2023年河南省新鄉(xiāng)市高考物理二模試卷+答案解析（附后）

2023年河南省新鄉(xiāng)市高考物理二模試卷

1.某核反應(yīng)方程為勰蟾熠?南焉觸蠕羯,已知X的質(zhì)量為八，，H的質(zhì)量為」＞,He

的質(zhì)量為；「》，，，。的質(zhì)量為I"、，，，則下列說(shuō)法正確的是（）

A.X是；〃，該反應(yīng)釋放能量B.X是；〃，該反應(yīng)吸收能量

C.X是H,該反應(yīng)釋放能量D.X是；〃，該反應(yīng)吸收能量

2.某橫截面為“v”形帶電導(dǎo)體右側(cè)的電場(chǎng)線，或等勢(shì)面?如圖中實(shí)線所

示，其中a、b是同一條實(shí)線上的兩點(diǎn)，c是另一條實(shí)線上的一點(diǎn)，d是導(dǎo)

體尖角右側(cè)表面附近的一點(diǎn)。下列說(shuō)法正確的是（）

A.實(shí)線表示電場(chǎng)線

B.a點(diǎn)的電勢(shì)一定低于c點(diǎn)的電勢(shì)

C.c點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于d點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度

D.點(diǎn)電荷從a點(diǎn)到c點(diǎn)再到b點(diǎn)的過(guò)程中，電場(chǎng)力做的功不為零

3.2023年1月13日，“長(zhǎng)征二號(hào)”丙運(yùn)載火箭在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心點(diǎn)火起飛,成功將“亞

太6E”衛(wèi)星送入預(yù)定軌道。若衛(wèi)星入軌后做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，軌道半徑為r,線速度大小為v,

地球的半徑為R,則地球的第一宇宙速度為（）

A。%B-TC.D.

4.某國(guó)產(chǎn)電動(dòng)汽車(chē)正在進(jìn)行性能測(cè)試。若該汽車(chē)剎車(chē)后做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，第1s內(nèi)通過(guò)

的距離為16m,最后Is內(nèi)通過(guò)的距離為4m,則汽車(chē)開(kāi)始剎車(chē)時(shí)的速度大小為（）

A.I-B.C.2.、D.

5.如圖所示，用均勻?qū)Ь€做成的單匝正方形線圈的面積為5,正方形的一

半放在垂直于線圈平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，a,b分別為兩對(duì)邊的中點(diǎn)，線圈

的總電阻為R。下列說(shuō)法正確的是（）

A.當(dāng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度增大時(shí)，線圈中的電流沿順時(shí)針?lè)较?/p>

B.當(dāng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度以的變化率增大時(shí)，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)

SSH

為

At

C.在磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小由B減小到零的過(guò)程中，通過(guò)線圈某一橫截面的電荷量為;〃

D.在線圈以ab為軸轉(zhuǎn)動(dòng)一周的過(guò)程中，某一段時(shí)間內(nèi)線圈中沒(méi)有感應(yīng)電流

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6.如圖所示，匝數(shù)為100的矩形導(dǎo)線圈abed處于磁感應(yīng)

強(qiáng)度大小為、'/的水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，線圈的面積為I77」、

27r

電阻為線圈繞垂直于磁場(chǎng)的軸，”/以角速度〃.，，/、勻

速轉(zhuǎn)動(dòng)，通過(guò)滑環(huán)與阻值為仙。的電阻R連接，V為理想交流

電壓表.下列說(shuō)法正確的是（）

A.通過(guò)電阻的交變電流的頻率是“|〃

B,線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的有效值為80\/

C.電壓表卜的示數(shù)為401/

D.線圈的發(fā)熱功率為16I/V

7.如圖所示，所受重力大小為G的物體A靜止在傾角”：-;■

的固定斜面上，現(xiàn)用水平力推A,在水平力由零逐漸增加至G再

逐漸減為零的過(guò)程中，物體A始終保持靜止。取、：：：:?6

<,>...17在水平力變化的過(guò)程，下列說(shuō)法正確的是）

A.A對(duì)斜面的壓力的最大值為|：<B.A對(duì)斜面的壓力的最小值為零

C.A所受摩擦力的最大值為I7（；D.A所受摩擦力的最小值為零

8.如圖所示，在長(zhǎng)為/■的輕桿中點(diǎn)A和端點(diǎn)8分別固定一質(zhì)量為

m、2m的小球，桿可繞光滑的軸O轉(zhuǎn)動(dòng)，將桿從水平位置由靜止

釋放。重力加速度大小為g,兩球均視為質(zhì)點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力。下列2/、

說(shuō)法正確的是）

A.當(dāng)桿轉(zhuǎn)到豎直位置時(shí)，兩球的速度大小相等

B.當(dāng)桿轉(zhuǎn)到豎直位置時(shí)，B球的速度大小為：、】

C,桿在轉(zhuǎn)動(dòng)的過(guò)程中，A球的機(jī)械能守恒

D.桿從水平位置轉(zhuǎn)到豎直位置的過(guò)程中，桿對(duì)8球做的功為:〃

9.小王用如圖所示的裝置探究物塊的加速度與力的關(guān)系。小王將光電門(mén)固定在水平軌道上

的8點(diǎn)，用不同質(zhì)量的重物通過(guò)細(xì)線拉同一物塊，每次都將物塊從同一位置人由靜止釋放。

重物的質(zhì)量遠(yuǎn)小于物塊，含遮光條?的質(zhì)量。

11若將重物所受的重力視為與物塊所受的合力大小相等，則填“需要”或“不需

要”平衡摩擦力。

門(mén)若物塊釋放后，遮光條寬度為一通過(guò)光電門(mén)的時(shí)間為t,則物塊通過(guò)光電門(mén)時(shí)的速度大

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小為_(kāi)_____

小若測(cè)得A、8間的距離為s,則物塊的加速度大小為

光電門(mén)

遮光條］

占重物'A

10.某同學(xué)利用如圖甲所示的電路測(cè)量電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，其中定值電阻"，的阻值為

I。電流表0為理想電表。實(shí)驗(yàn)中，改變電阻箱的阻值，測(cè)出多組電阻箱的阻值R以及對(duì)應(yīng)

的電流表示數(shù)/,作出;"關(guān)系圖像如圖乙所示。

甲乙

;li根據(jù)如圖中所示的電路，可得;〃的函數(shù)關(guān)系式為;。

與該電源的電動(dòng)勢(shì)，入內(nèi)阻，，結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字：

，若電流表的內(nèi)阻不可忽略，則因此造成電動(dòng)勢(shì)E的測(cè)量值選填“大于”、”等于

”或“小于”真實(shí)值。

11.如圖所示，以粗糙的水平軌道為X軸，在?；之間有方向水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在

L之間有磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為8、方向垂直紙面向內(nèi)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)?，F(xiàn)將電荷量為q、質(zhì)

量為m的滑塊視為質(zhì)點(diǎn)從坐標(biāo)原點(diǎn)O處由靜止釋放。已知滑塊在磁場(chǎng)中做勻速直線運(yùn)動(dòng),

重力加速度大小為g，滑塊與軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)為"。求：

1?滑塊在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最大速度v以及電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小E；

入滑塊運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間to

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12.如圖所示，一圓心為0、半徑〃一小,〃、質(zhì)量u?打的光滑半圓形軌道豎直放

在足夠大的光滑水平面上并鎖定，其下端A點(diǎn)與靜置于水平面上長(zhǎng)/.1、,〃、質(zhì)量

，，，II3,,/的薄板右端相切且緊靠。質(zhì)量八?的物塊甲靜置于薄板的左端，物塊乙靜

置于薄板的右端。甲在大小5225.W方向水平向右的恒定拉力作用下由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng),

當(dāng)甲到達(dá)薄板的右端時(shí)撤去拉力，甲與乙發(fā)生彈性正碰，碰撞時(shí)間極短-碰撞后乙沿半圓形

軌道通過(guò)最高點(diǎn)C,隨后立即取走乙：甲沿半圓形軌道運(yùn)動(dòng)到與。點(diǎn)等高的8點(diǎn)時(shí)的速度為

零。已知甲與薄板間的動(dòng)摩擦因數(shù)四"■?,乙與薄板間的動(dòng)摩擦因數(shù),L?I,取重力加

速度大小，最大靜摩擦力均與相應(yīng)的滑動(dòng)摩擦力相等，甲、乙均視為質(zhì)點(diǎn)。

求甲與乙碰撞前瞬間甲的速度大小一；

L求乙的質(zhì)量”,以及乙通過(guò)C點(diǎn)時(shí)對(duì)半圓形軌道的彈力大小/V；

力若將半圓形軌道解鎖，在乙的左側(cè)涂上黏性物質(zhì)，甲，乙碰撞后黏在一起I,在甲、乙碰

撞前瞬間撤去拉力，其他情況不變，求甲最終與薄板左端間的距離x以及甲的最終速度大小。

13.下列說(shuō)法正確的是（）

A.熱運(yùn)動(dòng)的宏觀過(guò)程是嫡增加的過(guò)程

B.在絕熱條件下壓縮氣體，氣體的內(nèi)能一定增加

C.分子力增加，分子勢(shì)能一定增加

D,飽和汽壓與飽和汽的體積無(wú)關(guān)

E.1kg的水在二?時(shí)的分子平均動(dòng)能小于10kg的氧氣在,L時(shí)的分子平均動(dòng)能

14.如圖所示，圓柱形容器內(nèi)盛有水，將質(zhì)量為m、容積為V、

橫截面積為S的薄玻璃管開(kāi)口向下緩慢豎直插入水中，放手后玻璃

管在水下某位置保持懸浮狀態(tài).水的密度為卜，重力加速度大小為g,1

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將玻璃管內(nèi)的空氣視為瓚氣體。

11求玻璃管在水下保持懸浮狀態(tài)時(shí)，玻璃管內(nèi)水的長(zhǎng)度八；

力若大氣壓強(qiáng)恒為，',將玻璃管從水下緩慢上提：玻璃管內(nèi)空氣的溫度不變I,放手后玻璃

管漂浮在水面上，求此時(shí)水進(jìn)入玻璃管的長(zhǎng)度一。

15.-列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸方向傳播，在，I.時(shí)刻的波形圖如圖甲所示，M是平衡位置在

1處的質(zhì)點(diǎn)，圖乙為質(zhì)點(diǎn)M的振動(dòng)圖像。該波沿x軸的填“正”或“負(fù)”

方向傳播，該波的波速大小為…、；I?內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)M通過(guò)的路程為cm.

，結(jié)果保留兩位有效數(shù)字?

16.某玻璃磚的橫截面如圖所示，其由半徑為R的四分之一圓A8E與長(zhǎng)方形8C0E組成，

8E長(zhǎng)為長(zhǎng)為2R,一束單色光以平行于A8的方向照射到圓弧面上的F點(diǎn)，圖中“：41,

從C。邊射出。玻璃磚對(duì)該光的折射率”V3，光在真空中的傳播速度為c。求：

I?光線進(jìn)入玻璃病后的折射光線與AC的夾角銳角I；；

2?光在玻璃磚內(nèi)傳播的時(shí)間L

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答案和解析

L【答案】A

【解析】解根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒與電荷數(shù)守恒可知I,核反應(yīng)方程為翻*喟圜*遍二觸，所以X

是"

由題給條件得核反應(yīng)中質(zhì)量虧損為：j.：1?■'417'L'li>h一、；,IIJV：P',所

以該反應(yīng)釋放能量，故人正確，BCD錯(cuò)誤。

故選：A.

根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒寫(xiě)出完整的核反應(yīng)方程，從而判斷X是哪種原子核，再根據(jù)質(zhì)量是否虧

損判斷是否為釋放能量。

本題考查核聚變反應(yīng)方程，解決本題的關(guān)鍵是知道核反應(yīng)的分類(lèi)，以及理解愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程。

2.【答案】C

【解析】解A、電場(chǎng)線起于正電荷或無(wú)窮遠(yuǎn)|，終止于負(fù)電荷或無(wú)窮遠(yuǎn)，由圖可知，圖中的

實(shí)線不是起于導(dǎo)體，也不是終止于導(dǎo)體，可知實(shí)線是等勢(shì)線，故A錯(cuò)誤；

8、若帶電導(dǎo)體帶正電，a點(diǎn)的電勢(shì)低于c點(diǎn)的電勢(shì)，若帶電導(dǎo)體帶負(fù)電，a點(diǎn)的電勢(shì)高于c點(diǎn)的

電勢(shì)，故B錯(cuò)誤；

C、等差等勢(shì)面的疏密程度表示場(chǎng)強(qiáng)的大小，由圖得，c點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于d點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，故C

正確；

D、a、b兩點(diǎn)在同一條等勢(shì)線上，電荷從a點(diǎn)到c點(diǎn)再到b點(diǎn)電場(chǎng)力做功為零，故D錯(cuò)誤。

故選：C。

根據(jù)電場(chǎng)線和等勢(shì)面的特點(diǎn)確定實(shí)線是電場(chǎng)線還是等勢(shì)線：帶電導(dǎo)體的電性未知，a、c兩點(diǎn)電勢(shì)

高低不確定：根據(jù)等差等勢(shì)面的疏密程度表示場(chǎng)強(qiáng)的大小比較c、d兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度：根據(jù)電勢(shì)

差的大小判斷電場(chǎng)力做功。

本題考查等勢(shì)面和電場(chǎng)線的特點(diǎn)，知道等勢(shì)面的疏密程度表示場(chǎng)強(qiáng)的大小，在等勢(shì)面上移動(dòng)電荷,

電場(chǎng)力不做功。

3.【答案】D

【解析】解：衛(wèi)星在預(yù)定軌道萬(wàn)有引力提供向心力，則:

地球的第一宇宙速度與近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度相等，則有

解得,故ABC錯(cuò)誤，。正確。

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故選：。。

根據(jù)衛(wèi)星受到的萬(wàn)有引力提供向心力，求出地球的質(zhì)量，然后由萬(wàn)有引力提供向心力即可求出。

此題考查了萬(wàn)有引力定律應(yīng)用，主要從萬(wàn)有引力與重力的關(guān)系和萬(wàn)有引力提供環(huán)繞天體圓周運(yùn)動(dòng)

向心力入手考慮。

4.【答案】8

【解析】解：汽車(chē)做勻減速直線運(yùn)動(dòng)末速度為零，其逆過(guò)程是初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)

最后1s內(nèi)的位移r其中」I,；,,代入數(shù)據(jù)解得，加速度大小“卜…、

設(shè)初速度為V,則剎車(chē)后1S內(nèi)的位移譚I譚*畬齷

其中」「|,,代入數(shù)據(jù)解得：，」“〃、，故8正確，ACO錯(cuò)誤。

故選：8。

汽車(chē)做勻減速直線運(yùn)動(dòng)末速度為零，其逆過(guò)程是初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)最后1S內(nèi)

的位移求出加速度大小，然后求出汽車(chē)剎車(chē)時(shí)的初速度大小。

本題主要考查了汽車(chē)的剎車(chē)問(wèn)題，理解逆向思維，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式即可完成分析。

5.【答案】C

【解析】解：I根據(jù)楞次定律可知，當(dāng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度增大時(shí)，線圈中的電流沿逆時(shí)針?lè)较?

故A錯(cuò)誤;

8.當(dāng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度以的變化率增大時(shí)，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可得:

C.在磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小由8減小到零的過(guò)程中，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可得:

感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的平均值為屬I(mǎi)

根據(jù)歐姆定律可得：感應(yīng)電流的平均值為/1

~R

根據(jù)電流的定義式有/:

ar

聯(lián)立解得：，/故C正確；

。.根據(jù)題意可知，在線圈以ab為軸轉(zhuǎn)動(dòng)一周的過(guò)程中，線圈始終有一邊處于磁場(chǎng)中切割磁感線,

因此不存在某一段時(shí)間內(nèi)線圈中沒(méi)有感應(yīng)電流，故D錯(cuò)誤。

故選：C。

根據(jù)楞次定律分析出電流的方向；

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根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小，結(jié)合歐姆定律和電流的定義式得出電荷量的大

小;

根據(jù)楞次定律分析出線圈中是否能產(chǎn)生感應(yīng)電流。

本題主要考查了楞次定律的相關(guān)應(yīng)用，能根據(jù)楞次定律分析出感應(yīng)電流的方向，結(jié)合歐姆定律和

法拉第電磁感應(yīng)定律即可完成分析。

6.【答案】BD

【解析】解：A、通過(guò)電阻的交變電流的頻率是，I焦I零雅

故4錯(cuò)誤;

8、線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值為，.\小、_mi.(MMx20丁1'iv21，有

C、電壓表V的示數(shù)為，-1'i.MilTbi,故C錯(cuò)誤；

Rr1

。、電路中電流有效值為蜃?屢/步幽，則線圈的發(fā)熱功率為

好目魏日亭陶酣.卿，故。正確。

故選：BDo

由了計(jì)算交變電流的頻率。由/-計(jì)算感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值，再由廠計(jì)

42

算有效值。由，"/求電壓表V的示數(shù)。由閉合電路歐姆定律計(jì)算電路中電流有效值/，再

rt+r

由廣計(jì)算線圈的發(fā)熱功率。

解答本題時(shí)，要掌握交流電最大值、有效值的求法，知道交流電壓表測(cè)量電壓的有效值，計(jì)算發(fā)

熱功率要用有效值。

7.【答案】AD

【解析】解：I對(duì)人進(jìn)行受力分析，沿斜面垂直斜面建軸分解，在水平力由零逐漸增加至G時(shí)，A

對(duì)斜面的壓力的最大，最大值為吸強(qiáng)煨輟翳*毓登蟠1sls2瞬，故A正確；

8.對(duì)A進(jìn)行受力分析，沿斜面垂直斜面建軸分解，在水平力為零時(shí)，A對(duì)斜面的壓力的最小，最

小值為贏后舞戚生修繆，故8錯(cuò)誤；

C.對(duì)A進(jìn)行受力分析，沿斜面垂直斜面建軸分解，在水平力為零時(shí)，A所受摩擦力方向沿斜面向

上，大小為齦經(jīng)能起薪宅］豳，在水平力為G時(shí)，A所受摩擦力方向沿斜面向下，大小為

曲日國(guó)^頻蹴總蹴，可知，A所受摩擦力的最大值為I由；，故C錯(cuò)誤；

。.對(duì)A進(jìn)行受力分析，沿斜面垂直斜面建軸分解，根據(jù)上述，當(dāng)水平推力沿斜面向上的分力與重

力沿斜面向下的分力大小相等時(shí)，A相對(duì)斜面沒(méi)有運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)，此時(shí)八所受摩擦力的最小值為零，

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故。正確。

故選：AD.

對(duì)人進(jìn)行受力分析，沿斜面、垂直于斜面建軸，可得出A所受的最大、最小支持力，根據(jù)壓力等

于支持力，可求出最大、最小壓力，同理可求最大最小摩擦力。

本題考查受力分析、正交分解，注意靜摩擦力的大小方向可變。

8.【答案】BD

【解析】解：.1兩球?qū)儆谕S轉(zhuǎn)動(dòng)，角速度相等，根據(jù)，-，由于兩球圓周運(yùn)動(dòng)的半徑不同,

則兩球的速度大小不相等，故A錯(cuò)誤；

8.在桿轉(zhuǎn)到豎直位置過(guò)程有〃1.；，”一：：

此時(shí)8球的速度大小.-/.

聯(lián)立解得：嚼I君痛故8正確；

。?桿從水平位置轉(zhuǎn)到豎直位置的過(guò)程中，令桿對(duì)B球做的功為W,則仃勉磷曲那I會(huì)后奧蹴

解得II故。正確：

C.根據(jù)上述，桿對(duì)8做正功，則球B的機(jī)械能增大，由于八、8構(gòu)成的系統(tǒng)只有重力勢(shì)能與動(dòng)能

的轉(zhuǎn)化，即A、8構(gòu)成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，可知A球的機(jī)械能減小，即桿在轉(zhuǎn)動(dòng)的過(guò)程中，A球

的機(jī)械能不守恒，故C錯(cuò)誤。

故選：BD,

對(duì)A、8兩球組成的系統(tǒng)，在運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中只有重力做功，系統(tǒng)機(jī)械能守恒，抓住A、B的角速

度相等，根據(jù)八、8的速度關(guān)系，利用系統(tǒng)機(jī)械能守恒定律求出A、B兩球的速度，再根據(jù)動(dòng)能

定理分別求出輕桿對(duì)A、8兩球分別做的功.

解決本題的關(guān)鍵知道A、B兩球在運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，系統(tǒng)機(jī)械能守恒，因?yàn)闂U子做功為變力做功，

只能求出A、8的速度，根據(jù)動(dòng)能定理求出桿子的做功。

9.【答案】需要"1；

t2”

【解析】解；「若將重物所受的重力視為與物塊所受的合力大小相等，即認(rèn)為重物所受的重力所

受重力與細(xì)線拉力大小相等，可知，實(shí)驗(yàn)中需要使得細(xì)線拉力為物塊所受外力的合力，則實(shí)驗(yàn)中

必需要平衡摩擦力。

〉根據(jù)光電門(mén)測(cè)速原理，可知物塊通過(guò)光電門(mén)時(shí)的速度大小為，

t

，根據(jù)速度-位移公式可得：

J=2〃*

第9頁(yè)，共15頁(yè)

結(jié)合上述解得“

2.“？

故答案為：需要；

t2">

I?根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理分析出是否需要平衡摩擦力；

L根據(jù)光電門(mén)的工作原理結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得出物塊的速度；

，根據(jù)速度-位移公式得出物塊的加速度。

本題主要考查了牛頓第二定律的驗(yàn)證實(shí)驗(yàn)，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理掌握正確的實(shí)驗(yàn)操作，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式

即可完成分析。

10.【答案】??in等于

【解析】解：1「根據(jù)圖中所示電路圖，由閉合電路的歐姆定律得腐I噂腫臉小微，整理得

二根據(jù)圖乙所示;〃圖象可知，圖象縱軸截距曲管羯支覘，圖象斜率

，，‘，11…向，代入數(shù)據(jù)解得，電源電動(dòng)勢(shì)廣？川，內(nèi)阻r-lM）。

；，考慮電流表內(nèi)阻，由閉合電路的歐姆定律得：圈已搬。,靖瞰四蹴，整理得:

《自部喈即3魯哈幻考慮電流表內(nèi)阻圖象斜率，?'不變，電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值等于真實(shí)值。

故答案為:;2|2U；I11；I：，，等于。

11根據(jù)圖甲所示電路圖應(yīng)用閉合電路的歐姆定律求出圖象的函數(shù)表達(dá)式。

，，根據(jù)圖示圖象求出電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻。

力應(yīng)用閉合電路的歐姆定律分析實(shí)驗(yàn)誤差。

理解實(shí)驗(yàn)原理是解題的前提，分析清楚電路結(jié)構(gòu)，應(yīng)用閉合電路的歐姆定律求出圖象的函數(shù)表達(dá)

式是解題的前提，根據(jù)圖示圖象即可解題。

11.【答案】解：n滑塊在磁場(chǎng)中做勻速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)共點(diǎn)力的平衡有

mgqBu

Hlfl

解得

對(duì)滑塊在?，，之間運(yùn)動(dòng)的過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理有:

解得盤(pán)1H

第10頁(yè)，共15頁(yè)

，，設(shè)滑塊在電場(chǎng)與磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間分別為3、，，在」上?右側(cè)運(yùn)動(dòng)的加速度大小為a,時(shí)

間為，,，

滑塊在電場(chǎng)中做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，有

在勻速直線運(yùn)動(dòng)，則

在磁場(chǎng)右側(cè)，做勻減速直線運(yùn)動(dòng)

pingUM

解得：的智粕懸

答：滑塊在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最大速度為，1,電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為簿

滑塊運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間為善

【解析】：1分析滑塊在磁場(chǎng)中做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)的受力情況，根據(jù)平衡條件求出速度，再對(duì)滑塊

在?:之間運(yùn)動(dòng)的過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理求出電場(chǎng)強(qiáng)度；

力根據(jù)滑塊在電場(chǎng)中和在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的性質(zhì)，分段求出對(duì)應(yīng)的時(shí)間，然后求出總時(shí)間。

本題考查了帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，解決本題的關(guān)鍵是理清粒子在不同區(qū)域內(nèi)的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)，

準(zhǔn)確選擇研究方法。

12.【答案】解：1設(shè)在拉力作用的過(guò)程中甲的加速度大小為山，根據(jù)牛頓第二定律得：

酸?卿睡后理酒

代入數(shù)據(jù)解得：“：」；，；?，、

根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律有

解得：、,{1?1

門(mén)設(shè)甲與乙發(fā)生碰撞后瞬間的速度大小分別為“、一，則由動(dòng)量守恒定律得:

根據(jù)機(jī)械能守恒定律得：

對(duì)甲從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過(guò)程，根據(jù)機(jī)械能守恒定律得:

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聯(lián)立解得：”.?Hu

設(shè)乙通過(guò)C點(diǎn)時(shí)的速度大小為，，對(duì)乙從八點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)的過(guò)程，根據(jù)機(jī)械能守恒定律得：

整挈#"耍

設(shè)乙通過(guò)C點(diǎn)時(shí)所受半圓形軌道的彈力大小為\,則有

根據(jù)牛頓第三定律有\(zhòng)\

聯(lián)立解得：、75.\

不假設(shè)撤去拉力前甲，乙均在薄板上滑行，薄板的加速度大小為a,乙的加速度大小為則

有

康舞耀,W頻翻4吸

腓碘，摩!

解得：，，m.,一，”.1111.??1

因?yàn)椤盿-(I.

所以假設(shè)成立，設(shè)經(jīng)時(shí)間t,甲與乙發(fā)生碰撞，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律有

解得：/一i.

\r.

當(dāng)甲與乙發(fā)生碰撞時(shí)，甲與薄板左端間的距離

解得：「1?>".

碰撞前瞬間甲、乙的速度大小分別為:

，'■<if,Cif

設(shè)甲與乙碰撞后瞬間的共同速度大小為，，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有

駕御出竊版物量艇？：您軸

解得：舞I瞰

因?yàn)榇藭r(shí)薄板的速度大小

r及-at

代入數(shù)據(jù)得：

所以碰撞后甲，乙、薄板的速度相同，故有

第12頁(yè)，共15頁(yè)

SB

答：！U甲與乙碰撞前瞬間甲的速度「大小為」、

.1乙的質(zhì)量“為：I，」丫，乙通過(guò)C點(diǎn)時(shí)對(duì)半圓形軌道的彈力N大小為；

甲最終與薄板左端間的距離x為：甲的最終速度大小為辱跳

【解析】I根據(jù)牛頓第二定律結(jié)合速度-位移公式求出碰撞前瞬間甲的速度：

》根據(jù)動(dòng)量守恒定律、能量守恒定律、牛頓第二定律結(jié)合解答。

;小根據(jù)動(dòng)量守恒定律、能量守恒定律、牛頓第二定律結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式解答。

此題涉及了多物體多個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程，涉及板塊模型等問(wèn)題需要綜合應(yīng)用力學(xué)知識(shí)分析求解，難度偏

大。

13.【答案】ABD

【解析】解：I根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知，熱運(yùn)動(dòng)的宏觀過(guò)程是焙增加的過(guò)程，故人正確；

8.根據(jù)熱力學(xué)第一定律有IIQ,若在絕熱條件下壓縮氣體，則有Q'I,IIU,由此

可知，氣體的內(nèi)能一定增加，故8正確；

C.分子力做負(fù)功，分子勢(shì)能一定增加，分子力做正功，分子勢(shì)能一定減小，因此分子勢(shì)能的變化

與分子力的大小無(wú)關(guān)，故C錯(cuò)誤；

。.飽和汽壓的大小只由溫度決定，而與飽和汽的體積無(wú)關(guān)，故。正確；

E.分子的平均動(dòng)能由溫度決定，因?yàn)樗臏囟雀撸运肿拥钠骄鶆?dòng)能大于氧氣分子的平均

動(dòng)能，故E錯(cuò)誤。

故選：ABD。

根據(jù)熱力學(xué)第二定律的內(nèi)容理解燧增的特點(diǎn)：

理解氣體內(nèi)能的概念，結(jié)合熱力學(xué)第一定律完成分析；

理解分子間作用力與距離的關(guān)系，從而得出分子勢(shì)能的變化趨勢(shì)：

理解飽和汽壓的影響因素；

分子的平均動(dòng)能由溫度決定，根據(jù)溫度分析出不同物質(zhì)的分子的平均動(dòng)能的大小關(guān)系。

本題主要考查了熱力學(xué)定律的相關(guān)應(yīng)用，理解熱力學(xué)定律的內(nèi)容，同時(shí)掌握分子間距對(duì)分子間作

用力和分子勢(shì)能的影響即可完成分析。

14.【答案】解：H?玻璃管的長(zhǎng)度為1.1

s

當(dāng)玻璃管在水面下保持懸浮狀態(tài)時(shí)，根據(jù)平衡條件，有：巡電醒…瞬輝

解得—一

a

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「設(shè)當(dāng)玻璃管漂浮在水面上時(shí)，玻璃管內(nèi)空氣的壓強(qiáng)為J,根據(jù)平衡條件有：斕1城小硝

對(duì)玻璃管內(nèi)的空氣，根據(jù)玻意耳定律有：獻(xiàn)富擒曜…堿f