瀘縣第五中學(xué)2020屆高三下學(xué)期第一次在線月考理綜物理試題含解析

學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精四川省瀘縣第五中學(xué)2020屆高三下學(xué)期第一次在線月考理綜物理試題含解析2020屆四川省瀘縣第五中學(xué)高三下學(xué)期第一次在線月考理綜物理試題1。某航天探測器完成對月球的探測任務(wù)后，在離開月球過程中，由靜止開始沿著與月球表面成一傾角的直線飛行。先加速、后勻速。探測器通過噴氣而獲得動(dòng)力.以下關(guān)于噴氣方向的描述中正確的是()A。探測器加速時(shí),沿直線向后噴氣B.探測器加速時(shí)，沿豎直向下方向噴氣C.探測器勻速運(yùn)動(dòng)時(shí),沿豎直向下方向噴氣D.探測器勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，不需要噴氣【答案】C【解析】試題分析：探測器由靜止開始沿著與月球表面成一傾斜角的直線飛行加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，加速度的方向沿直線與速度方向相同，即合力的方向也沿直線與速度方向相同，而受到月球的萬有引力方向豎直向下，所以，反沖力方向與運(yùn)動(dòng)直線成一角度斜向上,那么，噴氣方向與運(yùn)動(dòng)直線成一角度斜向下,A、B錯(cuò)誤；探測器勻速運(yùn)動(dòng),受力平衡,合力為零，已知受到的月球的萬有引力豎直向下，則受到的氣體的反沖力豎直向上，因此，探測器豎直向下噴氣，C正確；D錯(cuò)誤；故選C．考點(diǎn):牛頓第二定律、物體的平衡．【名師點(diǎn)睛】探測器由靜止開始沿著與月球表面成一傾斜角的直線飛行時(shí)，受到月球豎直向下的萬有引力及沿氣體噴氣方向相反的反沖力，在兩個(gè)力的合力作用下運(yùn)動(dòng)，抓住物體做直線運(yùn)動(dòng)，要么合力與速度在同一條直線上，要么合力等于零進(jìn)行分析．2。有關(guān)運(yùn)動(dòng)的合成,以下說法正確的是()A。兩個(gè)直線運(yùn)動(dòng)的合運(yùn)動(dòng)一定是直線運(yùn)動(dòng)B。兩個(gè)不在一條直線上的勻速直線運(yùn)動(dòng)的合運(yùn)動(dòng)可能是曲線運(yùn)動(dòng)C。勻加速直線運(yùn)動(dòng)和勻速直線運(yùn)動(dòng)的合運(yùn)動(dòng)一定是直線運(yùn)動(dòng)D.兩個(gè)初速度為零的勻加速(加速度大小不相等）直線運(yùn)動(dòng)的合運(yùn)動(dòng)一定是勻加速直線運(yùn)動(dòng)【答案】D【解析】試題分析:平拋運(yùn)動(dòng),水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，豎直方向上做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，兩個(gè)運(yùn)動(dòng)都是直線運(yùn)動(dòng)，但是合運(yùn)動(dòng)卻為曲線運(yùn)動(dòng),AC錯(cuò)誤；兩個(gè)不在一條直線上的勻速直線運(yùn)動(dòng)，則合力一定為零，合運(yùn)動(dòng)一定為勻速直線運(yùn)動(dòng)，B錯(cuò)誤；兩個(gè)初速度為零的勻加速（加速度大小不相等)直線運(yùn)動(dòng)，則在兩個(gè)方向上的合力恒定,所以合力恒定，一定做勻加速直線運(yùn)動(dòng),D正確；考點(diǎn)：考查了運(yùn)動(dòng)的合成與分解【名師點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵掌握判斷物體做直線運(yùn)動(dòng)還是曲線運(yùn)動(dòng)的方法，當(dāng)合加速度的方向與合速度的方向在同一條直線上,物體做直線運(yùn)動(dòng)；當(dāng)合速度的方向與合加速度的方向不在同一條直線上,物體做曲線運(yùn)動(dòng)3.如圖所示，某理想變壓器有兩個(gè)副線圈，副線圈匝數(shù)相同,所接電阻R1=R2，電表均為理想交流電表，D為二極管，原線圈接正弦交流電源，閉合開關(guān)S,穩(wěn)定后(）A.電壓表示數(shù)比閉合S前大B.R2的功率小于R1的功率C.通過R2的電流為零D.電流表示數(shù)與閉合S前相同【答案】B【解析】【詳解】A、因?yàn)樵€圈電壓及匝數(shù)比不變,根據(jù)知,副線圈兩端電壓不變,電壓表示數(shù)不變,故A錯(cuò)誤；B、兩個(gè)副線圈的電壓相同，只有一半時(shí)間有電流通過，所以消耗的功率只有的一半,即的功率小于的功率,故B正確；C、因?yàn)槭墙涣麟?二極管具有單向?qū)щ娦裕诎雮€(gè)周期有電流通過，故C錯(cuò)誤；D、閉合S穩(wěn)定后，輸出功率增大，根據(jù)輸入功率等于輸出功率，知輸入功率增大，由知,原線圈電流增大，電流表示數(shù)比閉合S前增大，故D錯(cuò)誤．4。人造地球衛(wèi)星A和B，它們的質(zhì)量之比為mA：mB=1：2，它們的軌道半徑之比為2：1,則下面的結(jié)論中正確的是（）A.它們受到地球的引力之比為FA：FB=1：1B.它們的運(yùn)行速度大小之比為vA：vB=1：C。它們的運(yùn)行周期之比為TA：TB=2：1D。它們的運(yùn)行角速度之比為ωA：ωB=3:1【答案】B【解析】【詳解】人造地球衛(wèi)星受到的萬有引力為：，代入數(shù)據(jù)解得引力之比為：FA:FB=1：8,故A錯(cuò)誤；根據(jù)萬有引力充當(dāng)向心力:，解得：，因?yàn)樗鼈兊能壍腊霃街葹?:1，所以它們的運(yùn)行速度大小之比為vA：vB=1:，故B正確;根據(jù)萬有引力充當(dāng)向心力：，解得：,因?yàn)樗鼈兊能壍腊霃街葹?：1，所以它們的運(yùn)行周期之比為TA：TB=，故C錯(cuò)誤；根據(jù)萬有引力充當(dāng)向心力：，解得：，因?yàn)樗鼈兊能壍腊霃街葹?：1，所以它們的運(yùn)行角速度之比為ωA:ωB=,故D錯(cuò)誤．5。固定的光滑細(xì)桿與地面成一定傾角，在桿上套有一個(gè)光滑小環(huán)，小環(huán)在沿桿方向的推力F作用下向上運(yùn)動(dòng)，如圖甲所示．已知推力F與小環(huán)速度v隨時(shí)間變化規(guī)律如圖乙和丙所示，由以上條件可求得（）A。小環(huán)的質(zhì)量m=0.5kgB。小環(huán)的質(zhì)量m=2.0kgC.細(xì)桿與地面的傾角α=D。細(xì)桿與地面的傾角α=【答案】C【解析】【詳解】由圖示v-t圖象可知,0—2s內(nèi)小環(huán)做勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度為：0—2s內(nèi)，由牛頓第二定律得：F1—mgsinα=ma2s后物體做勻速運(yùn)動(dòng)，由共點(diǎn)力平衡條件得：F2=mgsinα聯(lián)立解得：m=1kg，α=A。小環(huán)的質(zhì)量m=0。5kg與分析不相符，故A項(xiàng)與題意不相符;B.小環(huán)的質(zhì)量m=2.0kg與分析不相符，故B項(xiàng)與題意不相符;C.細(xì)桿與地面的傾角α=與分相符，故C項(xiàng)與題意相符;D。細(xì)桿與地面的傾角α=°與分析不相符，故D項(xiàng)與題意不相符．6.如下圖所示,在磁感應(yīng)強(qiáng)度B=1。0T的勻強(qiáng)磁場中，金屬桿PQ在外力F作用下在粗糙U形導(dǎo)軌上以速度v=2m/s向右勻速滑動(dòng),兩導(dǎo)軌間距離L=1。0m，電阻R=3。0Ω,金屬桿PQ的電阻r=1。0Ω，導(dǎo)軌電阻忽略不計(jì)，則下列說法正確的是（)A。通過R的感應(yīng)電流的方向?yàn)橛蒬到aB。金屬桿PQ兩端電壓為1。5VC。金屬桿PQ受到的安培力大小為0.5ND.外力F做功大小等于電路產(chǎn)生焦耳熱【答案】BC【解析】【分析】導(dǎo)體PQ垂直切割磁感線，由右手定則判斷感應(yīng)電流的方向，由求解感應(yīng)電動(dòng)勢的大小,由串聯(lián)電路的特點(diǎn)求PQ間的電壓．由公式求PQ所受的安培力;外力F克服摩擦力和安培力做功．【詳解】由右手定則判斷知，導(dǎo)體PQ產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向?yàn)镼→P，通過R的感應(yīng)電流的方向?yàn)橛蒩到d,故A錯(cuò)誤；導(dǎo)體PQ切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢的大小為，金屬桿PQ兩端電壓為：，故B正確；感應(yīng)電流為：，安培力，故C正確;金屬桿PQ在外力F作用下在粗糙U型導(dǎo)軌上以速度v向右勻速滑動(dòng)，根據(jù)能量守恒可知外力F做功大小等于電路產(chǎn)生的焦耳熱和導(dǎo)軌與金屬桿之間的摩擦力產(chǎn)生的內(nèi)能的和，故D錯(cuò)誤．【點(diǎn)睛】本題是法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律和安培力公式等的綜合應(yīng)用,該題中要明確功與能的關(guān)系，知道外力F克服摩擦力和安培力做功，外力F做功大小等于電路產(chǎn)生的焦耳熱和導(dǎo)軌與金屬桿之間的摩擦力產(chǎn)生的內(nèi)能的和．7.如圖,一帶負(fù)電粒子以某速度進(jìn)入水平向右的勻強(qiáng)電場中，在電場力作用下形成圖中所示的運(yùn)動(dòng)軌跡．M和N是軌跡上的兩點(diǎn),其中M點(diǎn)在軌跡的最右點(diǎn)．不計(jì)重力,下列表述正確的是（）A。粒子所受電場力沿電場方向水平向右B.粒子在M點(diǎn)的速率最小C.粒子在電場中的加速度不變D。粒子在電場中的電勢能始終在增加【答案】BC【解析】A、粒子做曲線運(yùn)動(dòng),受電場力指向曲線彎曲的內(nèi)側(cè)，故可知，粒子所受電場力沿電場的反方向,即水平向左，故A錯(cuò)誤；B、粒子受到的電場力向左,在向右運(yùn)動(dòng)的過程中，電場力對粒子做負(fù)功，粒子的速度減小，運(yùn)動(dòng)到M點(diǎn)時(shí)，粒子的速率最小，故B正確;C、粒子在勻強(qiáng)電場中只受到恒定的電場力作用，故粒子在電場中的加速度不變，故C正確；D、當(dāng)粒子向右運(yùn)動(dòng)時(shí)電場力做負(fù)功電勢能增加，當(dāng)粒子向左運(yùn)動(dòng)時(shí)電場力做正功電勢能減小，故D錯(cuò)誤．點(diǎn)睛：本題就是對電場力做功特點(diǎn)的考查，掌握住電場力做正功，電勢能減小，動(dòng)能增加,電場力做負(fù)功時(shí)，電勢能增加，動(dòng)能減?。?.如圖所示，水平地面上有一個(gè)坑,其豎直截面為半圓，O為圓心，AB為沿水平方向的直徑，若在A點(diǎn)以某一初速度沿水平方向平拋一小球1，小球1將擊中坑壁上的最低點(diǎn)D點(diǎn)，同時(shí)，在C點(diǎn)水平拋出另一相同質(zhì)量的小球2，小球2也能擊中D點(diǎn)，已知CD弧對應(yīng)的圓心角為60°，不計(jì)空氣阻力,則（）A.小球1與2的初速度之比B。小球1與2的初速度之比C。小球1與2在此過程中動(dòng)能的增加量之比為2：1D。在擊中D點(diǎn)前瞬間，重力對小球1與2做功的瞬時(shí)功率之比為【答案】BCD【解析】【分析】根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的豎直位移研究運(yùn)動(dòng)的時(shí)間,根據(jù)水平位移求出平拋運(yùn)動(dòng)的初速度．從而得出兩球的初速度之比．平拋運(yùn)動(dòng)過程中，重力做功等于動(dòng)能的增加量，由W=mgh分析動(dòng)能增加量的關(guān)系．重力的瞬時(shí)功率根據(jù)公式P=mgvy研究．【詳解】設(shè)半圓的半徑為R．小球從A點(diǎn)平拋，可得：R=v1t1；

R=gt12;小球從C點(diǎn)平拋，可得：Rsin60°=v2t2;R（1—cos60°）=gt22;聯(lián)立解得：v1：v2=．故A錯(cuò)誤,B正確．根據(jù)動(dòng)能定理得知：重力做的功等于動(dòng)能的增加量,則得:小球1與2在此過程中動(dòng)能的增加量之比為mgR:mgR（1—cos60°）=2:1．故C正確．兩球均做平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，由h=gt2，得，在擊中D點(diǎn)前瞬間,重力做功的功率為P=mgvy=mg?gt=mg2=mg，則在擊中D點(diǎn)前瞬間，重力對小球1與2做功的瞬時(shí)功率之比為P1：P2==:1．故D正確；故選BCD．三、非選擇題9.在探究“加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)中，請完成下面的問題:（1）實(shí)驗(yàn)分兩步，先保持物體的質(zhì)量不變，測量物體在不同的力作用下的加速度，分析加速度與力的關(guān)系；再保持物體所受力相同，測量不同質(zhì)量在這個(gè)力的作用下的加速度，分析加速度與質(zhì)量的關(guān)系．我們把這種方法稱之為：_________________________．實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示，（2）下面的做法有利于減小實(shí)驗(yàn)誤差的有：(）A．把長木板沒有定滑輪的一端適當(dāng)抬高B．連接小車與定滑輪的細(xì)繩要調(diào)成與木板平行C．為了讓小車的加速度大些，應(yīng)該盡可能增加鉤碼個(gè)數(shù)D．將連在小車后的紙帶盡可能放平順，以減小紙帶與打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的摩擦（3）如圖為某同學(xué)實(shí)驗(yàn)后，根據(jù)實(shí)驗(yàn)所得的數(shù)據(jù),作出的圖像，可以判斷該同學(xué)在實(shí)驗(yàn)中存在問題主要有:__________________________________________________________________________________________________________________________________________________．【答案】(1).控制變量法（2).ABD（3）。存在的主要問題有：1、平衡摩擦力時(shí)木板抬得過高：2、在研究a—F的關(guān)系時(shí),增加砝碼個(gè)數(shù)沒有保持砝碼總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的總質(zhì)量【解析】【分析】本題主要考查探究“加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn),考查實(shí)驗(yàn)操作中的誤差分析以及圖像分析．【詳解】(1）物理學(xué)中對于多變量的問題，通常采用控制變量法．(2）A項(xiàng)中把木板沒有定滑輪一端適當(dāng)抬高，可減小小車與木板的摩擦力，可減小實(shí)驗(yàn)誤差，故A正確；B項(xiàng)中連接小車與定滑輪的細(xì)繩要調(diào)成與木板平行，可減小繩子與木板間的摩擦力,同時(shí)保證繩子的拉力可充當(dāng)小車所受的合外力,可減小實(shí)驗(yàn)誤差，故B正確;C項(xiàng)中盡可能增加鉤碼的個(gè)數(shù)會(huì)使鉤碼的質(zhì)量不能滿足遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量的前提條件,使得不能將鉤碼的重力當(dāng)做小車所受的合外力，故C錯(cuò)誤；D項(xiàng)中將連在小車后的紙帶盡可能放平順，以減小紙帶與打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的摩擦,可減小實(shí)驗(yàn)誤差,故D正確．（3）由圖像可知,在F=0時(shí)，小車的加速度不為零，說明平衡摩擦力時(shí)木板抬得過高；圖像后面出現(xiàn)彎曲的形式，說明增加砝碼個(gè)數(shù)沒有保持砝碼總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的總質(zhì)量．10。測定一節(jié)干電池的電動(dòng)勢和內(nèi)電阻，除待測電池、電鍵、導(dǎo)線外，還有下列器材供選用：A。電流表:量程0.6A,內(nèi)電阻約1ΩB.電壓表:量程2V,內(nèi)電阻約10kΩC。電壓表:量程15V，內(nèi)電阻約60kΩD?；瑒?dòng)變阻器R1（0-10Ω,2A）E.滑動(dòng)變阻器R2(0—100Ω，1A)（1）為了使測量結(jié)果盡量準(zhǔn)確，電壓表應(yīng)選用___________，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用___________（均填儀器的字母代號)．(2)請?jiān)诰€框內(nèi)畫出測量電源電動(dòng)勢和內(nèi)阻的電路原理圖（）（3）閉合開關(guān)S，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片,測出多組U、I值,記入下表中U/V1.411.351.301。251.21I/A0.090。200。300。400.49根據(jù)記錄表中的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)在坐標(biāo)中作出I-U圖象，由圖象可得出該電池組的電動(dòng)勢為_____V,內(nèi)阻為_____Ω．（4)某同學(xué)對某次實(shí)驗(yàn)進(jìn)行了誤差分析，發(fā)現(xiàn)在給出的直角坐標(biāo)系中描點(diǎn)連線的過程中，方格紙的利用率較低，這可能會(huì)帶來___________（選填“偶然”或“系統(tǒng)”）誤差;本實(shí)驗(yàn)所采用的實(shí)驗(yàn)電路中，由于電壓表分流，實(shí)驗(yàn)測出的電動(dòng)勢___________真實(shí)值(選填“大于”、“等于”或“小于”）【答案】(1）.B（2）.D(3）.見解析所示(4).1.45（1。43—1.47）(5)。0.50（0.48-0.52）(6)。偶然（7)。小于【解析】【詳解】（1）[1][2]．干電池電動(dòng)勢約為1.5V，所以電壓表量程為2V適合,為方便操作，在安全情況下滑動(dòng)變阻器選小的，故選D；(2）[3］．原理圖如圖所示,(3）[4][5］．做出圖像如圖:E為圖線與U軸交點(diǎn)的橫坐標(biāo)，大小為1.45V；r為斜率的倒數(shù)，則．（4）[6][7]．坐標(biāo)紙利用率低會(huì)引起讀數(shù)誤差，屬于偶然誤差；本實(shí)驗(yàn)測量的電動(dòng)勢為,測量值比真實(shí)值偏小．11.用一輕彈簧豎直懸掛一質(zhì)量為m的物體，靜止時(shí)彈簧的伸長量為x．現(xiàn)用該彈簧沿傾角為的斜面向上拉住質(zhì)量為3m的物體勻速向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，彈簧的伸長量也為x,如圖所示，已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間，求：（1)質(zhì)量為3m的物體沿斜面運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的摩擦力大?。?2)當(dāng)用該彈簧沿該斜面向上拉住質(zhì)量為3m的物體勻速向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，彈簧的伸長量為多少?【答案】（1）f=0。5mg（2）2x【解析】【詳解】（1）根據(jù)題意可知kx=mg當(dāng)物體在F拉力的作用下向下做勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，物體受力平衡，此時(shí)滑動(dòng)摩擦力方向沿斜面向上，根據(jù)平衡條件得:kx+f=3mgsin30°解得:f=0。5mg（2）當(dāng)用該彈簧沿該斜面向上拉住質(zhì)量為3m的物體勻速向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，物體受力平衡，此時(shí)滑動(dòng)摩擦力方向沿斜面向下，根據(jù)平衡條件得：解得：答：（1）f=0.5mg（2)2x12。如圖所示，直線AB平行于CD，在AB與CD之間存在勻強(qiáng)磁場,磁場足夠長，寬d=0.16m;磁場方向垂直紙面向外，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B=2。5×10—4T；CD下方存在垂直CD向上勻強(qiáng)電揚(yáng)，場強(qiáng)大小E=0.1N/C．從電場中O點(diǎn)靜止釋放一帶正電的粒子，粒子恰好不能從AB邊界離開磁場，粒子的比荷是=1×108C/kg,粒子重力不計(jì)．(1）求O點(diǎn)到CD的垂直距離;（2）求粒子從釋放到第一次離開磁場所用的時(shí)間；（3）若粒子從O點(diǎn)以3×103m/s速度向右沿垂直電場方向入射，求粒子運(yùn)動(dòng)的周期．（sin37°=0。6）【答案】(1）y=0.8m（2)t=5.26×1（3）8.74×10-4s【解析】（1）O點(diǎn)到邊界的距離為y,①圓周運(yùn)動(dòng)半徑為R，R=d=0。16m②洛倫茲力提供向心力③解得：y=0.8m④（2)粒子在電場中勻加速運(yùn)動(dòng)⑤⑥粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的周期T，，⑦③解得：⑩（3)粒子進(jìn)入磁場時(shí),平行于CD方向垂直于CD方向合速度大小v'=5000m/s?方向與CD夾角為53°?粒子運(yùn)動(dòng)周期?得T’=8。74×10—4s?13。下列說法中正確的是()A.布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中固體分子所做的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)B。葉面上的小露珠呈球形是由于液體表面張力的作用C.液晶顯示器利用了液晶對光具有各向異性的特點(diǎn)D.當(dāng)兩分子間距離大于平衡位置的間距r0時(shí)，分子間的距離越大,分子勢能越小E.溫度升高時(shí)，分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能一定增大，但并非所有的分子的速率都增大【答案】BCE【解析】布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中固體顆粒所做的無規(guī)則運(yùn)動(dòng),不是固體分子的運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；葉面上的小露珠呈球形是由于液體表面張力的作用，選項(xiàng)B正確；液晶顯示器利用了液晶對光具有各向異性的特點(diǎn),選項(xiàng)C正確;當(dāng)兩分子間距離大于平衡位置的間距r0時(shí)，分子間的距離越大，分子勢能越大，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；溫度升高時(shí),分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能一定增大，但并非所有分子的速率都增大，選項(xiàng)E正確，故選BCE．14.2017年10月3日，我國“深海勇士”號載人潛水器在南海完成深海下潛試驗(yàn)任務(wù),某小組設(shè)計(jì)了一個(gè)可測定下潛深度的深度計(jì)，如圖所示,兩氣缸I、II內(nèi)徑相同，長度均為L，內(nèi)部各裝有一個(gè)活塞，活塞密封性良好且無摩擦，右端開口，在氣缸I內(nèi)通過活塞封有150個(gè)大氣壓的氣體，II內(nèi)通過活塞封有300個(gè)大氣壓的氣體，兩缸間有一細(xì)管相通，當(dāng)該裝置放入水下時(shí),水對I內(nèi)活塞封有產(chǎn)生擠壓，活塞向左移動(dòng)，通過I內(nèi)活塞向左移動(dòng)的距離可測定出下潛深度．已知1個(gè)大氣壓相當(dāng)于10m高海水產(chǎn)生的壓強(qiáng)，不計(jì)海水的溫度變化,被封閉氣體視為理想氣體，求：（1）當(dāng)I內(nèi)活塞向左移動(dòng)了時(shí)，下潛深度;(2）該深度計(jì)能測量的最大下潛深度．【答案】(1）(2)【解析】（1）設(shè)當(dāng)I內(nèi)活塞向左移動(dòng)了位置處時(shí)，活塞B不動(dòng),取A內(nèi)氣體為研究對象，由玻意耳定律可得,，解得（2）當(dāng)I內(nèi)活塞到缸底時(shí)所測深度最大，設(shè)兩部分氣球壓縮到壓強(qiáng)對I有：對II有：解得：15。如圖所示，A、O、B是均勻彈性介質(zhì)中x軸上的三個(gè)質(zhì)點(diǎn)，AO=2m,OB=6m．t=0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)O作為波源由平衡位置開始向下做等幅振動(dòng)，并形成一列簡諧橫波以2m/s的波速沿x軸傳播，t=3s時(shí)波源O第一次到達(dá)波峰位置．下列說法正確的是_________A。t=3s時(shí)波剛