【高考真題】2023年高考理綜物理真題試卷（上海卷）

閱卷人閱卷人得分【高考真題】2023年高考理綜物理真題試卷（上海卷）、選擇題（共40分，第1-8小題，每小題3分；第9-12小題，每小4分。每小題只有一個(gè)正確答案）（2023-上海）關(guān)于a粒子散射實(shí)驗(yàn)正確的是（A.實(shí)驗(yàn)要在真空中進(jìn)行B.熒光屏是為了阻擋a粒子C.實(shí)驗(yàn)中顯微鏡必須正對(duì)放射源D.證明了原子核中有質(zhì)子存在（2023-上海）如圖所示，四個(gè)完全相同的燈泡，亮度最高的是（A.LiB.L2C.L3D.UA.LiB.L2C.L3D.U（2023-上海）一物塊爆炸分裂為速率相同、質(zhì)量不同的三個(gè)物塊，對(duì)三者落地速率大小判斷正確的是（質(zhì)量大的落地速率大質(zhì)量小的落地速率大質(zhì)量大的落地速率大質(zhì)量小的落地速率大C.三者落地速率都相同C.三者落地速率都相同D.無法判斷（2023-上海）一定質(zhì)量的理想氣體，經(jīng)歷如圖過程，其中ab、cd分別為雙曲線的一部分。下列對(duì)a、b、c、d四點(diǎn)溫度大小比較正確的是（A.Ta>TbB.Tb>TcC.Tc>TdD.TA.Ta>TbB.Tb>TcC.Tc>TdD.Td>Ta（2023-上海）一場(chǎng)跑步比賽中，第三跑道的運(yùn)動(dòng)員跑到30m處時(shí)，秒表計(jì)時(shí)為3.29s。根據(jù)以上信息，能否算得該運(yùn)動(dòng)員在這段時(shí)間內(nèi)的平均速度和瞬時(shí)速度（）A.可以算得平均速度,可以算得瞬時(shí)速度B.無法算得平均速度,可以算得瞬時(shí)速度C.可以算得平均速度,無法算得瞬時(shí)速度D.無法算得平均速度,無法算得瞬時(shí)速度

A.可以算得平均速度,可以算得瞬時(shí)速度B.無法算得平均速度,可以算得瞬時(shí)速度C.可以算得平均速度,無法算得瞬時(shí)速度D.無法算得平均速度,無法算得瞬時(shí)速度（2023?上海）三個(gè)大小相同的帶電導(dǎo)體球x、y、z,帶電量分別為+4卩以0卩C和-10*,讓x與y先接觸，然后讓y與z接觸，最終y所帶的電荷量為（ ）A.-4卩CB.-3A.-4卩CB.-3卩CC.-2jiCD.-1/C（2023-上海）如圖所示，有一周期為T、沿x軸正方向傳播的波，當(dāng)t=Os時(shí)波恰好傳到B點(diǎn)，則t=8T時(shí)，CD段的波形圖為（（2023-上海）空間中有一電場(chǎng)，電勢(shì)分布如圖所示，現(xiàn)放入一個(gè)負(fù)點(diǎn)電荷，隨后向右移動(dòng)此電荷，下列電荷電勢(shì)能隨位置變化的圖像正確的是（（2023-上海）真空中有一點(diǎn)P與微粒Q,Q在運(yùn)動(dòng)中受到指向P且大小與離開P的位移成正比的回復(fù)力，則下列情況有可能發(fā)生的是（ ）速度增大，加速度增大速度增大，加速度減小速度增大，加速度增大速度增大，加速度減小速度增大，加速度不變速度減小，加速度不變

速度增大，加速度不變速度減小，加速度不變（2023-上海）炮管發(fā)射數(shù)百次炮彈后報(bào)廢，炮彈飛出速度為lOOOm/s,則炮管報(bào)廢前炮彈在炮管TOC\o"1-5"\h\z中運(yùn)動(dòng)的總時(shí)長(zhǎng)約為（ ）A.5秒 B.5分鐘 C.5小時(shí) D.5天（2023-上海）如圖所示，a為勻強(qiáng)電場(chǎng)，b為非勻強(qiáng)電場(chǎng)，三個(gè)電荷用輕棒連接為正三角形，則整個(gè)系統(tǒng)受合力的情況是：（ ）A.a為0,b為（） B.a為0,b不為0a不為（），b為0 D.a不為0,b不為（）（2023-上海）如圖所示，有一光滑導(dǎo)軌處于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，一金屬棒垂直置于導(dǎo)軌上，對(duì)其施加外力，安培力變化如圖所示，取向右為正方向，則外力隨時(shí)間變化圖像為（ ）

閱卷人一二、填空題（共20分）得分（2023-上海）一個(gè)絕熱密容器，其中含有一定質(zhì)量氣體。容器以一定速度平移，突然施力使其停止，其中的氣體溫度 ,碰撞容器壁的劇烈程度 。（選填“變大”、“變小”或“不變”）（2023-上海）假設(shè)月球繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期為T,月球到地心的距離為r,則月球的線速度v= ；若已月球的質(zhì)量為m,則地球?qū)υ虑虻囊= 。（2023-上海）科學(xué)家獲得單色性很好的兩種光A、B,已知這兩種光的頻率VaVvab,則它們通過相同距離時(shí)間tA tB（選填“=”或“黃'）?，F(xiàn)使兩種光分別通過雙縫打到光屏上，則 光會(huì)產(chǎn)生更寬的光帶（選填或“B”）。（2023-上海）能量為8eV的光子的波長(zhǎng)為 ,下一代超高精度原子鐘的工作原理依據(jù)核反應(yīng)方程謬U—^Th+ 。（已知：h=6.63xl0-xjs,leV=1.6x10-2J）（2023-上海）導(dǎo)熱性能良好，內(nèi)壁光滑的氣缸開口朝上水平放在桌面上，開口面積為S,輕質(zhì)活塞封閉了一定質(zhì)量的氣體，活塞上放置了一個(gè)質(zhì)量為m的彼碼，穩(wěn)定時(shí)活塞距離氣缸底高度為h,以m縱軸，1/h為橫軸，圖線為一條直線，斜率為k,縱軸截距為b,大氣壓為 ,當(dāng)m=0kg時(shí)h= o閱卷人閱卷人得分三、綜合題（共40分）注意：第19、20題在列式計(jì)算、邏輯推理及回答問題過程中，要求給出必要的圖示，文字說明、公式、演算等。（2023-上海）如圖所示，是某小組同學(xué)“用DIS研究加速度與力的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)裝置，實(shí)驗(yàn)過程中可近似認(rèn)為鉤碼收受到的總重力等于小車所受的拉力。先測(cè)出鉤碼所受的力為G,之后改變繩端的鉤碼個(gè)數(shù)，小車每次從同一位置釋放，測(cè)出擋光片通過光電門的時(shí)間鉤碼 （1） 實(shí)驗(yàn)中 測(cè)出小車質(zhì)量m卑必須 B.不必（2） 為完成實(shí)驗(yàn)還需要測(cè)量① ;（2） 0（3） 實(shí)際小車受到的拉力小于鉤碼的總重力，原因是 0（4） 若導(dǎo)軌保持水平，滑輪偏低導(dǎo)致細(xì)線與軌道不平行，則細(xì)線平行時(shí)加速度如，與不平行是加速度a?相比，ai （選填"大于"、“小于”或“等于”）（2023?上海）如圖（a）,線框cdef位于傾斜角0=30°的斜面上，斜面上有一長(zhǎng)度為D的單匝矩形磁場(chǎng)區(qū)域，磁場(chǎng)方向垂直于斜面向上，大小為0.5T,己知線框邊長(zhǎng)cd=D=（）.4m,m=（）.lkg,總電阻R=0.25Q,現(xiàn)對(duì)線框施加一沿斜面向上的力F使之運(yùn)動(dòng)。斜面上動(dòng)摩擦因數(shù)卩=亨，線框速度隨時(shí)間變化如圖（b）所示。（重力加速度g取9.8m/s2）O0.4 心）O0.4 心）（b）（1） 求外力F大??；（2） 求cf長(zhǎng)度L；（3） 求回路產(chǎn)生的焦耳熱Q。（2023?上海）如圖，將小球P拴于L=1.2m的輕繩上，mP=0.15kg,向左拉開一段距離釋放，水平地面上有一物塊Q,mQ=0.1kg。小球P于最低點(diǎn)A與物塊Q碰撞，P與Q碰撞前瞬間向心加速度為1.6m/s2,碰撞前后P的速度之比為5：1,碰撞前后P、Q總動(dòng)能不變。（重力加速度g取9.8m/s2,水平地面動(dòng)摩擦因數(shù)卩=0.28）（I）求碰撞后瞬間物塊Q的速度VQ；(2)P與Q碰撞后再次冋到A點(diǎn)的時(shí)間內(nèi)，求物塊Q運(yùn)動(dòng)的距離&答案解析部分【答案】A【知識(shí)點(diǎn)】a粒子的散射【解析】【解答】A、為避免其它空氣粒子的干擾，a粒子散射實(shí)驗(yàn)應(yīng)在真空中進(jìn)行，A正確；B、 熒光屏是為了接受a粒子，a粒子打在熒光屏上會(huì)發(fā)出閃光，方便顯微鏡觀察記錄，B錯(cuò)誤：C、 為觀察不同方向a粒子的射出情況，帶熒光屏的顯微鏡要在水平面內(nèi)不同方向移動(dòng)，C錯(cuò)誤；D、 盧瑟福通過a粒子的散射實(shí)驗(yàn)說明了原子的核式結(jié)構(gòu)模型，D錯(cuò)誤；故答案為：A【分析】充分理解盧瑟福a粒子的散射實(shí)驗(yàn)的條件、原理、現(xiàn)象和結(jié)論，在真空中a粒子轟擊金箔，用帶有熒光屏的顯微鏡觀察記錄，射出的a粒子的情況，發(fā)現(xiàn)絕大多是沿直線傳播，極少數(shù)大角度偏轉(zhuǎn)，得岀原子核式結(jié)構(gòu)模型?！敬鸢浮緼【知識(shí)點(diǎn)】串聯(lián)電路和并聯(lián)電路的特點(diǎn)及應(yīng)用【解析】【解答】根據(jù)電路圖可知，四個(gè)完全相同的燈泡，燈泡婦位于干路中，流過燈泡加上的電流最大，實(shí)際功率最大，亮度最亮，故BCD錯(cuò)誤，A正確；故答案為：A【分析】根據(jù)串并聯(lián)電路的電流的特點(diǎn)，干路電流等于支路電流之和，燈泡婦上的電流最大，功率最大，亮度最亮?！敬鸢浮緾【知識(shí)點(diǎn)】機(jī)械能守恒定律【解析】【解答】一物塊爆炸分裂為速率相同、質(zhì)量不同的三個(gè)物塊，下落高度相等，由動(dòng)能定理：^mv2—^ttivq2=mgh^解得：v=-J2gh+v02?故三者落地的速率都相等，ABD錯(cuò)誤，C正確；故答案為：C【分析】己知三物塊的初速度大小相等，同一位置下落，由動(dòng)能定理可以得出末速度大小，即可得出三者落地速率相同?！敬鸢浮緽【知識(shí)點(diǎn)】熱力學(xué)圖像類問題【解析】【解答】A、P-V圖像中，由半=。得：P=TC*ab、cd分別為雙曲線的一部分是等溫線，故Ta=Tb，A錯(cuò)誤；B、 b-c,等容變化，由￡=您可知，壓強(qiáng)減小，溫度降低，TQTc，B正確：C、 de為等溫線，故TZd，C錯(cuò)誤；D、 d-a,等容變化，等容升溫增壓，Td<Ta,D錯(cuò)誤；故答案為：B【分析】P-V圖像中，由牛C得：P=TC.*,ab、cd分別為雙曲線的一部分是等溫線，可以確定ab溫度相等，cd溫度相等，由b-c或者d-a,由等容變化據(jù)可以確定兩條等溫線的溫度高低。【答案】C【知識(shí)點(diǎn)】平均速度；瞬時(shí)速度【解析】【解答】平均速度為某段時(shí)間（位移）內(nèi)物體運(yùn)動(dòng)的平均快慢，等于該段時(shí)間（位移）內(nèi)的總位移與總時(shí)間的比值，即：初=借瞬時(shí)速度是某一時(shí)刻（位置）的速度，初=偌當(dāng)也趨近于零時(shí)，平均速度近似等于瞬時(shí)速度，根據(jù)題意，己知總位移和總時(shí)間，可以計(jì)算平均速度，無法計(jì)算瞬時(shí)速度，故ABD錯(cuò)誤，C正確；故答案為：C【分析】正確理解平均速度與瞬時(shí)速度的定義，平均速度為某段時(shí)間（位移）內(nèi)物體運(yùn)動(dòng)的平均快慢，等于該段時(shí)間（位移）內(nèi)的總位移與總時(shí)間的比值，艮卩：初=結(jié)瞬時(shí)速度是某一時(shí)刻（位置）的速度，v=^當(dāng)M趨近于零時(shí)，平均速度近似等于瞬時(shí)速度，由此可以判斷?！敬鸢浮緼【知識(shí)點(diǎn)】電荷及三種起電方式【解析】【解答】根據(jù)電荷的中和與平均分離原理，x與y接觸后分離，電荷平均分離，x和y帶電量均為+2卩C,然后y與z接觸后分離，先中和后平均分離，y與z帶電量均為-4卩C,故BCD錯(cuò)誤，A正確；故答案為：A【分析】根據(jù)電荷的中和與平均分離原理，同種電荷兩個(gè)帶電體總電荷量平均分離，異種電荷先中和，后剩余總電荷量平均分離，以此可以正確判斷。【答案】C【知識(shí)點(diǎn)】機(jī)械波及其形成和傳播【解析】【解答】由題可知，該波向右傳播且波長(zhǎng)為0.5m,得出波速：v=^=^m/s，則在*=8T的時(shí)間內(nèi)傳播的距離為：*=h=罕x8T=4.0m，而BD之間的距離為3.75+0.25=4m,故經(jīng)過t=8T該波從B點(diǎn)傳播到D點(diǎn)，D點(diǎn)為起振點(diǎn)即將要向上振動(dòng)，xcd=0.25m=壹半個(gè)波長(zhǎng)，故ABD錯(cuò)誤，C正確；故答案為：C【分析】正確理解機(jī)械波的形成，由題意可計(jì)算出波的傳播速度，再計(jì)算t=87*傳播的距離，由此確定波剛好傳播到D點(diǎn)，由波的傳播方向確定D點(diǎn)振動(dòng)方向，并由CD之間的距離確定為半個(gè)波長(zhǎng)，從而得出結(jié)果。【答案】C【知識(shí)點(diǎn)】電勢(shì)能【解析】【解答】由(p-s圖像可知，電荷向右移動(dòng)，電勢(shì)逐漸降低，根據(jù)電勢(shì)能公式：Ep=(pq可知，負(fù)電荷的電勢(shì)能為負(fù)值，且向右移動(dòng)時(shí)電勢(shì)能逐漸增大，故ABD錯(cuò)誤，C正確；故答案為：C【分析】根據(jù)電勢(shì)能公式EP=(pq可知，負(fù)電荷在電勢(shì)高處電勢(shì)能反而小，向右移動(dòng)時(shí)隨電勢(shì)的逐漸減小，負(fù)電荷的電勢(shì)能是負(fù)值逐漸増大，以此可以判斷?！敬鸢浮緽【知識(shí)點(diǎn)】簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)【解析】【解答】根據(jù)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，回夏力方向總指向平衡位置，大小與位移成正比，方向與位移方向相反，從平衡位置到最大振幅，做加速增大的減速運(yùn)動(dòng)，反之，由最大振幅向平衡位置運(yùn)動(dòng)做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，即加速度増大必減速，加速度減小必加速，故ACD錯(cuò)誤，B正確；故答案為：B【分析】正確理解簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，根據(jù)回復(fù)力的定義明確加速度與位移的關(guān)系，得出從平衡位置到最大振幅，做加速增大的減速運(yùn)動(dòng)，反之，由最大振幅向平衡位置運(yùn)動(dòng)做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，從而正確判斷。【答案】A【知識(shí)點(diǎn)】勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移與速度的關(guān)系【解析】【解答】炮彈在炮管中的運(yùn)動(dòng)可視作初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，假設(shè)炮管長(zhǎng)為L(zhǎng)=5m,II21可得每發(fā)炮彈的發(fā)射時(shí)間：t=虧=3=戸=0.01s,炮管在報(bào)廢前發(fā)射約500枚炮彈，則炮彈在炮管中的總時(shí)間約為：te=500t=5s,故BCD錯(cuò)誤，A正確；故答案為：A【分析】根據(jù)口常經(jīng)驗(yàn)明確炮管的大約長(zhǎng)度和炮彈在炮管中可視作初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，以此計(jì)算單發(fā)炮彈在炮管中的時(shí)間，再計(jì)算報(bào)廢前炮彈再炮管中的總時(shí)間?！敬鸢浮緽【知識(shí)點(diǎn)】電場(chǎng)及電場(chǎng)力【解析】【解答】在a勻強(qiáng)電場(chǎng)中，兩個(gè)正q點(diǎn)電荷受到的電場(chǎng)力沿電場(chǎng)線方向，合力大小為：F+=E.2q,而?2q的點(diǎn)電荷受到的電場(chǎng)力沿電場(chǎng)線反方向，大小為：F_=E-2q.則用輕棒連接為正三角形的合力為零；在b非勻強(qiáng)電場(chǎng)中，正點(diǎn)電荷所在位置電場(chǎng)強(qiáng)度小于-2q處的電場(chǎng)強(qiáng)度，正點(diǎn)電荷電場(chǎng)力方向沿電場(chǎng)線切線方向，2q的點(diǎn)電荷受到的電場(chǎng)力沿電場(chǎng)線反方向，使得兩個(gè)正的點(diǎn)電荷所受電場(chǎng)力的合力小于?2q電荷的電場(chǎng)力，則用輕棒連接為正三角形的合力不為零。故ACD錯(cuò)誤，B正確；故答案為：B【分析】正確理解電場(chǎng)力的大小和方向，勻強(qiáng)電場(chǎng)中電場(chǎng)強(qiáng)度處處相等，兩個(gè)正電荷的電場(chǎng)力與負(fù)電荷的電場(chǎng)力合力為零；在非勻強(qiáng)電場(chǎng)中，兩個(gè)正電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度小于負(fù)電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度，同時(shí)正電荷的電場(chǎng)力方向不同，合力更小，整個(gè)系統(tǒng)合力不為零?！敬鸢浮緾【知識(shí)點(diǎn)】電磁感應(yīng)中的圖像類問題【解析】【解答】由部分導(dǎo)線切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：E=BLv可知金屬棒所受安培力為：Fa=BJL=^u，再由圖像可知，安培力與時(shí)間為線性關(guān)系可知：金屬棒先做向右的勻減速，R+r再做向左的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律：安培力與外力的合力為定值，即外力隨時(shí)間線性變化，由匕-t圖像可知：在0-姑時(shí)間安培力為負(fù)值，方向向左，由左手定則和右手定則可知，金屬棒向右做減速運(yùn)動(dòng)，在t0-2t0時(shí)間內(nèi)安培力為正值從零逐漸増加，方向向右，同理可知，金屬棒向左做初速為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度不變，則在％時(shí)刻，合力向左，但Fa=0,所以外力為負(fù)值不等于零，方向向左。故ABD錯(cuò)誤，C正確；故答案為：C【分析】正確掌握部分導(dǎo)線切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)時(shí)導(dǎo)體的安培力，結(jié)合安培力隨時(shí)間變化規(guī)律確定導(dǎo)線運(yùn)動(dòng)規(guī)律和方向，即金屬棒先做向右的勻減速，再做向左的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由此確定外力與安培力的合力不變，導(dǎo)線做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，選取特殊的如時(shí)刻，確定外力的大小和方向，

做出正確判斷?！敬鸢浮孔兇?；變大【知識(shí)點(diǎn)】能量守恒定律；分子動(dòng)能【解析】【解答】由分子動(dòng)理論可知，容器內(nèi)分子做無規(guī)則的熱運(yùn)動(dòng)，同時(shí)隨容器一起運(yùn)動(dòng)，當(dāng)容器在外力作用下立即停止運(yùn)動(dòng)，氣體分子由于慣性與容器器壁發(fā)生碰撞，使得氣體隨容器運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，氣體溫度升高，對(duì)容器器壁的撞擊的劇烈程度變大。故答案為：變大；變大。【分析】容器內(nèi)分子隨容器運(yùn)動(dòng)，由于容器在外力作用下突然停止運(yùn)動(dòng)，根據(jù)能量轉(zhuǎn)化，使得容器內(nèi)氣體分子與容器器壁碰撞，氣體溫度升高，溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，由此可以正確判斷。14.【答案】罕;14.【答案】罕;4n2mr【知識(shí)點(diǎn)】線速度、角速度和周期、轉(zhuǎn)速；萬有引力定律的應(yīng)用【解析】【解答】根據(jù)線速度定義：u=：=罕；根據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)供需平衡：『=誓.故答案為：罕；啰【分析】正確理解勻速圓周運(yùn)動(dòng)線速度的定義，通過的弧長(zhǎng)與所需時(shí)間的比值；明確勻速圓周運(yùn)動(dòng)供需平衡的關(guān)系，即萬有引力提供了月球勻速圓周運(yùn)動(dòng)所需向心力。【答案】=；A【知識(shí)點(diǎn)】干涉條紋和光的波長(zhǎng)之間的關(guān)系【解析】【解答】由于兩種光的頻率辦VUb，但AB光的速度均為C,它們通過相同距離時(shí)間：tA=切由于兩種光的頻率由C=^=Av則兩種光的波長(zhǎng)：Aa>Ab,根據(jù)干涉條紋間距公式：Ax=音人可知A光會(huì)產(chǎn)生更寬的光帶。故答案為：=;A?！痉治觥緼B兩種光雖然頻率不同，但傳播速度相同，通過相同的距離所需時(shí)間相同；根據(jù)光的頻率關(guān)系，得出波長(zhǎng)關(guān)系，由干涉條紋間距公式可得頻率小的波長(zhǎng)長(zhǎng)，條紋間距更寬?！敬鸢浮?.55x10-7；*He【知識(shí)點(diǎn)】原子核的衰變、半衰期；能量子與量子化現(xiàn)象【解析】【解答】根據(jù)光子的能量公式：E=hv和光速公式：C=^=Xv聯(lián)立可得：人=§=￡=學(xué)，h代入數(shù)據(jù)可得：A=1.55x10-7m：根據(jù)核反應(yīng)方程的電荷數(shù)，質(zhì)量數(shù)守恒，高精度原子鐘的工作原理依據(jù)核反應(yīng)方程：2翌“T2辨九+紐e.故答案為：1.55x107；^He.【分析】根據(jù)光子的能量公式和波長(zhǎng)與頻率的關(guān)系，可以得出波長(zhǎng)的大小，根據(jù)核反應(yīng)方程的電荷數(shù)，質(zhì)量數(shù)守恒，完成核反應(yīng)方程?！敬鸢浮恳稽\；一華Sb【知識(shí)點(diǎn)】理想氣體與理想氣體的狀態(tài)方程【解析】【解答】設(shè)缸內(nèi)氣體壓強(qiáng)為P1，大氣壓強(qiáng)為Po,則對(duì)破碼受力分析：mg+pos=P1s,更換不同的秩碼穏定的過程為等溫變化，由理想氣體狀態(tài)方程得：卩頓1=*聯(lián)立可得：m= =-咎以m縱軸，1/h為橫軸，圖線為一條直線，斜率為k,縱軸截距為b,可得：m=kji-b即：k=紂氣可知:%=-學(xué)當(dāng)m=0時(shí)，由m=k.-b,解得：h=-%故答案為：一罕；—%Sb【分析】根據(jù)題意，對(duì)活塞受力分析得到氣體的壓強(qiáng)，導(dǎo)熱性能良好的容器氣體溫度不變，當(dāng)破碼的質(zhì)冕發(fā)生變化，氣體處于等溫動(dòng)態(tài)變化，由理想氣體狀態(tài)方程可以得的函數(shù)關(guān)系，由已知的斜率與縱截距進(jìn)行計(jì)算?！敬鸢浮浚?）B（2） 擋光片寬度d；小車釋放位置到光電門的距離（3） 下落時(shí)鉤碼有向下的加速度，拉力小于重力（4） 大于【知識(shí)點(diǎn)】探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系【解析】【解答】（1）驗(yàn)證加速度與力的關(guān)系，由牛頓第二定律：a=^=jj-F控制變量法，控制車的質(zhì)量M不變，研究a與F的關(guān)系，故不保持小車質(zhì)量不變，不需要測(cè)出質(zhì)量大??；（2）為完成實(shí)驗(yàn)還需要測(cè)員①測(cè)出擋光片的寬度d,以便計(jì)算光電門處小車的速度：□=￥；②測(cè)出小車釋放位置到光電門的距離L,由速度位移公式計(jì)算小車的加速度：V2=2ah小車與鉤碼是連接體，鉤碼的重力使小車和鉤碼產(chǎn)生加速度，故繩子的拉力小于鉤碼的重力；細(xì)線水平時(shí)，細(xì)線拉力產(chǎn)生加速度：F=Ma1；滑輪偏低導(dǎo)致細(xì)線與軌道不平行時(shí)，細(xì)線拉力的水平分力產(chǎn)生加速度：Fcos0=Ma2>故?i>a2.【分析】驗(yàn)證加速度與質(zhì)量和合外力的關(guān)系的實(shí)驗(yàn)，應(yīng)用的方法是控制變量法，探究加速度與合外力的關(guān)系時(shí)保持小車質(zhì)量不變，改變鉤碼質(zhì)量測(cè)出對(duì)應(yīng)加速度，加速度根據(jù)速度位移公式計(jì)算，需要測(cè)出擋光板的寬度和小車發(fā)生的位移：由于鉤碼的重力讓小車和鉤碼的連接體產(chǎn)生了加速度，故細(xì)繩的拉力小于鉤碼的重力；實(shí)驗(yàn)中要保持細(xì)繩與軌道平行，不平行時(shí)只是細(xì)繩拉力的分力產(chǎn)生加速度，增大了實(shí)驗(yàn)誤差?！敬鸢浮?1)由v-t圖像可得：a=^=^m/s2=Sm/s2對(duì)導(dǎo)線框受力分析可得：F—mgsinO—^mgcosO=ma代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得：F=1.48N答：外力F大小為1.48N.由v-t圖像可知線框cf邊進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)開始勻速直線運(yùn)動(dòng)，可得：F=mgsinO-^imgcosO+BIL由法拉第電磁感應(yīng)定律：E=BLv由閉合電路歐姆定律：/=*得：1=響代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得：L=().5m,I=2A答:cf長(zhǎng)度L為0.5m.線框勻速切割穿過磁場(chǎng)，產(chǎn)生的焦耳熱就等于克服安培力所做的功：Q=W克安=尸安,2D=B1L?2D=0.5x2x0.5x2x0.4=0.4；答：回路產(chǎn)生的焦耳熱Q為0.4J【知識(shí)點(diǎn)】電磁感應(yīng)中的圖像類問題【解析】【分析】(1)由v-t圖像可知導(dǎo)線框運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，得出勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度和導(dǎo)線框勻速切割穿過磁場(chǎng)，對(duì)導(dǎo)線框受力分析由牛頓第二定律計(jì)算拉力的大小；由勻速切割磁感線運(yùn)動(dòng)導(dǎo)線框受合力為零，由法拉第電磁感應(yīng)定律計(jì)算電動(dòng)勢(shì)，由歐姆定律計(jì)算感應(yīng)電流得到安培力的大小，從而求出導(dǎo)線框切割邊的長(zhǎng)度；由于勻速切割，安培力不變，導(dǎo)線框產(chǎn)生的焦耳熱就是克服安培力所做的功。【答案】(1)已知小球P與Q碰撞之前的向心加速度，由向心力公式可得：F向=噂~=沖代入數(shù)據(jù)解得：v=1.29m/s又因?yàn)榕鲎睬昂驪的速度之比為5：1,所以碰后P的速度：vP=|v-0.28m/sP與Q碰撞時(shí)間極端，系統(tǒng)內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力，動(dòng)量守恒得：mPv=mpvp+mQvQ代入數(shù)據(jù)解得：vQ=1.67m/s方向水平向右；答：Q的速度vq為1.663m/s（2）由于L=1.2m遠(yuǎn)大于小球直徑，碰后速度小上升高度小，根據(jù)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)單擺周期公式：T=2場(chǎng)小球碰后再次到平衡位置的時(shí)間：t=&聯(lián)立解得：t=2.20s碰后Q做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得：limQg=mQa速度減為零所需時(shí)間，由速度公式得：0=々-就'代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得：C=0.16s得：Of由速度位移公式可得：、=喙代入數(shù)據(jù)解得：s=0.51m答：物塊Q運(yùn)動(dòng)的距離s為（）.51m.【知識(shí)點(diǎn)】動(dòng)量守恒定律；單擺及其回復(fù)力與周期；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移與速度的關(guān)系【解析】【分析】（1）己知P在碰前的向心加速度，根據(jù)向心力公式求得碰前速度，由動(dòng)量守恒