2023屆江蘇省海安中學(xué)物理高一下期中質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題含解析

2023屆江蘇省海安中學(xué)物理高一下期中質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。2．請(qǐng)用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號(hào)。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有的只有一項(xiàng)符合題目要求，有的有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1、如圖，氕核、氘核、氚核三種粒子從S點(diǎn)無初速釋放。經(jīng)電場(chǎng)E1加速后，又進(jìn)入電場(chǎng)E2偏轉(zhuǎn)最后打在屏上。整個(gè)裝置處于真空中，不計(jì)粒子重力及其相互作用，則(A．三種粒子將打到屏上的不同位置B．偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)對(duì)三種粒子做功一樣多C．三種粒子打到屏上的動(dòng)能不同D．三種粒子運(yùn)動(dòng)到屏上所用時(shí)間相同2、下列說法正確的是（）A．一對(duì)相互作用力做功之和一定為零B．作用力做正功，反作用力一定做負(fù)功C．一對(duì)平衡力做功之和一定為零D．一對(duì)摩擦力做功之和一定為負(fù)值3、物體做曲線運(yùn)動(dòng)，下列物理量中，一定變化的是（）A．速率B．合外力C．加速度D．速度4、關(guān)于運(yùn)動(dòng)與力，下列說法正確的是（）A．不受力的物體一定做直線運(yùn)動(dòng)B．不受力的物體也可以做曲線運(yùn)動(dòng)C．做曲線運(yùn)動(dòng)的物體不可能受恒力的作用D．做曲線運(yùn)動(dòng)的物體一定受與運(yùn)動(dòng)方向不在同一直線上的力的作用5、超級(jí)電容器又叫雙層電容器，是一種新型儲(chǔ)能裝置。它具有功率密度高、充放電時(shí)間短、循環(huán)壽命長、工作溫度范圍寬等特點(diǎn)。如圖為一款超級(jí)電容器，其標(biāo)有“2.7V，9000F”，可知A．超級(jí)電容器的所帶電荷量跟電壓成正比B．電壓為1.2V時(shí)，該電容器的電容為4000FC．該電容器正常工作時(shí)的電荷量為9000CD．該電容器只有兩端加上2.7V時(shí)才能正常工作6、下列說法正確的是（）A．研究Azer的100m起跑動(dòng)作時(shí)，可以將Azer當(dāng)作質(zhì)點(diǎn)B．Azer的100m成績?yōu)?2.8s，說明他通過終點(diǎn)的瞬時(shí)速度約為7.81m/sC．100m終點(diǎn)，彩哥與Azer幾乎同時(shí)撞線，以彩哥為參考系A(chǔ)zer的速度幾乎為零D．Azer用了2分50秒才完成了800m的比賽，他的平均速度約為零7、很多大型商場(chǎng)都安裝了臺(tái)階式自動(dòng)扶梯方便乘客購物，如圖所示，扶梯水平臺(tái)階上的人隨扶梯一起斜向上勻加速運(yùn)動(dòng)，下列說法中正確的有A．重力對(duì)人做負(fù)功B．支持力對(duì)人做正功C．摩擦力對(duì)人做正功D．合外力對(duì)人做功為零8、假設(shè)地球可視為質(zhì)量分布均勻的球體．已知地球表面重力加速度的大小在兩極為g0，在赤道為g，地球的自轉(zhuǎn)周期為T，引力常量為G，則A．地球的半徑B．地球的半徑C．假如地球自轉(zhuǎn)周期T增大，那么兩極處重力加速度g0值不變D．假如地球自轉(zhuǎn)周期T增大，那么赤道處重力加速度g值減小9、在傾角為的光滑斜面上有兩個(gè)用輕彈簧連接的物塊A和B,它們的質(zhì)量分別為m和2m，彈簧的勁度系數(shù)為k，C為一固定擋板，系統(tǒng)處于靜土狀態(tài)．現(xiàn)用一沿斜面方向的恒力拉物塊A使之沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，當(dāng)B剛離開C時(shí)，A的速度為v，加速度方向沿斜面向上、大小為,則（）A．從靜止到B剛離開C的過程中，A發(fā)生的位移為B．從靜止到B剛離開C的過程中，重力對(duì)A做的功為C．B剛離開C時(shí)，恒力對(duì)A做功的功率為D．當(dāng)A的速度達(dá)到最大時(shí)，B的加速度大小為10、如圖所示，一個(gè)勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的半徑為r的水平圓盤上放著兩個(gè)木塊M和N，木塊M放在圓盤的邊緣處，木塊N放在離圓心r/3的地方，它們都隨圓盤一起運(yùn)動(dòng)．比較兩木塊的線速度和角速度，下列說法中正確的是()A．兩木塊的線速度相等B．兩木塊的角速度相等C．M的線速度是N的線速度的3倍D．M的角速度是N的角速度的3倍二、實(shí)驗(yàn)題11、（4分）在用落體法驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律時(shí)，某小組按照正確的操作選得紙帶如圖，其中是起始點(diǎn)，、、是打點(diǎn)計(jì)時(shí)器連續(xù)打下的個(gè)點(diǎn)，用毫米刻度尺測(cè)量到、、各點(diǎn)的距離，并記錄在圖中．（已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?，重錘質(zhì)量為，計(jì)算結(jié)果均保留位有效數(shù)字）（）圖中的三個(gè)測(cè)量數(shù)據(jù)中不符合有效數(shù)字讀數(shù)要求的是___________段的讀數(shù)，應(yīng)記作____________；（）甲同學(xué)用重錘在段的運(yùn)動(dòng)來驗(yàn)證機(jī)械能守恒，他用段的平均速度作為點(diǎn)對(duì)應(yīng)的即時(shí)速度，則求得該過程中重錘的動(dòng)能增加量___________，重力勢(shì)能的減少量__________．這樣驗(yàn)證的系統(tǒng)誤差總是使________（選填“>”、“<”或“=”）；12、（10分）在“研究平拋物體運(yùn)動(dòng)”的實(shí)驗(yàn)中，用一張印有小方格的紙記錄軌跡，小方格的邊長L＝1.6cm，若小球在平拋運(yùn)動(dòng)途中的幾個(gè)位置如圖中的a、b、c、d所示，則小球平拋的初速度的v0＝____________（g＝10m/s2）．小球在b點(diǎn)的速率為____________（保留兩位有效數(shù)字）三、計(jì)算題：解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位13、（9分）2019年3月10日0時(shí)28分，我國在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心用長征三號(hào)乙運(yùn)載火箭，成功將“中星6C”衛(wèi)星發(fā)射升空，衛(wèi)星進(jìn)入預(yù)定軌道?！爸行?C”衛(wèi)星是一顆用于廣播和通信的地球靜止軌道通信衛(wèi)星，離地面的高度為地球半徑的6倍。求：“中星6C”衛(wèi)星的運(yùn)行速度與第一宇宙速度之比為多少？14、（14分）兩個(gè)小球A和B用輕質(zhì)彈簧相連，在光滑的水平直軌道上處于靜止?fàn)顟B(tài)，在它們左邊有一垂直于軌道的固定擋板P，右邊有一小球C沿軌道以速度v0射向B球，如圖所示。C與B發(fā)生碰撞并立即結(jié)成一個(gè)整體D。在它們繼續(xù)向左運(yùn)動(dòng)的過程中，當(dāng)彈簧長度變到最短時(shí)，長度突然被鎖定，不再改變，然后，A球與擋板P發(fā)生碰撞，碰后A、D都靜止不動(dòng)，A與P接觸而不粘連。過一段時(shí)間，突然解除鎖定（鎖定及解除鎖定均無機(jī)械能損失）。已知A球的質(zhì)量為3m，B、C球的質(zhì)量均為m。求：(1)彈簧長度剛被鎖定后A球的速度vA；(2)在A球離開擋板P之后的運(yùn)動(dòng)過程中，A球的最大速度；(3)在A球離開擋板P之后的運(yùn)動(dòng)過程中，D球速度最小時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能。15、（13分）如圖所示，ABCD為固定在豎直平面內(nèi)的軌道，其中ABC為光滑半圓形軌道,半徑為R，AC沿豎直方向,CD為水平粗糙軌道，一質(zhì)量為m的小滑塊(可視為質(zhì)點(diǎn))從圓軌道中點(diǎn)B由靜止釋放，滑至D點(diǎn)恰好靜止,CD間距為4R.已知重力加速度為g.(1)求小滑塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)；(2)現(xiàn)使小滑塊在D點(diǎn)獲得一初動(dòng)能，使它向左運(yùn)動(dòng)沖上圓軌道，恰好能通過最高點(diǎn)A,求小滑塊在D點(diǎn)獲得的初動(dòng)能.

參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有的只有一項(xiàng)符合題目要求，有的有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1、B【解析】

根據(jù)動(dòng)能定理定理可求得粒子剛進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)的速度。粒子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，由分位移公式得到粒子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)距離，再由幾何關(guān)系可明確粒子打在屏上的位置。根據(jù)電場(chǎng)力做功W=Eqy可分析偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)對(duì)粒子做功大小關(guān)系，結(jié)合動(dòng)能定理分析粒子打到屏上時(shí)速度關(guān)系?！驹斀狻苛Ｗ釉诩铀匐妶?chǎng)中加速，由動(dòng)能定理可知：qU1=12mv02-0，解得：v0=2qU1m，粒子在加速電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間：t1=L1v02=2L1m2qU1；粒子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間：t2=L2v0=L2m2qU1；在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中豎直分位移：y=y=12a2t2【點(diǎn)睛】本題考查帶電粒子在電場(chǎng)中的加速和偏轉(zhuǎn)，要注意偏轉(zhuǎn)中運(yùn)動(dòng)的合成與分解的正確應(yīng)用，本題的結(jié)論要在理解的基礎(chǔ)上記牢。2、C【解析】

AB．一對(duì)相互作用力具有等大反向共線的特點(diǎn)，但作用對(duì)象不同，則力作用下的位移不同，故作用力和反作用力都可以各自獨(dú)立的做正功、負(fù)功或不做功，而一對(duì)相互作用力做功之和也可以為正功、負(fù)功或零，故AB錯(cuò)誤；C．一對(duì)平衡力等大反向共線，作用在同一個(gè)對(duì)象上，故力做功的位移一定等大相反，則一對(duì)平衡力做功之和一定為零，故C正確；D．一對(duì)靜摩擦力只發(fā)生在相對(duì)運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)的物體間，則做功之和為零；一對(duì)滑動(dòng)摩擦力發(fā)生在相對(duì)運(yùn)動(dòng)的物體間，做功之和一定為負(fù)值，體現(xiàn)摩擦生熱把機(jī)械能轉(zhuǎn)化為熱能的功能關(guān)系，故D錯(cuò)誤。故選C。3、D【解析】

既然是曲線運(yùn)動(dòng)，它的速度的方向必定是改變的，所以曲線運(yùn)動(dòng)一定是變速運(yùn)動(dòng)，它的速度肯定是變化的；而勻速圓周運(yùn)動(dòng)的速率是不變的，平拋運(yùn)動(dòng)的合力、加速度是不變的．【詳解】A、勻速圓周運(yùn)動(dòng)的速度的大小是不變的，即速率是不變的，所以A選項(xiàng)錯(cuò)誤．B、平拋運(yùn)動(dòng)是曲線運(yùn)動(dòng)，其合外力就是物體的重力，重力是不變的，所以B選項(xiàng)錯(cuò)誤．C、平拋運(yùn)動(dòng)也是曲線運(yùn)動(dòng)，但是它的加速度是重力加速度，是不變的，所以C選項(xiàng)錯(cuò)誤．D、物體既然做曲線運(yùn)動(dòng)，那么它的速度方向肯定是不斷變化的，所以速度一定在變化，所以D選項(xiàng)正確．故選D．4、D【解析】

AB.物體不受力的作用時(shí)，可能處于靜止?fàn)顟B(tài)或勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，不可以做曲線運(yùn)動(dòng)，故AB錯(cuò)誤；C．做曲線運(yùn)動(dòng)的物體可能受恒力的作用，例如平拋運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D．曲線運(yùn)動(dòng)的條件是合力與初速度的方向不在同一條直線上，所以做曲線運(yùn)動(dòng)的物體一定受與運(yùn)動(dòng)方向不在同一直線上的力的作用，故D正確。故選D。5、A【解析】

根據(jù)Q=CU可知，超級(jí)電容器的所帶電荷量跟電壓成正比，選項(xiàng)A正確；電容器的電容由內(nèi)部結(jié)構(gòu)決定，與電壓無關(guān)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；該電容器正常工作時(shí)的電荷量為，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；該電容器在小于2.7V電壓時(shí)都能正常工作，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。6、CD【解析】

A、研究起跑動(dòng)作時(shí)，運(yùn)動(dòng)員的肢體動(dòng)作是不能忽略的,故大小和形狀不能忽略,不能看作質(zhì)點(diǎn),故A錯(cuò)誤；B、只知道位移和時(shí)間，無法求出瞬時(shí)速度,故B錯(cuò)誤；C、由于彩哥與Azer幾乎同時(shí)撞線，則相對(duì)于彩哥來說，Azer的位置幾乎沒有變化,故速度可以看作為零,故C正確；D、800m比賽中起點(diǎn)和終點(diǎn)相同，故平均速度為零；故D正確.故選CD．【點(diǎn)睛】本題考查質(zhì)點(diǎn)、平均速度、參考系等內(nèi)容，要注意明確平均速度和瞬時(shí)速度的區(qū)別，瞬時(shí)速度可以精確描述物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，而平均速度只能粗略地描述物體的運(yùn)動(dòng)．7、ABC【解析】

人站在自動(dòng)扶梯上，人受到豎直向下的重力作用和豎直向上的支持力作用，由于扶梯水平臺(tái)階上的人隨扶梯一起斜向上勻加速運(yùn)動(dòng)，人受水平向右摩擦力作用，合外力方向沿扶梯斜右向上，所以重力對(duì)人做負(fù)功，支持力對(duì)人做正功，摩擦力對(duì)人做正功；合外力對(duì)人做正功，故選項(xiàng)A、B、C正確，D錯(cuò)誤．8、AC【解析】AB、在兩極地區(qū)，物體受到地球的萬有引力，則有，在赤道處，萬有引力可分解為重力和向心力，則有：，聯(lián)立得：，解得，故A正確，B錯(cuò)誤；C、地球兩極：，兩極處的重力加速度與地球自轉(zhuǎn)周期無關(guān)，故C正確；D、在地球赤道上：，假如地球自轉(zhuǎn)周期T增大，赤道處重力加速度g值增大，故D錯(cuò)誤；故選AC．【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵是認(rèn)識(shí)到在赤道處的重力實(shí)為地球?qū)ξ矬w的萬有引力減去物體隨地球自轉(zhuǎn)的向心力，掌握力的關(guān)系是正確解題的前提．9、AD【解析】試題分析：未加拉力F時(shí)，物體A對(duì)彈簧的壓力等于其重力的下滑分力；物塊B剛要離開C時(shí)，彈簧的拉力等于物體B重力的下滑分力；根據(jù)平衡條件并結(jié)合胡克定律求解出兩個(gè)狀態(tài)彈簧的行變量，得到彈簧的長度變化情況；然后結(jié)合功能關(guān)系進(jìn)行分析即可．開始時(shí)，彈簧處于壓縮狀態(tài)，壓力等于物體A重力的下滑分力，根據(jù)胡克定律，有，解得，物塊B剛要離開C時(shí)，彈簧的拉力等于物體B重力的下滑分力，根據(jù)胡克定律，有，解得，故物塊A運(yùn)動(dòng)的距離為：，A正確；從靜止到B剛離開C的過程中，重力做功為，B錯(cuò)誤；此時(shí)物體A受拉力、重力、支持力和彈簧的拉力，根據(jù)牛頓第二定律，有，彈簧的拉力等于物體B重力的下滑分力，為，故，恒力對(duì)A做功的功率為，C錯(cuò)誤；當(dāng)A的速度達(dá)到最大時(shí)，A受到的合外力為0，則，所以：，B沿斜面方向受到的力，又，所以：，D正確．10、BC【解析】

物塊與圓盤一起運(yùn)動(dòng)，角速度相等，而半徑不等，M的半徑是N的3倍，根據(jù)v＝rω可知，M的線速度是N的線速度的3倍，故BC正確，AD錯(cuò)誤。二、實(shí)驗(yàn)題11、OC15.701.201.22<【解析】（1）圖中的三個(gè)測(cè)量數(shù)據(jù)中不符合有效數(shù)字讀數(shù)要求的是OC段，應(yīng)記作15.70cm（2）利用中點(diǎn)時(shí)刻的速度等于平均速度可得：

則求得該過程中重錘的動(dòng)能增加量重力勢(shì)能的減少量這樣驗(yàn)證的系統(tǒng)誤差總是使<點(diǎn)睛：中點(diǎn)時(shí)刻的速度等于平均速度，并且利用動(dòng)能的定義及勢(shì)能的定義驗(yàn)證動(dòng)能增加和重力勢(shì)能減小之間的關(guān)系．12、0.80m/s1.0m/s【解析】

在豎直方向上，根據(jù)△y=L=gT2得，，則小球平拋運(yùn)動(dòng)的初速度，B點(diǎn)的豎直分速度，根據(jù)平行四邊形定則知，B點(diǎn)的速率．三、計(jì)算題：解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位13、【解析】

設(shè)地球的半徑為R，則“中星6C”衛(wèi)星的軌道半徑為7R。設(shè)地球的第一宇宙速度為v1，則有設(shè)“中星6C”衛(wèi)星的運(yùn)行速度為v2，則有聯(lián)立解得14、(1)；(2)；(3)【解析】

(1)設(shè)C球與B球粘連成D時(shí)，設(shè)D的速度為，由動(dòng)量守恒定律得解得彈簧壓縮至最短時(shí)彈簧剛被鎖定，D與A的速度相等，設(shè)此速度為，由動(dòng)量守恒定律得得到A球的速度為(2)設(shè)彈簧長度被鎖定后，貯存在彈簧中的勢(shì)能為，由能量守恒得撞擊P后，A與D的動(dòng)能都為零，解除鎖定后，當(dāng)彈簧剛恢復(fù)自然長度時(shí)，彈