福建省福州市龍西中學2022年高三物理月考試題含解析

福建省福州市龍西中學2022年高三物理月考試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.（多選）下列說法正確的是

。A．顯微鏡下觀察到墨水中的小炭粒在不停的作無規(guī)則運動，這反映了液體分子運動的無規(guī)則性B．分子間的相互作用力隨著分子間距離的增大，一定先減小后增大C．分子勢能隨著分子間距離的增大，可能先減小后增大D．在真空、高溫條件下，可以利用分子擴散向半導體材料摻入其它元素E．當溫度升高時，物體內每一個分子熱運動的速率一定都增大參考答案：ACD試題分析：根據(jù)布朗運動的定義顯微鏡下觀察到墨水中的小炭粒在不停的作無規(guī)則運動，不是分子運動，是小炭粒的無規(guī)則運動，但卻反應了小炭粒周圍的液體分子運動的無規(guī)則性，A選項正確；分子間的相互作用力隨著分子間距離的增大，可能先一定先減小后增大，也可能一直減小，故B選項錯誤；由于分子間2.如圖，均勻磁場中有一由半圓弧及其直徑構成的導線框，半圓直徑與磁場邊緣重合；磁場方向垂直于半圓面（紙面）向里，磁感應強度大小為B0。.使該線框從靜止開始繞過圓心O、垂直于半圓面的軸以角速度ω勻速轉動半周，在線框中產(chǎn)生感應電流。現(xiàn)使線框保持圖中所示位置，磁感應強度大小隨時間線性變化。為了產(chǎn)生與線框轉動半周過程中同樣大小的電流，磁感應閑磕牙隨時間的變化率的大小應為A．

B．

C．

D．

參考答案：C3.（單選）甲、乙兩個物體在同一直線上沿正方向運動，a甲＝4m/s2，a乙＝－4m/s2，那么對甲、乙兩物體判斷正確的是 ()A．甲、乙在相等時間內速度變化相等

B．甲做加速直線運動，乙做減速直線運動C．甲的速度比乙的速度變化快

D．甲的加速度大于乙的加速度參考答案：【知識點】加速度．A1【答案解析】B解析：A、甲乙的加速度一正一負，在相同時間內速度的變化量大小相等，方向不同，故A錯誤．B、甲的加速度方向與速度方向相同，甲做加速運動，乙的加速度方向與速度方向相反，乙做減速運動，故B正確．C、甲乙的加速度大小相等，速度變化快慢相同，故C錯誤．D、甲的加速度等于乙的加速度，故D錯誤．故選：B．【思路點撥】加速度是矢量，加速度的正負表示方向，加速度是反映速度變化快慢的物理量，當加速度方向與速度方向相同，物體做加速運動，當加速度方向與速度方向相反，物體做減速運動．解決本題的關鍵知道加速度是矢量，正負表示方向，知道加速度的物理意義，掌握判斷物體做加速運動還是減速運動的方法，關鍵看加速度方向與速度方向的關系．4.在加速運動的車廂中，一個人用力向前推車廂，如圖所示，人相對車廂未移動則下列說法正確的是（

）A.人對車不做功

B.人對車做負功C.推力對車做正功

D.車對人做正功參考答案：

BCD5.如圖3所示，物體B與豎直墻面接觸，在豎直向上的力F的作用下A、B均保持靜止，則物體B的受力個數(shù)為()

A．2個 B．3個C．4個

D．5個參考答案：C二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.有一個勻加速直線運動的物體從2s末至6s末的位移為24m,從6s末至10s末的位移為40m,則這個物體的加速度的大小是______m/s2，初速度的大小是______m/s。

參考答案：答案：1

2

7.（6分）某地強風的風速為20m/s，設空氣密度為ρ=1.3Kg/m3。如果把通過橫截面為S=20m2的風的動能的50％轉化為電能，則電功率為_______。參考答案：52000W8.用氦氖激光器進行雙縫干涉實驗，已知所用雙縫間的距離為d=0.1mm，雙縫到屏的距離為L=6.0m，測得屏上干涉條紋中相鄰明條紋的間距是3.8cm，氦氖激光器發(fā)出的紅光的波長是

m；假如把整個干涉裝置放入折射率為的水中，這時屏上的明條紋間距是 cm。(結果保留三位有效數(shù)字)參考答案：9.一定質量的理想氣體由狀態(tài)A經(jīng)狀態(tài)B變化到狀態(tài)C的p-V圖象如圖所示．在由狀態(tài)A變化到狀態(tài)B的過程中，理想氣體的溫度

（填“升高”、“降低”或“不變”）．在由狀態(tài)A變化到狀態(tài)C的過程中，理想氣體吸收的熱量

它對外界做的功（填“大于”、“小于”或“等于”）參考答案：升高，等于10.有一個電流表G，內阻Rg=10Ω，滿偏電流Ig=3mA，要把它改裝成量程0—3V的電壓表，要與之___________（選填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”）一個______Ω的電阻？改裝后電壓表的內阻是___________Ω參考答案：11.（多選）一個質量為m的物體以某一速度從固定斜面底端沖上傾角的斜面，其加速度為g，如圖此物體在斜面上上升的最大高度為h，則此過程中正確的是

A．物體動能增加了B．物體克服重力做功mghC．物體機械能損失了mghD.物體克服摩擦力做功參考答案：BC解析：A、物體在斜面上加速度為，方向沿斜面向下，物體的合力F合=ma=，方向沿斜面向下，斜面傾角a=30°，物體從斜面底端到最大高度處位移為2h，

物體從斜面底端到最大高度處，物體合力做功W合=-F合?2h=-mgh根據(jù)動能定理研究物體從斜面底端到最大高度處得W合=△Ek所以物體動能減小mgh，故A錯誤．B、根據(jù)功的定義式得：重力做功WG=-mgh，故B正確．C、重力做功量度重力勢能的變化，所以物體重力勢能增加了mgh，而物體動能減小mgh，所以物體機械能損失了mgh，故C正確．D、除了重力之外的力做功量度機械能的變化．物體除了重力之外的力做功還有摩擦力做功，物體機械能減小了mgh，所以摩擦力做功為-mgh，故D錯誤．故選：BC．12.如圖所示，氣缸中封閉著溫度為127℃的空氣，一重物用輕繩經(jīng)輕滑輪跟氣缸中的活塞相連接，不計一切摩擦，重物和活塞都處于平衡狀態(tài)，這時活塞離氣缸底的高度為10cm。如果缸內空氣溫度降為87℃，則重物將上升

cm；該過程適用的氣體定律是

（填“玻意耳定律”或“查理定律”或“蓋·呂薩克定律”）。參考答案：1；蓋·呂薩克定律13.(1)（6分）如圖所示為氫原子的能級圖。讓一束單色光照射到大量處于基態(tài)（量子數(shù)n=1）的氫原子上，被激發(fā)的氫原子能自發(fā)地發(fā)出3種不同頻率的色光，則照射氫原子的單色光的光子能量為

eV。用這種光照射逸出功為4.54eV的金屬表面時，逸出的光電子的最大初動能是

eV。參考答案：12.09

7.55三、實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.（12分）2007年諾貝爾物理學獎授予了兩位發(fā)現(xiàn)“巨磁電阻”效應的物理學家。材料的電阻隨磁場的增加而增大的現(xiàn)象稱為磁阻效應，利用這種效應可以測量磁感應強度。若圖1為某磁敏電阻在室溫下的電阻—磁感應強度特性曲線，其中RB、RO分別表示有、無磁敏電阻的阻值。為了測量磁感應強度B，需先測量磁敏電阻處于磁場中的電阻值RB。請按要求完成下列實驗。（1）設計一個可以測量磁場中該磁敏電阻阻值的電路，在圖2的虛線框內畫出實驗電路原理圖（磁敏電阻及所處磁場已給出，待測磁場磁感應強度大小約為0.6～1.0T，不考慮磁場對電路其它部分的影響）。要求誤差較小。

提供的器材如下：

A.磁敏電阻，無磁場時阻值

B.滑動變阻器R，全電阻約

C.電流表，量程2.5mA,內阻約

D.電壓表，量程3V，內阻約3k

E.直流電源E，電動勢3V，內阻不計

F.開關S，導線若干（2）正確接線后，將磁敏電阻置入待測磁場中，測量數(shù)據(jù)如下表：

123456U（V）0.000.450.911.501.792.71I（mA）0.000.300.601.001.201.80

根據(jù)上表可求出磁敏電阻的測量值RB=

，結合圖1可知待測磁場的磁感應強B＝

T。（3）試結合圖1簡要回答，磁感應強度B在0～0.2T和0.4～1.0T范圍內磁敏電阻阻值的變化規(guī)律有何不同？（4）某同學查閱相關資料時看到了圖3所示的磁敏電阻在一定溫度下的電阻—磁感應強度特性曲線（關于縱軸對稱），由圖線可以得到什么結論？參考答案：答案：（1）如下圖所示（2）1500；0.90。（3）在0～0.2T范圍內，磁敏電阻的阻值隨磁感應強度非線性變化（或不均勻變化）；在0.4～1.0T范圍內，磁敏電阻的阻值隨磁感應強度線性變化（或均勻變化）。（4）磁場反向，磁敏電阻的阻值不變。解析：（1）當B＝0.6T時，磁敏電阻阻值約為6×150Ω＝900Ω，當B＝1.0T時，磁敏電阻阻值約為11×150Ω＝1650Ω。由于滑動變阻器全電阻20Ω比磁敏電阻的阻值小得多，故滑動變阻器選擇分壓式接法；由于，所以電流表應內接，電路圖如圖所示。（2）根據(jù)表中數(shù)據(jù)可以求得磁敏電阻的阻值分別為：，，，，。故電阻的測量值為（1500－1503Ω都算正確。）由于，從圖1中可以讀出B＝0.9T（3）在0～0.2T范圍，圖線為曲線，故磁敏電阻的阻值隨磁感應強度非線性變化（或非均勻變化）；在0.4～1.0T范圍內，圖線為直線，故磁敏電阻的阻值隨磁感應強度線性變化（或均勻變化）。（4）從圖3中可以看出，當加磁感應強度大小相等、方向相反的磁場時，磁敏電阻的阻值相等，故磁敏電阻的阻值與磁場方向無關。15.某同學到實驗室做“測電源電動勢和內阻”的實驗時，發(fā)現(xiàn)實驗臺上有以下器材：待測電源（電動勢未知，內阻約為2）；一個阻值未知的電阻；多用電表一只；電壓表兩只；電流表一只；滑動變阻器一只；開關一個，導線若干.①該同學首先用多用電表粗略測量電源的電壓，電表指針和選擇開關分別如圖所示，則該電表讀數(shù)為

V。②為較準確地測量該電源的電動勢和內電阻并同時測出定值電阻的阻值，他設計了如圖所示的電路.實驗時他用U1、U2、I分別表示電表的讀數(shù)，在將滑動變阻器的滑片移動到不同位置時，記錄了U1、U2、I的一系列值.并作出下列三幅U—I圖線來處理實驗數(shù)據(jù)，從而計算電源電動勢、內阻以及定值電阻R0的值.其中，可直接算出電源電動勢和內電阻的圖是____，可直接算出定值電阻R0的圖是____.③本實驗中定值電阻的測量存在誤差，造成這一誤差的原因是_______A.由電壓表分流共同造成B.由電壓表分流及電流表分壓共同造成C.只由電壓表分流造成D.由電流表、滑動變阻器分壓共同造成參考答案：由于所選電壓檔的量程是2.5V，故多用表讀數(shù)為1.5V。由電路圖可知電壓表V1測的是路端電壓，V2測的是電流表和變阻器的電壓，電流表的示數(shù)近似等于干路電流，據(jù)歐姆定律可得答案。四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖所示，在以坐標原點O為圓心、半徑為R的圓形區(qū)域內，有相互垂直的勻強電場和勻強磁場，磁感應強度為B，磁場方向垂直于xOy平面向里。一帶負電的粒子（不計重力）從A點沿y軸正方向以v0速度射入，帶電粒子恰好做勻速直線運動，最后從P點射出。（1）求電場強度的大小和方向。（2）若僅撤去電場，帶電粒子仍從A點以相同的速度射入，恰從圓形區(qū)域的邊界M點射出。已知OM與x軸的夾角為θ＝300,求粒子比荷q/m。（3）若僅撤去磁場，帶電粒子仍從A點以速度v射入，恰從圓形區(qū)域的邊界N點射出（M和N是關于y軸的對稱點）,求粒子運動初速度v的大小.參考答案：解：（1）設帶電粒子的質量為m，電荷量為q，初速度為v，電場強度為E．可判斷出粒子受到的洛倫茲力沿X軸正方向，可知電場強度沿X軸正方向（1分），且有：

qE=qV0B

（2分）

解得：E=V0B（1分）（2）僅有磁場時，帶電粒子做勻速圓周運動，根據(jù)幾何關系有：R=rtana（2分）

a=300由洛倫茲力充當向心力得：qV0B＝（2分）解得：（1分）（3）僅有電場時，帶電粒子在勻強電場中做類平拋運動：y=Vt（1分）

X=（1分）qE=ma（2分）由幾何關系知：y=R+Rsinθ（2分）

X=Rcosθ（2分）由以上各式解得v=（1分）17.如圖所示，某種自動洗衣機進水時，洗衣機缸內水位升高，與洗衣缸相連的細管中會封閉一定質量的空氣（可視為理想氣體），通過壓力傳感器可感知管中的空氣壓力，從而控制進水量．若進水前細管內空氣的體積為，壓強為，當洗衣缸內水位緩慢升高(假設細管內空氣溫度不變)，被封閉空氣的壓強變?yōu)闀r（>1）．求：細管內進水的體積．參考答案：18.如圖所示，半徑R=0．40m的光滑半圓環(huán)軌道處于豎直平面