湖北省孝感高中高二物理上學(xué)期9月調(diào)考試卷含解析

PAGEPAGE14湖北省孝感高中高二上學(xué)期調(diào)考物理試卷（9月份）一、單項(xiàng)選擇題（每題只有一個選項(xiàng)正確，每題5分，共40分）1．以下說法中正確的選項(xiàng)是() A．當(dāng)研究運(yùn)動中的自行車車輪的轉(zhuǎn)動快慢時可將其視為質(zhì)點(diǎn) B．早上8：30開場上課，這里的8：30指的是時刻 C．牛頓通過斜面實(shí)驗(yàn)最早說明了力不是維持物體運(yùn)動的原因 D．伽利略發(fā)現(xiàn)了行星運(yùn)動定律考點(diǎn)：質(zhì)點(diǎn)的認(rèn)識．專題：直線運(yùn)動規(guī)律專題．分析：物體能看作質(zhì)點(diǎn)的條件是：物體的大小和形狀對所研究的問題中，沒有影響或影響可以忽略不計(jì)．時間和時刻的主要區(qū)別就是時刻是時間軸上的點(diǎn)，而時間對應(yīng)的是時間軸上的一段．伽利略通過斜面實(shí)驗(yàn)最早說明了力不是維持物體運(yùn)動的原因．解答： 解：A、研究自行車車輪轉(zhuǎn)動時，不能把自行車視為質(zhì)點(diǎn)，否那么就不分辨車輪如何轉(zhuǎn)動了．故A錯誤；B、早上8：30開場上課，這里的8：30是時間軸上的點(diǎn)，指的是時刻．故B正確；C、伽利略通過斜面實(shí)驗(yàn)最早說明了力不是維持物體運(yùn)動的原因；故C錯誤；D、開普勒發(fā)現(xiàn)了行星運(yùn)動定律，總結(jié)為開普勒三定律，故D錯誤；應(yīng)選：B點(diǎn)評：該題考察質(zhì)點(diǎn)的概念、時間與時刻、以及局部物理學(xué)史的內(nèi)容，物體能否看成質(zhì)點(diǎn)不是看物體絕對的體積和質(zhì)量大小，而是看物體的大小和形狀對所研究的問題影響能否忽略不計(jì)．2．如下圖，質(zhì)量為m的物體置于傾角為θ的斜面體上，物體與斜面之間的動摩擦因數(shù)為μ，在外力作用下，斜面體沿水平方向向左做勻速運(yùn)動．運(yùn)動中物體m與斜面體相對靜止，那么關(guān)于斜面體對m的支持力和摩擦力的做功情況，以下說法中正確的選項(xiàng)是() A．支持力一定不做功 B．摩擦力一定做正功 C．摩擦力可能不做功 D．摩擦力一定做負(fù)功考點(diǎn)：功的計(jì)算．專題：功的計(jì)算專題．分析：使物體A和斜面體B一起向左做勻速運(yùn)動，速度水平向左，支持力FN垂直斜面向上，而摩擦力Ff方向需要討論，然后結(jié)合功的計(jì)算公式W=FScosα進(jìn)展分析判斷正負(fù)功解答： 解：A、由功的計(jì)算公式W=FScosα可知，支持力方向垂直斜面向上，與位移的方向夾角小于90°，支持力一定做正功，故A錯誤；B、物塊相對于斜面靜止，故受到的摩擦力沿斜面向上，故位移與力夾角大于90°，做負(fù)功，故BC錯誤，D正確；應(yīng)選：D點(diǎn)評：此題主要考察了W=FLcosθ，關(guān)鍵是正確受力分析，判斷出力與位移的夾角關(guān)系3．如下圖，A、B為咬合傳動的兩齒輪，RA=2RB，那么A、B兩輪邊緣上兩點(diǎn)的() A．角速度之比為2：1 B．向心加速度之比為1：2 C．周期之比為1：2 D．轉(zhuǎn)速之比為2：1考點(diǎn)：線速度、角速度和周期、轉(zhuǎn)速．專題：勻速圓周運(yùn)動專題．分析：咬合后的兩齒輪有兩輪邊緣上線速度大小相等，根據(jù)線速度大小相等和各物理量的關(guān)系求解即可．解答： 解：根據(jù)題意有兩輪邊緣上的線速度大小相等，即有vA=vBA、根據(jù)角速度ω和線速度v的關(guān)系v=rω得角速度與半徑成反比：即，故A錯誤；B、根據(jù)向心加速度a與線速度v的關(guān)系得，因?yàn)関A=vB所以：，故B正確；C、根據(jù)同期T和線速度v的關(guān)系得，因?yàn)関A=vB所以：，故C錯誤；D、根據(jù)轉(zhuǎn)速n和線速度v的關(guān)系v=n2πR得：因?yàn)関A=vB所以：，故D錯誤．應(yīng)選：B點(diǎn)評：抓住齒輪咬合傳動時，兩輪邊緣上線速度大小相等展開討論，熟練掌握描述圓周運(yùn)動的各物理量之間的關(guān)系是解決此題的關(guān)鍵．4．4月12日，亞丁灣索馬里海域六艘海盜快艇試圖靠近中國海軍護(hù)航編隊(duì)保護(hù)的商船，中國特戰(zhàn)隊(duì)員發(fā)射爆震彈成功將其驅(qū)離．假設(shè)其中一艘海盜快艇在海面上運(yùn)動的v﹣t圖象如下圖，那么以下說法正確的選項(xiàng)是() A．海盜快艇在0～66s內(nèi)從靜止出發(fā)做加速度增大的加速直線運(yùn)動 B．海盜快艇在96s～116s內(nèi)做勻減速直線運(yùn)動 C．海盜快艇在66s末離商船最近 D．海盜快艇在96s末開場調(diào)頭逃離考點(diǎn)：勻變速直線運(yùn)動的圖像；勻變速直線運(yùn)動的速度與時間的關(guān)系．專題：運(yùn)動學(xué)中的圖像專題．分析：速度﹣時間圖反映了物體的瞬時速度隨時間的變化情況，時間軸上方速度是正數(shù)，時間軸下方速度是負(fù)數(shù)；圖線切線的斜率表示加速度，圖象向右上方傾斜，加速度為正，向右下方傾斜加速度為負(fù)．解答： 解：A、在0～66s內(nèi)圖象切線的斜率越來越小，加速度越來越小，速度越來越大，故海盜快艇做加速度減小的加速直線運(yùn)動，故A錯誤；B、海盜快艇在96s～116s內(nèi)，速度為負(fù)，速率均勻增大，那么知海盜快艇沿負(fù)方向做勻加速直線運(yùn)動，故B錯誤；CD、在96s末之前，速度均為正，說明海盜快艇一直沿正向運(yùn)動．海盜快艇在96s末，速度由正變負(fù)，即改變運(yùn)動的方向，開場掉頭逃跑，故海盜快艇在66s末離商船最近，故C錯誤，D正確；應(yīng)選：D．點(diǎn)評：此題讀圖問題，關(guān)鍵明確速度﹣時間圖象的斜率表示加速度，圖線向右上方傾斜，加速度為正，向右下方傾斜加速度為負(fù)．5．“嫦娥三號”探月工程將在今年下半年完成．假設(shè)月球半徑為R，月球外表的重力加速度為g0．飛船沿距月球外表高度為3R的圓形軌道Ⅰ運(yùn)動，到達(dá)軌道的A點(diǎn)，點(diǎn)火變軌進(jìn)入橢圓軌道Ⅱ，到達(dá)軌道Ⅱ的近月點(diǎn)B再次點(diǎn)火進(jìn)入近月軌道Ⅲ繞月球做圓周運(yùn)動．以下判斷正確的選項(xiàng)是() A．飛船在軌道Ⅰ繞月球運(yùn)動一周所需的時間為2π B．飛船在軌道Ⅲ上的運(yùn)行速率v= C．飛船在A點(diǎn)點(diǎn)火變軌后，動能增大 D．飛船在Ⅱ軌道上由A點(diǎn)運(yùn)動到B點(diǎn)的過程中，動能減小考點(diǎn)：人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系；萬有引力定律及其應(yīng)用．專題：人造衛(wèi)星問題．分析：飛船做圓周運(yùn)動，根據(jù)萬有引力等于向心力，列出等式表示出線速度和周期，再根據(jù)萬有引力等于重力求解．根據(jù)牛頓第二定律比擬經(jīng)過A點(diǎn)的加速度大?。畯能壍愧蛏螦點(diǎn)進(jìn)入軌道Ⅰ需加速，使得萬有引力等于向心力．在軌道Ⅱ上運(yùn)行時，根據(jù)萬有引力做功情況判斷A、B兩點(diǎn)的速度大?。獯穑?解：A、根據(jù)萬有引力提供向心力G=mr，r=4R，GM=g0R2，解得：T=2π，故A錯誤，B、設(shè)月球的質(zhì)量為M，飛船的質(zhì)量為m，飛船繞月運(yùn)動速度為v，由萬有引力提供向心力：G=m，r=4R，GM=g0R2，解得：v=，故B錯誤．C、飛船在A點(diǎn)處點(diǎn)火時，是通過向行進(jìn)方向噴火，做減速運(yùn)動，向心進(jìn)入橢圓軌道，所以點(diǎn)火瞬間是動能減小的，故C錯誤．D、飛船在Ⅱ軌道上由A點(diǎn)運(yùn)動到B點(diǎn)的過程中，萬有引力做正功，動能增大，故D正確．應(yīng)選：D．點(diǎn)評：主要考察圓周運(yùn)動中各種向心力公式的變換．要能根據(jù)萬有引力提供向心力，選擇恰當(dāng)?shù)南蛐牧Φ谋磉_(dá)式．6．如下圖，在X軸上關(guān)于O點(diǎn)對稱的F、G兩點(diǎn)有等量異種電荷Q和﹣Q，一正方形ABCD與XOY在同一平面內(nèi)，其中心在O點(diǎn)，那么以下判斷正確的選項(xiàng)是() A．A、C兩點(diǎn)電場強(qiáng)度相等 B．O點(diǎn)電場強(qiáng)度為零 C．B、D兩點(diǎn)電勢相等 D．假設(shè)將點(diǎn)電荷﹣q從A點(diǎn)移向C，電勢能減小考點(diǎn)：電勢．分析：等量異種電荷產(chǎn)生的電場中，電場線關(guān)于兩電荷的連線和中垂線對稱，根據(jù)對稱性分析場強(qiáng)的大小；根據(jù)順著電場線方向電勢降低，判斷電勢關(guān)系．對于電勢能，可根據(jù)負(fù)電荷在電勢高處電勢能小進(jìn)展判斷．解答： 解：A、根據(jù)電場線分布的對稱性可知，A、C兩點(diǎn)電場強(qiáng)度相等，故A正確．B、Q和﹣Q在O點(diǎn)的電場方向均向右，根據(jù)疊加原理可知O點(diǎn)電場強(qiáng)度不為零．故B錯誤．C、根據(jù)順著電場線方向電勢降低，D點(diǎn)的電勢比B點(diǎn)高，故C錯誤．D、A到C電勢逐漸降低，根據(jù)負(fù)電荷在電勢高處電勢能小，可知電勢能增大，故D錯誤．應(yīng)選：A點(diǎn)評：考察等量同種電荷周圍電場線和等勢線分布情況，要明確場強(qiáng)的矢量性．7．某質(zhì)點(diǎn)在xoy平面上運(yùn)動，其在x軸方向和y軸方向上的v﹣t圖象分別如圖甲和圖乙所示．那么以下判斷正確的選項(xiàng)是() A．該質(zhì)點(diǎn)做勻變速曲線運(yùn)動 B．該質(zhì)點(diǎn)有恒定的加速度，大小為2.5m/s2 C．該質(zhì)點(diǎn)的初速度為7m/s D．前2s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的位移為21m考點(diǎn)：勻變速直線運(yùn)動的圖像．專題：運(yùn)動學(xué)中的圖像專題．分析：由在x和y方向的速度圖象，讀出兩個方向的初速度，利用斜率分別求得兩個方向的加速度，利用運(yùn)動的分解的知識求出物體的加速度以及某時刻的速度．解答： 解；A、有圖象知，x軸方向物體做初速度為3m/s，加速度為ax=的勻加速直線運(yùn)動，y軸方向物體做初速度為4m/s，加速度為ay=的勻加速直線運(yùn)動，由于加速度的比值和速度的比值相等，所以加速度的方向與初速度方向一直，故物體做勻加速直線運(yùn)動，故A錯誤；B、根據(jù)矢量合成原那么得：a==2.5m/s2，故B正確；C、根據(jù)矢量合成原那么得：v0=，故C錯誤；D、根據(jù)x=v0t+得：x=5×2+m=15m，故D錯誤．應(yīng)選B點(diǎn)評：圖象問題要善于挖掘隱含信息，看圖象的斜率、截距及圖線與坐標(biāo)軸圍成的面積等是否代表某種含義，用運(yùn)動的分解的觀點(diǎn)處理較為復(fù)雜的運(yùn)動也是很常用的方法，要切實(shí)弄清和運(yùn)動與分運(yùn)動的關(guān)系8．如圖，滑塊以初速度v0沿外表粗糙且足夠長的固定斜面，從頂端下滑，直至速度為零．對于該運(yùn)動過程，假設(shè)用x、a、Ep、Ek、分別表示滑塊下滑的位移的大小、加速度的大小、重力勢能（以斜面底面所在平面為零勢面）和動能，t表示時間，那么以下圖象最能正確描述這一運(yùn)動規(guī)律的是()考點(diǎn)：機(jī)械能守恒定律；動能和勢能的相互轉(zhuǎn)化．專題：機(jī)械能守恒定律應(yīng)用專題．分析：對物體受力分析由牛頓第二定律求出加速度，由運(yùn)動學(xué)公式求出速度位移及下降高度與時間的關(guān)系即可求解．解答： 解：在下滑過程中，物體的加速度為mgsinθ﹣μmgcosθ=ma；a=gsinθ﹣μgcosθ，加速度的大小保持不變．故B錯誤；下滑過程中速度大小關(guān)系為v=v0+at=v0+（gsinθ﹣μgcosθ）t，速度與時間之間是線性關(guān)系，所以速度圖線是一條直線．那么動能Ek=mv2；故D正確；物體向下做勻減速運(yùn)動，故下滑的位移為s=）t2，位移﹣時間關(guān)系的圖象開口向下彎曲的線．故A錯誤；下降的高度為h=ssinθ；故勢能EP=mgh=mgssinθ；故勢的圖象也應(yīng)為曲線；故C錯誤；應(yīng)選：D點(diǎn)評：此題主要考察了運(yùn)動學(xué)公式，關(guān)鍵是把位移、速度與時間的表達(dá)式表示出來即可；二、多項(xiàng)選擇題（每題有不止一個選項(xiàng)正確，每題5分，全選對的得5分，選對但沒選全的得3分，有錯選的得零分，共20分）9．如下圖，放在水平桌面上的木塊A處于靜止?fàn)顟B(tài)，所掛的砝碼和托盤的總質(zhì)量為0.6kg，彈簧測力計(jì)讀數(shù)為2N，滑輪摩擦不計(jì)．假設(shè)輕輕取走盤中的局部砝碼，使總質(zhì)量減少到0.1kg時，將會出現(xiàn)的情況是（g=10m/s2）() A．彈簧測力計(jì)的讀數(shù)將變小 B．A將向左運(yùn)動 C．A對桌面的摩擦力變?yōu)? D．A所受的合力不變考點(diǎn)：物體的彈性和彈力；力的合成．專題：受力分析方法專題．分析：對A受力分析可得出A受到的靜摩擦力，根據(jù)靜摩擦力與最大靜摩擦力的關(guān)系可得出最大靜摩擦力；再根據(jù)變化之后的受力情況可判斷A的狀態(tài)及讀數(shù)的變化．解答： 解：A、初態(tài)時，對A受力分析有：得到摩擦力Ff=F1﹣F2=6﹣2=4N，說明最大靜摩擦力Fmax≥4N，當(dāng)將總質(zhì)量減小到0.1kg時，f′=4N﹣2N=2N≤4N，故物體仍靜止，合力仍為零，合力不變；物體靜止，彈簧形變量不變，那么彈簧測力計(jì)的示數(shù)不變，故AB錯誤，D正確；C、所掛的砝碼和托盤的總質(zhì)量為0.6kg時，6N＞4N，物塊有向右運(yùn)動趨勢，受向左的靜摩擦力2N，當(dāng)將總質(zhì)量減小到0.1kg時，彈簧拉力4N＞1N，物體有向左運(yùn)動的趨勢，受向右的靜摩擦力，可見前后A所受靜摩擦力的方向發(fā)生了改變，根據(jù)牛頓第三定律那么A對桌面的摩擦力方向發(fā)生了改變，C錯誤．應(yīng)選：D．點(diǎn)評：此題考察靜摩擦力的計(jì)算，要注意靜摩擦力會隨著外力的變化而變化，但不會超過最大靜摩擦力．彈簧的彈力取決于彈簧的形變量，形變量不變，那么彈力不變．10．如下圖，ab為豎直平面內(nèi)的半圓環(huán)acb的水平直徑，c為環(huán)上最低點(diǎn)，環(huán)半徑為R．將一個小球從a點(diǎn)以初速度v0沿ab方向拋出，設(shè)重力加速度為g，不計(jì)空氣阻力．() A．v0越大，小球落在圓環(huán)時的時間越長 B．當(dāng)小球的初速度v0＜時，將撞擊到環(huán)上的圓弧ac段 C．無論v0取何值，小球都不可能垂直撞擊圓環(huán) D．當(dāng)v0取適當(dāng)值，小球可以垂直撞擊圓環(huán)考點(diǎn)：平拋運(yùn)動．專題：平拋運(yùn)動專題．分析：小球做平拋運(yùn)動，豎直方向做自由落體運(yùn)動，時間由拋出點(diǎn)的高度決定；根據(jù)速度的反向延長交于水平位移的中點(diǎn)，分析小球能否垂直撞擊圓環(huán)．解答： 解：A、平拋運(yùn)動豎直方向的分運(yùn)動是自由落體運(yùn)動，由h=知，當(dāng)小球落在c點(diǎn)運(yùn)動的時間最長，最長時間，不是初速度越大，運(yùn)動時間越長，故A錯誤．B、當(dāng)小球落在c點(diǎn)時，初速度，那么當(dāng)小球的初速度v0＜時，小球的水平位移小于R，小球?qū)⒆矒舻江h(huán)上的圓弧ac段，故B正確．C、小球撞擊在圓弧ac段時，速度方向斜向右下方，不可能與圓環(huán)垂直；當(dāng)小球撞擊在圓弧cb段時，根據(jù)“中點(diǎn)”結(jié)論可知，由于O不在水平位移的中點(diǎn)，所以小球撞在圓環(huán)上的速度反向延長線不可能通過O點(diǎn)，也就不可能垂直撞擊圓環(huán)．故C正確，D錯誤．應(yīng)選：BC．點(diǎn)評：解決此題的關(guān)鍵掌握平拋運(yùn)動在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動規(guī)律，能巧妙運(yùn)用“中點(diǎn)”的推論分析小球速度的方向，也可以結(jié)合運(yùn)動學(xué)公式列式進(jìn)展分析．11．如下圖，豎直平面內(nèi)有一固定的光滑橢圓大環(huán)，其長軸長BD=4L、短軸長AC=2L．勁度系數(shù)為k的輕彈簧上端固定在大環(huán)的中心0，下端連接一個質(zhì)量為m、電荷量為q、可視為質(zhì)點(diǎn)的小環(huán)，小環(huán)剛好套在大環(huán)上且與大環(huán)及彈簧絕緣，整個裝置處在水平向右的勻強(qiáng)電場中．將小環(huán)從A點(diǎn)由靜止釋放，小環(huán)運(yùn)動到B點(diǎn)時速度恰好為O．已知小環(huán)在A、B兩點(diǎn)時彈簧的形變量大小相等．那么() A．小環(huán)從A點(diǎn)運(yùn)動到B點(diǎn)的過程中，彈簧的彈性勢能一直增大 B．小環(huán)從A點(diǎn)運(yùn)動到B點(diǎn)的過程中，小環(huán)的電勢能一直減小 C．電場強(qiáng)度的大小E= D．小環(huán)在B點(diǎn)時受到大環(huán)對它的彈力大小F=mg+kL考點(diǎn)：勻強(qiáng)電場中電勢差和電場強(qiáng)度的關(guān)系；彈性勢能；電場強(qiáng)度．專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題．分析：將小環(huán)從A點(diǎn)由靜止釋放，小環(huán)運(yùn)動到B點(diǎn)時速度恰好為O．已知小環(huán)在A、B兩點(diǎn)時彈簧的形變量大小相等．故小環(huán)在A點(diǎn)時彈簧壓縮量為L，在B點(diǎn)時彈簧伸長L，然后分析個選項(xiàng)即可解決．解答： 解：A、小環(huán)從A點(diǎn)運(yùn)動到B點(diǎn)的過程中，彈簧的彈性勢能先減小后增大，故A錯誤，B、小環(huán)從A點(diǎn)運(yùn)動到B點(diǎn)的過程中，小環(huán)沿電場線方向水平運(yùn)動2L，故小環(huán)的電勢能一直減小，故B正確，C、整個過程由能量守恒定律得，Eq?2L=mgL，得E=，故C錯誤，D、小環(huán)在B點(diǎn)時，彈簧伸長L，受到大環(huán)對它的彈力為kL，故D錯誤．應(yīng)選：B．點(diǎn)評：此題考察的是物體受力情況的分析，需要考慮電場力的情況，并運(yùn)用到能量守恒定律，難度不大．12．如下圖，傳送帶以恒定速率v運(yùn)動，現(xiàn)將質(zhì)量都是m的小物體甲、乙（視為質(zhì)點(diǎn)）先后輕放在傳送帶的最左端，甲到達(dá)A處時恰好到達(dá)速率v，乙到達(dá)B處時恰好到達(dá)速率v．在甲、乙兩物體在傳送帶上加速的過程中，以下說法正確的選項(xiàng)是() A．兩物體的加速度相同 B．兩物體的加速時間不同 C．傳送帶對兩物體做功相等 D．乙在傳送帶上滑行系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量與甲在傳送帶上滑行系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量相等考點(diǎn)：功能關(guān)系；功的計(jì)算．分析：根據(jù)運(yùn)動學(xué)過程分析可知二得運(yùn)動的加速度和時間關(guān)系；再由動能定理即可明確傳送帶做功情況解答： 解：A、兩物體在傳送帶上到達(dá)最大速度經(jīng)過的位移不同，那么由v2=2ax，可知說明二者的加速度不同，時間t=，那么加速時間也不同；故AB錯誤；C、由動能定理可知，傳送帶對甲、乙兩物體做功等于動能的改變量，故說明傳送帶做功相等，故C正確；D、對于任一物體，加速度a==μg，從放上傳送帶到與傳送帶共速的時間t=，物體與傳送帶的相對位移△x=vt﹣，可知△x相等，產(chǎn)生的熱量Q=μmg△x，所以產(chǎn)生的熱量相等，故D正確．應(yīng)選：CD點(diǎn)評：此題考察傳送帶問題的分析，要注意明確物體在傳送帶上的運(yùn)動過程，明確動能定理及牛頓第二定律的應(yīng)用．三、填空及實(shí)驗(yàn)題（第13小題每空2分，第14小題每空3分，共15分）13．如下圖實(shí)驗(yàn)裝置可用來探究影響平行板電容器電容的因素，其中電容器左側(cè)極板和靜電計(jì)外殼接地，電容器右側(cè)極板與靜電計(jì)金屬球相連．使電容器帶電后與電源斷開：①上移左極板，可觀察到靜電計(jì)指針偏轉(zhuǎn)角變大（選填“變大”，“變小”或“不變”）；②將極板間距離減小時，可觀察到靜電計(jì)指針偏轉(zhuǎn)角變小（選填“變大”，“變小”或“不變”）；③兩板間插入一塊玻璃，可觀察到靜電計(jì)指針偏轉(zhuǎn)角變小（選填“變大”，“變小”或“不變”）．考點(diǎn)：研究平行板電容器．專題：實(shí)驗(yàn)題．分析：抓住電容器的電荷量不變，根據(jù)電容的決定式判斷電容的變化，結(jié)合判斷電勢差的變化，從而得出指針偏角的變化．解答： 解：①根據(jù)電容的決定式知，上移左極板，正對面積S減小，那么電容減小，根據(jù)知，電荷量不變，那么電勢差增大，指針偏角變大．②根據(jù)電容的決定式知，將極板間距離減小時，電容增大，根據(jù)知，電荷量不變，那么電勢差減小，指針偏角變小．③根據(jù)電容的決定式知，兩板間插入一塊玻璃，電容增大，根據(jù)知，電荷量不變，那么電勢差減小，指針偏角變?。蚀鸢笧椋鹤兇螅冃?，變小點(diǎn)評：解決此題的關(guān)鍵知道靜電計(jì)測量的是電容器兩端的電勢差，處理電容器動態(tài)分析時，關(guān)鍵抓住不變量，與電源斷開，電荷量保持不變，結(jié)合電容的決定式和定義式進(jìn)展分析．14．如下圖，學(xué)校實(shí)驗(yàn)小組在“驗(yàn)證牛頓第二定律”的實(shí)驗(yàn)中，圖甲為實(shí)驗(yàn)裝置簡圖，所用交變電流的頻率為50Hz，在小車和細(xì)線之間安防了一個力電傳感器（圖中未畫出），通過電傳感器可以測出細(xì)線對小車的拉力的大小，那么：（1）在該實(shí)驗(yàn)中，以下說法中正確的選項(xiàng)是A．A．實(shí)驗(yàn)中需要用到控制變量法B．實(shí)驗(yàn)中應(yīng)先釋放小車后，再給打點(diǎn)計(jì)時器通電C．由于采用了了、電傳感器，所以實(shí)驗(yàn)時可不必平衡摩擦力D．為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，實(shí)驗(yàn)中必須滿足砂和桶的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量（2）如圖乙所示，為某小組在做實(shí)驗(yàn)中，由打點(diǎn)計(jì)時器得到的一條清晰紙帶，紙帶上兩組相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)的時間間隔為T=0.01s，其中T=0.10s，其中s1=7.05cm，s2=7.68cm、s3=8.33cm、s4=8.95cm、s5=9.61cm，s6=10.26cm．那么，打D點(diǎn)時小車的瞬時速度的大小為0.864m/s，小車加速度的大小為0.640m/s2（結(jié)果保存三位有效數(shù)字）．考點(diǎn)：探究加速度與物體質(zhì)量、物體受力的關(guān)系．專題：實(shí)驗(yàn)題；牛頓運(yùn)動定律綜合專題．分析：解決實(shí)驗(yàn)問題首先要掌握該實(shí)驗(yàn)原理，了解實(shí)驗(yàn)的操作步驟和數(shù)據(jù)處理以及考前須知；根據(jù)勻變速直線運(yùn)動的推論公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動中時間中點(diǎn)的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上3點(diǎn)時小車的瞬時速度大?。獯穑?解：（1）A、改變砂和砂桶質(zhì)量，即改變拉力的大小，打出幾條紙帶，研究加速度隨F變化關(guān)系，運(yùn)用的控制變量法，故A正確；B、打點(diǎn)計(jì)時器運(yùn)用時，都是先接通電源，待打點(diǎn)穩(wěn)定后再釋放紙帶，故B錯誤；C、即使有電傳感器，所以實(shí)驗(yàn)時仍要必平衡摩擦力，使得拉小車的力，即為小車的合力，故C錯誤；D、為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，實(shí)驗(yàn)中必須滿足砂和桶的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量，這樣才能使得砂和桶的總重力接近小車的合力，故D錯誤；應(yīng)選：A；（2）根據(jù)勻變速直線運(yùn)動中時間中點(diǎn)的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上3點(diǎn)時小車的瞬時速度大?。畍3===0.864m/s根據(jù)勻變速直線運(yùn)動的推論公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：s4﹣s1=3a1T2s5﹣s2=3a2T2s6﹣s3=3a3T2為了更加準(zhǔn)確的求解加速度，我們對三個加速度取平均值得：a=（a1+a2+a3）=代入題目告訴的已知條件，解得a=0.64m/s2，負(fù)號表示運(yùn)動方向與加速度方向相反．故答案為：（1）A；（2）0.864，0.64．點(diǎn)評：提高應(yīng)用勻變速直線的規(guī)律以及推論解答實(shí)驗(yàn)問題的能力，在平時練習(xí)中要加強(qiáng)根底知識的理解與應(yīng)用．四、計(jì)算題：（9分+12分+14分=35分）15．用大小為10N的水平拉力F剛好能使質(zhì)量為4kg的物塊在水平地面上做勻速直線運(yùn)動，已知重力加速度為g=l0m/s2，求：（sin53°=0.8、cos53°=0.6）（1）物塊與木板間的動摩擦因數(shù)μ是多少？（2）假設(shè)將水平拉力F改為與水平方向斜向上成53°角的拉力F1拉物塊，仍使物塊在水平地面上做勻速直線運(yùn)動，那么拉力F1為多大？考點(diǎn)：共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；力的合成與分解的運(yùn)用．專題：共點(diǎn)力作用下物體平衡專題．分析：（1）根據(jù)平衡條件由水平方向平衡求得摩擦力的大小，由豎直方向平衡求得彈力大小，由摩擦定律求得動摩擦因數(shù)；（2）對物體進(jìn)展受力分析，列平衡方程，求得水平拉力的大小即可．解答： 解：（1）物體在水平方向拉力作用下做勻速直線運(yùn)動有：水平方向：拉力與摩擦力平衡，即f=F豎直方向：地面支持力與重力平衡，即N=mg由摩擦定律f=μN(yùn)得：（2）當(dāng)用力F1拉物體時有：水平方向：F1cosθ﹣f=0豎直方向：N+F1sinθ﹣mg=0f=μN(yùn)由以上三式解得F1=12.5N答：（1）物塊與木板間的動摩擦因數(shù)μ是0.25；（2）假設(shè)將水平拉力F改為與水平方向斜向上成53°角的拉力F1拉物塊，仍使物塊在水平地面上做勻速直線運(yùn)動，那么拉力F1為12.5N點(diǎn)評：該題考察共點(diǎn)力的平衡，合理選擇研究的對象，然后結(jié)合平衡狀態(tài)的方程即可正確解答．16．如下圖，光滑水平面AB與豎直面內(nèi)的半圓形軌道在B點(diǎn)相接，導(dǎo)軌半徑為R．一個質(zhì)量為m的物體將彈簧壓縮至A點(diǎn)后由靜止釋放，在彈力作用下物體獲得某一向右速度后脫離彈簧，脫離彈簧后當(dāng)它經(jīng)過B點(diǎn)進(jìn)入導(dǎo)軌瞬間對導(dǎo)軌的壓力為其重力的8倍，之后向上運(yùn)動完成半個圓周運(yùn)動恰好到達(dá)C點(diǎn)．試求：（1）彈簧開場時的彈性勢能；（2）物體從B點(diǎn)運(yùn)動至C點(diǎn)克制阻力做的功；（3）物體離開C點(diǎn)后落回水平面時，重力的瞬時功率是多大？考點(diǎn)：機(jī)械能守恒定律；牛頓第二定律；牛頓第三定律．專題：機(jī)械能守恒定律應(yīng)用專題．分析：（1）研究物體經(jīng)過B點(diǎn)的狀態(tài)，根據(jù)牛頓運(yùn)動定律求出物體經(jīng)過B點(diǎn)的速度，得到物體的動能，物體從A點(diǎn)至B點(diǎn)的過程中機(jī)械能守恒定律，彈簧的彈性勢能等于物體經(jīng)過B點(diǎn)的動能；（2）物體恰好到達(dá)C點(diǎn)時，由重力充當(dāng)向心力，由牛頓第二定律求出C點(diǎn)的速度，物體從B到C的過程，運(yùn)用動能定理求解克制阻力做的功；（3）物體離開C點(diǎn)后做平拋運(yùn)動，根據(jù)平拋知識求出物體落地時在豎直方向的速度，再根據(jù)P=FV求重力的瞬時功率．解答： 解：（1）設(shè)彈簧的彈性勢能為Ep，物體經(jīng)過B點(diǎn)時的速度為vB，軌道對物體的支持力為N，物體對軌道的壓力為N′由題意知有：N′=8mg由機(jī)械能守恒得：Ep=mvB2在B點(diǎn)，由牛頓第二定律得：N﹣mg=m由牛頓第三定律得：N=N′解得：Ep=3.5mgR（2）設(shè)物體克制阻力做功為Wf，在C點(diǎn)速度為vC，物體恰到達(dá)C