2021年廣東省新高考“八省聯(lián)考”高考物理適應(yīng)性考試模擬卷(含解析)

2021年廣東省新高考“八省聯(lián)考”高考物理適應(yīng)性考試模擬卷

一、單選題（本大題共7小題，共28.0分）

1.光電效應(yīng)的實驗結(jié)論是：對于某種金屬（）

A.無論光強多強，只要光的頻率小于極限頻率就能產(chǎn)生光電效應(yīng)

B.無論光的頻率多低，只要光照時間足夠長就能產(chǎn)生光電效應(yīng)

C.超過極限頻率的入射光強度越弱，所產(chǎn)生的光電子的最大初動能就越小

D.超過極限頻率的入射光頻率越高，所產(chǎn)生的光電子的最大初動能就越大

2.2018年3月30日我國成功發(fā)射第三十顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星，這顆衛(wèi)星屬于中圓地球軌道衛(wèi)星，在軌

高度約為21500b”，該高度處重力加速度為田，該衛(wèi)星的線速度為巧，角速度為處，周期為

7\.2017年9月17日天舟一號在高度約400M?的圓軌道上開始獨立運行，該高度處重力加速度

為死，天舟一號的線速度為外，角速度為32,周期為a,則（）

A.>92B.%>v2C.coI<<i>2D.<T2

3.如圖所示，彈簧一端系一質(zhì)量為根的物塊，另一端固定在長木板上，緩慢抬起木板的一端，物

塊與木板始終保持相對靜止。當(dāng)木板與水平面成8=30°,物塊與木板間恰好沒有摩擦力。當(dāng)木

板與水平面成。=60。時物塊所受摩擦力（）

A.等于零

B.大小為日機卬方向沿斜面向上

C.大小為與Img,方向沿斜面向上

D.大小為竽mg,方向沿斜面向上

4.如圖是某一點電荷Q產(chǎn)生的電場中的一條電場線，A、B為電場線上的兩點。當(dāng)電子以某一速度

沿電場線由A運動到B的過程中，動能增加，則可以判斷（）一一：一一?

A.場強大小瓦！>EBB.電勢0A><pB

C.電場線方向由B指向AD.若。為負(fù)電荷，則。在B點右側(cè)

如圖所示，三個質(zhì)量相等的小球A,B,C從圖示位置分別以相同的

速度北水平向左拋出，最終都能到達(dá)坐標(biāo)原點。.不計空氣阻力，x軸

所在處為地面，則可判斷A,B,C三個小球（）

A.在空中運動過程中，動量變化率之比為1：2：3

B.在空中運動過程中，重力做功之比為1：2：3

C.初始時刻縱坐標(biāo)之比為1：4：9

D.到達(dá)。點時，速度方向與水平方向夾角的正切值之比為1：4：9

6.如圖，兩根相互絕緣的通電長直導(dǎo)線分別沿x軸和y軸放置，沿x

軸方向的電流為己知通電長直導(dǎo)線在其周圍激發(fā)磁場的磁感應(yīng)b-------------*A

I

強度B=其中改為常量，/為導(dǎo)線中的電流，，?為場中某點到導(dǎo)

rI

____________“I*

線的垂直距離。圖中A點的坐標(biāo)為（a,b）,若A點的磁感應(yīng)強度為零，司Za

則沿y軸放置的導(dǎo)線中電流的大小和方向分別為

A.十,沿y軸正向B.?。，沿y軸負(fù)向

C.，，沿y軸正向D.，，沿y軸負(fù)向

7.一自耦調(diào)壓變壓器（可看作理想變壓器）的電路如圖甲所示.已知變壓器線圈的總匝數(shù)為1900匝,

原線圈為1100匝，圖中的電阻R=M0,原線圈輸入如圖乙所示的交流電壓，滑動觸頭P最初

在線圈的最上端A處，電壓表為理想的交流電表.則（）

A.原線圈輸入的交流電壓瞬時值表達(dá)式為u=220或sin507rt（V）

B.電壓表的示數(shù)為220y

C.電阻R上的發(fā)熱功率P熱=144.4〃

D.若將尸向下移動，變壓器的輸入功率不變

二、多選題（本大題共3小題，共18.0分）

8.中國女排享譽世界排壇，曾經(jīng)取得輝煌的成就.在某次比賽中，我國女排名將馮坤將排球從底

線A點的正上方以某一速度水平發(fā)出，排球正好擦著球網(wǎng)落在對方底線的8點上，且AB平行

于邊界CD.已知網(wǎng)高為從球場的長度為s,不計空氣阻力且排球可看成質(zhì)點，則排球被發(fā)出時,

擊球點的高度H和水平初速度v各為多大（）

9.如圖所示，蹦床運動員從空中落到床面上，運動員從接觸床面到下降至最低

點為第一過程，從最低點上升到離開床面為第二過程，下列判斷正確的是（）

A.在第一過程中，運動員始終處于失重狀態(tài)

B.運動員接觸床面時的速度最大

C.在第二過程中運動員的速度先增大后再減小

D.運動員在速度為零時加速度最大

10.如圖所示，間距為3電阻不計的足夠長平行光滑金屬導(dǎo)軌水平放置，導(dǎo)軌左端用一阻值為R

的電阻連接，導(dǎo)軌上橫跨一根質(zhì)量為小、電阻也為R的金屬棒，金屬棒與導(dǎo)軌接觸良好.整個

裝置處于豎直向上、磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中.現(xiàn)使金屬棒以初速度v沿導(dǎo)軌向右運動，

若金屬棒在整個運動過程中通過的位移為x.下列說法正確的是（）

A.整個過程金屬棒在導(dǎo)軌上做勻減速運動

B.整個過程金屬棒在導(dǎo)軌上運動的平均速度小于

C.整個運動過程通過金屬棒的電荷量q=萼

D.整個運動過程金屬棒克服安培力做功為《小盧

三、填空題（本大題共2小題，共8.0分）

11.在裝有食品的包裝袋中充入氮氣，可以起到保質(zhì)作用.某廠家為檢測包裝袋的密封性，在包裝

袋中充滿一定量的氮氣，然后密封進(jìn)行加壓測試.測試時，對包裝袋緩慢地施加壓力.將袋內(nèi)

的氮氣視為理想氣體，則加壓測試過程中，包裝袋內(nèi)壁單位面積上所受氣體分子撞擊的作用力

（選填“增大”、“減小”或“不變”），包裝袋內(nèi)氮氣的內(nèi)能（選填“增大”、

"減小"或"不變”）.

12.如圖所示，為一列沿-x方向傳播的簡諧波在t=0時刻的波形圖.當(dāng)t=0.3s時，。點恰好處于

波谷位置，則P點此時處于（選填“波峰”、“波谷”或“平衡”）位置.這列波的波速

至少為m/s.

四、實驗題（本大題共2小題，共16.0分）

13.某同學(xué)利用如圖1所示的實驗裝置驗證機械能守恒定律.

（1）請指出該同學(xué)在實驗操作中存在的兩處錯誤：.

（2）若所用交流電的頻率為該同學(xué)經(jīng)正確操作得到如圖2所示的紙帶，把第一個點記做。，

另選連續(xù)的個點、B、作為測量的點，、B、各點到。點的距離分別為、、重

3ACACsiS2s3,

物質(zhì)量為相，重力加速度為g.根據(jù)以上數(shù)據(jù)知，從。點到B點，重物的重力勢能的減少量等于

，動能的增加量等于.（用所給的符號表示）

（3）重力勢能的減少量動能的增加量（填“大于”、“等于"、“小于”）的原因是.

14.某實驗小組測繪小燈泡的伏安特性曲線時有如下器材，電源、導(dǎo)線、滑動變阻器、小燈泡、電

流傳感器和電壓傳感器.

(1)請在上圖乙中畫出實驗電路圖.

(2)可供選擇滑動變阻器4(0700,2,4)和滑動變阻器8(0?100。0.54),實驗時他們該選

(選填"A”或"B”).

(3)該小組的同學(xué)根據(jù)正確的實驗電路圖連接好電路后，正確地描繪出小燈泡的伏安特曲性并線

如圖甲所

示，然后又將該小燈泡接入丙圖所示的電路中，閉合電鍵后測得電流傳感器的示數(shù)為0.354則

此時小燈泡的電功率為.(結(jié)果保留3位有效數(shù)字)

五、計算題(本大題共4小題，共44.0分)

15.科學(xué)家可以利用磁場對帶電粒子的運動進(jìn)行有效控制。如圖所示，圓心為0、半徑為r的圓形

區(qū)域外存在勻強磁場，磁場方向垂直于紙面向外，磁感應(yīng)強度大小為瓦尸是圓外一點,OP=3ro

一質(zhì)量為加、電荷量為q(q>0)的粒子(重力不計)從P點在紙面內(nèi)沿著與OP成。=60。的方向

射出。

(1)若粒子打在OP與圓的交點Q,求粒子從P點到射出圓區(qū)域所用的時間;

(2)若粒子的運動軌跡經(jīng)過圓心O,求粒子運動速度的大小；

(3)若要求粒子不能進(jìn)入圓形區(qū)域，求粒子運動速度應(yīng)滿足的條件。

16.如圖所示，在傾角0=30。的足夠長斜面上放置?長木板，長木

板質(zhì)量M=3.0kg,其上表面光滑，下表面粗糙，木板的下端有

一個凸起的擋板，木板處于靜止?fàn)顟B(tài)。將質(zhì)量為巾=1.0kg的小

物塊放置在木板上，從距離擋板L=1.6m處由靜止開始釋放。

物塊下滑后與擋板相撞，撞擊時間極短，相撞后瞬間物塊的速率為％=2.(hn/s。木板開始下滑,

且當(dāng)木板沿斜面下滑至速度為零時，物塊與木板恰好發(fā)生第二次相撞。取重力加速度

g=lOm/s2.求：

(1)物塊與木板第一次相撞后瞬間木板的速率；

(2)長木板與斜面之間的動摩擦因數(shù)〃.(計算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)

17.用打氣筒向容積為2L貯有1.5磯譏空氣的球內(nèi)充氣，若每次充氣打入的空氣250cm3,要

使球內(nèi)氣壓增至2.5atm.需向球內(nèi)打氣多少次(設(shè)充氣過程中溫度不變)？

18.人將景觀水池邊觀看，他的眼睛到水面的高度為1.5小，他正前方水池底

部有一點光源A，距離他的水平距離2.9m,這時有一片樹葉落在水池中，

樹葉浮在他正前方2加時，他剛好看不到光源.水的折射率為孑求水池—三3;三源:

中水的深度.

【答案與解析】

1.答案：。

解析：

發(fā)生光電效應(yīng)的條件是入射光的頻率大于金屬的極限頻率，與入射光的強度、照射時間無關(guān)，入射

光的強度只影響單位時間內(nèi)發(fā)出光電子的數(shù)目。根據(jù)光電效應(yīng)方程=%,判斷最大初動能

與神秘因素有關(guān)。

本題考查對光電效應(yīng)現(xiàn)象的理解，要正確理解極限頻率、入射光頻率、最大初動能、逸出功、光照

強度的內(nèi)容以及它們之間的關(guān)系。

ZB.發(fā)生光電效應(yīng)的條件是入射光的頻率大于金屬的極限頻率，與入射光的強度、照射時間無關(guān)，所

以光的頻率小于極限頻率就不能產(chǎn)生光電效應(yīng)，故AB錯誤；

CD.根據(jù)光電效應(yīng)方程有：Ekm=hY-W0,可知入射光的頻率大于極限頻率，頻率越高，光電子的

最大初動能越大，與入射光強度無關(guān)。故C錯誤，。正確。

故選

2.答案：C

解析：

根據(jù)萬有引力提供向心力以及萬有引力等于重力，求出線速度、角速度、周期和向心加速度的大小。

解決本題的關(guān)鍵掌握萬有引力定律的兩個重要理論：1、萬有引力提供向心力，2、萬有引力等于重

力，并能靈活運用。

A.根據(jù)萬有引力提供向心力得G袈=mg,有9=黑，因為中圓地球軌道衛(wèi)星軌道半徑大，則向心

加速度小，所以91<出，故A錯誤；

8.根據(jù)6等=m~,得線速度D=秒因為中圓地球軌道衛(wèi)星軌道半徑大，線速度小，所以均<v2.

故B錯誤；

C.根據(jù)。罌=w"32,得角速度3=秒，因為中圓地球軌道衛(wèi)星軌道半徑大，則31<?2,故C

正確；

D衛(wèi)星的周期為：T=-=2n^因為中圓地球軌道衛(wèi)星軌道半徑大，&<A，故。錯誤。

3VGM

故選Co

3.答案：C

解析：解：設(shè)彈簧的彈力為丁，當(dāng)木板與水平面成。=30。時，根據(jù)平衡條件可得：T=mgsin300

當(dāng)木板與水平面成。=60。時，彈簧彈力不變，重力沿斜面向下的分力變大，則摩擦力方向沿斜面向

上；

根據(jù)平衡條件可得：T+f=mgsin60°

解得：f=《lmg,故C正確、ABD錯誤。

故選：C?

當(dāng)木板與水平面成0=30。時，摩擦力為零，說明彈力等于重力沿斜面向下的分力，當(dāng)木板與水平面

成。=60。時，彈簧彈力不變，根據(jù)平衡條件列方程求解摩擦力。

4.答案：C

解析：

電子動能增加，說明電場力做正功，電場力的方向從A到8,由負(fù)電荷受力可知，電場線的方向從8

到A;

電場力做負(fù)功，電勢能增加，可以判定電勢的高低。

該題通過帶電粒子在電場中的運動，考查常見的電場線的特點，根據(jù)電場力做功判斷出電場線方向，

即可做出正確的判定。

A該題中，只有一條電場線，不能推斷各點的電場線的疏密，故A錯誤；

8.電場力做正功，電勢能降低，可以判定A的電勢能大，因電子帶負(fù)電，則4點電勢小，即＜WB，故8

錯誤；

C.電場力做正功，電場力的方向從A到B,由負(fù)電荷受力可知，電場線的方向從B到A,故C正確；

。?電場線的方向從B到A,若。為負(fù)電荷，則在A的左側(cè)，故O錯誤。

故選Co

5.答案：C

解析:

由平拋運動規(guī)律判斷三者落地的豎直分速度之比，從而判斷三者的動量變化之比，并由動量定理判

斷動量變化率之比；由物體在豎直方向下落的高度之比，解得重力做功之比；由平拋運動規(guī)律的豎

直位移解得初始時刻縱坐標(biāo)之比；由豎直分速度與水平分速度的關(guān)系解得到達(dá)。點時，速度方向與

水平方向夾角的正切值之比。

本題主要考查平拋運動的規(guī)律，知道平拋運動的兩個分運動是解題的關(guān)鍵，難度一般。

A.由于球在水平方向的速度不變，故可由其豎直分速度的變化解得動量變化。由于平拋運動在水平

方向做勻速直線運動，有:x=vot,且水平位移之比為：1:2:3,故可得三者的運動時間之比為：1:2:3,

由豎直方向的勻變速運動規(guī)律：%=gt,可得落地瞬間的速度之比：1:2:3,又由動量定理可得：

mgt=mvy,解得動量變化率之比為：1：1：1,4錯誤；

BC.由豎直方向的自由落體運動規(guī)律：h=：9針可知，三者下落的高度之比為：1：4:9,故重力做功

之比為：1:4:9,由于最后都落地，故初始時刻縱坐標(biāo)之比為1：4：9,故B錯誤，C正確；

D由于豎直分速之比為：1:2:3,故由速度的關(guān)系可得到達(dá)。點時，速度方向與水平方向夾角的正切

值之比為：1:2:3,故。錯誤。

故選Co

6.答案：A

解析：

熟練掌握和應(yīng)用安培定則以及左手定則是解題的關(guān)鍵。因為磁感應(yīng)強度是矢量，所以磁場的疊加符

合平行四邊形定則。

根據(jù)磁場疊加，結(jié)合右手螺旋定則確定沿y軸放置的導(dǎo)線中電流的大小和方向。

A點磁感應(yīng)強度為零，所以x軸和），軸導(dǎo)線在A點形成的磁感應(yīng)強度大小相等，方向相反,k5=k與，所

以/=；/o,根據(jù)右手螺旋定則，y軸電流方向沿y軸正向，故A正確，BCD錯誤。

故選Ao

7.答案：C

解析：解：A、交流電源電壓的最大值是220aV,所以表達(dá)式為u=220或sinlOChrtV,故A錯誤；

8、原線圈的電壓有效值為220匕則副線圈的電壓有效值為："=黑x220=380V,

電壓表的示數(shù)為有效值，則此時電壓表的示數(shù)為380匕故8錯誤;

C、電阻R上的發(fā)熱功率為：P=—=—=144.4V/,故C正確；

熱AR1000

力、P向下移動時，副線圈電壓減小，副線圈電流減小，變壓器的輸入功率變小，故O錯誤；

故選：C.

根據(jù)乙圖表示出交流電源電壓瞬時值.

根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比，輸入功率等于輸出功率求解.

本題考查了變壓器的構(gòu)造和原理，電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比，輸入功率等于輸出功率.

8.答案：AD

解析：解：A、B、平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，x=

則排球從初位置運動網(wǎng)的位置與排球從初位置到落地的時間之比為ti：t2=；：s=l：2,

通過豎直方向上做自由落體運動，

由h=1消得,

?=整=當(dāng)=（；）2=；.解得"=?兒故A正確，8錯誤；

C、D、球落在B點的過程中，s=vt,所以“=：二官=》/就做C錯誤，。正確。

故選：AD.

平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，根據(jù)水平方向上做勻速直

線運動，抓住等時性求出擊球高度與網(wǎng)的高度差與擊球高度之比，從而求出擊球點的高度，結(jié)合高

度求出運動的時間，從而根據(jù)水平位移和時間求出水平速度.

解決本題的關(guān)鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，結(jié)合運動學(xué)公式靈活求解.

9.答案：CD

解析：

當(dāng)物體對接觸面的壓力大于物體的真實重力時，就說物體處于超重狀態(tài)，此時有向上的加速度；當(dāng)

物體對接觸面的壓力小于物體的真實重力時.，就說物體處于失重狀態(tài)，此時有向下的加速度；如果

沒有壓力了，那么就是處于完全失重狀態(tài)，此時向下加速度的大小為重力加速度g.結(jié)合加速度的變

化分析速度的變化。

本題主要考查了對超重失重現(xiàn)象的理解和功能關(guān)系的分析，要注意明確人處于超重或失重狀態(tài)時，

人的重力并沒變，只是對支持物的壓力變了。

人運動員剛接觸床面時重力大于彈力，運動員向下做加速運動，運動員處于失重狀態(tài)；隨床面的形

變的增大，彈力逐漸增大，彈力大于重力時，運動員做減速運動，運動員處于超重狀態(tài)，故A錯誤；

2.運動員剛接觸床面時重力大于彈力，運動員向下做加速運動，所以運動員接觸床面時的速度沒有

達(dá)到最大，故B錯誤；

C.在第二過程中，運動開始時有一段彈力大于重力，運動員做加速運動，因此開始時速度增大，只

有重力和彈力平衡時達(dá)到最大速度之后，運動員的速度才開始減?。还蔆正確；

。.在第二過程中，在最低點時速度為零，彈力大于重力，此時加速度大于g,方向向上，之后彈力

逐漸減小，加速度減小，所以在最低點運動員速度為零時加速度最大，故。正確；

故選CD。

10.答案：BD

解析：解：4、金屬棒在整個運動過程中，受到豎直向下的重力，豎直向上的支持力，這兩個力合力

為零，受到水平向左的安培力，金屬棒受到的合力為安培力；

金屬棒受到的安培力F=8〃=8z二=8小2絲=電包，金屬棒受到安培力作用而做減速運動，速

2R2R2R

度v不斷減小，安培力不斷減小，加速度不斷減小，故金屬棒做加速度逐漸減小的變減速運動，故A

錯誤；

B、由上分析可知，金屬棒做加速度逐漸減小的變減速運動，因此金屬棒在導(dǎo)軌上運動的平均速度小

于故B正確；

C、整個過程中通過導(dǎo)體截面的電荷量q=7A

又耳=號=哼，聯(lián)立得q=等，故C錯誤；

D、整個過程中由動能定理可得：-W交=0-［機。2,則金屬棒克服安培力做功為小安=gnw2,故

。正確；

故選：BD.

對金屬棒進(jìn)行受力分析，求出金屬棒受到的合外力，再判斷金屬棒的運動性質(zhì)；由能量守恒定律求

出電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱；求出感應(yīng)電荷量的表達(dá)式，然后依據(jù)動能定理，求解金屬棒克服安培力

做功.

金屬棒在運動過程中克服安培力做功，把金屬棒的動能轉(zhuǎn)化為焦耳熱，在此過程中金屬棒做加速度

減小的減速運動；對棒進(jìn)行受力分析、熟練應(yīng)用法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律、動能定理分析.

11.答案：增大；不變

解析：

對包裝袋緩慢地施加壓力的過程中，外界對其他做功，氣體的體積減小，根據(jù)熱力學(xué)定律來分析內(nèi)

能的變化，根據(jù)氣體狀態(tài)方程分析壓強的變化，從而明確接擊作用力的變化；再根據(jù)理想氣體的內(nèi)

能決定因素分析內(nèi)能的變化。

本題是對氣體的熱力學(xué)定律和氣體狀態(tài)方程的考查，知道外力做功和氣體內(nèi)能變化之間的關(guān)系即可，

注意明確溫度不變時，氮氣的內(nèi)能是不變的。

解：包裝袋緩慢地施加壓力，氣體的體積減小，壓強增大，裝袋內(nèi)壁單位面積上所受氣體分子撞擊

的作用力增大，

測試時，對包裝袋緩慢地施加壓力，但在實驗的過程中，氣體的溫度不變，所以實驗氣體的內(nèi)能不

變。

故答案為：增大；不變。

12.答案：平衡；0.1

解析：解：根據(jù)圖象可知波長4=4cm=0.04m,波沿一x方向傳播，則此時。向上振動，t=0.3s時，

Q點恰好處于波谷位置，則有：0.3s=C+n）7,

此時，P點應(yīng)處于平衡位置處，

當(dāng)n=0時，周期最大，波速最小，則最小速度為：v=-^―==0.1m/s

lmaxu.4

故答案為：平衡，0.1

先判斷此時刻。點的振動方向，結(jié)合t=0.3s時，。點恰好處于波谷位置求出最大周期，從而判斷P

所處位置，根據(jù)波長和頻率求出波速.

本題考查了波的圖象、振動和波動的關(guān)系，能根據(jù)波形圖判斷質(zhì)點的振動方向，難度不大，屬于基

礎(chǔ)題

13.答案：（1）①打點計時器應(yīng)該接交流電源，②開始時重物應(yīng)該靠近打點計時器；（2）mgs2；

也嚴(yán)；（3）大于；有空氣阻力和紙帶與限位孔的摩擦存在

解析：解：(1)打點計時器不能使用直流電源，應(yīng)使用交流電源.重物開始釋放時應(yīng)緊靠打點計時器，

否則打不到點或打的點太少.

(2)重力勢能減小量4Ep=mgh.=mgs2.

利用勻變速直線運動的推論得：%=等=延押，

動能的增加量等于眼=\mvl=mt",

(3)由于有空氣阻力和紙帶與限位孔的摩擦存在，重力勢能的減少量大于動能的增加量

故答案為：(1)①打點計時器應(yīng)該接交流電源，②開始時重物應(yīng)該靠近打點計時器；

皿$產(chǎn)尸

(2)mgs2,3f⑶大于;有空氣阻力和紙帶與限位孔的摩擦存在；

8

(1)打點計時器應(yīng)使用交流電源，重物釋放時應(yīng)緊靠打點計時器.

(2)解決實驗問題首先要掌握該實驗原理，了解實驗的儀器、操作步驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事項.

紙帶法實驗中，若紙帶勻變速直線運動，測得紙帶上的點間距，利用勻變速直線運動的推論，可計

算出打出某點時紙帶運動的瞬時速度和加速度，從而求出動能.

(3)由于有空氣阻力和紙帶與限位孔的摩擦存在，重力勢能的減少量大于動能的增加量.

運用運動學(xué)公式和動能、重力勢能的定義式解決問題是該實驗的常規(guī)問題，學(xué)會誤差的分析，難度

不大，屬于基礎(chǔ)題.

14.答案：A；1.05

解析：解：(1)在測繪小燈泡的伏安特性曲線實驗中，應(yīng)采用滑動變阻器分壓卜一'r—

接法和電流表外接法，電路圖如圖所示；B

(2)由于采用滑動變阻器分壓接法，因此應(yīng)采用總阻值較小的滑動變阻器A；I，7^~1

(3)電流為0.354,則由圖可知，此時電壓約為3匕則其電功率P=U/=3x0.35=1.051V；

故答案為：(1)如圖所示；(2)4；(3)1.05.

(1)明確實驗原理，知道在小燈泡的伏安特性曲線實驗一般采用滑動變阻器分壓接法和電流表外接法;

(2)根據(jù)滑動變阻器為分壓接法可明確應(yīng)采用小電阻；

(3)根據(jù)給出的電流可明確圖象中對應(yīng)的電壓，再由P=U/可求得小燈泡的功率.

本題考查采用電流、電壓傳感器的方式來描繪燈泡的伏安特性曲線，要牢記本實驗一定采用滑動變

阻器分壓接法以及電流外接法；同時注意燈泡內(nèi)阻隨溫度的變化而變化.

15.答案：解：(1)設(shè)粒子打在虛線與圓的交點Q的速度大小為孫，如圖所示

根據(jù)牛頓第二定律可得:

階。=心

Ko

根據(jù)幾何關(guān)系可得：R°=^r

代入解得：t=9+2nm+遍m.

3Bq干2Bq'

(2)運動軌跡經(jīng)過。點，其運動軌跡如圖

則其軌道半徑為R：R2+r2=00'2,由余弦定理有R2+9r2_2Rx3rcos30°=00'2,解得R=隨

由Bqu=7n吃得："=照=見史竺

Rm9m

(3)粒子不能進(jìn)入圓形區(qū)域，其速度較大時對應(yīng)的軌跡如圖,

22

其軌道半徑為：(3r)2+Rm-2x3rxRmcos9=(R—r)

解得廂=擊「對應(yīng)的速度*由=M需得：%=白詈=葭嬴

其速度較小時對應(yīng)的軌跡如圖其最小的半徑為R7n面：

22

由圖可知：(3r)4-R^in-2x3rxRminxcos30°=(r+Rmtn)

解得：Rmin=

則由Bq%nin=7n最￡得：Vmin(3V3+2)m

則要不進(jìn)入圓形區(qū)，速度V要滿足：』<(3黑)二或17>(3盥加

答：(1)粒子從P點到射出圓區(qū)域所用的時間t=署+器；

(2)粒子運動速度的大小為見史佇；

9m

(3)粒子運動速度應(yīng)滿足“<瑞而或U>譚標(biāo)。

解析：對于粒子在磁場中的圓周運動，其關(guān)鍵是畫出運動軌跡圖，定圓心，求出半徑即可輕松求解。

(1)設(shè)粒子打在虛線與圓的交點。的速度大小為先,畫出粒子的運動軌跡如圖所示，由幾何關(guān)系求出

軌道半徑，再有洛倫茲力提供向心力求得速度為,然后求得