內蒙古自治區(qū)呼和浩特市第三十五中學2022-2023學年高二物理模擬試卷含解析

內蒙古自治區(qū)呼和浩特市第三十五中學2022-2023學年高二物理模擬試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.有甲、乙兩船同時從龍口出發(fā)，甲船路線是龍口——旅順——大連，乙船路線是龍口——大連．兩船航行兩天后都在下午三點到達大連，以下關于兩船全航程的描述中正確的是()A．兩船的路程相同，位移不相同B．甲船的平均速度大C．“兩船航行兩天后都在下午三點到達大連”一句中，“兩天”指的是時間，“下午三點”指的是時刻D．在研究兩船的航行時間時，可以把船視為質點參考答案：CD2.在真空中，電量為q1的點電荷產生的電場中有一個點P，P點與q1的距離為r，把一個電量為q2的檢驗電荷放在P點，它受的靜電力為F，則P點電場強度的大小等于

參考答案：BC3.（多選題）關于永動機和熱力學定律的討論，下列敘述正確的是（）A．第二類永動機違反能量守恒定律B．如果物體從外界吸收了熱量，則物體的內能一定增加C．保持氣體的質量和體積不變，當溫度升高時，每秒撞擊單位面積器壁的氣體分子數(shù)增多D．做功和熱傳遞都可以改變物體的內能，但從能時轉化或轉移的觀點來看這兩種改變方式是有區(qū)別的參考答案：CD【考點】熱力學第一定律；熱力學第二定律．【分析】第二類永動機不違反能量守恒定律，違反了熱力學第二定律，改變內能的方式有做功和熱傳遞，保持氣體的質量和體積不變，當溫度升高時，壓強增大．【解答】解：A、第二類永動機不違反能量守恒定律，違反了熱力學第二定律，A錯誤；B、改變內能的方式有做功和熱傳遞，物體從外界吸收了熱量，物體的內能不一定增加，B錯誤；C、保持氣體的質量和體積不變，當溫度升高時，壓強增大，每秒撞擊單位面積器壁的氣體分子數(shù)增多，C正確；D、做功和熱傳遞都可以改變物體的內能，但從能時轉化或轉移的觀點來看這兩種改變方式是有區(qū)別的，D正確；故選：CD4.如圖所示，在勻強磁場中勻速轉動的矩形線圈的周期為T，轉軸O1O2垂直于磁場方向，線圈電阻為2Ω。從線圈平面與磁場方向平行時開始計時，線圈轉過60°時的感應電流為1A。那么A.線圈消耗的電功率為4WB.線圈中感應電流的有效值為2AC.任意時刻線圈中的感應電動勢為e=4cosD.任意時刻穿過線圈的磁通量為φ=sin參考答案：AC5.引起熔絲熔斷的原因是A．熔絲太粗不合規(guī)格B．所有用電器同時工作C．一定是由于短路現(xiàn)象造成的D．一定是電路中的總電流超過了熔絲的熔斷電流，可能是短路，也可能是用電器過載參考答案：D二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.如圖所示，A和B兩平行金屬板相距10mm，M點距A板及N點距B板均為2mm，兩極板間的電壓為4V，則板間場強為______N/C.A板電勢為________V，N點電勢為________V.參考答案：400－4－0.87.質量為0.01kg的子彈以400m/s的水平速度射中一靜止在光滑水平面上質量為0.19kg的木塊，子彈進入木塊6cm深度而相對于木塊靜止。則子彈的最終速度為______________m/s，在此過程中，系統(tǒng)因摩擦而產生的熱量為______________J。參考答案：

子彈與木塊最后具有相同的速度，根據動量守恒定律：得；根據能量守恒定律，對系統(tǒng)有得：。8.磁感應強度B是

(填標量或矢量)，它的單位

。參考答案：矢量

T9.如圖14所示勻強磁場方向水平向外，磁感應強度B＝0.20T，金屬棒Oa長L＝0.60m，繞O點在豎直平面內以角速度ω＝100rad/s順時針勻速轉動，則金屬棒中感應電動勢的大小是__________。

參考答案：

3.6V10.我們通過實驗可以探究感應電流的產生條件，在下圖的實驗中，線圈A通過滑動變阻器和開關接到電源上，線圈B的兩端連接到電流表上，把線圈A裝在線圈B里面．通過實驗，判斷線圈B中是否有電流產生．（1）開關閉合的瞬間

感應電流產生（填“有”或“無”）（2）開關總是閉合的，緩慢滑動變阻器時，

感應電流產生（填“有”或“無”）（3）斷開開關后，迅速移動滑動變阻器的滑片，

感應電流產生（填“有”或“無”）（4）歸納以上實驗的結果，產生感應電流的條件是

．參考答案：（1）有；（2）有；（3）有；（4）穿過閉合回路的磁通量發(fā)生變化．【考點】研究電磁感應現(xiàn)象．【分析】穿過閉合回路的磁通量發(fā)生變化，電路中產生感應電流；根據感應電流產生的條件分析答題．【解答】解：（1）開關閉合的瞬間，穿過線圈的磁通量發(fā)生變化，線圈中產生感應電流；（2）開關總是閉合的，緩慢滑動變阻器時，穿過線圈的磁通量也會發(fā)生變化，線圈中產生感應電流；（3）斷開開關后，迅速移動滑動變阻器的滑片，穿過線圈的磁通量發(fā)生變化，線圈中產生感應電流；由以上實驗可知：穿過閉合回路的磁通量發(fā)生變化．故答案為：（1）有；（2）有；（3）有；（4）穿過閉合回路的磁通量發(fā)生變化．11.（填空）一個單匝閉合圓形線圈置于垂直線圈平面的勻強磁場中，當磁感應強度變化率恒定時，線圈中的感應電動勢為E，感應電流為I.若把這根導線均勻拉長，從而使圓半徑增大一倍，則此時線圈中的感應電動勢為_______，感應電流為_________.參考答案：4E

I12.功率為P，質量為M的汽車，下坡時關閉油門，則速度不變．若不關閉油門，且保持功率不變，則在ts內速度增大為原來的2倍，則汽車的初速度為____________.參考答案：13.如圖所示，滾筒式靜電分選器由料斗A、導板B、導體滾筒C、刮板D、粒槽E、F和放電針G等部件組成．C及G分別接在高壓電源的正負極，并令C接地。電源電壓很高，足以使放電針G附近空氣發(fā)生電離而產生大量的正、負離子和電子，現(xiàn)有導電性能不同的兩種物質微粒a、b的混合物從料斗A下落，沿導板B到達轉動著的滾筒C，在電場力作用下，大量的電子或負離子被噴射在粉粒a、b上而帶負電，粉粒a因具有良好的導電性而與帶正點的滾筒C接觸后，其上的負電被中和并帶上正電，故粉粒a一方面隨滾筒轉動，一方面受到C上正電的靜電斥力而離開滾筒，最后落于料槽

，絕緣性能良好的粉粒b因其負電不容易傳給滾筒C，在C的靜電吸引力作用下，故b因靜電吸引力而附著于C的表面并隨其轉動，最后b中粉粒較大者在重力和刮板D作用下掉入料槽

。

參考答案：F、E三、實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.下圖是做探究電磁感應的產生條件實驗的器材及示意圖。①在圖中用實線代替導線把它們連成實驗電路。②有哪些操作可以使電流表的指針發(fā)生偏轉：Ⅰ________________________________________Ⅱ________________________________________③假設在開關閉合的瞬間，靈敏電流計的指針向左 偏轉，則當螺線管A向上拔出的過程中，靈敏電流計的指針向_______偏轉。（填“左”或“右”）④某同學在連接好的電路中做實驗。第一次將螺線管A從螺線管B中快速抽出，第二次將螺線管A從螺線管B中慢慢抽出，發(fā)現(xiàn)電流計的指針擺動的幅度大小不同，第一次比第二次的幅度

（填“大”或“小”），原因是線圈中的 （填“磁通量”或“磁通量的變化”或“磁通量變化率”）第一次比第二次的大。參考答案：15.（6分）有兩個同學利用假期分別去參觀北大和浙大的物理實驗室，各自在那里利用先進的DIS系統(tǒng)較準確地探究了“單擺的周期T與擺長L的關系”，他們通過校園網交換實驗數(shù)據，并由計算機繪制了T2～L圖象，如圖甲所示．去北大的同學所測實驗結果對應的圖線是

（選填“A”或“B”）．另外，在浙大做探究的同學還利用計算機繪制了兩種單擺的振動圖象（如圖乙），由圖可知，兩單擺擺長之比

.參考答案：B

4/9四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖所示，長方形abcd長ad=0.6m，寬ab=0.3m，O、e分別是ad、bc的中點，以ad為直徑的半圓內有垂直于紙面向里的勻強磁場（邊界上無磁場），磁感應強度B=0.25T．一群不計重力、質量m=3×10﹣7kg、電荷量q=+2×10﹣3C的帶電粒子．以速度v=5×102m/s沿垂直ad方向且垂直于磁場射入磁場區(qū)域，不考慮粒子的重力的相互作用．問：（1）若從O點射入的帶電粒子剛好沿Oe直線射出，求空間所加電場的大小和方向．（2）若只有磁場時，某帶電粒子從O點射入，求該粒子從長方形abcd射出的位置．參考答案：解：（1）若從O點射入的帶電粒子剛好沿Oe直線射出，電場力與洛倫茲力必須平衡，由左手定則判斷得知：洛倫茲力方向豎直向上，則電場力必須平行與bc向下，粒子帶正電，電場方向也豎直向下．且有

qE=qvB解得，E=vB=5×102×0.25N=125N/C（2）粒子進入磁場后做勻速圓周運動，根據洛倫茲力提供向心力，得

qvB=m解得，r===0.3m=帶電粒子進入磁場時所受的洛倫茲力向上，則粒子軌跡的圓心為a點．設粒子從ae弧上f點射出磁場∵aO=af=r，Of=r，∴△aOf是等邊三角形，∠faO=60°粒子經過磁場速度的偏向角θ=∠faO=60°根據幾何知識得：eg=r（1﹣cos60°）+（r﹣rsin60°）tan60°=（）r=0.732×0.3m=0.22m故帶電粒子從e點上方距離e點0.22m射出磁場．答：（1）空間所加電場的大小是125N/C，方向是平行與bc向下．（2）該粒子從長方形abcd的bc邊上e點上方距離e點0.22m射出磁場．【考點】帶電粒子在勻強磁場中的運動；牛頓第二定律；向心力；帶電粒子在勻強電場中的運動．【分析】（1）若從O點射入的帶電粒子剛好沿Oe直線射出，電場力與洛倫茲力必須平衡，由平衡條件分析出電場的方向，列式求出電場強度的大?。?）若只有磁場時，粒子進入磁場后做勻速圓周運動，根據洛倫茲力提供向心力，先得到軌道半徑，再找出圓心，確定半徑并分析軌跡，確定粒子從長方形abcd射出的位置．17.（12分）如圖中的實線是某時刻的波形圖象，虛線是經過0．2s時的波形圖象。

（1）假定波向左傳播，求它傳播的可能距離；（2）若這列波向右傳播，求它的最大周期；（3）假定波速是35m／s，求波的傳播方向。參考答案：解析：18.如圖所示，左側為兩塊長為L=10cm，間距cm的平行金屬板，加U＝的電壓，上板電勢高；現(xiàn)從左端沿中心軸線方向入射一個重力不計的帶電微粒，微粒質量m＝10－10kg，帶電量q＝+10－4C，初速度v0＝105m/s；中間用虛線框表示的正三角形內存在垂直紙面向里的勻強磁場B1，三角形的上頂點A與上金屬板平齊，BC邊與金屬板平行，AB邊的中點P1恰好在下金屬板的右端點；三角形區(qū)域的右側也存在垂直紙面向里，范圍足夠大的勻強磁場B2，且B2＝4B1；求；(1）帶電微粒從電場中射出時的速度大小和方向；(2）帶電微粒進入中間三角形區(qū)域后，要垂直打在AC邊上，則該區(qū)域的磁感應強度B1是多少？(3）畫出粒子在磁場中運動的軌跡，確定微粒最后出磁場區(qū)域的位置。參考答案