【精準(zhǔn)解析】江蘇省XX中學(xué)高一下學(xué)期6月月考物理試題-

江蘇省揚(yáng)州中學(xué)2019-2020學(xué)年度第二學(xué)期月考高一物理試卷考試時間：90分鐘試卷滿分：100分2020.6一、單項選擇題（本題共5小題，每小題3分，共15分。在每小題給出的四個選項中，只有一個選項符合題意。）1.關(guān)于點電荷、元電荷、檢驗電荷，下列說法正確的是()A.元電荷實際上是指電子和質(zhì)子本身B.點電荷所帶電荷量一定很小C.點電荷所帶電荷量一定是元電荷電荷量的整數(shù)倍D.點電荷、元電荷、檢驗電荷是同一種物理模型【答案】C【解析】【詳解】元電荷是指一個電子所帶的電荷量，并不是指電子或質(zhì)子本身，故A選項錯誤；在條件滿足情況下點電荷可以代替任何帶電體，故B選項錯誤；任何帶電體所帶電荷量都是元電荷電荷量的整數(shù)倍，故C選項正確；點電荷是理想化模型，元電荷是最小電荷單位，檢驗電荷是指電荷量很小的電荷，故D選項錯誤．2.如圖所示，實線為方向未知的三條電場線，從電場中M點以相同速度飛出a、b兩個帶電粒子，運(yùn)動軌跡為圖中虛線，則（）A.a的加速度將減小，b的加速度將增大B.a的速度將減小，b的速度將增大C.a一定帶正電，b一定帶負(fù)電D.兩個粒子的電勢能一個增大，一個減小【答案】A【解析】【詳解】A．電場線密的地方電場的強(qiáng)度大，電場線疏的地方電場的強(qiáng)度小，所以a受力減小，加速度減小，b受力增大，加速度增大，A正確；B．物體做曲線運(yùn)動，所受力的方向指向軌道的內(nèi)側(cè)，a受到的靜電力與運(yùn)動方向之間的夾角先大于90°，后小于90°，速度先減小后增大；b受到的靜電力與運(yùn)動方向之間的夾角始終小于90°，速度一直增大，B錯誤；C．物體做曲線運(yùn)動，所受力的方向指向軌道的內(nèi)側(cè)，由于電場線的方向不知，所以粒子帶電性質(zhì)不定，C錯誤；D．物體做曲線運(yùn)動，所受力的方向指向軌道的內(nèi)側(cè)，a受到的靜電力與運(yùn)動方向之間的夾角先大于90°，后小于90°，a受到的靜電力先做負(fù)功后做正功，電勢能先增大后減??；b受到的靜電力與運(yùn)動方向之間的夾角始終小于90°，b受到的力做正功，電勢能減小，D錯誤。故選A。3.如圖所示，帶正電的金屬球A，放置在不帶電的金屬球B附近，M、N是金屬球B表面上的兩點．下列說法中正確的是（）A.M點處帶正電，N點處帶負(fù)電，且M點電勢高于N點電勢B.M點處帶正電，N點處帶負(fù)電，且M點電勢等于N點電勢C.M點處帶負(fù)電，N點處帶正電，且M點電勢高于N點電勢D.M點處帶負(fù)電，N點處帶正電，且M點電勢等于N點電勢【答案】D【解析】【分析】物體帶電有接觸起電，有感應(yīng)帶電，有摩擦起電，對于感應(yīng)帶電，是利用同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引的原理，且?guī)щ婓w是等勢體；【詳解】帶電的金屬球A靠近不帶電的金屬球B，由于電荷間的相互作用，同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引，導(dǎo)致金屬球B中的自由電子向右側(cè)移動，M點由于多電子，因此M點處帶負(fù)電，N點由于少電子，因此N點處帶正電，但整個金屬球B是處于靜電平衡的導(dǎo)體，其整體是等勢體，故M、N點電勢相等，故ABC錯誤，D正確．【點睛】本題重點掌握感應(yīng)起電的本質(zhì)是電荷的轉(zhuǎn)移，當(dāng)金屬導(dǎo)體處于電場時會出現(xiàn)靜電平衡現(xiàn)象，整個金屬導(dǎo)體是一個等勢體，最容易犯的錯是沒有考慮靜電平衡，認(rèn)為N點電勢高于M點，做題時需要特別注意．4.如圖所示，一對面積較大的平行板電容器水平放置，帶等量異種電荷，B板固定且接地，A板用絕緣線懸掛，P為兩板中點。下列結(jié)論正確的是（）A.若在兩板間充滿電介質(zhì)，P點電勢將升高B.A、B兩板電荷分別在P點產(chǎn)生電場的場強(qiáng)大小相等、方向相同C.若將A板豎直向下平移一小段距離，電容器儲存的電能將增大D.若將A板豎直向上平移一小段距離，線的拉力將變大【答案】B【解析】【詳解】A．若在兩板間充滿電介質(zhì)，由電容的決定式可知電容增大，電容器的帶電量不變，由電容的定義式得知板間電勢差減小，由可知板間場強(qiáng)減小，由分析得知P點與下極板間的電勢差減小，P點的電勢比下極板電勢高，所以P點電勢將降低，故A錯誤；B．兩板間形成的是勻強(qiáng)電場，根據(jù)對稱性可知，A、B兩板電荷分別在P點產(chǎn)生電場的場強(qiáng)大小相等，方向相同，故B正確；C．若將A板豎直向下平移一小段距離，電容增大，電容器的帶電量不變，則由得知板間電勢差減小，由可知電容器儲存的電能減小，故C錯誤；D．若將A板豎直向上平移一小段距離，電荷間的距離增大，根據(jù)庫侖定律定性分析可知，兩極板間的正負(fù)電荷吸引力減小，所以線的拉力將變小，故D錯誤。故選B。5.如圖所示，楔形木塊ABC固定在水平面上，斜面AB、BC與水平面的夾角分別為53°、37°。質(zhì)量分別為2m、m的兩滑塊P、Q，通過不可伸長的輕繩跨過輕質(zhì)定滑輪連接，輕繩與斜面平行．已知滑塊P與AB間的動摩擦因數(shù)為，其他摩擦不計，重力加速度為g，sin53°=0.8sin37°=0.6，滑塊運(yùn)動的過程中（）A.Q動能的增加量等于輕繩對Q做的功B.Q機(jī)械能的增加量等于P機(jī)械能的減少量C.P機(jī)械能的減少量等于系統(tǒng)摩擦產(chǎn)生的熱量D.兩滑塊運(yùn)動的加速度大小為0.2g【答案】D【解析】【詳解】A．在兩滑塊運(yùn)動的過程中，Q沿斜面上升，輕繩的拉力和重力都對Q做功，由動能定理知Q動能的增加量等于輕繩對Q做的功與重力做功的代數(shù)和，A錯誤；B．由于P下滑過程中要產(chǎn)生內(nèi)能，所以Q機(jī)械能的增加量與系統(tǒng)摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能之和等于P機(jī)械能的減少量，B錯誤；C．根據(jù)能量守恒定律知，P機(jī)械能的減少量等于系統(tǒng)摩擦產(chǎn)生的熱量與Q機(jī)械能的增加量之和，C錯誤；D．根據(jù)牛頓第二定律得對Q有對P有聯(lián)立解得故D正確．故選D。二、多項選擇題（本小題共4小題，每小題4分，共16分。每小題四個選項中至少有兩個選項符合題意，全部選對得4分，漏選的得2分，錯選的得0分。）6.科學(xué)家發(fā)現(xiàn)一顆可能適合人類居住的“超級地球”，其質(zhì)量是地球的4倍，半徑是地球的2倍。它圍繞一顆紅矮星公轉(zhuǎn)的周期為地球公轉(zhuǎn)周期的2倍，軌道半徑與地球軌道半徑相同，則可以確定的是（）A.“超級地球”和地球受到的向心力大小相等B.紅矮星的質(zhì)量和太陽質(zhì)量相等C.“超級地球”的第一宇宙速度與地球的第一宇宙速度大小相等D.“超級地球”表面的重力加速度與地球表面的重力加速度大小相等【答案】AD【解析】【詳解】A．星球受到的向心力“超級地球”其質(zhì)量是地球的4倍，公轉(zhuǎn)的周期為地球公轉(zhuǎn)周期的2倍，軌道半徑與地球軌道半徑相同，“超級地球”和地球受到的向心力大小相等，A正確；B．根據(jù)萬有引力提供向心力，則有解得“超級地球”公轉(zhuǎn)的周期為地球公轉(zhuǎn)周期的2倍，軌道半徑與地球軌道半徑相同，紅矮星的質(zhì)量和太陽質(zhì)量不相等，B錯誤；C．在星球表面上運(yùn)行的衛(wèi)星，有即該星球的第一宇宙速度為“超級地球”其質(zhì)量是地球的4倍，半徑是地球的2倍，“超級地球”第一宇宙速度是地球第一宇宙速度的倍，C錯誤；D．在星球表面上，有則得星球表面的重力加速度為“超級地球”其質(zhì)量是地球4倍，半徑是地球的2倍，“超級地球”表面的重力加速度與地球表面的重力加速度大小相等，D正確。故選AD。7.如圖所示，坐標(biāo)系中有兩個帶電量分別為+Q和+3Q的點電荷，在C處放一個試探電荷，則試探電荷所受電場力的方向可能是下列圖中（）A. B.C. D.【答案】BD【解析】【詳解】試探電荷到兩個點電荷的距離相等，根據(jù)知，3Q點電荷對試探電荷的庫侖力是Q點電荷對試探電荷庫侖力的3倍，若試探電荷帶正電，受力如左圖所示，若試探電荷帶負(fù)電，受力如右圖所示，根據(jù)平行四邊形定則作出合力，即試探電荷所受的電場力，可知B、D正確，A、C錯誤；故選BD．【點睛】根據(jù)試探電荷在C點所受兩個電荷的庫侖力，結(jié)合平行四邊形定則分析判斷．8.在x軸上有兩個點電荷q1、q2，其靜電場的電勢φ在x軸上分布如圖所示．下列說法正確有（）A.q1和q2帶有異種電荷B.x1處的電場強(qiáng)度為零C.負(fù)電荷從x1移到x2，電勢能減小D.負(fù)電荷從x1移到x2，受到電場力增大【答案】AC【解析】【分析】本題的核心是對φ–x圖象的認(rèn)識，利用圖象大致分析出電場的方向及電場線的疏密變化情況，依據(jù)沿電場線的方向電勢降低，圖象的斜率描述電場的強(qiáng)弱——電場強(qiáng)度進(jìn)行分析解答．【詳解】A．由圖知x1處電勢等于零，所以q1和q2帶有異種電荷，A正；B．圖象的斜率描述該處的電場強(qiáng)度，故x1處場強(qiáng)不為零，B錯誤；C．負(fù)電荷從x1移到x2，由低電勢向高電勢移動，電場力做正功，電勢能減小，故C正確；D．由圖知，負(fù)電荷從x1移到x2，電場強(qiáng)度越來越小，故電荷受到的電場力減小，所以D錯誤．9.兩異種點電荷A、B附近的電場線分布如圖所示,P為電場中的一點,連線AP、BP相互垂直.已知P點的場強(qiáng)大小為E、電勢為φ,電荷A產(chǎn)生的電場在P點的場強(qiáng)大小為EA,，取無窮遠(yuǎn)處的電勢為零.下列說法中正確的有()A.A、B所帶電荷量相等B.電荷B產(chǎn)生的電場在P點的場強(qiáng)大小為C.A、B連線上有一個電勢為零的點D.將電量為-q的點電荷從P點移到無窮遠(yuǎn)處,電場力做的功為qφ【答案】BC【解析】【詳解】根據(jù)等量異種點電荷的電場線分布圖具有對稱性，知A、B所帶的電荷量不相等，故A錯誤；P點的場強(qiáng)是點電荷A、B在P點產(chǎn)生的合場強(qiáng)，根據(jù)矢量合成的平行四邊形定則知，，故B正確；如果取無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，正電荷附近的電勢高于0，負(fù)電荷附近低于0，所以其A、B連線上有電勢為0的點，故C正確；根據(jù)W=-q（φ-0）=-qφ，故D錯誤；故選BC．【點睛】本題考查電場線的分布和電場的疊加原理，電場的疊加遵循平行四邊形定則，電勢是標(biāo)量，正電荷周圍電勢為正，負(fù)電荷周圍電勢為負(fù)，注意求電場力做功W=qU正負(fù)號一起代入計算．三、填空題（本題共2小題，每空2分，總共18分。）10.某同學(xué)利用如圖所示的氣墊導(dǎo)軌裝置探究動能定理。在氣墊導(dǎo)軌上安裝了光電門，滑塊上固定寬度為D的遮光條，用細(xì)線繞過定滑輪將質(zhì)量為M的滑塊（含遮光條）與重物相連，細(xì)線與導(dǎo)軌平行。實驗中把重物的重力當(dāng)作滑塊受到的牽引力，每次滑塊都從A處由靜止釋放，此處遮光條到光電門的距離為L。重物的質(zhì)量用m表示，遮光條通過光電門的時間用t表示。(1)實驗前調(diào)整氣墊導(dǎo)軌水平，其目的是_____；(2)實驗中把重物的重力當(dāng)作滑塊受到的牽引力，需滿足的條件是：重物質(zhì)量m_____滑塊質(zhì)量M；（選填“遠(yuǎn)大于”、“等于”、“遠(yuǎn)小于”）(3)實驗中保持L不變，通過改變_____來改變牽引力做的功；(4)在處理實驗數(shù)據(jù)時，四組同學(xué)建立了下列四種坐標(biāo)系，其中正確的是_____。A.B.C.D.【答案】(1).使滑塊重力不做功(2).遠(yuǎn)小于(3).重物質(zhì)量或重力(4).C【解析】【詳解】(1)[1]實驗前調(diào)整氣墊導(dǎo)軌水平，其目的是使滑塊重力不做功；(2)[2]實驗中把重物的重力當(dāng)做滑塊受到的牽引力，需滿足的條件是重物質(zhì)量遠(yuǎn)小于滑塊的質(zhì)量；(3)[3]實驗中重物的重力等于滑塊受到的拉力，通過改變重物的質(zhì)量來改變牽引力做的功；(4)[4]滑塊經(jīng)過光電門時的速度對滑塊，由動能定理得即故選C。

11.如圖所示，在《實驗：探究影響平行板電容器電容的因素》中，給平行板電容器充上一定量的電荷后，將電容器的兩極板A、B分別跟靜電計的指針和外殼相連（接地）?，F(xiàn)請回答下列問題：(1)如果該電容器的電容為C，所帶電量為Q，則兩極板間的電勢差為_____；(2)將A極板向右移動少許，則靜電計指針的偏轉(zhuǎn)角將_____；（選填“增大”、“減小”或“不變”，下同）(3)將B極板向上移動少許，則靜電計指針的偏轉(zhuǎn)角將_____；(4)將一塊玻璃板插入A、B兩極板之間，則靜電計指針的偏轉(zhuǎn)角將_____；(5)如果在操作過程中，手無意中觸摸了B極板，則觀察到的實驗現(xiàn)象_____發(fā)生變化。（選填“會”或“不會”）【答案】(1).(2).減小(3).增大(4).減小(5).不會【解析】【詳解】（1）[1]根據(jù)電容的定義式可知，如果該電容器的電容為C，所帶電量為Q，則兩極板間的電勢差（2）[2]根據(jù)電容的決定式可知，將A極板向右移動少許，板間距離d減小，電容增大，靜電計上的電荷減少，則靜電計指針的偏轉(zhuǎn)角將減小。（3）[3]根據(jù)電容的決定式可知，將B極板向上移動少許，正對面積減小，則電容減小，靜電計上的電荷會增多，指針的偏轉(zhuǎn)角將增大。（4）[4]根據(jù)電容的決定式可知，將一塊玻璃板插入A、B兩極板之間，介電常數(shù)增大，電容增大，靜電計上的電荷減少，則靜電計指針的偏轉(zhuǎn)角將減小。（5）[5]如果在操作過程中，手無意中觸摸了B極板，由于B極板已經(jīng)接地，則觀察到的實驗現(xiàn)象不變。四、計算題（共4小題，共51分，第12題、13題、14題每題各12分，第15題15分。解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分，有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。）12.將帶電荷量為610－6C的負(fù)電荷從電場中A點移到B點，克服靜電力做了310－5J的功；再將該電荷從B點移到C點，靜電力做功1.210－5J的功。求：(1)A、B兩點間的電勢差UAB；(2)若規(guī)定B點的電勢為零，則C點的電勢是多少？(3)該電荷從A點移到C點，電勢能變化了多少？（要求指明是增加還是減少）【答案】(1)5V；(2)2V；(3)增加了1.810－5J【解析】【詳解】(1)AB兩點間的電勢差為(2)BC兩點間的電勢差為若規(guī)定B點的電勢為零，則則(3)AC兩點間的電勢差為該電荷從A點移到C點，電場力做功為由功能關(guān)系可知，電勢能增加了1.810－5J。13.哈爾濱第24屆世界大學(xué)生冬運(yùn)會某滑雪道為曲線軌道，滑雪道長s＝2.5×103m，豎直高度h＝720m.運(yùn)動員從該滑道頂端由靜止開始滑下，經(jīng)t＝200s到達(dá)滑雪道底端時速度v＝30m/s，人和滑雪板的總質(zhì)量m＝80kg，取g＝10m/s2，求人和滑雪板(1)到達(dá)底端時的動能；(2)在滑動過程中重力做功的功率；(3)在滑動過程中克服阻力做的功．【答案】(1)3.6×104J(2)2.88×103W(3)5.4×105J【解析】【詳解】(1)到達(dá)底端時的動能Ek＝mv2代入數(shù)據(jù)得Ek＝3.6×104J(2)在滑動過程中重力做的功W＝mgh功率P＝代入數(shù)據(jù)解得P＝2.88×103W(3)設(shè)在滑動過程中克服阻力做的功Wf，由動能定理有mgh－Wf＝mv2代入數(shù)據(jù)解得Wf＝5.4×105J14.如圖所示為一豎直放置的加速電場和一水平放置的偏轉(zhuǎn)電場。一電子（不計重力）由靜止開始經(jīng)加速電場（U1=1000V）加速后從偏轉(zhuǎn)電場的正中央水平飛入。已知形成偏轉(zhuǎn)電場的兩平行板間的距離d=1cm，板長l=5cm，電子的電量為e，質(zhì)量為m。(1)電子離開加速電場時的速度v0多大？（用m、e、U1表示）(2)若電子恰好從下極板邊緣飛出，則偏轉(zhuǎn)電場兩極板間的電壓U2多大？(3)若將第(2)問求得的電壓減小一半，則電子飛出偏轉(zhuǎn)電場時的速度與水平方向間的夾角θ多大？（可用三角函數(shù)表示）