2023屆江蘇省淮州中學(xué)物理高二第二學(xué)期期中質(zhì)量檢測(cè)模擬試題含解析

2023屆江蘇省淮州中學(xué)物理高二第二學(xué)期期中質(zhì)量檢測(cè)模擬試題注意事項(xiàng):1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2．答題時(shí)請(qǐng)按要求用筆。3．請(qǐng)按照題號(hào)順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、在下列核過程的方程中，X是質(zhì)子的是（）A． B．C． D．2、下列e-t圖象中不屬于交流電的有()A． B． C． D．3、如圖所示，先后以速度v1和v2勻速把一矩形線圈水平拉出有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，v1＝2v2，則在先后兩種情況下()A．線圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)之比為E1∶E2＝1∶2B．線圈中的感應(yīng)電流之比為I1∶I2＝4∶2C．線圈中產(chǎn)生的焦耳熱之比Q1∶Q2＝2∶1D．通過線圈某截面的電荷量之比q1∶q2＝2∶14、如圖所示為一個(gè)經(jīng)過雙向可控硅電子元件調(diào)節(jié)后加在電燈上的電壓，即在正弦式電流的每一個(gè)周期中，前面的被截去，從而改變了電燈上的電壓，那么現(xiàn)在電燈上電壓的有效值為（）A．Um B．C． D．5、一個(gè)電熱器接在10V的直流電源上，消耗的功率是P；當(dāng)把它接在一個(gè)正弦式交變電源上時(shí)，消耗的功率是P4A．5VB．12VC．7.1VD．10V6、如圖所示，三角形ABC為某透明介質(zhì)的橫截面，O為BC邊的中點(diǎn)，∠BAO為θ。位于截面所在平面內(nèi)的一束光線以角i入射，第一次到達(dá)AB邊恰好發(fā)生全反射。則該介質(zhì)的折射率n為（）A． B．C． D．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，兩個(gè)光滑斜面在B處平滑連接，小球在A點(diǎn)獲得大小為8m/s的速度沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，到達(dá)B點(diǎn)時(shí)速度大小為6m/s，到達(dá)C點(diǎn)時(shí)速度減為1．已知AB=BC，下列說法正確的是（）A．小球在AB、BC段的加速度大小之比為9：16B．小球在AB、BC段運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比為3：7C．小球經(jīng)過BC中間位置時(shí)速度大小為3m/sD．小球由A運(yùn)動(dòng)到C的平均速率為4.2m/s8、如圖所示，一導(dǎo)線彎成半徑為a的半圓形閉合回路。虛線MN右側(cè)有磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，方向垂直于半圓形回路所在的平面。半圓形回路以速度v向右勻速進(jìn)入磁場(chǎng)，直徑CD始終與MN垂直。從D點(diǎn)到達(dá)邊界開始到C點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)為止，下列結(jié)論正確的是（）A．感應(yīng)電流方向始終沿順時(shí)針方向B．CD段直導(dǎo)線始終受安培力作用C．感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大值Em＝BavD．感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)平均值E＝πBav9、電阻R1、R2、R3串聯(lián)在電路中．已知R1＝10Ω、R3＝5Ω，R1兩端的電壓為6V，R2兩端的電壓為12V，則()A．電路中的電流為0.6A B．電阻R2的阻值為20ΩC．三只電阻兩端的總電壓為21V D．電阻R3兩端的電壓為4V10、如圖所示，T為理想變壓器，A1、A2為理想交流電流表，V1、V2為理想交流電壓表，R1、R2、R3為電阻，原線圈兩端接電壓一定的正弦式交變電流，當(dāng)開關(guān)S閉合時(shí)，各交流電表的示數(shù)變化情況應(yīng)是()A．電壓表V2讀數(shù)變大B．電流表A1讀數(shù)變大C．電流表A2讀數(shù)變小D．電壓表V1讀數(shù)變小三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖甲所示是一個(gè)擺線長度可調(diào)的單擺振動(dòng)的情景圖，O是它的平衡位置，P、Q是小球所能到達(dá)的最高位置．小球的質(zhì)量m＝0.4kg，圖乙是某擺長時(shí)小球的振動(dòng)圖象，g取10m/s2.(1)為測(cè)量單擺的擺動(dòng)周期，測(cè)量時(shí)間應(yīng)從擺球經(jīng)過________(填“O”“P”或“Q”)時(shí)開始計(jì)時(shí)；測(cè)出懸點(diǎn)到小球球心的距離(擺長)L及單擺完成n次全振動(dòng)所用的時(shí)間t，則重力加速度g＝________(用L、n、t、π表示)．(2)由圖乙寫出單擺做簡諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式_______12．（12分）如圖1為“碰撞中的動(dòng)量守恒”實(shí)驗(yàn)裝置示意圖①在驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的實(shí)驗(yàn)中，必須要求的條件是：______A．軌道是光滑的．B．軌道末端的切線是水平的．C．碰撞的瞬間m1

和m1

球心連線與軌道末端的切線平行．D．每次m1

都要從同一高度靜止?jié)L下②入射小球1與被碰小球1直徑相同，它們的質(zhì)量相比較，應(yīng)是

m1______m1．③實(shí)驗(yàn)時(shí)，小球的落點(diǎn)分別如圖1的M、N、P點(diǎn)，應(yīng)該比較下列哪兩組數(shù)值在誤差范圍內(nèi)相等，從而驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律：______A．m1?

=m1?+m1?B．m1?=m1?+m1C．m1?=m1?+m1?D．m1?

=m1?+m1?④在做此實(shí)驗(yàn)時(shí)，若某次實(shí)驗(yàn)得出小球的落點(diǎn)情況如圖1所示．假設(shè)碰撞中動(dòng)量守恒，則入射小球質(zhì)量m1和被碰小球質(zhì)量m1之比m1：m1=______．四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，虛線框內(nèi)為某種電磁緩沖車的結(jié)構(gòu)示意圖，其主要部件為緩沖滑塊K和質(zhì)量為m的“U”框型緩沖車廂．在車廂的底板上固定著兩個(gè)光滑水平絕緣導(dǎo)軌PQ、MN，緩沖車的底部固定有電磁鐵（圖中未畫出），能產(chǎn)生垂直于導(dǎo)軌平面并隨車廂一起運(yùn)動(dòng)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，設(shè)導(dǎo)軌右端QN是磁場(chǎng)的右邊界．導(dǎo)軌內(nèi)的緩沖滑塊K由高強(qiáng)度絕緣材料制成，滑塊K上繞有閉合矩形線圈abcd，線圈的總電阻為R，匝數(shù)為n，ab邊長為L．假設(shè)緩沖車以速度v0與障礙物C碰撞后，滑塊K立即停下（碰前車廂與滑塊相對(duì)靜止），此后線圈與軌道磁場(chǎng)的作用使車廂減速運(yùn)動(dòng)，從而實(shí)現(xiàn)緩沖．不計(jì)一切摩擦阻力．（1）求滑塊K的線圈中最大感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)Em的大??；（2）若緩沖車廂向前移動(dòng)距離L后速度為零（導(dǎo)軌未碰到障礙物），則此過程線圈abcd中通過的電荷量q和產(chǎn)生的焦耳熱Q各是多少？（3）若緩沖車以某一速度v0＇（未知）與障礙物C碰撞后，滑塊K立即停下，緩沖車廂所受的最大水平磁場(chǎng)力為Fm．緩沖車在滑塊K停下后，其速度v隨位移x的變化規(guī)律滿足：v=v0＇-x．要使導(dǎo)軌右端不碰到障礙物，則緩沖車與障礙物C碰撞前，導(dǎo)軌右端與滑塊K的cd邊距離至少多大？14．（16分）如圖所示：寬度的足夠長的U形金屬框架水平放置，框架處在豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度，框架導(dǎo)軌上放一根質(zhì)量、電阻的金屬棒ab，棒ab與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)，現(xiàn)用功率恒為6W的牽引力F使棒從靜止開始沿導(dǎo)軌運(yùn)動(dòng)棒始終與導(dǎo)軌接觸良好且垂直，當(dāng)棒的電阻R產(chǎn)生熱量時(shí)獲得穩(wěn)定速度，此過程中，通過棒的電量框架電阻不計(jì)，g取問：棒達(dá)到的穩(wěn)定速度多大？棒從靜止到穩(wěn)定速度的時(shí)間為多少？15．（12分）圖甲為某一列簡諧波t=t0時(shí)刻的圖象，此時(shí)這列波上P質(zhì)點(diǎn)的坐標(biāo)為（1.0m，0）。圖乙是P質(zhì)點(diǎn)從這一時(shí)刻起的振動(dòng)圖象：(1)求波的傳播方向和波速大??；(2)畫出經(jīng)過2.3s后波的圖象，并求P質(zhì)點(diǎn)這段時(shí)間內(nèi)的位移和路程。

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】

A．根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒，則，X的質(zhì)量數(shù)為0，質(zhì)子數(shù)為-1，X是電子，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒，則，X的質(zhì)量數(shù)為1，質(zhì)子數(shù)為1，X是質(zhì)子，故B正確；C．根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒，則，X的質(zhì)量數(shù)為4，質(zhì)子數(shù)為2，X是氦核，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒，則，X的質(zhì)量數(shù)為1，質(zhì)子數(shù)為0，X是中子，故D錯(cuò)誤．故選B．2、D【解析】

交流電是指電流的方向發(fā)生變化的電流，電流的大小是否變化對(duì)其沒有影響，電流的方向變化的是ABC，故ABC是交流電，D是直流電。本題選擇不是的，故選D。3、C【解析】

A.感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：，所以，A錯(cuò)誤B.感應(yīng)電流：，所以，B錯(cuò)誤C.產(chǎn)生焦耳熱：，所以焦耳熱之比為，C正確D.通過界面電量：，兩次電量一樣，所以q1∶q2＝1∶1，D錯(cuò)誤4、C【解析】

設(shè)交流電的有效值為U，將交流電與直流電分別通過相同電阻R，分析一個(gè)周期內(nèi)熱量：交流電產(chǎn)生的熱量：；直流電產(chǎn)生的熱量：；由Q1=Q2得：，故選C。5、C【解析】當(dāng)電熱器接在10V的直流電源上時(shí)，有P=U2R，當(dāng)接到一正弦波形交流電源上時(shí)，設(shè)最大值為Um，則6、B【解析】

如圖所示，設(shè)光線在BC面上的折射角為r．

由折射定律得根據(jù)全反射規(guī)律可知

由幾何關(guān)系得90°-θ=C+r所以該介質(zhì)的折射率為故B正確，ACD錯(cuò)誤。故選B。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BD【解析】

A.對(duì)AB段，根據(jù)速度位移公式得：a1=vA2-vB22xABB.根據(jù)平均速度的推論知，AB段的時(shí)間t1=xABvA+vB2=xC.

BC段中間位置時(shí)的速度大小v=vD.物體由A運(yùn)動(dòng)C的平均速率為v=故選：BD8、BC【解析】

A．由楞次定律可判定感應(yīng)電流始終沿逆時(shí)針方向，故A錯(cuò)誤；B．由左手定則知CD段直導(dǎo)線始終受安培力，故B正確；C．當(dāng)有一半進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，切割磁感線的有效長度最大，最大感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為Em＝Bav選項(xiàng)C正確；D．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可得感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)平均值選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選BC。9、ABC【解析】試題分析：由部分電路歐姆定律可知流過R1的電流為，A對(duì)；同理電阻R2的阻值為，B對(duì)；R3兩端的電壓為IR3=3V，D錯(cuò)；所以三只電阻兩端的總電壓為21V，C錯(cuò)；考點(diǎn)：考查串并聯(lián)關(guān)系點(diǎn)評(píng)：本題難度較小，串聯(lián)電路中電流相同，要熟悉部分電路歐姆定律的內(nèi)容，并能夠利用歐姆定律靈活的處理問題10、BD【解析】

D、當(dāng)閉合開關(guān)S后，導(dǎo)致總電阻減小，由于總的電流變大，電阻R1的電壓變大，總的電壓保持不變，所以并聯(lián)部分的電壓要減小，即V1讀數(shù)變小，所以D正確.A、當(dāng)閉合開關(guān)S后，電路的總的電阻減小，由于變壓器的匝數(shù)比和輸入的電壓都不變，所以輸出的電壓也不變，即V2的示數(shù)不變，故A錯(cuò)誤；B、C、由于總的電阻減小，所以電路的總電流要變大，所以A1、A2的示數(shù)都要變大，所以B正確，C錯(cuò)誤；故選BD.三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、Ox＝5sin(πt)(cm)【解析】

(1)[1][2]．為測(cè)量單擺的擺動(dòng)周期，測(cè)量時(shí)間應(yīng)從擺球經(jīng)過O時(shí)開始計(jì)時(shí)，單擺的周期為由單擺的周期為聯(lián)立解得．(2)[3]．由圖知A=5cm，T=2s，則單擺做簡諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式為x=Asinωt=5sinπt（cm）．12、BCD大于A4：1【解析】①A、“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)中，是通過平拋運(yùn)動(dòng)的基本規(guī)律求解碰撞前后的速度的，只要離開軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，對(duì)斜槽是否光滑沒有要求，故A錯(cuò)誤；B、要保證每次小球都做平拋運(yùn)動(dòng)，則軌道的末端必須水平，故B正確；C、為保證兩球發(fā)生對(duì)心正碰,碰撞后小球做平拋運(yùn)動(dòng),碰撞的瞬間m1和m1球心連線與軌道末端的切線平行，故C正確；D、要保證碰撞前的速度相同，所以入射球每次都要從同一高度由靜止?jié)L下，故D正確．故選BCD．②為防止兩球碰撞后入射球反彈,入射球的質(zhì)量應(yīng)大于被碰球的質(zhì)量,即m1大于m1．③兩球離開軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，它們拋出點(diǎn)的高度相等，在空中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t相等，如果碰撞過程動(dòng)量守恒,則m1v1=m1v′1+m1v′1,兩邊同時(shí)乘以t得：m1v1t=m1v′1t+m1v′1t，m1OP=m1OM+m1ON，因此比較AD兩組數(shù)值在誤差范圍內(nèi)相等，從而驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律．④由③可知,如果兩球碰撞過程動(dòng)量守恒,則：m1OP=m1OM+m1ON,代入數(shù)據(jù)求得：m1:m1=4:1；四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)(2)，(3)【解析】

（1）根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知：（2）由法拉第電磁感應(yīng)定律可知：閉合電路歐姆定律可知：電量為聯(lián)立得：由功能關(guān)系得到：（3）當(dāng)緩沖車以某一速度（未知）與障礙物C碰撞后，滑塊K立即停下，滑塊相對(duì)于磁場(chǎng)的速度大小為．線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為線圈中的電流為線圈ab受到的安培力由題意得：，解得由題意知當(dāng)時(shí)，解得：14、（1）；方向豎直向上；（2）【解析】

（1）功率：P="Fv"①根據(jù)安培力公式：F安=BIL②根據(jù)歐姆定律：I=③又棒穩(wěn)定時(shí)：F=F安+μmg④由①②③④聯(lián)立解得：v=2m/s（2）由能量守恒得：Pt=Q+μmgs+mv2①因?yàn)閝=ItI=E=△φ=BSL所以S=②由①②聯(lián)立解得：t=1.5s15、(1)波沿x軸正向傳播，5.0m/s；(2)圖象見解析，位移為10cm