2023屆陜西寶雞金臺(tái)區(qū)物理高二上期末檢測試題含解析

2022-2023學(xué)年高二上物理期末模擬試卷注意事項(xiàng)考生要認(rèn)真壊寫考場號(hào)和座位序號(hào).試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回.一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的.1、 下面關(guān)于各種電器應(yīng)用的電磁學(xué)原理的說法中，錯(cuò)誤的是（ ）電視機(jī)的顯像管應(yīng)用了礎(chǔ)場使電子束偏轉(zhuǎn)的原理變壓器應(yīng)用了電磁感應(yīng)現(xiàn)象微波爐是用電熱棒加熱食物的電磁爐是利用電磁感應(yīng)原理制成的2、 下列說法中，正確的是：（ ）由E=土知電場中某點(diǎn)的電場強(qiáng)度E與F成正比qEn由公式（fl=工可知電場中某點(diǎn)的電勢(shì)？與q成反比q由Uab=ED可知，勻強(qiáng)電場中的任意兩點(diǎn)，、力間的距髙越大，則兩點(diǎn)間的電勢(shì)差也一定越大公式C=3,其中電容器的電容C與電容器兩極板間電勢(shì)差〃無關(guān)3、 如圖，電荷量分別為+q和一物X））的點(diǎn)電荷固定在正四面體的兩個(gè)頂點(diǎn)丄B上,C.〃是正四面體的另外兩個(gè)頂點(diǎn).則（）A、B連線中點(diǎn)的電場強(qiáng)度為零C、D兩點(diǎn)的電勢(shì)相等C?C、D兩點(diǎn)電場強(qiáng)度大小相等、方向不同D.將正電荷從4C邊中點(diǎn)移到邊中點(diǎn)，電勢(shì)能増加長為丄的均勻金屬絲總電阻為夫，彎成如圖所示的圓形閉合導(dǎo)線環(huán)，小B、C.〃四點(diǎn)將圓環(huán)等分.將奴C兩點(diǎn)接入電壓恒為U的電源上時(shí)，圓環(huán)消耗的功率為P。若將4、8兩點(diǎn)接入同樣的電源上時(shí)，圓環(huán)消耗的功率為

BDA.-P3C.—P16D.2P5.下列物理量中,BDA.-P3C.—P16D.2P5.下列物理量中,用來描述磁場強(qiáng)弱和方向的是（）A.磁通量C.洛倫茲力C.洛倫茲力6、如圖所示，ab是兩平行正對(duì)的金屬圓環(huán)，a中通有正弦交變電流i,其變化規(guī)律如圖所示.下列說法正確的是（L時(shí)刻，b環(huán)內(nèi)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大B?t2時(shí)刻，b環(huán)內(nèi)的感應(yīng)電流方向改變c.t3?ti時(shí)間內(nèi)，b環(huán)內(nèi)感應(yīng)電流的方向與a環(huán)內(nèi)電流的方向相反D.O?ti時(shí)間內(nèi)，h時(shí)刻b環(huán)內(nèi)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的.全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得。分.7、如圖所示.光滑的形金屬導(dǎo)體框豎直放置，質(zhì)量為m的金屬棒MN與框架接觸良好，磁感應(yīng)強(qiáng)度分別為的有界勻強(qiáng)磁場方向相反,但均垂直于框架平面，分別處在abed和cdef區(qū)域.現(xiàn)從圖示位置由靜止釋放金屬棒MN,金屬棒進(jìn)入磁場區(qū)域abed后恰好做勻速運(yùn)動(dòng).下列說法正確的有（）A.若Ba=Bu則金屬捧進(jìn)入cdef區(qū)域后將加速下滑若Ba=Bn則金屬棒進(jìn)入cdef區(qū)域后仍將保持勻速下滑若Ba<Bu則金屬棒進(jìn)入Cdef區(qū)域后可能先加速后勻速下滑若則金屬棒進(jìn)入cdef區(qū)域后可能先減速后勻速下滑8、在空間某區(qū)域存在一電場，x軸上各點(diǎn)電勢(shì)隨位置變化情況如圖所示，從*到罰之間為曲線，其余均為直線，且關(guān)于縱軸對(duì)稱.若在*軸上的電場方向就在軸上，將一個(gè)只受電場力作用的帶正電的粒子由靜止釋放后，下列論述正確的是（）AM、B兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度的大小相等，方向相反粒子從A點(diǎn)釋放，到。點(diǎn)時(shí)加速度為零粒子從4點(diǎn)釋放，能過B點(diǎn).無論粒子從哪一點(diǎn)釋放，都會(huì)以最大動(dòng)能過O點(diǎn)9、如圖是質(zhì)譜儀的工作原理示意圖.帶電粒子被加速電場加速后，進(jìn)入速度選擇器.速度選擇器內(nèi)相互正交的勻強(qiáng)磁場和勻強(qiáng)電場的強(qiáng)度分別為B和E.平板S上有可讓粒子通過的狹縫P和記錄粒子位置的膠片A>A2.平板S下方有磁感應(yīng)強(qiáng)度為B。的勻強(qiáng)磁場.下列表述正確的是（）能通過狹縫P的帶電粒子的速率等于gE速度選擇器中的磁場方向垂直紙面向外質(zhì)譜儀是一種可測定帶電粒子比荷的儀器粒子打在膠片上的位置越靠近狹縫P,粒子的比荷越大10、如圖所示，真空中等量同種正點(diǎn)電荷放置在M、N兩點(diǎn)，在MN的連線上有對(duì)稱點(diǎn)a、c,MN連線的中垂線上有對(duì)稱點(diǎn)b、d,則下列說法正確的是（）

N??N??Id正電荷+q在c點(diǎn)電勢(shì)能大于在a點(diǎn)電勢(shì)能正電荷+q在c點(diǎn)電勢(shì)能等于在a點(diǎn)電勢(shì)能在MN連線的中垂線上,0點(diǎn)電勢(shì)最高負(fù)電荷?q從d點(diǎn)靜止釋放，在它從d點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的過程中，加速度先減小再增大三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分?把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。（6分）指針式多用電表是實(shí)驗(yàn)室中常用的測量儀器<1）如圖所示為某同學(xué)設(shè)計(jì)的多用電表的原理示意圖.虛線框中s為一個(gè)單刀多擲開關(guān)，通過操作開關(guān)，接線柱8可以分別與觸點(diǎn)1、2、3接通，從而實(shí)現(xiàn)使用多用電表測量不同物理量的功能.關(guān)于此多用電表，下列說法中正確的是 .（選填選項(xiàng)前面的字母）當(dāng)S接觸點(diǎn)1時(shí)，多用電表處于測量電流的擋位，其中接線柱B接的是黑表筆當(dāng)S接觸點(diǎn)2時(shí)，多用電表處于測量電壓的擋位，其中接線柱B接的是黑表筆當(dāng)S接觸點(diǎn)2時(shí)，多用電表處于測量電阻的擋位，其中接線柱B接的是黑表筆當(dāng)S接觸點(diǎn)3時(shí)，多用電表處于測量電壓的擋位，其中接線柱B接的是紅表筆（2）用實(shí)驗(yàn)室的多用電表進(jìn)行某次測量時(shí)，指針在表盤的位置如圖所示若所選擋位為直流SOmA擋，則示數(shù)為 mA.若所選擋位為電阻擋，則示數(shù)為 d（3）用表盤為圖所示的多用電表正確測量了一個(gè)約15。的電阻后，需要繼續(xù)測量一個(gè)阻值約2g的電阻.在用紅、

黑表筆接觸這個(gè)電阻兩端之前，請(qǐng)選擇以下必須的步驟.并按操作順序逐一寫出步驟的序號(hào)， .將紅表筆和黑表筆接觸 B.把選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到“xlOO”位置C.把選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到“Qk”位置 D.調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕使表針指向歐姆零點(diǎn)<4）某小組同學(xué)們發(fā)現(xiàn)歐姆表的表盤刻度線不均勻，分析在同一個(gè)擋位下通過待測電阻的電流，和它的阻值&關(guān)系,他們分別畫出了如圖所示的幾種圖象，其中可能正確的是_（選填選項(xiàng)下面的字母1（12分）學(xué)習(xí)了“探究碰撞中的不變量”的實(shí)驗(yàn)后，某實(shí)驗(yàn)小組選用圖甲所示的水平氣墊導(dǎo)軌,光電門等測量裝置研究兩個(gè)滑塊碰撞過程中系統(tǒng)動(dòng)量的變化情況。主要實(shí)驗(yàn)步驟如下：調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌水平，并使光電計(jì)時(shí)器系統(tǒng)正常工作；在滑塊1上裝上擋光片，在滑塊2的碰撞端面粘上橡皮泥，用游標(biāo)卡尺測量擋光片寬度厶，用天平測出滑塊1和滑塊2的質(zhì)量e=0.32kg.m2=0.18kg；將滑塊1和滑塊2放在氣蟄導(dǎo)軌上，滑塊2處于靜止?fàn)顟B(tài)，讓滑塊1以一定的初速度與滑塊2碰撞，撞后兩者粘在一起，記下碰前擋光片的遮光時(shí)間ri=0.015s和碰后擋光片的遮光時(shí)間“=0.024s；0liml（1）游標(biāo)卡尺測量的擋光片寬度▲如圖乙所示，則L=_mm0liml?cmIlli11IIII11illHl10 20（2） 滑塊1碰前的動(dòng)量pi=_kg-nVs：兩滑塊碰撞后的總動(dòng)量p2=_kg?ims（計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）；（3） 灼與P2的大小有差異，其原因 ?四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分.把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟.（10分）如圖所示，導(dǎo)體桿瀝的質(zhì)量為0.02kg,電阻為2。，放置在與水平面成30"角的光滑傾斜金屬導(dǎo)軌上，導(dǎo)軌間距為0.5m且電阻不計(jì)，系統(tǒng)處于垂直于導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度為0.2T,電源內(nèi)阻為1Q,通電后桿能靜止于導(dǎo)軌上，g取10】網(wǎng)2.求：<1）電源電動(dòng)勢(shì)（2）若突然將磁場反向，求反向后瞬間導(dǎo)體桿的加速度。（不計(jì)磁場反向引起的電磁感應(yīng)效應(yīng)）14-（16分）如圖所示，豎直面內(nèi)的虛線邊界AAMN為等邊三角形，邊長L=0.6m,水平邊界MN上方是豎直向下的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)E=2xll）-*N/C,P、Q分別是AM和AN的中點(diǎn)，梯形MNQP內(nèi)有磁感應(yīng)強(qiáng)度為&垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，AAPQ內(nèi)有磁感應(yīng)強(qiáng)度為垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，母=3&,AAMN以外區(qū)域有垂直紙面向外，大小是質(zhì)的勻強(qiáng)磁場.一帶正電的粒子，比荷纟=10'。底，從O點(diǎn)由靜止開始釋放，從邊界MN的中點(diǎn)C進(jìn)入勻強(qiáng)磁場,moc相距Im,經(jīng)梯形磁場偏轉(zhuǎn)后垂直AN經(jīng)過Q點(diǎn).（粒子重力不計(jì)）求：（1）粒子到達(dá)C點(diǎn)時(shí)速度以<2）磁懸應(yīng)強(qiáng)度衍的大??；（3）粒子從。點(diǎn)出發(fā)，到再次回到。點(diǎn)經(jīng)歷的時(shí)間15.（12分）通過科學(xué)實(shí)踐，人們建立起了各種能量的概念，總結(jié)出了一些能量守恒的規(guī)律.勢(shì)能是一種由于各物體間存在相互作用而具有的、由各物體間相對(duì)位置決定的能量，如我們學(xué)過的重力勢(shì)能和電勢(shì)能就是典型代表⑴如圖所示，光滑直導(dǎo)軌AB和BC在底部B處平滑連接，形成凹槽結(jié)構(gòu)，導(dǎo)軌的A、C兩端在同一水平面上，B到AC水平面距離為H.有一質(zhì)量為m的小球（可視為質(zhì)點(diǎn)）從B處以初速度V。（、砂壓有）沿軌道向上運(yùn)動(dòng)，能使小球在凹槽軌道上一定范圍內(nèi)來回運(yùn)動(dòng).己知重力加速度為g,以A、C兩點(diǎn)所在水平面為零勢(shì)能參考面，求小球在底部B處的機(jī)械能E機(jī)⑵靜電場方向平行于X軸，其電勢(shì)9R6x的分布可簡化為如圖所示的折線，圖中啊和d為巳知量.一帶負(fù)電粒子在電場中x軸上?，=-f處，由靜止開始，在電場力作用下沿x軸做往復(fù)運(yùn)動(dòng).己知該粒子質(zhì)量為m、電荷量為?q，忽略重力.求：粒子在x=0處的動(dòng)能與電勢(shì)能之和；從靜止開始，粒子第一次返回到工=一§處所用時(shí)間T參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的.1、 C【解析】顯像管應(yīng)用了磁場使電子束偏轉(zhuǎn)原理；變壓器應(yīng)用了電磁感應(yīng)現(xiàn)象,微波爐是利用電磁波來加熱食物中水,從而受熱；電磁爐是利用電磁感應(yīng)原理制成的.【詳解】A.電視機(jī)的顯像管應(yīng)用了磁場使電子束偏轉(zhuǎn)的原理，故A正確；變壓器應(yīng)用了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，故B正確；微波爐是利用電磁波來加熱食物中水，從而受熱，故C錯(cuò)誤；電磁爐是利用電磁感應(yīng)原理制成的，故D正確；本題選擇錯(cuò)誤的，故選C.【點(diǎn)睛】考査生活中各種電器的工作原理，理解電磁感應(yīng)現(xiàn)象的原理，注意徹波爐的加熱原理。2、 D【解析】A.公式是電場強(qiáng)度的定義式，采用比值法定義，E與F、g無關(guān)，由電場本身決定，A錯(cuò)誤;B.公式E(P=—是電勢(shì)的定義式，采用比值法定義，『與Ep、g無關(guān)，由電場本身決定，B錯(cuò)誤;C.由可知，勻強(qiáng)電場中的任意兩點(diǎn)心力間沿電場方向的距離越大，兩點(diǎn)間的電勢(shì)差才一定越大，C錯(cuò)誤；D.公式c=eU是定義式，電容c與電容器帶電量Q和兩極板間電勢(shì)差u無關(guān)，由電容器本身決定，D正確。故選D。3、B【解析】A.根據(jù)場強(qiáng)疊加疊加原理可知，A、8連線中點(diǎn)的合電場強(qiáng)度方向水平向右，因此該點(diǎn)電場強(qiáng)度不為零，A錯(cuò)誤；BC.據(jù)題，+0、F是兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷，通過A8的中垂面是一等勢(shì)面，C、。在同一等勢(shì)面上，電勢(shì)相等，C、。兩點(diǎn)的場強(qiáng)都與等勢(shì)面垂直，方向指向8一側(cè)，方向相同，如圖所示：根據(jù)對(duì)稱性可知，場強(qiáng)大小相等，故C、D兩點(diǎn)的場強(qiáng)、電勢(shì)均相同，B正確，C錯(cuò)誤;D.由題，正電荷從AC邊中點(diǎn)移到8C邊中點(diǎn)，電勢(shì)降低，根據(jù)：Ep=q(P可知電勢(shì)能減小，D錯(cuò)誤。故選B。4、A【解析】設(shè)金屬環(huán)每一等分的電阻為R,則當(dāng)A、C點(diǎn)接入電路中時(shí)總電阻，R如當(dāng)AB點(diǎn)接入電路中時(shí)總電阻r、=4=2r-R+3R4TOC\o"1-5"\h\zU2 4由功率公式P土得到：P2i /?2=4：3,又P】=P得到P2=-PR 3故選A。5、 D【解析】A.磁通量是穿過某一面積上的磁感線的條數(shù)，單位面積上的磁通量才可以描述磁場的強(qiáng)弱，故A錯(cuò)誤：安培力描述電流在磁場中受到的力的作用，不是用來描述磁場的強(qiáng)弱和方向，故B錯(cuò)誤；洛倫茲力描述帶電粒子在磁場中受到的力的作用，不是用來描述磁場的強(qiáng)弱和方向，故C錯(cuò)誤；磁感應(yīng)強(qiáng)度是用來描述磁場強(qiáng)弱和方向的物理量，故D正確。故選D。6、 D【解析】根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，與楞次定律，結(jié)合磁通量變化量與磁通量變化率不同，即可一一求解【詳解】A項(xiàng)：由法拉第電磁感應(yīng)定律，可知，在6時(shí)刻，a中電流變化率為0,b中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零，故A錯(cuò)誤；B項(xiàng)：時(shí)間內(nèi)與時(shí)間內(nèi)的電流大小變化相反，方向也改變，由楞次定律，可知，在h時(shí)刻，b中感應(yīng)電流方向不改變，故B錯(cuò)誤：C項(xiàng)：t3?釘時(shí)間內(nèi)，a中的電流減小，由“楞次定律”可知，b環(huán)內(nèi)感應(yīng)電流的方向與a環(huán)內(nèi)電流的方向相同，故C錯(cuò)誤；D項(xiàng)：在h時(shí)刻，a中電流變化率為最大，b中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為最大，故D正確故選D【點(diǎn)睛】考査法拉第電磁感應(yīng)定律，與楞次定律的應(yīng)用，掌握感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與磁通量變化率有關(guān)，而與磁通暈變化量無關(guān)二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的.全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、 BCD【解析】若B2=Bi,金屬棒進(jìn)入B2區(qū)域后，磁場反向,回路電流反向，由左手定則知：安培力并沒有反向，大小也沒有變，故金屬棒進(jìn)入盼區(qū)域后，mg—實(shí);=0,仍將保持勻速下滑，B對(duì)；若ByBi,金屬棒進(jìn)入％區(qū)域后，安培力沒有反向但大小變小，由F=BIL=B^L=^f知，mg-纟茅＞0,金屬棒進(jìn)入B?區(qū)域后可能先加速后勻速下滑，故C也對(duì)；同理，若B2>Blf金屬棒進(jìn)入B2區(qū)域后mg一竺？<0,可能先減速后勻速下滑，故D也對(duì)R8、 AB【解析】利用電場強(qiáng)度與S—X圖像的關(guān)系來分析【詳解】6_X圖像上各點(diǎn)的切線斜率廳=讐大小等于電場強(qiáng)度大小，所以4、B兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度的大小相等；帶Ax正電的粒子從A到。點(diǎn)，電勢(shì)是從高到低，電場力做正功，再從。到4點(diǎn)，電勢(shì)由低到高，電場力做負(fù)功，所以4、B兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度方向相反，故A正確；B.粒子從A點(diǎn)釋放，到。點(diǎn)時(shí)，在O點(diǎn)的場強(qiáng)為零，此時(shí)粒子加速度為零，故B正確；c.圖像關(guān)于縱軸對(duì)稱，正電粒子從A點(diǎn)釋放到。點(diǎn)是加速運(yùn)動(dòng)，粒子再從。點(diǎn)到B點(diǎn)是減速運(yùn)動(dòng)，因距離AO<OBt所以粒子從A點(diǎn)釋放，不能過B點(diǎn)，故C錯(cuò)誤；D.因。點(diǎn)的場強(qiáng)為零，電勢(shì)最低，在-.弓到.&區(qū)間內(nèi)各點(diǎn)的電勢(shì)都比。點(diǎn)高，因此，只有粒子在-與到?七區(qū)冋哪一點(diǎn)釋放，才會(huì)以最大動(dòng)能過。點(diǎn)，故D錯(cuò)誤，故選AB.9、 BCD【解析】在速度選擇器中，電場力和洛倫茲力平衡，有:qE=qvB,解得v=EVB.故A錯(cuò)誤.根據(jù)帶電粒子在磁場中

的偏轉(zhuǎn)方向，根據(jù)左手定則知，該粒子帯正電，則在速度選擇器中電場力水平向右，則洛倫茲力水平向左，根據(jù)左手v2 q v定則知，磁場方向垂直紙面向外.故B正確.進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場后，有，qvB(l=ni—,解得：,可知質(zhì)譜儀是可r ,nrDo以測定帶電粒子比荷的儀器.故C正確；由上式可知，知越靠近狹縫P,I?越小，比荷越大.故D正確.故選BCD【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵知道粒子在速度選擇器和偏轉(zhuǎn)電場中的運(yùn)動(dòng)規(guī)律：帶電粒子在速度選擇器中受電場力和洛倫茲力平衡，做勻速直線運(yùn)動(dòng)，進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場后做勻速圓周運(yùn)動(dòng)；掌握帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中運(yùn)動(dòng)的半徑公式10、 BC【解析］*題考査了等髭同種電荷周圍電場分布情況:中垂線上上下電場線方向相反，根據(jù)電場線方向判斷電勢(shì)高低c兩點(diǎn)關(guān)于中垂線對(duì)稱，電勢(shì)相等，電荷在這兩點(diǎn)的電勢(shì)能相等?【詳解】根據(jù)電場線的分布情況和對(duì)稱性可知,a、c兩點(diǎn)的電勢(shì)相等，則正電荷在a點(diǎn)電勢(shì)能一定等于在c點(diǎn)電勢(shì)能.故A錯(cuò)誤，B正確；沿電場線方向電勢(shì)降低，在MN連線的中垂線上，O點(diǎn)電勢(shì)最高.故C正確；由對(duì)稱性知O點(diǎn)的場強(qiáng)為零，從。點(diǎn)向上或向下場強(qiáng)都是先増加后減?。粍t電荷-q從d點(diǎn)靜止釋放，在它從d點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到h點(diǎn)的過程中，加速度可能先減小再增大，也可能先增大，后減小再增大再減小.故D錯(cuò)誤；故選BC三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分?把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程.

11、 ?.AC②.21.0 ③.190 ④.BAD⑤.AC【解析】（1）［11A.由圖示電路圖可知，當(dāng)S接觸點(diǎn)1時(shí)，表頭與分流電阻并聯(lián)，此時(shí)多用電表處于測量電流的擋位，其中接線柱8接的是黑表筆.故A正確BC,由圖示電路圖可知，當(dāng)S接觸點(diǎn)2時(shí)，表頭與電源相連，此時(shí)多用電羨處于測量電阻的擋位，其中接線柱B接的是黑表筆.故B錯(cuò)誤，C正確D.由圖示電路圖可知，當(dāng)S接觸點(diǎn)3時(shí)，表頭與分壓電阻串聯(lián)，此時(shí)多用電表處于測量電壓的擋位，其中接線柱萬接的是黑表筆.故D錯(cuò)誤⑵［2］［3］若所選擋位為宜流10A擋，由圖所示可知，其分度值為0.2A,則示數(shù)為21.0mA.若所選擋位為電阻擋,由圖所示可知，示數(shù)為：190x10=190。。）［4］用多用電表正確測量了一個(gè)約15Q的電阻后，要繼續(xù)測量一個(gè)阻值約2kH的電阻，首先要把選擇開關(guān)置于x100擋位位置，然后進(jìn)行歐姆調(diào)零，把紅黑表筆短接，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕使指針指針歐姆零刻度線位置，最后再測電阻，故合理的步驟是：BAD；zE⑷［5］CD.設(shè)歐姆表內(nèi)電池電動(dòng)勢(shì)為E,內(nèi)阻為，，電流表內(nèi)阻與調(diào)零電阻的和為心，則有：/=一,則択"+虬圖象是雙曲線的一條，隨著R,的增大，，減小.故C正確，D錯(cuò)誤AB.根據(jù)1=r,取倒數(shù)：?=、+.I,可知=-R、是線性函數(shù)'&=。時(shí),:有最小值,:隨著"a*'"入 IE I / /用的增大而增大.故A正確，B錯(cuò)誤12、 ?.4.50mm ②.0.096kg-血s ③.0.094kg?in/s ④?存在空氣阻力【解析】⑴［1］由圖乙所示游標(biāo)卡尺可知，其示數(shù)為：4inni+10x0.05nun=4.50mms（2）12］碰前滑塊1的速度為L4.50x10-3 .cs,V.=—= —ill/s=0.30111/sL15x10—3所以滑塊1碰前的動(dòng)員Pi=凹卩］=0.32x0.30kg-nVs=0.096kg-nVs［3］碰后滑塊1、2的速度為七二4.50x10-3七二4.50x10-3L一24x10-3■nVs=0.1875nVs兩滑塊碰撞后的總動(dòng)量p2=(w,+)v=(0.32+0.18)x0.1875kg-m/s彪0.094kg?nVs；

(3)[4。與p，的大小有差異.其原因是滑塊運(yùn)動(dòng)過程中有空氣阻力存在。四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分.把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明.方程式和演算步驟.13、(1)E=3V(2)a=lOnVs2【解析】(1)開關(guān)閉合，通電導(dǎo)體棒受重力、安培力,支持力而處于靜止?fàn)顟B(tài)，受力示意圖如下:沿斜面方向受力平衡:BIL=mgsin30。根據(jù)歐姆定律:聯(lián)立①、②解得:E=3V(2)磁場反向后,導(dǎo)體棒將沿導(dǎo)軌向下加速運(yùn)動(dòng)，受力示意圖如下(2)磁場反向后,導(dǎo)體棒將沿導(dǎo)軌向下加速運(yùn)動(dòng)，受力示意圖如下由牛頓第二定律:BIL+mgsm30"=ma④解得:"=1011臉(沿導(dǎo)軌平面向下)2 1314、(1)2