廣東省深圳市圓夢教育港澳臺僑聯(lián)考物理二模試卷

學必求其心得，業(yè)必貴于專精學必求其心得，業(yè)必貴于專精學必求其心得，業(yè)必貴于專精2017年廣東省深圳市圓夢教育港澳臺僑聯(lián)考高考物理二模試卷一、選擇題：本大題共13小題，每小題4分，共52分．在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的．1．如圖所示，擋板垂直于斜面固定在斜面上，一滑塊m放在斜面上，其上表面呈弧形且左端最薄，一球M擱在擋板與弧形滑塊上，一切摩擦均不計,用平行于斜面的拉力F拉住弧形滑塊，使球與滑塊均靜止．現(xiàn)將滑塊平行于斜面向上拉過一較小的距離,球仍擱在擋板與滑塊上且處于靜止狀態(tài)，則與原來相比(）A．滑塊對球的彈力增大 B．擋板對球的彈力減小C．斜面對滑塊的彈力增大 D．拉力F不變2．一宇航員站在某質量分布均勻的星球表面上沿豎直方向以初速度v0拋出一個小球，測得小球經(jīng)過時間t落回地出點，已知該星球半徑為R，則該星球的第一宇宙速度為(）A． B． C． D．無法確定3．圖甲所示為索契冬奧會上為我國奪得首枚速滑金牌的張虹在1000m決賽中的精彩瞬間．現(xiàn)假設某速滑運動員某段時間內在直道上做直線運動的速度時間圖象可簡化為圖乙，已知運動員（包括裝備）總質量為60kg，在該段時間內受到的阻力恒為總重力的0。1倍，g=10m/s2．則下列說法正確的是（）A．在1~3s內，運動員的加速度為0。5m/s2B．在1～3s內，運動員獲得的動力是30NC．在0～5s內,運動員的平均速度是12.5m/sD．在0～5s內，運動員克服阻力做的功是﹣3780J4．如圖所示,物塊以60J的初動能從斜面底端沿斜面向上滑動，當它的動能減少為零時，重力勢能增加了45J，則物塊回到斜面底端時的動能為（）A．15J B．20J C．30J D．45J5．如圖，一質量為m的正方體物塊置于風洞內的水平面上，其一面與風速垂直,當風速為v0時剛好能推動該物塊．已知風對物塊的推力F正比于Sv2，其中v為風速、S為物塊迎風面積．當風速變?yōu)?v0時，剛好能推動用同一材料做成的另一正方體物塊,則該物塊的質量為（）A．64m B．32m C．8m D．4m6．通電導體棒水平放置在絕緣斜面上,整個裝置置于勻強磁場中,導體棒能保持靜止狀態(tài)．以下四種情況中導體棒與斜面間一定存在摩擦力的是（）A． B． C． D．7．在如圖所示的電路中,a、b為兩個完全相同的燈泡，L為自感線圈，E為電源，S為開關．關于兩燈泡點亮和熄滅的先后次序，下列說法正確的是(）A．合上開關，a先亮，b逐漸變亮；斷開開關,a、b同時熄滅B．合上開關，b先亮,a逐漸變亮；斷開開關，a先熄滅，b后熄滅C．合上開關，b先亮,a逐漸變亮；斷開開關，a、b同時熄滅D．合上開關,a、b同時亮;斷開開關,b先熄滅,a后熄滅8．一列波長大于1m的橫波沿著x軸正方向的播處x1=1m和x2=2m的兩質點A、B的振動圖象如圖所示．由此可知(）A．波長為mB．波速為1m/sC．3s末A、B兩質點的位移相同D．1s末A點的振動速度大于B點的振動9．圖中L為一薄凸透鏡，ab為一發(fā)光圓面，二者共軸，S為與L平行放置的屏，已知這時ab可在屏上成清晰的像．現(xiàn)將透鏡切除一半，只保留主軸以上的一半透鏡，這時ab在S上的像(）A．尺寸不變，亮度不變 B．尺寸不變，亮度降低C．只剩半個圓,亮度不變 D．只剩半個圓，亮度降低10．在勻強磁場中有一個原來靜止的碳14原子核發(fā)生了某種衰變，已知放射出的粒子速度方向及反沖核的速度方向均與磁場方向垂直，它們在磁場中運動的徑跡是兩個相內切的圓，兩圓的直徑之比為7：1，如圖所示．則碳14的衰變方程為（）A．C→e+B B．C→He+BeC．C→e+N D．C→H+B11．如圖所示為氫原子能級的示意圖，現(xiàn)有大量的氫原子處于n=4的激發(fā)態(tài)，當向低能級躍遷時輻射出若干不同顏色的光．關于這些光下列說法正確的是（）A．由n=4能級躍遷到n=1能級產(chǎn)生的光子波長最長B．由n=2能級躍遷到n=1能級產(chǎn)生的光子頻率最小C．這些氫原子總共可輻射出3種不同頻率的光D．用n=2能級躍遷到n=1能級輻射出的光照射逸出功為6。34eV的金屬鉑能發(fā)生光電效應12．如圖所示，一定質量的氣體封閉在導熱性能良好的金屬氣缸中,緩慢地推動活塞壓縮氣體．若分子間的相互作用忽略不計,以下說法正確的是（)A．氣體的壓強一定增大B．氣體分子的平均動能一定增大C．氣體一定從外界吸收熱量D．氣體的內能一定增大13．如圖所示,abcd是傾角為θ的光滑斜面，已知ab∥dc，ad、bc均與ab垂直．在斜面上的a點，將甲球以速度v0沿ab方向入射的同時，在斜面上的b點將乙球由靜止釋放，則以下判斷正確的是（）A．甲、乙兩球不可能在斜面上相遇B．甲、乙兩球一定在斜面上相遇C．甲、乙兩球在斜面上運動的過程中，總是在同一水平線上D．甲、乙兩球在斜面上運動的過程中，在相同時間內速度的改變可能不相同二、實驗題填空題:每空4分，共28分．14．甲圖中游標卡尺的讀數(shù)為mm；乙圖中螺旋測微器的讀數(shù)為mm．15．現(xiàn)有一特殊的電池，其電動勢E約為9V，內阻r在35～55Ω范圍，最大允許電流為50mA．為測定這個電池的電動勢和內阻，某同學利用如圖甲的電路進行實驗．圖中電壓表的內電阻很大,對電路的影響可以不計；R為電阻箱，阻值范圍為0～9999Ω;R0是定值電阻．(1）實驗室備有的定值電阻R0有以下幾種規(guī)格：A．10Ω，2。5WB．50Ω，1.0WC．150Ω，1.0WD．1500Ω，5。0W本實驗應選用，其作用是．（2)該同學接入符合要求的R0后，閉合開關S,調整電阻箱的阻值讀出電壓表的示數(shù)U，再改變電阻箱阻值，取得多組數(shù)據(jù)，作出了如圖乙的圖線．則根據(jù)該同學所作的圖線可知圖象的橫坐標與縱坐標的比值表示．（3）根據(jù)乙圖所作出的圖象求得該電池的電動勢E為V,內電阻r為Ω．三、計算題：本大題共4小題,共70分．解答時應寫出必要的文字說明、方程式和主要演算步驟．只寫出最后答案,不能得分．由數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位．16．一棱鏡的截面為直角三角形ABC，∠A=30°，斜邊AB=a，棱鏡材料的折射率為n=．在此截面所在的平面內,一條光線以45°的入射角從AC邊的中點M射入棱鏡，求其射出的點的位置（不考慮光線沿原來路線返回的情況）．17．某同學利用DIS實驗系統(tǒng)研究一定質量的理想氣體的狀態(tài)變化，在實驗后計算機屏幕顯示了如下P﹣T圖象（實線部分），已知在A狀態(tài)氣體體積為V．（1）試求實驗過程中，當氣體溫度保持T0的情況下，氣體體積在什么范圍內變化？（2）試分析說明在氣體狀態(tài)由B變化至C的過程中是吸熱還是放熱？18．如圖所示，半徑r=0。4m的圓形區(qū)域內有垂直圓面向外的勻強磁場，磁感應強度B=0.5T，帶電粒子的比荷（）為1.0×105C/kg．粒子經(jīng)一電壓U=6×103V的電場加速后，正對圓心O的垂直射入磁場．（不計帶電粒子重力)求：(1）粒子在磁場中做圓周運動的半徑（2）粒子在磁場中的運動時間．19．如圖所示，質量M=1。0kg的木塊隨傳送帶一起以v=2。0m/s的速度向左勻速運動，木塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)μ=0。50．當木塊運動至最左端A點時，一顆質量為m=20g的子彈以v0=3。0×102m/s水平向右的速度擊穿木塊，穿出時子彈速度v1=50m/s．設傳送帶的速度恒定，子彈擊穿木塊的時間極短,且不計木塊質量變化，g=10m/s2．求:（1）在被子彈擊穿后，木塊向右運動距A點的最大距離；（2)子彈擊穿木塊過程中產(chǎn)生的內能；（3）從子彈擊穿木塊到最終木塊相對傳送帶靜止的過程中，木塊與傳送帶間由于摩擦產(chǎn)生的內能．

2017年廣東省深圳市圓夢教育港澳臺僑聯(lián)考高考物理二模試卷參考答案與試題解析一、選擇題:本大題共13小題，每小題4分，共52分．在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的．1．如圖所示,擋板垂直于斜面固定在斜面上，一滑塊m放在斜面上，其上表面呈弧形且左端最薄,一球M擱在擋板與弧形滑塊上，一切摩擦均不計，用平行于斜面的拉力F拉住弧形滑塊,使球與滑塊均靜止．現(xiàn)將滑塊平行于斜面向上拉過一較小的距離,球仍擱在擋板與滑塊上且處于靜止狀態(tài)，則與原來相比（）A．滑塊對球的彈力增大 B．擋板對球的彈力減小C．斜面對滑塊的彈力增大 D．拉力F不變【考點】2H：共點力平衡的條件及其應用；29:物體的彈性和彈力．【分析】隔離對球分析，抓住重力大小方向不變,擋板的彈力方向不變，根據(jù)合力為零判斷出木板、滑塊對球彈力的變化．對球和滑塊整體分析，抓住合力為零,判斷斜面對滑塊彈力以及拉力的變化．【解答】解:A、B、對球進行受力分析，如圖(a），球只受三個力的作用,擋板對球的力F1方向不變，作出力的矢量圖，擋板上移時，F(xiàn)2與豎直方向夾角減小，最小時F2垂直于F1，可以知道擋板彈力F1和滑塊對球的作用力F2都減?。还蔄錯誤，B正確；C、D、再對滑塊和球一起受力分析，如圖(b），其中FN=Gcosθ不變,F+F1不變,F1減小，可以知道斜面對滑塊的支持力不變,拉力F增大，故C錯誤，D錯誤．故選：B．2．一宇航員站在某質量分布均勻的星球表面上沿豎直方向以初速度v0拋出一個小球,測得小球經(jīng)過時間t落回地出點，已知該星球半徑為R，則該星球的第一宇宙速度為(）A． B． C． D．無法確定【考點】4F：萬有引力定律及其應用．【分析】由豎直上拋可得星球表面的重力加速度，進而由地面萬有引力等于重力，萬有引力提供向心力可得第一宇宙速度．【解答】解：豎直上拋落回原點的速度大小等于初速度,方向與初速度相反．設星球表面的重力加速度為g，由豎直上拋規(guī)律可得：v0=﹣v0+gt解得：由地面萬有引力等于重力,萬有引力提供向心力可得:解得：故A正確故選：A3．圖甲所示為索契冬奧會上為我國奪得首枚速滑金牌的張虹在1000m決賽中的精彩瞬間．現(xiàn)假設某速滑運動員某段時間內在直道上做直線運動的速度時間圖象可簡化為圖乙，已知運動員（包括裝備）總質量為60kg，在該段時間內受到的阻力恒為總重力的0.1倍，g=10m/s2．則下列說法正確的是（）A．在1~3s內，運動員的加速度為0。5m/s2B．在1～3s內,運動員獲得的動力是30NC．在0～5s內，運動員的平均速度是12。5m/sD．在0～5s內,運動員克服阻力做的功是﹣3780J【考點】62:功的計算；1D：勻變速直線運動的速度與時間的關系;1I:勻變速直線運動的圖像．【分析】速度時間圖線的斜率表示加速度，圖線與時間軸所圍成的面積表示物體的位移，根據(jù)牛頓第二定律求解運動員獲得的動力，平均速度等于總移除以總時間，根據(jù)W=﹣fs求解阻力做功．【解答】解：A、速度時間圖線的斜率表示加速度,則在1～3s內，運動員的加速度為：a=,故A正確;B、根據(jù)牛頓第二定律得：F﹣f=ma解得：F=60×0.5+600×0。1=90N，故B錯誤；C、圖線與時間軸所圍成的面積表示物體的位移，則在0～5s內，運動員的位移x==63m，則運動員的平均速度是：，故C錯誤；D、在0～5s內，運動員克服阻力做的功是:W克=﹣Wf=0。1×600×63=3780J,故D錯誤．故選：A4．如圖所示，物塊以60J的初動能從斜面底端沿斜面向上滑動,當它的動能減少為零時，重力勢能增加了45J,則物塊回到斜面底端時的動能為（）A．15J B．20J C．30J D．45J【考點】66:動能定理的應用．【分析】運用能量守恒對上升過程列出方程，求出上升過程中克服阻力所做的功;對全過程運用動能定理列出動能的變化和總功的等式,兩者結合去解決問題．【解答】解：運用功能關系，上升過程中物體損失的動能等于克服阻力做的功和克服重力做的功．克服重力做的功等于重力勢能的增加量，有：其中得:對全過程運用動能定理有：代入數(shù)據(jù)得：所以物塊回到斜面底端時的動能30J故選：C5．如圖，一質量為m的正方體物塊置于風洞內的水平面上，其一面與風速垂直,當風速為v0時剛好能推動該物塊．已知風對物塊的推力F正比于Sv2，其中v為風速、S為物塊迎風面積．當風速變?yōu)?v0時，剛好能推動用同一材料做成的另一正方體物塊，則該物塊的質量為（）A．64m B．32m C．8m D．4m【考點】37:牛頓第二定律．【分析】物塊被勻速推動,受重力、支持力、推力和滑動摩擦力，根據(jù)平衡條件列式；其中推力F∝Sv2,滑動摩擦力與壓力成正比．【解答】解:物塊被勻速推動，根據(jù)平衡條件,有：F=fN=mg其中：F=kSv2=ka2v2f=μN=μmg=μρa3g解得：a=現(xiàn)在風速v變?yōu)?倍，故能推動的物塊邊長為原來的4倍，故體積為原來的64倍,質量為原來的64倍;故選：A6．通電導體棒水平放置在絕緣斜面上,整個裝置置于勻強磁場中，導體棒能保持靜止狀態(tài)．以下四種情況中導體棒與斜面間一定存在摩擦力的是(）A． B． C． D．【考點】CC：安培力．【分析】左手定則判斷安培力的方向，對通電導體棒ab受力分析，根據(jù)共點力平衡條件判斷導體棒是否處于靜止狀態(tài)【解答】解：A、桿子受豎直向下的重力、水平向右的安培力和垂直于斜面向上的斜面的支持力，若三個力平衡則靜止,不受摩擦力，故A錯誤;B、桿子受重力、水平向左的安培力，支持力,三力合力不為零，要是導體棒處于平衡狀態(tài)，導體棒一定受摩擦力，故B正確；C、導體棒受重力、沿斜面向上的安培力，垂直與斜面斜向上的支持力，由共點力平衡可知，三力平衡,故可不受摩擦力，故C錯誤；D、導體棒受重力、豎直向上的安培力、由共點力平衡可知，可以不受摩擦力,D錯誤；故選:B7．在如圖所示的電路中,a、b為兩個完全相同的燈泡，L為自感線圈，E為電源,S為開關．關于兩燈泡點亮和熄滅的先后次序，下列說法正確的是（)A．合上開關，a先亮，b逐漸變亮;斷開開關，a、b同時熄滅B．合上開關，b先亮，a逐漸變亮；斷開開關,a先熄滅，b后熄滅C．合上開關，b先亮，a逐漸變亮；斷開開關,a、b同時熄滅D．合上開關,a、b同時亮;斷開開關,b先熄滅，a后熄滅【考點】DE：自感現(xiàn)象和自感系數(shù)．【分析】對于線圈來講通直流阻交流，通低頻率交流阻高頻率交流．【解答】解：由于a、b為兩個完全相同的燈泡，當開關接通瞬間,b燈泡立刻發(fā)光，而a燈泡由于線圈的自感現(xiàn)象，導致燈泡漸漸變亮；當開關斷開瞬間,兩燈泡串聯(lián)，由線圈產(chǎn)生瞬間電壓提供電流，導致兩燈泡同時熄滅．故選:C8．一列波長大于1m的橫波沿著x軸正方向的播處x1=1m和x2=2m的兩質點A、B的振動圖象如圖所示．由此可知（）A．波長為mB．波速為1m/sC．3s末A、B兩質點的位移相同D．1s末A點的振動速度大于B點的振動【考點】F5：波長、頻率和波速的關系；F1：波的形成和傳播;F4:橫波的圖象．【分析】由振動圖象可得出周期，在圖象上的同一時刻可知兩點相距的距離與波長的關系，則可求得可能的波長;由波長、頻率及波速的關系可得出波速的值．【解答】解:A、△x=x2﹣x1=1m，由于波沿x正方向傳播，所以A先振動,又由于波長大于1m，所以，,，故A正確；B、波速，B錯誤；C、由振動圖象知，在3s末,A、B兩質點的位移不相同,C錯誤；D、由振動圖象可知，1s末A點速度為零，B點速度最大，D錯誤．故選A．9．圖中L為一薄凸透鏡，ab為一發(fā)光圓面,二者共軸，S為與L平行放置的屏，已知這時ab可在屏上成清晰的像．現(xiàn)將透鏡切除一半，只保留主軸以上的一半透鏡,這時ab在S上的像（）A．尺寸不變，亮度不變 B．尺寸不變，亮度降低C．只剩半個圓,亮度不變 D．只剩半個圓，亮度降低【考點】HG：透鏡成像規(guī)律．【分析】凸透鏡成像是光的折射現(xiàn)象，物體發(fā)出的光線經(jīng)凸透鏡折射后，會聚在凸透鏡另一側的光屏上，形成物體的實像；如果凸透鏡的口徑大，透過的光多,像就亮；口徑小，透過的光少，像就暗．【解答】解：凸透鏡成實像時,所有透過透鏡的光會聚到光屏上成像,當將透鏡切除一半，只保留主軸以上的一半透鏡后,整個物體發(fā)出的光依然會有一部分光通過上半部分凸透鏡折射而會聚成像，因此，像與原來相同，仍然完整．根據(jù)凸透鏡成像規(guī)律可知，像的大小尺寸取決于物距和像距,在透鏡切除一半過程中，像距和物距沒有變化，因此成的像尺寸不變；由于透鏡的下半部分被切除，因此折射出的光線與原來相比減少了一半，故像的亮度會降低,會變暗．故B正確，A、C、D錯誤；故選:B．10．在勻強磁場中有一個原來靜止的碳14原子核發(fā)生了某種衰變，已知放射出的粒子速度方向及反沖核的速度方向均與磁場方向垂直,它們在磁場中運動的徑跡是兩個相內切的圓，兩圓的直徑之比為7：1，如圖所示．則碳14的衰變方程為（）A．C→e+B B．C→He+BeC．C→e+N D．C→H+B【考點】CI：帶電粒子在勻強磁場中的運動；JA：原子核衰變及半衰期、衰變速度．【分析】核衰變過程動量守恒,反沖核與釋放出的粒子的動量大小相等，根據(jù)左手定則判斷粒子與反沖核的電性關系．結合帶電粒子在勻強磁場中圓周運動的半徑公式可得粒子與反沖核的電荷量之比．【解答】解：原子核的衰變過程滿足動量守恒，粒子與反沖核的速度方向相反，根據(jù)左手定則判斷得知,粒子與反沖核的電性相反，則知粒子帶負電，所以該衰變是β衰變，此粒子是β粒子，符號為e．可得兩帶電粒子動量大小相等,方向相反,就動量大小而言有：m1v1=m2v2由帶電粒子在勻強磁場中圓周運動的半徑公式可得:r=，可見r與q成反比．由題意，大圓與小圓的直徑之比為7:1，半徑之比為7：1，則得：粒子與反沖核的電荷量之比為1：7．所以反沖核的電荷量為7e，電荷數(shù)是7,其符號為N．故C確．故選：C11．如圖所示為氫原子能級的示意圖，現(xiàn)有大量的氫原子處于n=4的激發(fā)態(tài)，當向低能級躍遷時輻射出若干不同顏色的光．關于這些光下列說法正確的是()A．由n=4能級躍遷到n=1能級產(chǎn)生的光子波長最長B．由n=2能級躍遷到n=1能級產(chǎn)生的光子頻率最小C．這些氫原子總共可輻射出3種不同頻率的光D．用n=2能級躍遷到n=1能級輻射出的光照射逸出功為6.34eV的金屬鉑能發(fā)生光電效應【考點】J4：氫原子的能級公式和躍遷．【分析】本題涉及氫原子的能級公式和躍遷，光子的發(fā)射，光子能量的計算，光電效應等知識點,涉及面較廣．只有入射光子的能量大于金屬的逸出功才會發(fā)生光電效應．【解答】解：A、根據(jù)Em﹣En=h，由n=4能級躍遷到n=3能級產(chǎn)生的光,能量最小,波長最長，故A錯誤；B、由n=4能級躍遷到n=3能級產(chǎn)生的光子能量最小，頻率最小，故B錯誤；C、大量的氫原子處于n=4的激發(fā)態(tài)，可能發(fā)出光子頻率的種數(shù)n==6．故C錯誤；D、從n=2能級躍遷到n=1能級輻射出的光子的能量E=E2﹣E1=﹣3.4ev﹣（﹣13。6）ev=10.2ev＞6.34ev而使金屬發(fā)生光電效應的條件是光子的能量大于電子的逸出功，故可以發(fā)生光電效應．故D正確．故選：D．12．如圖所示,一定質量的氣體封閉在導熱性能良好的金屬氣缸中,緩慢地推動活塞壓縮氣體．若分子間的相互作用忽略不計，以下說法正確的是(）A．氣體的壓強一定增大B．氣體分子的平均動能一定增大C．氣體一定從外界吸收熱量D．氣體的內能一定增大【考點】8F：熱力學第一定律．【分析】分子間的相互作用忽略不計，分子勢能不計，該氣體當作理想氣體，內能只與溫度有關．由于金屬氣缸導熱性能良好，與外界進行熱交換,氣缸內氣體的溫度與環(huán)境溫度保持相等，氣體發(fā)生等溫變化，由玻意耳定律分析壓強的變化．【解答】解：A、由題意，金屬氣缸導熱性能良好，與外界進行熱交換，氣缸內氣體的溫度與環(huán)境溫度保持相等,氣體發(fā)生等溫變化，則由pV=c分析得知，氣體的壓強一定增大．故A正確．B、由上分析知,氣體的溫度不變，則氣體分子的平均動能不變．故B錯誤．C、D該氣體是理想氣體,其內能只與溫度有關，故知氣體的內能不變．外界對氣體做功,根據(jù)熱力學第一定律△U=Q+W得知,氣體向外界放熱．故CD錯誤．故選A13．如圖所示，abcd是傾角為θ的光滑斜面，已知ab∥dc,ad、bc均與ab垂直．在斜面上的a點，將甲球以速度v0沿ab方向入射的同時，在斜面上的b點將乙球由靜止釋放，則以下判斷正確的是（)A．甲、乙兩球不可能在斜面上相遇B．甲、乙兩球一定在斜面上相遇C．甲、乙兩球在斜面上運動的過程中，總是在同一水平線上D．甲、乙兩球在斜面上運動的過程中，在相同時間內速度的改變可能不相同【考點】43：平拋運動；44:運動的合成和分解．【分析】小球a所受的合力沿斜面向下，做類平拋運動,b所受的合力沿斜面向下，做初速度為零的勻加速直線運動，與類平拋運動沿斜面向下方向上的運動規(guī)律相同．【解答】解：A、甲做類平拋運動，乙做初速度為零的勻加速直線運動，與類平拋運動沿斜面向下方向上的運動規(guī)律相同,可知甲乙兩球在斜面上運動的過程中，相同時間內沿斜面向下的位移相同,即總是在同一水平線上，若斜面足夠長,兩球一定會在斜面上相遇，但是斜面不是足夠長，所以兩球不一定在斜面上相遇．故A、B錯誤，C正確．D、因為甲乙兩球的加速度相同，則相同時間內速度的變化量相同．故D錯誤．故選:C．二、實驗題填空題：每空4分，共28分．14．甲圖中游標卡尺的讀數(shù)為13。55mm；乙圖中螺旋測微器的讀數(shù)為4.699mm．【考點】L3：刻度尺、游標卡尺的使用；L4：螺旋測微器的使用．【分析】解決本題的關鍵掌握游標卡尺讀數(shù)的方法，主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)，不需估讀．螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù),在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀．【解答】解:20分度的游標卡尺，精確度是0。05mm，游標卡尺的主尺讀數(shù)為13mm,游標尺上第11個刻度和主尺上某一刻度對齊,所以游標讀數(shù)為11×0。05mm=0.55mm,所以最終讀數(shù)為:13mm+0.55mm=13.55mm．螺旋測微器的固定刻度為4。5mm，可動刻度為19.9×0.01mm=0.199mm,所以最終讀數(shù)為4。5mm+0。199mm=4.699mm．故答案為:13.55,4.69915．現(xiàn)有一特殊的電池，其電動勢E約為9V，內阻r在35～55Ω范圍，最大允許電流為50mA．為測定這個電池的電動勢和內阻，某同學利用如圖甲的電路進行實驗．圖中電壓表的內電阻很大，對電路的影響可以不計;R為電阻箱,阻值范圍為0～9999Ω；R0是定值電阻．(1）實驗室備有的定值電阻R0有以下幾種規(guī)格：A．10Ω，2。5WB．50Ω,1。0WC．150Ω,1.0WD．1500Ω，5.0W本實驗應選用C，其作用是保護電源．（2)該同學接入符合要求的R0后，閉合開關S，調整電阻箱的阻值讀出電壓表的示數(shù)U，再改變電阻箱阻值,取得多組數(shù)據(jù)，作出了如圖乙的圖線．則根據(jù)該同學所作的圖線可知圖象的橫坐標與縱坐標的比值表示回路電流．（3)根據(jù)乙圖所作出的圖象求得該電池的電動勢E為10V，內電阻r為47。5Ω．【考點】N3：測定電源的電動勢和內阻．【分析】(1)根據(jù)題意中給出的最大電流可明確最小電阻，從而明確保護電阻的選擇；（2）根據(jù)閉合電路歐姆定律可明確表達式，從而分析兩坐標的比值;（3）根據(jù)閉合電路歐姆定律的表達式行行變形，再根據(jù)圖象的性質可明確電源的電動勢和內電阻．【解答】解：（1)根據(jù)閉合電路歐姆定律電路中最小電阻為Rm==Ω=180Ω，所以R0應選C，其作用是保護電源，防止短路；（2）根據(jù)閉合電路歐姆定律，應有E=U+r,所以圖乙圖象的橫坐標與縱坐標之比為回路電流．（3）將E=U+r變形為=+?，所以縱軸截距=0.1；解得E=10V，斜率k===4。75,解得r=47.5Ω故答案為（1）C,保護電阻(2)回路電流(3）10，47.5三、計算題：本大題共4小題，共70分．解答時應寫出必要的文字說明、方程式和主要演算步驟．只寫出最后答案，不能得分．由數(shù)值計算的題,答案中必須明確寫出數(shù)值和單位．16．一棱鏡的截面為直角三角形ABC，∠A=30°，斜邊AB=a，棱鏡材料的折射率為n=．在此截面所在的平面內，一條光線以45°的入射角從AC邊的中點M射入棱鏡，求其射出的點的位置（不考慮光線沿原來路線返回的情況)．【考點】H3:光的折射定律．【分析】光線以45°的入射角時，要分入射光線在法線的右側和左側兩種情況進行討論研究．根據(jù)折射定律求出光線在AC面的折射角．根據(jù)幾何知識確定光線在AB或BC面上入射角．求出臨界角，判斷在這兩個面上能否發(fā)生全反射,畫出光路圖，求出光線從棱鏡射出的點的位置離A或B點的距離．【解答】解:設入射角為i，折射角為r，由折射定律得：①由已知條件i=45°，n=解得r=30°②（1)如果入射光線在法線的右側，根據(jù)幾何知識得知，光線與AB垂直，光路圖如圖所示．設出射點F，由幾何關系可得AF=③即出射點在AB邊上離A點a的位置．（2）如果入射光線在法線的左側,光路圖如圖所示．設折射光線與AB的交點為D．由幾何關系可知，在D點的入射角θ=60°④設全反射的臨界角為C,則sinC=⑤由⑤和已知條件得C=45°⑥因此,光在D點全反射．設此光線的出射點為E，由幾何關系得∠DEB=90°BD=a﹣2AF⑦BE=DBsin30°⑧聯(lián)立③⑦⑧式得BE=即出射點在BC邊上離B點的位置．答:如果入射光線在法線的右側，出射點在AB邊上離A點的位置．如果入射光線在法線的左側，出射點在BC邊上離B點的位置．光路圖如圖所示．17．某同學利用DIS實驗系統(tǒng)研究一定質量的理想氣體的狀態(tài)變化，在實驗后計算機屏幕顯示了如下P﹣T圖象(實線部分），已知在A狀態(tài)氣體體積為V．(1）試求實驗過程中，當氣體溫度保持T0的情況下，氣體體積在什么范圍內變化？(2）試分析說明在氣體狀態(tài)由B變化至C的過程中是吸熱還是放熱?【考點】9E：氣體的等容變化和等壓變化；8F:熱力學第一定律．【分析】（1)等溫變化，從圖象得到氣體壓強的變化范圍，然后根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程列式求解出體積變化的范圍．（2）根據(jù)氣體體積變化情況判斷外界對物體做功情況,然后由熱力學第一定律分析答題．【解答】解：（1）對于A、B、C三個狀態(tài)，由玻意耳定意可知:1。5p0V0=2p0V1=p0V2,解得：;即：在溫度保持T0的情況下,氣體體積在之間變化．（2）在氣體狀態(tài)由B變化至C的過程中,由于溫度不變，所以氣體內能不變，而該過程氣體體積減小，外界對氣體做功，所以由熱力學第一定律可知,此過程是放熱的．答：（1）當氣體溫度保持T0的情況下，氣體體積變化范圍是．（2）氣體狀態(tài)由B變化至C的過程中是放熱的．18．如圖所示,半徑r=0.4m的圓形區(qū)域內有垂直圓面向外的勻強磁場，磁感應強度B=0。5T，帶電粒子的比荷（）為1.0×105C/kg．粒子經(jīng)一電壓U=6×103V的電場加速后，正對圓心O的垂直射入磁場．（不計帶電粒子重力）求：(1）粒子在磁場中做圓周運動的半徑（2)粒子在磁場中的運動時間．【考點】CI：帶電粒子在勻強磁場中的運動；AK：帶電粒子在勻強電場中的運動．【分析】（1)帶電粒子速度跟電場方向相同做勻加速運動；通過