新高考物理模擬題(二十)

新高考物理模擬試題(二十)(考試用時(shí)：90分鐘試卷滿分：100分)一、單項(xiàng)選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的．1．下列說法正確的是()A．在探究太陽(yáng)對(duì)行星的引力規(guī)律時(shí)，我們引用了公式eq\f(r3,T2)＝k，這個(gè)關(guān)系式是開普勒第三定律，是可以在實(shí)驗(yàn)室中得到證明的B．在探究太陽(yáng)對(duì)行星的引力規(guī)律時(shí)，我們引用了公式F＝eq\f(mv2,r)，這個(gè)關(guān)系式實(shí)際上是牛頓第二定律，是可以在實(shí)驗(yàn)室中得到驗(yàn)證的C．在探究太陽(yáng)對(duì)行星的引力規(guī)律時(shí)，我們引用了公式v＝eq\f(2πr,T)，這個(gè)關(guān)系式實(shí)際上是勻速圓周運(yùn)動(dòng)的速度定義式D．在探究太陽(yáng)對(duì)行星的引力規(guī)律時(shí)，使用的三個(gè)公式，都是可以在實(shí)驗(yàn)室中得到證明的2．通有電流的導(dǎo)線L1、L2處在同一平面(紙面)內(nèi)，L1是固定的，L2可繞垂直紙面的固定轉(zhuǎn)軸O轉(zhuǎn)動(dòng)(O為L(zhǎng)2的中心)，各自的電流方向如圖所示．下列哪種情況將會(huì)發(fā)生()A．因L2不受磁場(chǎng)力的作用，故L2不動(dòng)B．因L2上、下兩部分所受的磁場(chǎng)力平衡，故L2不動(dòng)C．L2繞軸O按順時(shí)針方向轉(zhuǎn)動(dòng)D．L2繞軸O按逆時(shí)針方向轉(zhuǎn)動(dòng)3．如圖所示，由某種透明介質(zhì)制成的長(zhǎng)直細(xì)圓柱體置于真空中．某種單色光在介質(zhì)中傳輸，經(jīng)過多次全反射后從右端射出．若以全反射臨界角傳輸?shù)墓饩€剛好從右端以張角2θ出射，則此介質(zhì)的折射率為()A.eq\r(1＋sin2θ) B．eq\r(1＋cos2θ)C.eq\r(1＋cos2θ) D．eq\r(1＋sin2θ)4．如圖所示，質(zhì)量為m的活塞將一定質(zhì)量的氣體封閉在氣缸內(nèi)，活塞與氣缸壁之間無摩擦．a(chǎn)態(tài)是氣缸放在冰水混合物中氣體達(dá)到的平衡狀態(tài)，b態(tài)是氣缸從容器中移出后，在室溫(27℃)中達(dá)到的平衡狀態(tài)．氣體從a態(tài)變化到b態(tài)的過程中大氣壓強(qiáng)保持不變．若忽略氣體分子之間的勢(shì)能，下列說法中正確的是A．與b態(tài)相比，a態(tài)的氣體分子在單位時(shí)間內(nèi)撞擊活塞的個(gè)數(shù)較少B．與a態(tài)相比，b態(tài)的氣體分子在單位時(shí)間內(nèi)對(duì)活塞的沖量較大C．在相同時(shí)間內(nèi)，a、b兩態(tài)的氣體分子對(duì)活塞的沖量相等D．從a態(tài)到b態(tài)，氣體的內(nèi)能增加，外界對(duì)氣體做功，氣體向外界釋放了熱量5．圖甲為遠(yuǎn)距離輸電示意圖，理想升壓變壓器原、副線圈匝數(shù)比為1∶1000，理想降壓變壓器原、副線圈匝數(shù)比為1000∶1，輸電線的總電阻為1000Ω，若升壓變壓器的輸入電壓如圖乙所示，用戶端電壓為220V．下列說法正確的是()A．輸電線中的電流為3B．電站輸出的功率為7500kWC．輸電線路損耗功率為90kWD．用戶端交變電流的頻率為100Hz6．在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，一個(gè)原來靜止的原子核，由于衰變放射出某種粒子，結(jié)果得到一張兩個(gè)相切圓1和2的徑跡照片如圖所示，已知兩個(gè)相切圓半徑分別為r1、r2，則下列說法正確的是()A．原子核可能發(fā)生α衰變，也可能發(fā)生β衰變B．徑跡2可能是衰變后新核的徑跡C．若衰變方程是eq\o\al(238,92)U→eq\o\al(234,90)Th＋eq\o\al(4,2)He，則衰變后新核和射出的粒子的動(dòng)能之比為117∶2D．若衰變方程是eq\o\al(238,92)U→eq\o\al(234,90)Th＋eq\o\al(4,2)He，則r1∶r2＝1∶457．“殲－20”是中國(guó)自主研制的雙發(fā)重型隱形戰(zhàn)斗機(jī)，該機(jī)將擔(dān)負(fù)中國(guó)未來對(duì)空、對(duì)海的主權(quán)維護(hù)任務(wù)．在某次起飛中，質(zhì)量為m的“殲－20”以恒定的功率P起動(dòng)，其起飛過程的速度隨時(shí)間變化圖象如圖所示，經(jīng)時(shí)間t0飛機(jī)的速度達(dá)到最大值為vm時(shí)，剛好起飛．關(guān)于起飛過程，下列說法正確的是A．飛機(jī)所受合力不變，速度增加越來越慢B．飛機(jī)所受合力增大，速度增加越來越快C．平均速度eq\f(vm,2)D．該過程克服阻力所做的功為Pt0－eq\f(1,2)mveq\o\al(2,m)8．澳大利亞科學(xué)家近日宣布，在離地球約14光年的紅矮星wolf1061周圍發(fā)現(xiàn)了三顆行星b、c、d，它們的公轉(zhuǎn)周期分別是5天、18天、67天，公轉(zhuǎn)軌道可視為圓，如圖所示．已知萬(wàn)有引力常量為G.下列說法不正確的是()A．可求出b、c的公轉(zhuǎn)半徑之比B．可求出c、d的向心加速度之比C．若已知c的公轉(zhuǎn)半徑，可求出紅矮星的質(zhì)量D．若已知c的公轉(zhuǎn)半徑，可求出紅矮星的密度二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求．全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分．9．一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)a經(jīng)狀態(tài)b、c到狀態(tài)d，其體積V與熱力學(xué)溫度T關(guān)系如圖所示，O、a、d三點(diǎn)在同一直線上，ab和cd平行于橫軸，bc平行于縱軸，則下列說法正確的是()A．從狀態(tài)a到狀態(tài)b，氣體吸收熱量B．從狀態(tài)a到狀態(tài)b，每個(gè)氣體分子的動(dòng)能都增大C．從狀態(tài)b到狀態(tài)c，氣體對(duì)外做功，內(nèi)能減小D．從狀態(tài)c到狀態(tài)d，氣體的密度不變10．如圖所示，上表面光滑的半圓柱體放在水平地面上，一小物塊從靠近半圓柱體頂點(diǎn)O的A點(diǎn)，在外力F作用下沿圓弧緩慢下滑到B點(diǎn)，此過程中F始終沿圓弧的切線方向且半圓柱體保持靜止?fàn)顟B(tài)．下列說法中正確的是()A．半圓柱體對(duì)小物塊的支持力變大B．地面對(duì)半圓柱體的摩擦力先增大后減小C．外力F變大D．地面對(duì)半圓柱體的支持力變大11．如圖甲所示，光滑絕緣水平面上有一沿水平方向的電場(chǎng)，MN是其中的一條直線，線上有A、B、C三點(diǎn)．一帶電量為＋2×10－3C、質(zhì)量為1×10－3kg的小物塊從A點(diǎn)靜止釋放，沿MN作直線運(yùn)動(dòng)，其運(yùn)動(dòng)的v－t圖象如圖乙所示，其中B點(diǎn)處的切線斜率最大(圖中標(biāo)出了該切線)，C點(diǎn)處的切線平行于t軸，運(yùn)動(dòng)過程中小物塊電量保持不變A．AB兩點(diǎn)電勢(shì)差UAB＝－4VB．B點(diǎn)為AC間電場(chǎng)強(qiáng)度最大的點(diǎn)，場(chǎng)強(qiáng)大小E＝1V/mC．由A到C的過程中小物塊的電勢(shì)能先減小后變大D．小物塊從B點(diǎn)到C點(diǎn)電場(chǎng)力做的功W＝10－2J12．兩條平行導(dǎo)軌傾斜地固定在絕緣地面上，導(dǎo)軌間距為d，在導(dǎo)軌的底端連接一阻值為R的定值電阻，在空間加一垂直導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，將一質(zhì)量為m、阻值為R、長(zhǎng)度為d的金屬桿垂直地放在導(dǎo)軌上，給金屬桿一沿斜面向上的大小為v的初速度，當(dāng)其沿導(dǎo)軌向上運(yùn)動(dòng)的位移大小為x時(shí)，速度減為零，已知導(dǎo)軌的傾角為α、金屬桿與導(dǎo)軌之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ、重力加速度為g.則金屬桿從出發(fā)到到達(dá)最高點(diǎn)的過程中，下列說法正確的是()A．金屬桿所受安培力的最大值為eq\f(B2d2v,R)B．金屬桿克服安培力做的功為eq\f(1,2)mv2－mgx(sinα＋μcosα)C．定值電阻產(chǎn)生的熱量為eq\f(1,2)mv2－mgx(sinα＋μcosα)D．金屬桿減少的機(jī)械能為eq\f(1,2)mv2－mgxsinα選擇題答題欄題號(hào)123456789101112答案

三、非選擇題：本題共6小題，共60分．13．(6分)某實(shí)驗(yàn)小組用如圖所示的裝置驗(yàn)證動(dòng)量守恒．(1)對(duì)于該實(shí)驗(yàn)，下列說法正確的是________．A．入射小球和被碰小球應(yīng)該質(zhì)量相同、半徑相同B．要確保斜槽軌道光滑，其末端水平C．入射小球可以在斜槽上不同位置釋放，但必須由靜止釋放D．實(shí)驗(yàn)只需要直尺和天平兩個(gè)測(cè)量工具即可E．在地面上要依次鋪上復(fù)寫紙、白紙，以確定小球的落點(diǎn)F．在調(diào)整斜槽末端水平時(shí)，將小球放在斜槽末端不同位置都能靜止即可G．槽口必須懸掛一個(gè)重錘線，以便確定槽口在地面的投影位置H．實(shí)驗(yàn)必須測(cè)出離地面的高度，以便求出小球做平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間I．實(shí)驗(yàn)需要用游標(biāo)卡尺測(cè)出小球直徑，以便準(zhǔn)確求出小球做平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間J．圖中標(biāo)出小球落點(diǎn)M、N、P是小球多次實(shí)驗(yàn)落點(diǎn)中最清晰的點(diǎn)(2)未放被碰小球和放上被碰小球時(shí)入射小球前后兩次的落地位置分別為圖中的___________、___________兩點(diǎn)；若入射小球的質(zhì)量為m1，被碰小球的質(zhì)量為m2，則實(shí)驗(yàn)需要驗(yàn)證的表達(dá)式為_____________．14．(8分)某小組測(cè)量一金屬絲的電阻率，除多用電表、刻度尺、螺旋測(cè)微器、開關(guān)、導(dǎo)線外，還能提供的其它器材規(guī)格如下：電流表A1(量程0～0.6A，內(nèi)阻r1約為0.125電流表A2(量程0～3A，內(nèi)阻r2約為0.025Ω)電壓表V(量程0～3V，內(nèi)阻約為3kΩ)滑動(dòng)變阻器R1(最大阻值為20Ω)滑動(dòng)變阻器R2(最大阻值為1750Ω)電源E(電動(dòng)勢(shì)約為3V)(1)在實(shí)驗(yàn)中，用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲的直徑，其示數(shù)如圖所示，則該金屬絲直徑的測(cè)量值d＝________mm.(2)使用多用電表歐姆擋粗測(cè)金屬絲的電阻，倍率選擇“×1”擋，指針位置如圖所示，(3)若采用伏安法測(cè)量金屬絲的電阻，為保證電表安全及測(cè)量準(zhǔn)確、方便，那么電流表應(yīng)選擇________(選填A(yù)1或A2)；滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇________(選填R1或R2)．(4)采用伏安法測(cè)電阻時(shí)，測(cè)得了多組U、I數(shù)據(jù)，根據(jù)這些數(shù)據(jù)作出如圖所示的U–I圖象．由此可得金屬絲的電阻R＝________Ω.(保留兩位有效數(shù)字)(5)若通過實(shí)驗(yàn)測(cè)量獲得了數(shù)據(jù)：金屬絲的電阻R，金屬絲的長(zhǎng)度l，以及金屬絲的直徑d.那么本次實(shí)驗(yàn)得到金屬絲電阻率ρ＝________.15.(7分)一列沿x軸傳播的簡(jiǎn)諧橫波，t＝0時(shí)刻的波形如圖所示，介質(zhì)中x＝6m處的質(zhì)點(diǎn)P沿y軸方向做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式為y＝0.2cos(4πt)m．(1)該波的傳播速度；(2)從t＝0時(shí)刻起，介質(zhì)中x＝10m處的質(zhì)點(diǎn)Q16．(9分)如圖所示，將小砝碼置于桌面上的薄紙板上，用水平向右的拉力將紙板迅速抽出，砝碼的移動(dòng)很小，幾乎觀察不到，這就是大家熟悉的慣性演示實(shí)驗(yàn)．某次實(shí)驗(yàn)中，砝碼的質(zhì)量m1＝0.1kg，紙板的質(zhì)量m2＝0.01kg，各接觸面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ＝0.2，砝碼與紙板左端的距離d＝0.1m，重力加速度g取10m/s2.砝碼移動(dòng)的距離超過l＝0.002(1)砝碼移動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間；(2)紙板所需的拉力至少多大？17．(14分)某種彈射裝置的示意圖如圖所示，光滑的水平導(dǎo)軌MN右端N處與傾斜傳送帶理想連接，傳送帶長(zhǎng)度L＝15m，傳送帶以恒定速度v＝5m/s順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，三個(gè)質(zhì)量均為m＝1kg的滑塊A、B、C置于水平導(dǎo)軌上，滑塊B、C之間有一段輕彈簧剛好處于原長(zhǎng)，滑塊B與輕彈簧連接，滑塊C未連接彈簧，滑塊B、C處于靜止?fàn)顟B(tài)且離N點(diǎn)足夠遠(yuǎn)，現(xiàn)讓滑塊A以初速度v0＝6m/s沿滑塊B、C連線方向向滑塊B運(yùn)動(dòng)，滑塊A與B碰撞后粘合在一起，碰撞時(shí)間極短．滑塊C脫離彈簧后滑上傾角θ＝37°的傳送帶，并從頂端沿傳送帶方向滑出斜拋落至地面上．已知滑塊C與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.8，取重力加速度g＝10m/s2，sin(1)滑塊A、B碰撞時(shí)損失的機(jī)械能；(2)滑塊C剛滑上傳送帶時(shí)的速度；(3)滑塊C在傳送帶上因摩擦產(chǎn)生的熱量Q.18．(16分)如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系xOy中的第一象限內(nèi)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直于坐標(biāo)平面向里的有界矩形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域(圖中未畫出)；在第二象限內(nèi)存在沿x軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)．一粒子源固定在x軸上坐標(biāo)為(－L,0)的A點(diǎn)．粒子源沿y軸正方向釋放出速度大小為v0的電子，電子通過y軸上的C點(diǎn)時(shí)速度方向與y軸正方向成α＝45°角，電子經(jīng)過磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后恰好垂直通過第一象限內(nèi)與x軸正方向成β＝15°角的射線ON，已知電子的質(zhì)量為m，電荷量為e，不考慮粒子的重力和粒子之間的相互作用．求：(1)勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度E的大??；(2)電子在電場(chǎng)和磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間t；(3)矩形磁場(chǎng)區(qū)域的最小面積Smin.答案及解析物理模擬試題(二十)1．解析：B在探究太陽(yáng)對(duì)行星的引力規(guī)律時(shí)，我們引用了公式eq\f(r3,T2)＝k，這個(gè)關(guān)系式是開普勒第三定律，是通過研究行星的運(yùn)動(dòng)數(shù)據(jù)推理出的，不能在實(shí)驗(yàn)室中得到證明，故A錯(cuò)誤；在探究太陽(yáng)對(duì)行星的引力規(guī)律時(shí)，我們引用了公式F＝eq\f(mv2,r)，這個(gè)關(guān)系式是向心力公式，實(shí)際上是牛頓第二定律，是可以在實(shí)驗(yàn)室中得到驗(yàn)證的，故B正確；在探究太陽(yáng)對(duì)行星的引力規(guī)律時(shí)，我們引用了公式v＝eq\f(2πr,T)，這個(gè)關(guān)系式不是勻速圓周運(yùn)動(dòng)的速度定義式，勻速圓周運(yùn)動(dòng)的速度定義式為v＝eq\f(Δs,Δt)，故C錯(cuò)誤；通過ABC的分析可知D錯(cuò)誤．2．解析：D由題意可知，L1導(dǎo)線產(chǎn)生磁場(chǎng)方向，根據(jù)右手螺旋定則可知，上方的磁場(chǎng)方向垂直紙面向外，離導(dǎo)線越遠(yuǎn)，磁場(chǎng)越弱，由左手定則可知，通電導(dǎo)線L2，處于垂直紙面向外的磁場(chǎng)，且越靠近L1，安培力越強(qiáng)，從而出現(xiàn)L2繞軸O按逆時(shí)針方向轉(zhuǎn)動(dòng)．故D正確，A、B、C錯(cuò)誤．3．解析：D設(shè)介質(zhì)折射率為n，以全反射臨界角傳輸，sinC＝1/n，從右端出射時(shí)，設(shè)入射角r，r＋C＝90°，折射角為θ，根據(jù)折射定律n＝eq\f(sinθ,sinr)，聯(lián)立解得：n＝eq\r(1＋sin2θ)，選項(xiàng)D正確．4．解析：C因壓強(qiáng)不變，而由a到b時(shí)氣體的溫度升高，故可知?dú)怏w的體積應(yīng)變大，故單位體積內(nèi)的分子個(gè)數(shù)減少，故a狀態(tài)中單位時(shí)間內(nèi)撞擊活塞的個(gè)數(shù)較多，故A錯(cuò)誤；因壓強(qiáng)不變，故氣體分子在單位時(shí)間內(nèi)撞擊器壁的沖力不變，故沖量不變，故B錯(cuò)誤，C正確；因從a到b，氣體的溫度升高，故內(nèi)能增加；因氣體體積增大，故氣體對(duì)外做功，則由熱力學(xué)第一定律可知?dú)怏w應(yīng)吸熱，故D錯(cuò)誤．5．解析：B由題圖乙知升壓變壓器輸入端電壓的最大值為Um＝250eq\r(2)V，有效值為U1＝eq\f(Um,\r(2))＝250V，根據(jù)eq\f(U1,U2)＝eq\f(n1,n2)，得副線圈兩端的電壓U2＝eq\f(n2,n1)U1＝eq\f(1000,1)×250V＝2.5×105V；用戶端電壓為220V，根據(jù)eq\f(U3,U4)＝eq\f(n3,n4)，得降壓變壓器原線圈兩端的電壓U3＝eq\f(n3,n4)U4＝eq\f(1000,1)×220V＝2.2×105V，故輸電線上損失的電壓為ΔU＝U2－U3＝3×104V，則輸電線上的電流為I＝eq\f(ΔU,R)＝eq\f(3×104,1000)A＝30A，電站的輸出功率為P1＝P2＝U2I＝7500kW，輸電線路損耗功率為ΔP＝I2R＝900kW，由題圖乙可知，原線圈交變電流的周期為T＝0.02s，則頻率為f＝eq\f(1,T)＝50Hz，變壓器不會(huì)改變交流電的頻率，故用戶端交變電流的頻率為50Hz，故B正確，A、C、D錯(cuò)誤．6．解析：D原子核衰變過程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律可知，衰變生成的兩粒子動(dòng)量方向相反，粒子速度方向相反，由左手定則知：若生成的兩粒子電性相反，則在磁場(chǎng)中的軌跡為內(nèi)切圓，若電性相同，則在磁場(chǎng)中的軌跡為外切圓，所以為電性相同的粒子，可能發(fā)生的是α衰變，但不是β衰變，故A錯(cuò)誤；核反應(yīng)過程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，原子核原來靜止，初動(dòng)量為零，由動(dòng)量守恒定律可知，原子核衰變后生成的兩核動(dòng)量p大小相等、方向相反，粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得qvB＝meq\f(v2,r)，解得r＝eq\f(mv,qB)＝eq\f(p,qB)，由于p、B都相等，則粒子電荷量q越大，其軌道半徑r越小，由于新核的電荷量大于粒子的電荷量，則新核的軌道半徑小于粒子的軌道半徑，則半徑為r1的圓為放出新核的運(yùn)動(dòng)軌跡，半徑為r2的圓為粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，故B錯(cuò)誤；根據(jù)動(dòng)量守恒定律知，新核eq\o\al(234,90)Th和α粒子的動(dòng)量大小相等，則動(dòng)能Ek＝eq\f(p2,2m)，所以動(dòng)能之比等于質(zhì)量之反比，為2∶117，故C錯(cuò)誤；由B選項(xiàng)的分析知r1∶r2＝2∶90＝1∶45，故D正確．7．解析：D結(jié)合v-t圖象，隨速度的增加，加速度逐漸減小，根據(jù)牛頓第二定律可知，當(dāng)加速度a不斷減小至零時(shí)合力逐漸減小到零，速度增加得越來越慢，故A、B錯(cuò)誤；根據(jù)圖象可知，若飛機(jī)做勻加速運(yùn)動(dòng)到速度為vm時(shí)，平均速度為eq\f(vm,2)，由圖象可知，飛機(jī)在t0時(shí)間內(nèi)的位移大于做勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移，可知飛機(jī)的平均速度大于eq\f(vm,2)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；根據(jù)動(dòng)能定理可知：Pt0－Wf＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,m)，則該過程克服阻力所做的功為Pt0－eq\f(1,2)mveq\o\al(2,m)，選項(xiàng)D正確．8．解析：D行星b、c的周期分別為5天、18天，均做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)開普勒第三定律公式eq\f(r3,T2)＝k，可以求解出軌道半徑之比，A正確；根據(jù)萬(wàn)有引力等于向心力列式Geq\f(Mm,r2)＝ma.結(jié)合A中求得的半徑之比，故可以求解出c、d的向心加速度之比，B正確；已知c的公轉(zhuǎn)半徑和周期，根據(jù)牛頓第二定律，有Geq\f(Mm,r2)＝meq\f(4π2,T2)r，可以求解出紅矮星的質(zhì)量M＝eq\f(4π2r3,T2)，但不知道紅矮星的體積，無法求解紅矮星的密度，C正確，D錯(cuò)誤．9．解析：AD由狀態(tài)a變到狀態(tài)b過程中，氣體體積不變，則W＝0，溫度升高，則ΔU>0，根據(jù)ΔU＝W＋Q可知?dú)怏w吸收熱量，選項(xiàng)A正確；由狀態(tài)a變到狀態(tài)b過程中，氣體的溫度升高，則氣體分子的平均動(dòng)能變大，但不是每個(gè)氣體分子的動(dòng)能都會(huì)增大，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；從狀態(tài)b到c，氣體溫度不變，內(nèi)能不變；體積變大，則氣體對(duì)外做功，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；從狀態(tài)c到d，氣體體積不變，則氣體的密度不變，選項(xiàng)D正確．10．解析：BC物塊緩慢下滑處于平衡狀態(tài)，F(xiàn)始終沿圓弧的切線方向即始終垂直于圓柱面支持力F1的方向，受力分析如圖所示，因此總有F＝mgsinθ，F(xiàn)1＝mgcosθ，下滑過程中θ增大，因此F增大，F(xiàn)1減小，故A錯(cuò)誤，C正確；對(duì)半圓柱體分析，地面對(duì)半圓柱體的摩擦力：Ff＝F1sinθ＝mgcosθsinθ＝eq\f(1,2)mgsin2θ，地面對(duì)半圓柱體的支持力FN＝Mg＋F1cosθ＝Mg＋mgcos2θ，θ從接近0°到90°變化的過程中，摩擦力先增大后減小，支持力一直減小，故B正確，D錯(cuò)誤．故選BC.11．解析：BD物塊在A到B過程，根據(jù)動(dòng)能定理得：qUAB＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,B)－eq\f(1,2)mveq\o\al(2,A)＝eq\f(1,2)×1×10－3×(42－0)J＝8×10－3J，得：UAB＝eq\f(WAB,q)＝eq\f(8×10－3,2×10－3)V＝4V，故A錯(cuò)誤．據(jù)v-t圖的斜率等于加速度，可得物塊在B點(diǎn)的加速度最大為a＝eq\f(4,5－3)m/s2＝2m/s2，所受的電場(chǎng)力最大為F＝ma＝1×10－3×2N＝2×10－3N，則電場(chǎng)強(qiáng)度的最大值為E＝eq\f(F,q)＝eq\f(2×10－3,2×10－3)N/C＝1N/C，故B正確．由v-t圖可知由A到C的過程中小物塊的動(dòng)能一直增大，則電勢(shì)能一直減小，故C錯(cuò)誤．物塊從B點(diǎn)到C點(diǎn)電場(chǎng)力做的功W＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,C)－eq\f(1,2)mveq\o\al(2,B)＝eq\f(1,2)×1×10－3×(62－42)J＝10－2J，故D正確．12．解析：BD金屬桿開始運(yùn)動(dòng)時(shí)速度最大，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)和感應(yīng)電流最大，所受的安培力最大，由E＝Bdv、I＝eq\f(E,2R)、F安＝BId得最大安培力為Fmax＝eq\f(B2d2v,2R)，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；根據(jù)能量守恒定律可知，上滑過程中電流做功產(chǎn)生的熱量為：Q＝eq\f(1,2)mv2－mgx(sinα＋μcosα)，由功能關(guān)系可知金屬桿克服安培力做的功為W安＝Q＝eq\f(1,2)mv2－mgx(sinα＋μcosα)，故選項(xiàng)B正確；由于整個(gè)電路所產(chǎn)生的熱量為eq\f(1,2)mv2－mgx(sinα＋μcosα)，則定值電阻產(chǎn)生的熱量為QR＝eq\f(Q,2)＝eq\f(1,4)mv2－eq\f(1,2)mgx(sinα＋μcosα)，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；上滑的過程中金屬桿的動(dòng)能減少eq\f(1,2)mv2，重力勢(shì)能增加mgxsinα，所以金屬桿損失的機(jī)械能為eq\f(1,2)mv2－mgxsinα，故選項(xiàng)D正確．13．解析：(1)入射小球質(zhì)量大于被碰小球質(zhì)量，A錯(cuò)誤；入射小球以同一速度碰撞被碰小球，然后做平拋運(yùn)動(dòng)，B、C錯(cuò)誤；在地面上要依次鋪上白紙、復(fù)寫紙，以確定小球的落點(diǎn)，E錯(cuò)誤；小球落地時(shí)間相同，等式兩邊可以約去，不需測(cè)量，H、I錯(cuò)誤；圖中標(biāo)出小球落點(diǎn)M、N、P是小球多次實(shí)驗(yàn)落點(diǎn)的平均值，J錯(cuò)誤．(2)入射小球前后兩次的落地位置分別為圖中的P、M兩點(diǎn)；若入射小球的質(zhì)量為m1，被碰小球的質(zhì)量為m2，則實(shí)驗(yàn)需要驗(yàn)證的表達(dá)式為m1·OP＝m1·OM＋m2·ON.答案：(1)DFG(2)PMm1·OP＝m1·OM＋m2·ON14．解析：(1)該金屬絲直徑的測(cè)量值d＝0.01mm×38.3＝(2)該金屬絲的電阻為5×1Ω＝5.0Ω.(3)電路中可能出現(xiàn)的最大電流I＝eq\f(E,R)＝eq\f(3,5)A＝0.6A，則電流表選擇A1；滑動(dòng)變阻器選擇R1.(4)由圖象可知：R＝eq\f(ΔU,ΔI)＝eq\f(2.9,0.6)Ω＝4.8Ω；(5)由R＝ρeq\f(l,S)＝ρeq\f(l,\f(1,4)πd2)，解得ρ＝eq\f(Rπd2,4l).答案：(1)0.383(0.381～0.386之間均可)(2)5.0(3)A1R1(4)4.8(4.6～5.0之間均可)(5)eq\f(Rπd2,4l)15．解析：(1)由圖可知，波長(zhǎng)λ＝24m，由質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)方程可知，角速度ω＝4π則周期T＝eq\f(2π,ω)＝0.5s故該波的傳播速度v＝eq\f(λ,T)＝48m/s(2)若波沿＋x方向傳播，t＝0時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)Q左側(cè)相鄰的波谷在x＝－6m處，與Q的水平距離為x1該波谷傳播到質(zhì)點(diǎn)Q處時(shí)，質(zhì)點(diǎn)Q第一次到達(dá)波谷，經(jīng)過時(shí)間t＝eq\f(x1,v)＝eq\f(1,3)s若波沿－x方向傳播，t＝0時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)Q右側(cè)相鄰的波谷在x＝18m處，與Q的水平距離為x2該波谷傳播到質(zhì)點(diǎn)Q處時(shí)，質(zhì)點(diǎn)Q第一次到達(dá)波谷，經(jīng)過時(shí)間t′＝eq\f(x2,v)＝eq\f(1,6)s答案：(1)48m/s(2)eq\f(1,3)seq\f(1,6)s16．解析：(1)設(shè)砝碼在紙板上加速運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大小為a1，在桌面上減速運(yùn)動(dòng)的加速度大小為a2，由μm1g＝m1a1＝m1知a1＝a2＝2m/s分析可知砝碼加速和減速的時(shí)間相等，位移相等，故加速運(yùn)動(dòng)的最大距離是eq\f(1,2)l時(shí)，砝碼移動(dòng)的時(shí)間最長(zhǎng)，設(shè)此時(shí)加速時(shí)間為t，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有：eq\f(1,2)l＝eq\f(1,2)a1t2,得：t＝eq\f(\r(10),100)s,則砝碼移動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間為tm＝2t＝eq\f(\r(10),50)s.(2)設(shè)當(dāng)紙板的加速度為a3時(shí)，砝碼經(jīng)歷時(shí)間t恰好從紙板上滑下，則此時(shí)的拉力最小，設(shè)為F，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有：d＋eq\f(l,2)＝eq\f(1,2)a3t2,得：a3＝202m/s由F－μ(m1＋m2)g－μm1g＝m2a得：F＝2.44N,即紙板所需的拉力至少為2.44N.答案：(1)eq\f(\r(10),50)s(2)2.44N17．解析：(1)A與B位于光滑的水平面上，系統(tǒng)在水平方向的動(dòng)量守恒，設(shè)A與B碰撞后共同速度為v1，選取向右為正方向