)=75m的膠囊艙(轉(zhuǎn)移車(chē)廂)就會(huì)鎖住列車(chē)的車(chē)頂，乘客通過(guò)膠囊艙實(shí)現(xiàn)轉(zhuǎn)移后，膠囊艙與列車(chē)自動(dòng)分離進(jìn)入到自己的軌道，而列車(chē)?yán)^續(xù)向前行駛，乘客就可以由膠囊艙慢慢地下車(chē)．一復(fù)興號(hào)列車(chē)以速度v1=360km/?在平直的軌道上勻速行駛，過(guò)站時(shí)需先勻減速至v2=108km/?，讓膠囊艙鎖住列車(chē)的車(chē)頂與其共速行駛3分鐘實(shí)現(xiàn)乘客轉(zhuǎn)移，之后復(fù)興號(hào)列車(chē)與膠囊艙脫離，重新勻加速至v1的繼續(xù)向前行駛．若采用停車(chē)上下客，則列車(chē)需從v1勻減速至0，停留3分鐘，之后列車(chē)重新勻加速至v1.已知?jiǎng)蚣铀俸蛣驕p速的加速度大小均為a=1.0m/s2.求：

(1)采用停車(chē)上下客，列車(chē)從v1勻減速至0，停留3分鐘，之后再到恢復(fù)v1，其所需的時(shí)間及通過(guò)的路程；

(2)采用不停車(chē)上下客，列車(chē)從開(kāi)始勻減速至v2，乘客用3分鐘轉(zhuǎn)移到膠囊艙，再恢復(fù)到v113.下列說(shuō)法正確的是(

)A.物體中分子熱運(yùn)動(dòng)動(dòng)能的總和等于物體的內(nèi)能

B.橡膠無(wú)固定熔點(diǎn)，是非晶體

C.飽和汽壓與分子密度有關(guān)，與溫度無(wú)關(guān)

D.熱機(jī)的效率總小于1

E.對(duì)于同一種氣體，溫度越高，分子平均動(dòng)能越大14.如圖，厚度不計(jì)的活塞C將圓柱形導(dǎo)熱氣缸分為A、B兩室，A、B中各封有一定質(zhì)量的理想氣體，A室左側(cè)連通一豎直放置的U形玻璃細(xì)管(管內(nèi)氣體的體積可忽略)；當(dāng)關(guān)閉B室右側(cè)的閥門(mén)K且缸內(nèi)氣體溫度為T(mén)1=300K時(shí)，A、B兩室容積恰好相等，U形管左、右水銀面高度差為?=19cm。外界大氣壓P0=76cmHg，不計(jì)一切摩擦。

(1)打開(kāi)閥門(mén)K，使B室緩慢漏氣，保持缸內(nèi)氣體溫度恒為T(mén)1，當(dāng)活塞C不再移動(dòng)時(shí)，求A室和B室的體積之比；

(2)保持閥門(mén)K打開(kāi)，再對(duì)A室氣體緩慢加熱，當(dāng)溫度達(dá)到T15.圖(a)為一列簡(jiǎn)諧橫波在t=0.10s時(shí)刻的波形圖，P是平衡位置在x=1.0m處的質(zhì)點(diǎn)，Q是平衡位置在x=4.0m處的質(zhì)點(diǎn)；圖(b)為質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)圖象，下列說(shuō)法正確的是(

)A.在t=0.10s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)Q向y軸正方向運(yùn)動(dòng)

B.在t=0.25s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P的加速度方向與y軸正方向相同

C.從t=0.10s到t=0.25s，該波沿x軸負(fù)方向傳播了6m

D.從t=0.10s到t=0.25s，質(zhì)點(diǎn)P通過(guò)的路程為30cm

E.質(zhì)點(diǎn)Q簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式為y=0.10sin10πt(國(guó)際單位)16.如圖所示為一橫截面為扇形的透明玻璃磚，扇形半徑為R，∠BAC=45°，一束方向與AC邊平行的細(xì)單色光束從AB上D點(diǎn)射入玻璃磚，恰好射到C點(diǎn)。已知玻璃磚折射率為2，光在真空中傳播的速度為c。求：

(i)折射光束與DB邊的夾角；

(ii)光束從D點(diǎn)傳播到C點(diǎn)所用的時(shí)間。

答案和解析1.【答案】B

【解析】解：A、“2022年6月5日10時(shí)44分”對(duì)應(yīng)時(shí)間軸上的點(diǎn)，是時(shí)刻，故A正確；

B、火箭點(diǎn)火瞬間的速度為零，加速度不為零，故B錯(cuò)誤；

C、飛船繞地球飛行一圈，又回到了開(kāi)始時(shí)的位置，所以位移為零，平均速度是位移與時(shí)間的比值，所以平均速度的大小也等于零，故C正確；

D、研究飛船在軌運(yùn)行的速度大小時(shí)，飛船的大小與形狀可以忽略不計(jì)，可以將其視為質(zhì)點(diǎn)，故D正確。

本題選擇錯(cuò)誤的，

故選：B。

時(shí)間是指時(shí)間的長(zhǎng)度，在時(shí)間軸上對(duì)應(yīng)一段距離，時(shí)刻是指時(shí)間點(diǎn)，在時(shí)間軸上對(duì)應(yīng)的是一個(gè)點(diǎn)，在難以區(qū)分是時(shí)間還是時(shí)刻時(shí)，可以通過(guò)時(shí)間軸來(lái)進(jìn)行區(qū)分；位移表示質(zhì)點(diǎn)在空間的位置的變化，用有向線段表示，路程是質(zhì)點(diǎn)在空間運(yùn)動(dòng)軌跡的長(zhǎng)度，平均速度是位移與時(shí)間的比值；質(zhì)點(diǎn)是只計(jì)質(zhì)量、不計(jì)大小、形狀的一個(gè)幾何點(diǎn)，是實(shí)際物體在一定條件下的科學(xué)抽象，能否看作質(zhì)點(diǎn)與物體本身無(wú)關(guān)，要看所研究問(wèn)題的性質(zhì)，看物體的形狀和大小在所研究的問(wèn)題中是否可以忽略。

對(duì)于物理中的基本概念要理解其本質(zhì)不同，不能停在表面，如時(shí)間與時(shí)刻的區(qū)別，看成質(zhì)點(diǎn)的條件等，難度不大，屬于基礎(chǔ)題。2.【答案】A

【解析】解：A、速度圖象與時(shí)間軸所圍的面積表示位移，圖線在時(shí)間軸上方位移為正，圖線在時(shí)間軸下方位移為負(fù)，則知4?6s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的位移為0，所以第4s末與第6s末的位置相同，故A正確．

B、速度圖象與時(shí)間軸所圍的面積表示位移，據(jù)圖可知，后4s的位移等于6?8s內(nèi)的位移，小于前4秒的位移，但時(shí)間相同，所以前4秒的位移與后4秒的平均速度不同，故B錯(cuò)誤．

C、速度圖象的斜率表示物體的加速度，據(jù)圖可知，第5s內(nèi)的加速度與第6s內(nèi)的加速度相同，則加速度方向相同，故C錯(cuò)誤；

D、第1個(gè)2s內(nèi)的位移為正，第4個(gè)2s內(nèi)的位移為負(fù)，所以它們的位移不同，故D錯(cuò)誤；

故選：A

v?t圖象中各點(diǎn)表示物體在某一時(shí)刻的速度；圖象與時(shí)間軸所圍的面積表示位移；圖象的斜率表示物體的加速度；平均速度等于位移與時(shí)間之比．由此分析即可．

本題是速度圖象問(wèn)題，要培養(yǎng)基本的讀圖能力：由速度的正負(fù)讀出速度的方向，斜率讀出加速度，面積讀出位移．要注意位移的方向．3.【答案】D

【解析】【分析】

根據(jù)速度時(shí)間公式求出汽車(chē)速度減為零的時(shí)間，判斷汽車(chē)是否停止，再結(jié)合位移公式求出6s內(nèi)的位移，采用逆向思維，結(jié)合位移時(shí)間公式求出最后2s內(nèi)的位移，從而得出位移之比。

本題考查了運(yùn)動(dòng)學(xué)中的剎車(chē)問(wèn)題，是道易錯(cuò)題，注意汽車(chē)速度減為零后不再運(yùn)動(dòng)，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式靈活求解。

【解答】

汽車(chē)速度減為零的時(shí)間t0=0?v0a=?20?5s=4s，

則6s內(nèi)的位移等于4s內(nèi)的位移，x1=v02t0=202×4m=40m，

采用逆向思維，可知汽車(chē)在最后2s4.【答案】C

【解析】解：ABD.燈籠靜止時(shí)受力如圖：

由平衡條件可得豎直方向：Tcosθ=mg

水平方向：F=Tsinθ

可得：T=mgcosθ，F(xiàn)=mgtanθ，可知，水平風(fēng)力大小不變時(shí)，所掛燈籠質(zhì)量越大，靜止時(shí)懸繩與豎直方向的夾角θ越小，故ABD錯(cuò)誤；

C.由公式T=mgcosθ，F(xiàn)=mgtanθ，可知水平風(fēng)力F緩慢增大時(shí)，懸繩與豎直方向的夾角θ增大，懸繩的拉力也緩慢增大，故C正確。

故選：C5.【答案】A

【解析】解：A、根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)中，平均速度等于該段時(shí)間內(nèi)初末速度的平均值可知，此過(guò)程著陸巡視器的平均速度大小為v?=v2，故A正確；

B、此過(guò)程著陸巡視器運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t=?v?=2?v，故B錯(cuò)誤；

C、在初速度為零的勻變速直線運(yùn)動(dòng)中，連續(xù)相等的位移內(nèi)時(shí)間之比為1：(2?1)：(3?2)...

所以此過(guò)程著陸巡視器通過(guò)前后一半位移所用時(shí)間之比為(2?1)：1，故C錯(cuò)誤；

D、根據(jù)速度—位移關(guān)系可得：v2=2a?，著陸巡視器下降?2時(shí)的速度大小為v1，則有：v2?v16.【答案】ABC

【解析】解：A、對(duì)木塊A受力分析，受推力、重力、支持力和靜摩擦力四個(gè)力的作用，故A正確；

B、對(duì)木塊B受力分析，受重力，A對(duì)B的壓力，A對(duì)B水平向左的靜摩擦力，斜面對(duì)B垂直向上的支持力，斜面對(duì)B可能有靜摩擦力也可能沒(méi)有摩擦力，故B受4個(gè)力或者5個(gè)力，故B正確?；

C、對(duì)AB整體受力分析，受重力、支持力、推力，可能有靜摩擦力，如圖所示(摩擦力對(duì)結(jié)果無(wú)影響)

垂直于斜面方向有：N=Gcosθ+Fsinθ

所以增大F后，A、B仍靜止，則木塊B對(duì)斜面的壓力大小一定變大，故C正確；

D、由B項(xiàng)可知若初始斜面對(duì)木塊B的摩擦力向上，當(dāng)F增大后，摩擦力可能向下，大小不變，故D錯(cuò)誤。

故選：ABC。

以B為研究對(duì)象分析受力情況，確定B的受力個(gè)數(shù)；對(duì)木塊A受力分析，受推力、重力、支持力和靜摩擦力，結(jié)合牛頓第三定律分析木塊B受到A對(duì)它的摩擦力方向。

本題關(guān)鍵是靈活地選擇研究對(duì)象進(jìn)行受力分析，可以結(jié)合力的產(chǎn)生條件、作用效果和牛頓第三定律分析，難點(diǎn)是B與斜面間的靜摩擦力的有無(wú)和方向的判斷，可以采用假設(shè)法分析。7.【答案】AC

【解析】解：A、根據(jù)位移—時(shí)間圖像的斜率表示物體運(yùn)動(dòng)的速度，可知甲車(chē)的速度不變，做勻速直線運(yùn)動(dòng)，甲車(chē)的速度為v甲=5?23m/s=1m/s，故A正確；

B、甲車(chē)的速度為正值，表示甲車(chē)沿正方向運(yùn)動(dòng)，而乙車(chē)的圖線切線的斜率為負(fù)值，說(shuō)明乙車(chē)運(yùn)動(dòng)的速度為負(fù)值，表示乙車(chē)沿負(fù)方向運(yùn)動(dòng)。在3s時(shí)兩圖像相交，說(shuō)明3s時(shí)兩車(chē)相遇，故B錯(cuò)誤；

CD、乙車(chē)圖線滿(mǎn)足二次函數(shù)方程，可知乙車(chē)做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，其圖線與t軸相切于6s處，則t=6s時(shí)，速度為零，將其運(yùn)動(dòng)反過(guò)來(lái)看成初速度為0的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)位移—時(shí)間關(guān)系有x=12at2

根據(jù)圖像有x=20m，t=6s，解得a=109m/s2

根據(jù)速度—時(shí)間關(guān)系可得v0=at=109×6m/s=203m/s8.【答案】CD

【解析】解：CD、設(shè)PB與豎直方向的夾角為θ，以B為研究對(duì)象，受到重力、支持力和PB繩拉力，如圖所示，根據(jù)三角形相似可得：F′1PB=NR=mg?，

解得：F′1=PB??mg=34mg，N=R??mg=12mg，

根據(jù)牛頓第三定律可得小球B對(duì)C的壓力大小為12mg，繩PB對(duì)小球B的拉力大小為34mg，故CD正確；

A、以結(jié)點(diǎn)P為研究對(duì)象，受到三段繩子的拉力，如圖所示；

根據(jù)平衡條件可得繩OP的拉力大小為F=F1cosθ=F′1cosθ，

根據(jù)余弦定理可得：R2=?2+PB2?2??PB?cosθ，解得cosθ=78，

則F=F′1cosθ=34mg×78=2132mg，故A錯(cuò)誤；

B、以結(jié)點(diǎn)P為研究對(duì)象，根據(jù)平衡條件可得繩子PA的拉力大小為T(mén)=Ftanθ，

9.【答案】0.10

0.36

1.6

【解析】解：(1)因?yàn)槊肯噜弮捎?jì)數(shù)點(diǎn)間還有四個(gè)點(diǎn)未畫(huà)出來(lái)，所以任意相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為

T=5×1f=5×150s=0.10s

所以從打O點(diǎn)到打A點(diǎn)所經(jīng)歷時(shí)間為t=T=0.10s。

(2)對(duì)勻變速直線運(yùn)動(dòng)來(lái)說(shuō)，在某段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度，所以計(jì)數(shù)點(diǎn)“A”處的速度為vA=xOB2T=2.80+4.400.20×10?2m/s=0.36m/s。

(3)根據(jù)逐差法可得小車(chē)的加速度為：

a=x4+x5+x6?10.【答案】(1)dt；

(2)1.75；

【解析】解：(1)遮光片經(jīng)過(guò)光電計(jì)時(shí)器的速度為v=dt

(2)游標(biāo)卡尺的最小分度值為0.05mm，主尺讀數(shù)為1mm，游標(biāo)尺讀數(shù)為15×0.05mm，所以d=1mm+15×0.05mm=1.75mm

(3)根據(jù)題意有v2=2ax

所以x=d22a?1t2

結(jié)合圖線可得d22a=0.751.50×106

解得a≈3.1m/s211.【答案】解：(1)以小球作為研究對(duì)象，小球在三力作用下平衡，任意兩力的合力與第三力等大反向，其受力及合成情況如圖(1)所示

由圖及三角函數(shù)知識(shí)可得，

水平力F=mgtanθ=43mg，

彈簧彈力Fk=mgcosθ=53mg，

由胡克定律，F(xiàn)k=kΔx，

所以彈簧的長(zhǎng)度為L(zhǎng)=L0+Δx，聯(lián)立解得L=L0+5mg3k；

(2)對(duì)小球和圓柱體整體研究，受力如圖(2)所示

整體在豎直方向靜止，有N=(M+m)g

由牛頓第三定律知，圓柱體對(duì)桿的壓力FN=N

水平方向系統(tǒng)靜止，有f=F

靜摩擦力必須滿(mǎn)足f≤f【解析】根據(jù)題意，先對(duì)小球受力分析根據(jù)受力分析圖以及幾何關(guān)系可列式求解水平力F的大小及彈簧的長(zhǎng)度；再對(duì)小球和圓柱體整體研究進(jìn)行受力分析，在水平和豎直方向上列方程求解。

該題考查受力分析的應(yīng)用，在分析該題過(guò)程中注意整體與隔離法的應(yīng)用，常規(guī)考題，難度適中。12.【答案】解：(1)v1=360km/?=100m/s；停車(chē)上下客勻減速時(shí)間：t1=v1a=100m/s1m/s2=100s

t2=180s，停車(chē)上下客勻加速時(shí)間：t3=t1=100s

停車(chē)上下客所需總時(shí)間T=t1+t2+t3=380s

停車(chē)上下客，勻減速通過(guò)的路程x1=v122a=(100m/s)22×1m/s2=5000m

停車(chē)上下客，通過(guò)的總路程x總=2x1=10000m

(2)不停車(chē)上下客，勻減速時(shí)間：t1′=v1?v2【解析】采用停車(chē)上下客，高鐵先由v1減速至0再停留三分鐘，再勻加速至v1的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律處理即可；采用不停車(chē)上下客，高鐵先由v1減速至v2，并保持該速度三分鐘，再勻加速至13.【答案】BDE

【解析】解：A、物體中分子熱運(yùn)動(dòng)動(dòng)能的總和與分子勢(shì)能的總和等于物體的內(nèi)能；故A錯(cuò)誤；

B、橡膠是非晶體，沒(méi)有固定的熔點(diǎn)；故B正確

C、飽和汽壓與溫度有關(guān)，且隨著溫度的升高而增大．故C錯(cuò)誤；

D、熱機(jī)的效率無(wú)法達(dá)到100%；故D正確；

D、溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志；溫度越高，分子平均動(dòng)能越大；故E正確；

故選：BDE．

物體的內(nèi)能包括分子動(dòng)能和分子勢(shì)能；

橡校是非晶體；

飽和汽壓與溫度有關(guān)，且隨著溫度的升高而增大；

熱機(jī)的效率都無(wú)法達(dá)到100%；

溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志．

本題考查分子運(yùn)動(dòng)論、內(nèi)能及晶體的性質(zhì)、熱力學(xué)第二定律、溫度的微觀意義等，要注意明確內(nèi)能包括分子動(dòng)能和分子勢(shì)能；而溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志．14.【答案】解：(1)閥門(mén)K關(guān)閉時(shí)，設(shè)A宣的體積為V0

此時(shí)A室氣體的壓強(qiáng)為：pA=p0+p?=76cmHg+19cmHg=95cmHg，打開(kāi)K，當(dāng)C不再移動(dòng)時(shí)，U形管左、右水銀面齊平，A室氣體壓強(qiáng)為p0，體積設(shè)為VA

A室氣體經(jīng)歷等溫變化，由玻意耳定律有：PAV0=p0VA，

代入數(shù)據(jù)解得：VA=1.25V0，

故B室氣體的體積為：VB=2V0?VA=2V0?1.25V0=0.75V0

所以，A室和B盒的體積之比為：VA：VB=5：3；

(2)保持K打開(kāi)，再對(duì)A室氣體加熱，假設(shè)A室氣體先發(fā)生等壓變化直到C到達(dá)氣缸右壁，設(shè)此時(shí)氣體的溫度為T(mén)

由蓋—呂薩克定律有：VAT1=2【解析】(1)A中氣體前后變化為等溫變化，對(duì)A中氣體運(yùn)用玻意耳定律即可求出A室的體積，總體積減去此時(shí)A室體積就是B室的體積，即可求得體積之比；

(2)對(duì)B室加熱，由于活塞是絕熱的，故A室仍發(fā)生的等溫變化，對(duì)A室，由玻意爾定律，對(duì)B室，由理想氣體狀態(tài)方程分別列式可求出B室末狀態(tài)的壓強(qiáng)，從而求出水銀面的高度差。

本題考查氣體定律的運(yùn)用，解題關(guān)鍵是要分析好壓強(qiáng)、體積、溫度三個(gè)參量的變化情況，選擇合適的規(guī)律解決，難度不大，第(2)問(wèn)解決的關(guān)鍵是要會(huì)利用兩部分氣體壓強(qiáng)相等、兩部分體積之和不變的性質(zhì)列方程。15.【答案】BCE

【解析】【分析】

根據(jù)甲、乙兩圖可以讀出該波的波長(zhǎng)和周期，從而求出波速，t=0.10s時(shí)Q點(diǎn)在平衡位置上，由乙圖知下一時(shí)刻向下振動(dòng)，從而確定了該波向左傳播。根據(jù)時(shí)間與周期的關(guān)系，