2022-2023學(xué)年福建省安溪重點中學(xué)高二（下）期末物理試卷（含解析）

第=page11頁，共=sectionpages11頁2022-2023學(xué)年福建省安溪重點中學(xué)高二（下）期末物理試卷一、單選題（本大題共4小題，共16.0分）1.如圖所示，P是一個帶電體，將原來不帶電的導(dǎo)體球Q放入P激發(fā)的電場中并接地，a、b、c、d是電場中的四個點．則靜電平衡后(

)

A.導(dǎo)體Q仍不帶電

B.a點的電勢高于b點的電勢

C.檢驗電荷在a點所受電場力等于b點所受電場力

D.帶正電的檢驗電荷在c點的電勢能大于在d點的電勢能2.如圖所示，物體沿斜面由靜止滑下，在水平面上滑行一段距離后停止，物體與斜面和水平面間的動摩擦因數(shù)相同，斜面與水平面平滑連接．下列圖象中v、a、Ff和s分別表示物體速度大小、加速度大小、所受摩擦力大小和路程，其中正確的是(

)

A. B.

C. D.3.a、b、c、d是在地球大氣層外的圓形軌道上運行的四顆人造衛(wèi)星．其中a、c的軌道相交于P，b、d在同一個圓軌道上，b、c軌道在同一平面上．某時刻四顆衛(wèi)星的運行方向及位置如圖所示．下列說法中正確的是(

)

A.a、c的加速度大小相等，且大于b的加速度

B.b、c的角速度大小相等，且小于a的角速度

C.a、c的線速度大小相等，且小于d的線速度

D.a、c存在在P點相撞的危險4.如圖所示，質(zhì)量為M的長木板放在光滑的水平面上，一輕彈簧放在長木板上，左端與長木板左端的固定擋板相連，右端與長木板上C點對齊。質(zhì)量為m的物塊以一定的速度v0從右端B點沖上長木板，并越過C點，壓縮彈簧后又被彈簧彈開，最終與長木板相對靜止，若物塊與長木板間的動摩擦因數(shù)為μ，彈簧被壓縮后的最大彈性勢能為Ep，物塊與長木板達到的共同速度為v，物塊與長木板之間因摩擦產(chǎn)生的熱量為Q，物塊在長木板上滑行的總路程為s，則下列說法正確的是(

)

A.其他條件不變的情況下，M越大，v越大

B.其他條件不變的情況下，μ越大，Ep越小

C.其他條件不變的情況下，v0越大，Q越小

D.其他條件不變的情況下，m越大，二、多選題（本大題共4小題，共24.0分）5.一物體自距地面高H處自由下落，經(jīng)時間t落地，此時速度為v，則(

)A.t2時物體距地面高度為H2 B.t2時物體距地面高度為3H4

C.物體下落H2時速度為v6.如圖所示，一理想變壓器的原線圈匝數(shù)n1=1000匝、副線圈匝數(shù)n2=200匝，原線圈AB兩端接有U=1102sin(314tA.電壓表的讀數(shù)仍為22V B.兩電流表讀數(shù)都減小

C.變壓器的輸入功率減小 D.電阻R7.7?.如圖所示，物體A和物體B并排放置在水平地面上，它們與地面的動摩擦因數(shù)相同，A與一輕彈簧連接，彈簧另一端固定在豎直墻壁上，開始時彈簧處于自然長度。現(xiàn)在用一水平的力F向左緩慢推B物體，彈簧壓縮到一定程度撤去力F后，A、B兩物體向右運動，整個過程彈簧都在彈性限度內(nèi)，如果A、B兩物體能發(fā)生分離，則關(guān)于分離點的位置，以下說法正確的是(

)

A.分離位置與彈簧的勁度系數(shù)無關(guān)

B.分離位置一定在彈簧原長處

C.分離位置一定在彈簧原長處的左側(cè)

D.分離位置一定在A、B兩物體的速度達到最大值處8.一個帶正電的小球沿光滑絕緣的水平桌面向右運動，小球離開桌面后進入一水平向里的勻強磁場，已知速度方向垂直于磁場方向，如圖所示，小球飛離桌面后落到地板上，設(shè)飛行時間為t1，水平射程為x1，著地速度為v1.撤去磁場，其余的條件不變，小球飛行時間為t2，水平射程為x2，著地速度為v2A.x1>x2 B.t1>t2 C.v1三、填空題（本大題共1小題，共5.0分）9.盧瑟福通過實驗發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子的核反應(yīng)方程為

，方程式?92239U→93239Np+X是衰變方程，其中X四、實驗題（本大題共2小題，共15.0分）10.某實驗小組用如圖甲所示的裝置研究勻變速直線運動，使用的交變電源的頻率為50Hz(1)下列關(guān)于實驗的說法正確的是A.電火花打點計時器使用10VB.應(yīng)先釋放小車再接通電源C.釋放小車時，應(yīng)靠近打點計時器D.本實驗需要平衡摩擦力(2)如果每隔4個點取一個計數(shù)點，圖中紙帶的間距為：s1=1.80cm、s2=2.00cm、s3=2.20cm、11.為了描繪小燈泡(2.8VA.直流電源(電動勢約為3V，內(nèi)阻可不計B.直流電流表(量程0～3C.直流電流表(量程0～200D.直流電壓表(量程0～15E.直流電壓表(量程0～3F.滑動變阻器(最大阻值10Ω，允許通過的最大電流為G.滑動變阻器(最大阻值1kΩH.電阻箱((1)根據(jù)題干信息，為了測量結(jié)果盡量準確，電流表應(yīng)選取__________，電壓表應(yīng)選取__________，滑動變阻器應(yīng)選取__________((2(3)通過多次實驗，對實驗數(shù)據(jù)進行分析和處理，得到如圖所示小燈泡的伏安特性曲線，根據(jù)圖象可以看出燈泡電阻隨電壓的增大而__________，當(dāng)小燈泡兩端的電壓為0.80V時，小燈泡的實際功率為__________W。

五、計算題（本大題共3小題，共40.0分）12.如圖所示，正電荷q1固定于半徑為R的半圓光滑軌道的圓心處，將另一電荷量為q2、質(zhì)量為m的帶正電小球，從軌道的A(1)小球運動到(2)小球在13.如圖所示，在同一豎直平面內(nèi)，一輕質(zhì)彈簧一端固定，另一自由端恰好與水平線AB平齊，靜止放在傾角為53°的光滑斜面上．一長為L=9?cm的輕質(zhì)細繩一端固定在O點，另一端系一質(zhì)量為m=(1(2)D點到水平線A(3)輕質(zhì)彈簧所獲得的最大彈性勢能14.如圖所示，光滑絕緣的水平面上有一邊長為L的正方形金屬線框abcd，平行邊界MN、PQ間有垂直于水平面向里的勻強磁場。已知線框的電阻為R，質(zhì)量為m，線框ab邊平行于MN，MN、P(1)線框穿過磁場的過程中產(chǎn)生的焦耳熱(2)勻強磁場的磁感應(yīng)強度B的大小及線框完全進入磁場后速度(3)線框在進入磁場的過程中通過金屬絲橫截面的電荷量

答案和解析1.【答案】D

【解析】解：A、由于靜電感應(yīng)，Q將帶上與P異號的電荷；故A錯誤；

B、由圖可知電場線由b到a，故a點的電勢低于b點的電勢；故B錯誤；

C、b點電場線較為密集，故a點場強要小于b點場強，故檢驗電荷在a點所受電場力小于b點所受電場力；故C錯誤；

D、由于Q接地，d點電勢接近0；而c點電勢肯定大于d點電勢；故帶正電的檢驗電荷在c點的電勢能大于d點的電勢能；故D正確；

故選：D。

根據(jù)靜電感應(yīng)現(xiàn)象可知Q是否帶電，再由電場線的性質(zhì)分析各點的電勢及電場強度，從而判斷電荷在各點的電勢能．

本題關(guān)鍵在于比較cd兩點的電勢，要注意c沿電場線到零勢能面有很大的距離，而d點已接近零勢能面，而沿電場線的方向，電勢是降落的；故c點電勢一定大于d點電勢．2.【答案】C

【解析】【分析】對物體受力分析可知，在斜面上時物體受到重力支持力和摩擦力的作用，在這些力的作用下物體沿著斜面向下做勻加速直線運動，到達水平面上之后，在滑動摩擦力的作用下做勻減速運動，由此可以判斷物體運動過程中的物理量的關(guān)系。本題考查了勻變速直線運動的圖像；滑動摩擦力；牛頓第二定律。本題是為速度--時間圖像的應(yīng)用，要明確斜率的含義，知道在速度--時間圖像中圖像與坐標軸圍成的面積的含義，能根據(jù)圖像讀取有用信息，屬于基礎(chǔ)題。【解答】A.根據(jù)物體的受力情況，可以判斷出物體先是在斜面上做勻加速直線運動，到達水平面上之后，做勻減速運動，所以物體運動的速度時間的圖像應(yīng)該是傾斜的直線，不能是曲線，所以A錯誤；B.由于物體的運動先是勻加速運動，后是勻減速運動，在每一個運動的過程中物體的加速度的大小是不變的，所以物體的加速度時間的圖像應(yīng)該是兩段水平的直線，不能是傾斜的直線，所以B錯誤；C.在整個運動的過程中，物體受到的都是滑動摩擦力，所以摩擦力的大小是不變的，并且由于在斜面上時的壓力比在水平面上時的壓力小，所以滑動摩擦力也比在水平面上的小，所以C正確；D.物體做的是勻加速直線運動，物體的位移為x=12故選C。

3.【答案】A

【解析】解：A、人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，根據(jù)萬有引力提供向心力，設(shè)衛(wèi)星的質(zhì)量為m、軌道半徑為r、地球質(zhì)量為M，有

F=F向

F=GMmr2

F向=mv2r=mω2r=m(2πT)2r

因而

GMmr2=mv2r=mω2r=m(2πT)2r=ma

解得

v=GMr①

ω=GM?r3

②

a=4.【答案】B

【解析】【分析】

物塊在長木板上滑行的過程中，物塊、長木板及彈簧組成的系統(tǒng)動量守恒，根據(jù)動量守恒定律求解物塊和長木板的共同速度v的表達式；從開始到彈簧壓縮到最短過程，根據(jù)能量守恒求解EP的表達式；從開始運動到最終相對靜止，根據(jù)能量守恒求解熱量Q的表達式，再結(jié)合Q=fs分析解答。

解決該題的關(guān)鍵是知道物塊、長木板和彈簧所組成的系統(tǒng)遵循動量守恒定律和能量守恒定律，能運用動量守恒定理求解共同速度，同時，要知道摩擦生熱與相對路程的關(guān)系。

【解答】

A、取水平向左為正方向，根據(jù)動量守恒定律得：mv0=(M+m)v，得：v=mv0M+m，M越大，v越小，故A錯誤；

B、彈簧壓縮至最短時，物塊和長木板速度相同，設(shè)為v1，根據(jù)動量守恒定律得：mv0=(M+m)v1，得：v1=mv0M+m，即為：v1=v

從物塊滑上長木板到壓縮彈簧至最短的過程中，物塊和長木板組成的系統(tǒng)損失的機械能為：△E=12mv5.【答案】BD【解析】【分析】自由落體運動做初速度為零，加速度為g的勻加速直線運動，結(jié)合位移時間公式求出t2

時物體下落的高度，從而得出距離地面的高度．根據(jù)速度位移公式求出物體下落H解決本題的關(guān)鍵知道自由落體運動的運動規(guī)律，結(jié)合運動學(xué)公式靈活求解，基礎(chǔ)題。【解答】AB.根據(jù)位移時間公式h=12gt2知，在前一半時間和后一半時間內(nèi)的位移之比為1：3，則前一半時間內(nèi)的位移為CD.根據(jù)v2=2gH，物體下落H故選BD。

6.【答案】AD【解析】解：A、由題圖可知電壓表測量的是副線圈兩端的電壓，根據(jù)變壓器原理可得：U2=n2n1U1，代入題目中數(shù)據(jù)得電壓表V的讀數(shù)為U1=22?V，并保持不變，故A正確；

B、光照增強時，光敏電阻的阻值變小，因此接入電路中的總阻值變小，總電流變大，即A1的示數(shù)變大，故B錯誤；

C、副線圈兩端電壓不變，A1的示數(shù)增大，則通過副線圈的電流增大，則變壓器的輸出功率增大，而輸入功率等于輸出功率，則輸入功率增大，故C錯誤；

D、由于副線圈兩端的電壓U2不變，總電流變大，因此R1兩端的電壓變大，R2兩端的電壓變小，因此R2消托的功率變小，故D正確。

故選：AD。

7.【答案】AB【解析】略

8.【答案】AB【解析】略

9.【答案】

?24He+【解析】略

10.【答案】(1)C；

(【解析】【分析】

(1)根據(jù)實驗的原理和操作的注意事項判斷操作步驟的正誤；

(2)根據(jù)某段時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出E的瞬時速度，根據(jù)連續(xù)相等時間內(nèi)的位移之差是一恒量求出小車的加速度。

解決本題的關(guān)鍵掌握紙帶的處理方法，會通過紙帶求解瞬時速度和加速度，關(guān)鍵是勻變速直線運動推論的運用。

【解答】

解：(1)A、電火花打點計時器使用220V的交流電源，故A錯誤；

B、實驗時應(yīng)先接通電源，再釋放小車，故B錯誤；

C、開始釋放小車前，應(yīng)使小車靠近打點計時器，故C正確；

D、本實驗研究的是勻變速直線運動，不需要平衡摩擦力，故D錯誤。

故選C；

(2)因為每隔4個計時點取一計數(shù)點，所以相鄰兩點間的時間間隔為：T=0.1s，

E點的瞬時速度為：vE=s4+s5211.【答案】(1)C(3)增大0.19(答案為0.

【解析】略

12.【答案】解：(1)帶電小球q2在半圓光滑軌道上運動時，庫侖力不做功，故機械能守恒，則mgR=12mvB2

解得vB=2gR。

(2)小球到達B點時，受到重力mg、庫侖力F和支持力FN，由圓周運動和牛頓第二定律得FN?mg【解析】(1)分析小球的運動過程中受力情況及各力做功情況，明確機械能守恒，根據(jù)機械能守恒定律列式即可求得B點的速度。

(2)分析小球在B點的受力情況，根據(jù)向心力公式可求得小球在B13.【答案】解：(1)小球由C到D，由機械能守恒定律得：mgL=12mv12

解得：v1=2gL…①

在D點，由牛頓第二定律得：F?mg=mv12L…②

由①②解得：F=30

N

由牛頓第三定律知細繩所能承受的最大拉力為30

N。

(2)由D到A，小球做平拋運動，則得

vy2=2gh…③

由ta【解析】(1)根據(jù)機械能守恒定律求出小球在D點的速度，再根據(jù)豎直方向上的合力提供向心力，運