2023屆高考二輪總復(fù)習(xí)試題物理（適用于老高考舊教材）體育運動類（二）Word版含解析

體育運動類(二)1.(2022陜西長安一中模擬)“蹦極”運動中,長彈性繩的一端固定,另一端綁在人身上,人從幾十米高處跳下。將蹦極過程簡化為人沿豎直方向的運動。從繩恰好伸直,到人第一次下降至最低點的過程中,下列分析錯誤的是()A.繩對人的沖量始終向上,人的動量先增大后減小B.繩對人的拉力始終做負(fù)功,人的動能先增大后減小C.人先做加速度減小的加速運動,再做加速度增大的減速運動D.人在最低點時,繩對人的拉力等于人所受的重力2.(多選)在冬奧會短道速滑5000米接力賽中,“接棒”的運動員甲提前站在“交棒”的運動員乙前面,并且開始向前滑行。待乙追上甲時,乙猛推甲一把,使甲獲得更大的速度向前沖出。在乙推甲的過程中,忽略運動員與冰面間的摩擦力,則()A.甲對乙的沖量與乙對甲的沖量一定相同B.甲、乙的動量變化一定大小相等、方向相反C.甲的動能增加量一定等于乙的動能減少量D.甲、乙組成的系統(tǒng)機(jī)械能不守恒3.(2022新疆昌吉一模)引體向上是我們?nèi)粘Ｉ钪行兄行У慕∩矸椒ㄖ弧．?dāng)你雙手握住單杠處于靜止?fàn)顟B(tài)時,可以簡化成如下模型:在水平桿MN上套有兩個質(zhì)量不計的小環(huán)A和B,一不可伸長的細(xì)線兩端分別系在環(huán)A、B上,并在細(xì)線中點處通過小滑輪掛一個質(zhì)量為m的物塊,整個系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)。當(dāng)增加A、B之間的距離,整個系統(tǒng)再次達(dá)到平衡狀態(tài)后,下列說法正確的是()A.小環(huán)A和B所受水平桿支持力都變大B.小環(huán)A和B所受摩擦力都變小C.細(xì)線中張力變大D.小環(huán)A的合力變大4.(2022福建四地第一次質(zhì)量檢測)如圖所示,A、B兩籃球同時拋出,在籃筐上方相碰且相碰時速度均水平,則()A.球A拋出時速度較大B.球B拋出時速度較大C.球A在空中運動時間較長D.球B在空中運動時間較長5.(多選)(2022廣東深圳一模)揮桿套馬是我國蒙古族傳統(tǒng)體育項目,烈馬從騎手身邊奔馳而過時,騎手持6m長的套馬桿,由靜止開始催馬追趕,二者的v-t圖像如圖所示,則()A.0~4s內(nèi)騎手靠近烈馬B.6s時刻騎手剛好追上烈馬C.騎手在9s時刻揮桿,能套到烈馬D.8~9s內(nèi)烈馬加速度大于0~6s內(nèi)騎手的加速度6.(2022廣東廣州六中模擬)如圖甲所示,蹦床是一項運動員利用彈性網(wǎng)的反彈在空中表現(xiàn)雜技技巧的競技運動,屬于體操運動的一種,有“空中芭蕾”之稱。一質(zhì)量為60kg的運動員,從離水平網(wǎng)面3.2m處身體保持豎直狀態(tài)由靜止開始自由落下,如圖乙所示。著網(wǎng)后沿豎直方向恰好能蹦回到剛開始的位置。運動員與網(wǎng)接觸的時間為0.3s,g取10m/s2,求:(1)運動員剛與網(wǎng)接觸時的速度大小;(2)網(wǎng)對運動員的平均作用力大小。7.(2022四川峨眉二中模擬)跑酷是以日常生活的環(huán)境為運動場所的極限運動。質(zhì)量m=50kg的跑酷運動員,在水平高臺上水平向右跑到高臺邊緣,以v0的速度從上邊緣的A點水平向右跳出,運動時間t1=0.6s后落在一傾角為53°的斜面上的B點,速度方向與斜面垂直。此時運動員迅速轉(zhuǎn)身并調(diào)整姿勢,以38v0的速度從B點水平向左蹬出,剛好落到斜面的底端C點。D點為平臺的下邊緣點,假設(shè)該運動員可視為質(zhì)點,不計空氣阻力,g取10m/s2,sin53°=0.8,cos53°=0.6。求(1)運動員從高臺邊緣跳出的水平速度大小v0;(2)水平高臺AD的高度H。答案：1.D解析從繩恰好伸直到人第一次下降至最低點的過程中,人先做加速度減小的加速運動,后做加速度增大的減速運動,C正確;繩對人的拉力向上,則拉力的沖量向上,拉力對人做負(fù)功;因加速度等于零時,速度最大,故人的動量和動能都是先增大后減小,加速度等于零時(即繩對人的拉力等于人所受的重力時)速度最大,動量和動能最大,A、B正確;在最低點時人具有向上的加速度,繩對人的拉力大于人所受的重力,D錯誤。2.BD解析因為沖量是矢量,甲對乙的作用力與乙對甲的作用力大小相等、方向相反,故沖量大小相等、方向相反,A錯誤;兩人組成的系統(tǒng)合外力為零,系統(tǒng)的動量守恒,根據(jù)動量守恒定律可知,系統(tǒng)動量變化量為零,則甲、乙的動量變化一定大小相等且方向相反,B正確;甲、乙間的作用力大小相等,不知道甲、乙的質(zhì)量關(guān)系,不能求出甲、乙動能變化關(guān)系,無法判斷做功多少,也不能判斷出二者動能的變化量,C錯誤;在乙推甲的過程中,乙的肌肉對系統(tǒng)做了功,甲和乙組成的系統(tǒng)機(jī)械能不守恒,D正確。3.C解析當(dāng)增加A、B之間的距離,整個系統(tǒng)再次達(dá)到平衡狀態(tài)后,系統(tǒng)豎直方向上受到桿對小環(huán)A和B的支持力還有物塊的重力;由于物塊重力不變,所以小環(huán)A和B所受支持力保持不變,A錯誤;對小環(huán)A隔離分析,受到繩的拉力FT,桿的支持力FN及水平向左的摩擦力Ff作用,設(shè)繩與桿夾角為θ,由平衡條件知小環(huán)A受到的合力為0,FTcosθ=Ff、FTsinθ=FN,當(dāng)增加A、B之間的距離時θ減小,由于FN不變,可得FT變大,Ff變大,根據(jù)對稱性可知小環(huán)B受到的摩擦力也增大,B、D錯誤,C正確。4.A解析由平拋運動規(guī)律可知,豎直方向是自由落體運動,有h=12gt2、vy=gt,兩球相同時間豎直方向下落相同高度,所以時間t相等,C、D錯誤;兩球在空中運動時間相等,由水平方向位移公式x=v0t,A的水平位移大,所以A的平拋初速度大,球?qū)嶋H拋出時的速度是水平速度(逆向平拋運動水平速度)與豎直方向分速度的合速度,由于A水平速度大于B,而豎直方向分速度相等,所以A拋出時的速度大于B,A正確,B5.CD解析v-t圖像圖線與坐標(biāo)軸所圍的面積表示位移,騎手與烈馬在t=0時并排運動,通過圖線在0~4s內(nèi)所圍的面積可以看出0~4s內(nèi)烈馬位移大于騎手位移,所以4s末烈馬與騎手間距離在增大,0~6s內(nèi)烈馬位移還是大于騎手的位移,說明6s末烈馬仍在前方,A、B錯誤;由圖形所圍的面積可以算出0~9s內(nèi),烈馬的位移為x1=10×8+10+152×1m=92.5m,騎手的位移為x2=62×15+15×3m=90m,套馬桿長l=6m,x2+l>x1,所以騎手在9s時刻揮桿,能套到烈馬,C正確;由加速度定義式a=v-v0t=ΔvΔt知8~9s內(nèi)烈馬加速度a1=15-1096.答案(1)8m/s(2)3800N解析(1)剛與網(wǎng)接觸時速度大小為v,則h=12gt2,解得v=8m/s。(2)規(guī)定向上為正方向,由動量定理得(F-mg)·t=mv-(-mv)解得F=3800N。7.答案(1)8m/s(2)5m解析(1)設(shè)運動員剛落在B點時豎直方向的速度為vy,運動員從A點落