瀘縣第四中學2019-2020學年高二下學期第二次月考物理試題含解析

學必求其心得，業(yè)必貴于專精學必求其心得，業(yè)必貴于專精學必求其心得，業(yè)必貴于專精四川省瀘縣第四中學2019-2020學年高二下學期第二次月考物理試題含解析2020年春四川省瀘縣第四中學高二第二學月考試物理試題注意事項：1．答題前,考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚,將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2．答題時請按要求用筆.3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折疊、不要弄破、弄皺,不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。6．考試時間：150分鐘;物理化學生物同堂分卷考試，物理110分,化學100分，生物分90分，共300分第I卷選擇題（54分)一、選擇題（每小題6分，共9個小題，共54分;其中1-6題為單選題,7-9題多選題,少選得3分，多選錯選得0分。)1.一個靜止的原子核X經(jīng)α衰變放出一個α粒子并生成一個新核,α粒子的動能為E0．設(shè)衰變時產(chǎn)生的能量全部變成α粒子和新核的動能，則在此衰變過程中的質(zhì)量虧損為（）A。 B。 C。 D?！敬鸢浮緿【解析】【詳解】衰變方程為,衰變過程中系統(tǒng)動量守恒得PHe—PY=0；由動量和動能關(guān)系式為,設(shè)新核動能為Ek′，由動量守恒，則，衰變釋放總動能，由質(zhì)能方程Ek＝Δmc2得質(zhì)量虧損,故A、B、C均錯誤，選項D正確．故選D．【點睛】衰變過程類比于爆炸，滿足動量守恒,同時注意動量與動能的表達式間的關(guān)系P2=2mEK.2。如圖所示,兩條平行直導線A和B中通入方向相反的電流，所受安培力分別記為，則（)A.B在A處產(chǎn)生的磁場方向垂直紙面向外B.A在B處產(chǎn)生的磁場方向垂直紙面向外C.的方向向左D.的方向向左【答案】C【解析】【詳解】A．由右手螺旋法則可知,B在A處產(chǎn)生的磁場方向垂直紙面向里，選項A錯誤；B．由右手螺旋法則可知,A在B處產(chǎn)生的磁場方向垂直紙面向里，選項B錯誤;CD．根據(jù)左手定則可知,FA的方向向左，F(xiàn)B向右，選項C正確，D錯誤;故選C。3.法拉第在1831年發(fā)現(xiàn)了“磁生電”現(xiàn)象．如圖，他把兩個線圈繞在同一個軟鐵環(huán)上，線圈A和電池連接，線圈B用導線連通，導線下面平行放置一個小磁針．實驗中可能觀察到的現(xiàn)象是()A。線圈A和電池連接瞬間，小磁針會偏轉(zhuǎn)B.線圈A和電池斷開瞬間,小磁針不偏轉(zhuǎn)C.線圈B匝數(shù)較少時小磁針不偏轉(zhuǎn),匝數(shù)足夠多時小磁針會偏轉(zhuǎn)D.用一節(jié)電池作電源小磁針不偏轉(zhuǎn)，用十節(jié)電池作電源小磁針會偏轉(zhuǎn)【答案】A【解析】【分析】電磁感應(yīng)現(xiàn)象發(fā)生的條件是:閉合導體回路，磁通量發(fā)生改變，據(jù)此分析．【詳解】線圈A和電池連接瞬間，A中電流從無到有，電流發(fā)生變化，則在B線圈中感應(yīng)出感應(yīng)電流，從而產(chǎn)生感應(yīng)磁場，小磁針偏轉(zhuǎn)，同理線圈A和電池斷開瞬間，小磁針也會偏轉(zhuǎn)，故A正確，B錯誤．線圈中有無感生電流,與線圈匝數(shù)的多少無關(guān),故C錯誤；小磁針能否偏轉(zhuǎn)，與是否有感應(yīng)電流有關(guān)，與電池的節(jié)數(shù)無關(guān)，故D錯誤；故選A．4。將一個質(zhì)量為m的物塊放在光滑的水平面上，用水平恒力拉物塊，使物塊從靜止開始運動，當物塊運動的位移為x時，拉力的瞬時功率為P，則A.拉力的大小為B。拉力的大小為C.當物塊運動的位移為2x時,拉力的瞬時功率為2PD。當物塊運動的位移為2x時，拉力的瞬時功率為4P。【答案】B【解析】【詳解】AB．設(shè)水平恒力大小為F，則求得,A項錯誤,B項正確;CD．當物塊運動的位移為2x時，由可知,拉力的瞬時功率為P,CD項錯誤.5。把質(zhì)量是0。3kg的小球放在豎立的輕質(zhì)彈簧上，并把小球往下按至A的位置，如圖甲所示．迅速松手，彈簧把球彈起，球升至最高位置C（圖丙所示)，途中經(jīng)過位置B時彈簧恰好處于自由狀態(tài)（圖乙所示)．已知B、A高度差為0.1m，C、B的高度差為0。2m，空氣的阻力不計,取g=10m/s2．下列說法正確的是A.在A位置，彈簧具有的彈性勢能為0。9JB.在B位置小球的動能最大C.從A到C的運動過程,小球機械能守恒D。從A到B的運動過程，小球的加速度逐漸減小【答案】A【解析】根據(jù)能量的轉(zhuǎn)化與守恒，小球在圖丙中時，彈簧的彈性勢能等于小球由A到C位置時增加的重力勢能，為：Ep=mghAC=0。3×10×0。3=0.9J；故A正確；球從A上升到B位置的過程中，彈簧的彈力先大于重力，小球向上做加速度減小的加速運動,當彈簧的彈力等于重力時,合力為零，加速度為零;之后小球繼續(xù)上升彈簧彈力小于重力，球做加速度增加的減速運動,故小球從A上升到B的過程中，加速度先減小后增加，動能先增大后減小，在AB之間某個位置時動能最大，故BD錯誤；從A→B，彈簧的彈力對小球做正功,小球的機械能增加，從B→C，小球只受重力，機械能守恒，故C錯誤．故選A。點睛：解決本題的關(guān)鍵掌握機械能守恒的條件，在只有重力或彈簧彈力做功的情形下，系統(tǒng)機械能守恒．在解題時要注意，單獨對小球來說，小球和彈簧接觸過程中機械能不守恒．6。如圖所示，兩個相同的燈泡a、b和電阻不計的線圈L（有鐵芯）與電源E連接，下列說法正確的是A。S閉合瞬間,a燈發(fā)光b燈不發(fā)光B。S閉合，a燈立即發(fā)光，后逐漸變暗并熄滅CS斷開，b燈“閃”一下后熄滅D.S斷開瞬間，a燈左端的電勢高于右端電勢【答案】B【解析】【詳解】A．閉合開關(guān)瞬間，兩小燈泡均有電流流過，同時發(fā)光，A錯誤；B．閉合開關(guān)瞬間,a燈立即發(fā)光，根據(jù)楞次定律可知線圈中產(chǎn)生的阻礙原電流變大的感應(yīng)電流逐漸減小至0，因為a燈和線圈并聯(lián)，所以通過線圈的電流逐漸增大，通過a燈的電流逐漸減小，亮度逐漸減小，因為線圈電阻不計，所以穩(wěn)定時a燈被短路，最后熄滅,B正確；C．斷開開關(guān)瞬間，b燈斷路無電流流過，立即熄滅，C錯誤；D．斷開開關(guān)瞬間，根據(jù)楞次定律可知，通過線圈的電流水平向右,所以線圈作為感應(yīng)電動勢右端電勢高于左端,所以a燈右端的電勢高于左端，D錯誤。故選B.7.如圖(甲)所示為一發(fā)電機的原理圖，發(fā)電機產(chǎn)生的交變電流接圖(乙)中理想變壓器的原線圈.已知變壓器原、副線圈的匝數(shù)之比為22∶1，發(fā)電機輸出電壓u隨時間t變化的規(guī)律如圖（丙）所示，發(fā)電機線圈電阻忽略不計，則（）A.電阻兩端電壓的瞬時值表達式為u=10sin（50πt)VB.電壓表示數(shù)為10VC。若僅使發(fā)電機線圈的轉(zhuǎn)速增大一倍，則變壓器副線圈輸出電壓的頻率增大一倍，而電壓表示數(shù)不變D.若僅使電阻R增加，則電流表示數(shù)減小【答案】BD【解析】【詳解】AB．由題圖(丙)知，原線圈電壓的最大值U1m=311V，原線圈電壓有效值U1==220V由知，副線圈電壓的最大值U2m≈14。1V副線圈電壓有效值U2=10V故A錯誤，B正確；C．若僅使發(fā)電機線圈的轉(zhuǎn)速n增大一倍，則角速度ω增大一倍，根據(jù)Em=NBSω可知，變壓器原線圈輸入電壓的頻率和最大值都增大一倍,原副線圈中電流的頻率相等,變壓器副線圈輸出電壓的頻率增大一倍，由知，副線圈輸出電壓增大一倍，電壓表讀數(shù)增大一倍，故C錯誤;D．若僅使電阻R增加，原線圈兩端的電壓和原副線圈匝數(shù)比不變，則副線圈輸出電壓不變,副線圈中電流減小,原副線圈匝數(shù)比不變，則原線圈中電流也減小，電流表示數(shù)減小，故D正確。故選BD.8。下圖中電源電動勢為E，內(nèi)電阻為r，A、B為兩個相同的燈泡，R1為定值電阻，R為滑動變阻器，當滑動觸頭P向b端滑動時,則（）A.A燈變暗,B燈變暗B。A燈變暗，B燈變亮C。R1消耗功率變大D。R1消耗的功率變小【答案】AC【解析】當滑片向下,滑動變阻器的阻值變小，電路的總電阻都會變小，據(jù)閉合電路歐姆定律知總電流變大,內(nèi)電壓增大，所以路端電壓減小,可知燈A變暗；再據(jù)干路電流變大，燈A電流減小，所以電源右側(cè)電路的電流增大，電阻R1上的電流變大了，所以分壓也就增加了,但是路端電壓減小，所以B燈和滑阻上的電壓就變小,根據(jù)公式P=可知，B燈實際功率的變小，所以B燈變暗，故A正確，B錯誤．以上分析可知，通過R1的電流變大，所以消耗功率變大,故C正確，D錯誤．故選AC．點睛:本題的關(guān)鍵識別電路的能力，動態(tài)電路的分析的思路,借助串、并聯(lián)電路的電壓、電流和電阻規(guī)律的應(yīng)用情況、歐姆定律的應(yīng)用以及電功率的計算公式．9。如圖所示，空間有一垂直紙面的磁感應(yīng)強度為0.5T的勻強磁場，一質(zhì)量為0.2kg且足夠長的絕緣木板靜止在光滑水平面上，在木板左端無初速放置一質(zhì)量為0.1kg、電荷量q=+0。2C的滑塊,滑塊與絕緣木板之間動摩擦因數(shù)為0.5，滑塊受到的最大靜摩擦力可認為等于滑動摩擦力．t=0時對木板施加方向水平向左，大小為0.6N恒力，g取10m/s2．則（）A.木板和滑塊一直做加速度為2m/s2的勻加速運動B。滑塊開始做加速度減小的變加速運動,最后做速度為10m/s勻速運動C.木板先做加速度為2m/s2勻加速運動，再做加速度增大的運動，最后做加速度為3m/s2的勻加速運動D.t=5s后滑塊和木板開始有相對運動【答案】BC【解析】分析】先求出木塊靜摩擦力能提供的最大加速度,再根據(jù)牛頓第二定律判斷當0.6N的恒力作用于木板時，系統(tǒng)一起運動的加速度，當滑塊獲得向左運動的速度以后又產(chǎn)生一個方向向上的洛倫茲力,當洛倫茲力等于重力時滑塊與木板之間的彈力為零，此時摩擦力等于零,此后物塊做勻速運動，木板做勻加速直線運動．【詳解】ABC、由于動摩擦因數(shù)為0。5，靜摩擦力能提供的最大加速度為5m/s2，所以當0。6N的恒力作用于木板時，系統(tǒng)一起以a=的加速度一起運動，當滑塊獲得向左運動的速度以后又產(chǎn)生一個方向向上的洛倫茲力，滑塊開始做加速度減小的變加速運動,木板做加速度增大的加速運動；當洛倫茲力等于重力時滑塊與木板之間的彈力為零，此時Bqv=mg，解得：v=10m/s，此時摩擦力消失，滑塊做勻速運動，而木板在恒力作用下做勻加速運動，a=．故A錯誤，BC正確．D、滑塊開始一起做a=2m/s2加速直線運動，當滑塊獲得向左運動的速度以后又產(chǎn)生一個方向向上的洛倫茲力，滑塊開始做加速度減小的變加速運動,所以速度增大到10m/s所用的時間大于5s．故D錯誤．故選BC．【點睛】本題主要考查了牛頓第二定律的直接應(yīng)用，要求同學們能正確分析木板和滑塊的受力情況,進而判斷運動情況．第II卷非選擇題二、實驗題10。如圖甲,某實驗小組采用常規(guī)方案驗證動量守恒定律．實驗完成后，該小組又把水平木板改為豎直木板再次實驗,如圖乙所示．圖中小球半徑均相同、質(zhì)量均已知，且mA〉mB，B、B′兩點在同一水平線上．（1)若采用圖甲所示的裝置，實驗中還必須測量的物理量是___________．（2）若采用圖乙所示的裝置，下列說法正確的是___________．A．必需測量B′O、BN、BP和BM的距離B．必需測量B′N、B′P和B′M的距離C．若，則表明此碰撞動量守恒D．若，則表明此碰撞動量守恒【答案】(1）.OM/OP和ON的距離（2)。BC【解析】【詳解】（1）如果采用圖甲所示裝置，由于小球平拋運動的時間相等，故可以用水平位移代替速度進行驗證，故需要測量OM、OP和ON的距離；（2）采用圖乙所示裝置時，利用水平距離相等,根據(jù)下落的高度可確定飛行時間，從而根據(jù)高度可以表示出對應(yīng)的水平速度，故需測量B′N、B′P和B′M的距離，小球碰后做平拋運動，速度越快,下落高度越小，單獨一個球下落時，落點為P，兩球相碰后，落點分別為M和N，根據(jù)動量守恒定律有：mAv＝mAv1+mBv2，而速度v，根據(jù)hgt2可得，t，則可解得：v，v1,v2；代入動量守恒表達式，消去公共項后，有：，故選C．11.某研究性學習小組的同學欲做“描繪小電珠的伏安特性曲線”實驗。已知所用小電珠的額定電壓和額定功率分別為2。5V、1.2W，實驗使用的直流電源的電動勢為3。0V內(nèi)阻忽略不計，實驗可供選擇的器材規(guī)格如下a、電流表A1（量程0～0。6A,內(nèi)阻約5Ω)b、電流表A2（量程0~3A，內(nèi)阻約0.1Ω)c、電壓表V1（量程0～3V，內(nèi)阻約3kΩ）d、電壓表V2（量程0～15V，內(nèi)阻約2000Ω)e、滑動變阻器R1（阻值0～10，額定電流1A)f、滑動變阻器R2(阻值0～5000，額定電流500mA)請回答下列問題:（1）為了完成實驗且盡可能減小實驗誤差，電流表應(yīng)選擇_______,電壓表應(yīng)選擇_________、滑動變阻器應(yīng)選擇_________（填寫實驗器材前的序號）（2）根據(jù)所選的實驗器材，請設(shè)計合理的電路原理圖來完成該實驗________(3）該研究性學習小組的同學用設(shè)計好的電路測得了該小電珠兩端的電壓U和通過該小電珠的電流，由歐姆定律計算得到的小電珠的電阻值_______（選填“大于”“等于＂或“小于＂）真實值（4）該研究性學習小組的同學通過設(shè)計好的電路得到了多組實驗數(shù)據(jù)，并根據(jù)得到的多組數(shù)據(jù)在坐標系中描點畫圖，如圖所示，該圖線向下彎曲,其原因是______.（5)如果取兩個這樣的小電珠并聯(lián)以后再與一阻值為2.0Ω的定值電阻串聯(lián)，并接在電動勢為3。0V、內(nèi)阻忽略不計的直流電源兩端,則每個小電珠消耗的實際功率應(yīng)為________W(結(jié)果保留兩位小數(shù)）【答案】（1）.a(2）。c(3).e(4）。（5）.小于（6)。小電珠的電阻隨溫度的升高而增大(7)。0.57（0。50—0.60）【解析】【詳解】(1)由于燈泡的額定電壓為2.5V,所以電壓表應(yīng)選:C，額定電流為：，所以電流表選:a,本實驗燈泡兩端電壓從零開始變化,所以滑動變阻器用分壓式即用總阻值較小的，即為e；（2）本實驗燈泡兩端電壓從零開始變化，所以滑動變阻器用分壓式，燈泡的電阻較小，所以電流表應(yīng)外接，電路圖如圖所示:(3）由于電壓表的分流作用,所以電流表的示數(shù)比流過燈泡的電流更大，由公式可知，電阻的測量值小于真實值；(4）I—U圖象的斜率表示電阻的倒數(shù),由圖可知,電阻隨電壓的增大而增大，其原因是燈泡的電阻隨溫度的增大而增大；（5)將定值電阻與電源等效為內(nèi)阻為2。0，電動勢為3。0V的電源，由閉合電路歐姆定律得：，變形得：，I—U關(guān)系圖象作入I—U圖中由圖可知,U=1.28V，I=0.43A，所以燈泡的實際功率為：．三、解答題12。O點處有一質(zhì)點從t＝0時刻開始在y方向做簡諧運動,0。4s時，在其右邊與質(zhì)點相連的水平繩上第一次形成如圖所示的波形,此時波源質(zhì)點的振動頻率突然變?yōu)樵瓉淼?倍,振幅和繩波傳播速度均不變．（i)求該繩波傳播的速度；（ii）繩上某質(zhì)點從某次向上經(jīng)過平衡位置開始的1s內(nèi)總路程至少為多少？【答案】（i）10m/s；（ii）36cm.【解析】【詳解】（i)該繩波傳播的速度(ii）開始時波的周期T1=0。4s，振動頻率加倍后的周期為T2=0。2s；由題意可知，在t=0時刻x=2m處的質(zhì)點向上振動，此質(zhì)點在1s內(nèi)總路程最短,此質(zhì)點以周期T1振動半個周期,時間為0.2s,然后剩下的0。8s以周期T2振動4個周期,則在1s內(nèi)共振動4。5個周期，總路程為.13。如圖所示，在第一象限中有豎直向下的勻強電場,電場強度E=2×10-6N/C，在第四象限內(nèi)存在垂直紙面向外的勻強磁場．有一個比荷為5×107C/kg的帶電粒子（重力不計）以垂直于y軸的速度v0＝10m/s從y軸上的P點進入勻強電場，恰好與x軸成45°角射出電場，再經(jīng)過一段時間又恰好垂直于y軸進入第三象限．已知O、P之間的距離為d＝0。5m,求：（1）帶點粒子在電場中運動的時間；（2）帶點粒子在磁場中做圓周運動的半徑；（3）帶點粒子在磁場中運動的時間．(保留三位有效數(shù)字）【答案】（1）1m（2)m（3)0.236s【解析】(1）粒子在電場中做類平拋運動,由離開電場時粒子速度與x軸夾45o可解得t1=0。1s（或由解得t1=0。1s）帶電粒子在電場中水平位移解得x=1m（2)帶電粒子在磁場中軌跡如圖所示，由幾何知識可知圓周運動的半徑為