云南2023屆高三物理全真模擬習(xí)題一

專題課件峨山一中2023年高考物理全真模擬試題（一）滿分110分，時間60分鐘第Ⅰ卷(選擇題共48分)選擇題：本題共8小題，每小題6分．在每小題給出的四個選項(xiàng)中，第1～4題只有一項(xiàng)符合題目要求，第5～8題有多項(xiàng)符合題目要求．全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分．1．在物理學(xué)的發(fā)展過程中，許多物理學(xué)家都做出了重要的貢獻(xiàn)，他們創(chuàng)造出了許多物理學(xué)研究方法，如伽利略先是在斜面上做實(shí)驗(yàn)，得到位移與時間的平方成正比關(guān)系，然后再逐漸增大斜面的傾角，這種正比關(guān)系依然成立，伽利略進(jìn)行了合理外推，當(dāng)斜面傾角為90°時，依然會保持這種關(guān)系，進(jìn)而證明自由落體運(yùn)動是勻加速運(yùn)動．下列關(guān)于“合理外推”的有關(guān)說法中正確的是()A．合理外推是指根據(jù)已有的論據(jù)憑直覺進(jìn)行推論，缺乏嚴(yán)密的邏輯論證B．“提出假說，數(shù)學(xué)推理，實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證，合理外推”是一種科學(xué)推理方法C．合理外推只適用于伽利略斜面實(shí)驗(yàn)，不適用于其他實(shí)驗(yàn)D．所有實(shí)驗(yàn)合理外推的情境都可以通過實(shí)際的實(shí)驗(yàn)進(jìn)行驗(yàn)證2．如圖所示為甲、乙兩物體從同一位置出發(fā)沿同一方向做直線運(yùn)動的v-t圖象，其中t2＝2t1，則下列判斷正確的是()A．甲的加速度比乙的大B．t1時刻甲、乙兩物體相遇C．t2時刻甲、乙兩物體相遇D．0～t1時間內(nèi)，甲、乙兩物體之間的距離逐漸減小3．質(zhì)譜儀是測量帶電粒子的質(zhì)量和分析同位素的重要工具．如圖所示為質(zhì)譜儀的原理示意圖，現(xiàn)利用質(zhì)譜儀對氫元素進(jìn)行測量．讓氫元素三種同位素的離子流從容器A下方的小孔S無初速度地飄入電勢差為U的加速電場．加速后垂直進(jìn)入磁感強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中．氫的三種同位素最后打在照相底片D上，形成a、b、c三條“質(zhì)譜線”．則下列判斷正確的是()A．進(jìn)入磁場時速度從大到小排列的順序是氕、氘、氚B．進(jìn)入磁場時動能從大到小排列的順序是氕、氘、氚C．在磁場中運(yùn)動時間由大到小排列的順序是氕、氘、氚D．a(chǎn)、b、c三條“質(zhì)譜線”依次排列的順序是氕、氘、氚4．如圖所示，平行金屬板中帶電油滴P原來處于靜止?fàn)顟B(tài)，不考慮電流表和電壓表對電路的影響，R1的阻值和電源內(nèi)阻r相等．當(dāng)滑動變阻器的滑片向b端移動時()A．R3上消耗的功率逐漸增大B．電流表讀數(shù)減小，電壓表讀數(shù)增大C．質(zhì)點(diǎn)P將向上運(yùn)動D．電源的輸出功率逐漸增大5．下列說法正確的是()A．放射性元素發(fā)生α衰變的實(shí)質(zhì)是原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化為eq\o\al(4,2)HeB．α粒子散射實(shí)驗(yàn)表明原子的絕大部分質(zhì)量和全部正電荷集中在一個半徑很小的核內(nèi)C．用某種頻率的光照射鋅板不能發(fā)生光電效應(yīng)，可能是因?yàn)樵摴獾膹?qiáng)度不夠D．一群氫原子受激發(fā)后處于n＝3能級，當(dāng)它們向低能級躍遷時能發(fā)出3種頻率的光6．如圖所示，傾角為30°的斜面固定在水平地面上．兩根相同的光滑細(xì)釘(大小不計)垂直斜面對稱固定在斜面底邊中垂線OO′的兩側(cè)，相距l(xiāng)，將一遵循胡克定律、勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈性繩套套在兩個細(xì)釘上時，彈性繩恰好處于自然伸長狀態(tài)．現(xiàn)將一物塊通過光滑輕質(zhì)掛鉤掛在繩上并置于斜面上的A位置，物塊在沿斜面向下的外力作用下才能緩慢沿OO′向下移動．當(dāng)物塊運(yùn)動至B位置時撤去外力，物塊處于靜止?fàn)顟B(tài)．已知AB＝l，輕繩始終與斜面平行，設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，下列說法正確的是()A．在移動物塊的過程中，斜面對物體的作用力保持不變B．物塊到達(dá)B位置時，彈性繩的張力大小為eq\r(3)klC．撤去外力后，物塊在B位置受到的摩擦力可能大于eq\f(mg,2)D．物體從A位置到達(dá)B位置的過程中，物體與彈性繩系統(tǒng)機(jī)械能守恒7．如圖所示，內(nèi)壁光滑半徑大小為R的圓軌道豎直固定在桌面上，一個質(zhì)量為m的小球靜止在軌道底部A點(diǎn)．現(xiàn)用小錘沿水平方向快速擊打小球，擊打后迅速移開，使小球沿軌道在豎直面內(nèi)運(yùn)動．當(dāng)小球回到A點(diǎn)時，再次用小錘沿運(yùn)動方向擊打小球，通過兩次擊打，小球才能運(yùn)動到圓軌道的最高點(diǎn)．已知小球在運(yùn)動過程中始終未脫離軌道，在第一次擊打過程中小錘對小球做功W1，第二次擊打過程中小錘對小球做功W2.設(shè)先后兩次擊打過程中小錘對小球做功全部用來增加小球的動能，則W1/W2的值可能是()A．1/2B．2/3C．3/4D．18．如圖所示，水平向右的勻強(qiáng)電場中有一絕緣斜面，一帶電金屬滑塊以Ek0＝30J的初動能從斜面底端A沖上斜面，到頂端B時返回，已知滑塊從A滑到B的過程中克服摩擦力做功10J，克服重力做功24J，則()A．滑塊帶正電，上滑過程中電勢能減小4JB．滑塊上滑過程中機(jī)械能增加4JC．滑塊上滑到斜面中點(diǎn)時重力勢能增加12JD．滑塊返回到斜面底端時動能為15J第Ⅱ卷(非選擇題共62分)非選擇題：包括必考題和選考題兩部分．第9～12題為必考題，每個試題考生都必須做答．第13～14題為選考題，考生根據(jù)要求做答．(一)必考題(共47分)9．(6分)利用氣墊導(dǎo)軌驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示，水平桌面上固定一水平的氣墊導(dǎo)軌，導(dǎo)軌上A點(diǎn)處有一滑塊，其質(zhì)量為M，左端由跨過輕質(zhì)光滑定滑輪的細(xì)繩與一質(zhì)量為m的小球相連．調(diào)節(jié)細(xì)繩的長度使每次實(shí)驗(yàn)時滑塊運(yùn)動到B點(diǎn)處與勁度系數(shù)為k的彈簧接觸時小球恰好落地，測出每次彈簧的壓縮量x，如果在B點(diǎn)的正上方安裝一個速度傳感器，用來測定滑塊到達(dá)B點(diǎn)的速度，發(fā)現(xiàn)速度v與彈簧的壓縮量x成正比，作出速度v隨彈簧壓縮量x變化的圖象如圖乙所示，測得v-x圖象的斜率k′＝eq\r(\f(k,M)).在某次實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)沒有開啟速度傳感器，但測出了A、B兩點(diǎn)間的距離為L，彈簧的壓縮量為x0，重力加速度用g表示，則：(1)滑塊從A處到達(dá)B處時滑塊和小球組成的系統(tǒng)動能增加量可表示為ΔEk＝________，系統(tǒng)的重力勢能減少量可表示為ΔEp＝________，在誤差允許的范圍內(nèi)，若ΔEk＝ΔEp則可認(rèn)為系統(tǒng)的機(jī)械能守恒．(用題中字母表示)(2)在實(shí)驗(yàn)中，該同學(xué)測得M＝m＝1kg，彈簧的勁度系數(shù)k＝100N/m，并改變A、B間的距離L，作出的x2－L圖象如圖丙所示，則重力加速度g＝________m/s2.10．(9分)某實(shí)驗(yàn)小組正在測定一節(jié)新型電池的電動勢和內(nèi)阻，已知該電池的電動勢約為4V，內(nèi)阻很小，現(xiàn)要選取一個定值電阻R0當(dāng)作保護(hù)電阻，同時還可以等效到電源內(nèi)以增大電源的內(nèi)阻．(1)如果要準(zhǔn)確測定R0的阻值，在操作臺上準(zhǔn)備了如下實(shí)驗(yàn)器材：A．電壓表V(量程4V，電阻約為4kΩ)B．電流表A(量程1A，內(nèi)阻很小)C．定值電阻R1(阻值約2Ω)D．定值電阻R2(阻值約10Ω)E．滑動變阻器R3(0～10Ω，允許通過的最大電流為1A)F．開關(guān)S一個，導(dǎo)線若干根據(jù)上述器材，小組的一位成員，設(shè)計了如圖1所示的電路原理圖，所選取的相應(yīng)器材(電源用待測的新型電池)均標(biāo)在圖上，應(yīng)把R1、R2中的________選為待測電阻R0；其實(shí)驗(yàn)電路圖中有什么不妥之處，你認(rèn)為應(yīng)該怎樣調(diào)整？________________.(2)為了測量該新型電池的電動勢和內(nèi)阻，試在圖2中將所選器材進(jìn)行連接(用筆畫線表示導(dǎo)線)．根據(jù)實(shí)驗(yàn)記錄，作出的U-I圖線如圖3所示，從中可以求出待測新型電池的內(nèi)阻與定值電阻的總阻值為________Ω，電池電動勢為________V.11．(14分)如圖所示，豎直平面內(nèi)的虛線矩形區(qū)域中有一電場強(qiáng)度為E＝eq\f(3mg,q)、方向豎直向下的勻強(qiáng)電場，上下各有一半徑為R的半圓形光滑軌道，矩形的上下邊水平，分別為兩半圓形軌道的直徑．一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電小球以一水平速度通過軌道最高點(diǎn)A后在圖示區(qū)域內(nèi)做循環(huán)運(yùn)動．重力加速度為g.(1)若矩形區(qū)域的高度x＝2R，小球?qū)點(diǎn)恰好無壓力，則求小球從最高點(diǎn)A運(yùn)動到最低點(diǎn)B時電場力做的功和小球通過B點(diǎn)的速度大?。?2)在保證小球能夠通過最高點(diǎn)的情況下，求軌道對小球在最低點(diǎn)B和最高點(diǎn)A的壓力差ΔF與x的函數(shù)關(guān)系．12．(18分)如圖所示，傾斜直軌道MP與半徑R＝0.5m的圓弧軌道PN相切于P點(diǎn)，O點(diǎn)為圓心，N點(diǎn)是圓弧軌道的最高點(diǎn)，∠NOP＝45°.一質(zhì)量m＝0.2kg的小球以初速度v0＝5m/s從M點(diǎn)沿傾斜軌道向上運(yùn)動，然后從最高點(diǎn)N水平拋出，此過程中克服阻力做功1.4J．重力加速度g取10m/s2.(1)求小球到達(dá)最高點(diǎn)N時對軌道的壓力大?。?2)求小球從N點(diǎn)拋出后，落地點(diǎn)與N點(diǎn)的水平距離．(3)假設(shè)小球沿軌道運(yùn)動的過程中克服阻力做的功不變，則要使小球能夠從N點(diǎn)水平拋出，求初速度v0的取值范圍．(二)選考題(共15分．請考生從給出的2道題中任選一題做答．如果多做，則按所做的第一題計分)13．[物理——選修3－3](15分)(1)(5分)下列說法正確的是________．(填正確選項(xiàng)前的字母．選對1個得2分，選對2個得4分，選對3個得5分．每選錯1個扣3分，最低得分為0分)A．氣體總是充滿容器，說明氣體分子間只存在斥力B．對于一定質(zhì)量的理想氣體，溫度升高，氣體內(nèi)能一定增大C．溫度越高布朗運(yùn)動越劇烈，說明水分子的運(yùn)動與溫度有關(guān)D．物體內(nèi)能增加，溫度一定升高E．熱量可以從低溫物體傳到高溫物體(2)(10分)如圖所示，在兩端封閉粗細(xì)均勻的豎直長管道內(nèi)，用一可自由移動的活塞A封閉體積相等的兩部分氣體．開始時管道內(nèi)氣體溫度都為T0＝500K，下部分氣體的壓強(qiáng)p0＝1.25×105Pa，活塞質(zhì)量m＝0.25kg，管道的內(nèi)徑橫截面積S＝1cm2.現(xiàn)保持管道下部分氣體溫度不變，上部分氣體溫度緩慢降至T，最終管道內(nèi)上部分氣體體積變?yōu)樵瓉淼膃q\f(3,4)，若不計活塞與管道壁間的摩擦，g＝10m/s2，求此時上部分氣體的溫度T.14．[物理——選修3－4](15分)(1)(5分)某時刻O處質(zhì)點(diǎn)沿y軸向下開始簡諧振動，形成沿x軸正向傳播的簡諧橫波，O處質(zhì)點(diǎn)開始振動后t＝0.8s時波的圖象如圖所示．P點(diǎn)是x軸上距坐標(biāo)原點(diǎn)96cm處的質(zhì)點(diǎn)．則該波的波速是________m/s；從O處質(zhì)點(diǎn)開始振動計時，經(jīng)過________s，P處質(zhì)點(diǎn)開始振動；從P處質(zhì)點(diǎn)開始振動，再經(jīng)________s，P處質(zhì)點(diǎn)第一次經(jīng)過波峰．(2)(10分)一塊用折射率n＝2的玻璃制成的透明柱體，其橫截面如圖所示，ab是半徑為R的圓弧，ac邊與bc邊垂直，∠aOc＝60°，當(dāng)一束平行光線垂直照射到ac邊時(c點(diǎn)沒有光線射入)，ab部分和cb部分的外表面只有一部分是亮的，其余部分是暗的，求：①ab部分的外表面是亮的部分的弧長；②cb部分的外表面是亮的部分的長度．答案部分1．解析：選B.“提出假說，數(shù)學(xué)推理，實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證，合理外推”是一種邏輯嚴(yán)密的科學(xué)推理方法，有很重要的實(shí)用價值，A錯誤，B正確；“合理外推”可以推斷許多實(shí)際實(shí)驗(yàn)無法做到的現(xiàn)象，通過合理外推可以得出相應(yīng)的結(jié)論，C、D錯誤．2．解析：選C.v-t圖象中，圖線的斜率表示加速度，由圖象可知甲的加速度小于乙的，故A項(xiàng)錯；v-t圖象中圖線的交點(diǎn)表示速度相同，圖線與時間軸所圍圖形的面積表示位移，所以t1時刻兩物體的速度相同，但相距最遠(yuǎn)，即0～t1時間內(nèi)，甲、乙兩物體之間的距離逐漸增大，故B項(xiàng)錯，D項(xiàng)錯；由v-t圖象可知0～t2的時間內(nèi)兩圖線與時間軸所圍圖形的面積相同，所以t2時刻甲、乙兩物體相遇，故C項(xiàng)正確．3．解析：選A.粒子在加速場中由動能定理得qU＝eq\f(1,2)mv2，可得進(jìn)入磁場時速度從大到小排列的順序是氕、氘、氚，動能相同，故A項(xiàng)正確，B項(xiàng)錯；在磁場中由T＝eq\f(2πm,qB)可得，在磁場中運(yùn)動時間由小到大排列的順序是氕、氘、氚，故C項(xiàng)錯；由qvB＝meq\f(v2,r)得r＝eq\f(mv,qB)＝eq\f(\r(2mEk),qB)，所以a、b、c三條“質(zhì)譜線”依次排列的順序是氚、氘、氕，故D項(xiàng)錯．4．解析：選D.滑動變阻器的滑片向b端移動時，連入電路中的有效阻值減小，使干路中的總阻值減小，干路中的電流增大，內(nèi)壓和R1兩端的電壓都增大，外壓減小，所以R3兩端的電壓減小，R3上消耗的功率逐漸減小，故A項(xiàng)錯；R3兩端的電壓減小，所以流過R3的電流減小，電流表讀數(shù)增大，R2兩端的電壓增大，電壓表的讀數(shù)減小，故B項(xiàng)錯；R3兩端的電壓減小，所以電容器兩極板間的電壓減小，電場力減小，所以質(zhì)點(diǎn)P將向下運(yùn)動，故C項(xiàng)錯；由于R1的阻值和電源內(nèi)阻r相等，所以原來外電路總電阻大于電源內(nèi)阻，所以當(dāng)滑動變阻器的阻值減小的過程中，外電路的總電阻與電源的內(nèi)阻的差值逐漸減小，所以電源的輸出功率逐漸增大，故D項(xiàng)正確．5．解析：選BD.α衰變實(shí)質(zhì)上是原子核內(nèi)中子和質(zhì)子轉(zhuǎn)化為eq\o\al(4,2)He，選項(xiàng)A錯誤；α粒子散射實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象表明的事實(shí)是，占原子質(zhì)量絕大部分的帶正電的物質(zhì)集中在很小的空間范圍內(nèi)，這樣才會使極少數(shù)的α粒子在經(jīng)過時受到很強(qiáng)的斥力，發(fā)生大角度的偏轉(zhuǎn)，選項(xiàng)B正確；光照射鋅板不能發(fā)生光電效應(yīng)，是因?yàn)樵摴獾念l率低于鋅的極限頻率，選項(xiàng)C錯誤；處于n＝3能級的一群氫原子向低能級躍遷時能發(fā)出Ceq\o\al(2,3)＝3種頻率的光，選項(xiàng)D正確．6．解析：選AC.在移動物塊的過程中，斜面對物體的支持力和滑動摩擦力均保持不變，所以斜面對物體的作用力保持不變，故A項(xiàng)正確；物塊到達(dá)B位置時，彈性繩的伸長量為(eq\r(5)－1)l，張力大小為k(eq\r(5)－1)l，故B項(xiàng)錯；撤去外力后，摩擦力可能沿斜面向上，則有eq\f(mg,2)＝F彈＋f摩擦，此時摩擦力小于eq\f(mg,2)，摩擦力可能沿斜面向下，則有eq\f(mg,2)＋f摩擦＝F彈，此時摩擦力可能大于eq\f(mg,2)，故C項(xiàng)正確；由于不能判斷出物體運(yùn)動的過程中拉力做的功與摩擦力做的功是否大小相等，所以不能判斷出物體是否機(jī)械能守恒，D錯誤．7．解析：選AB.由于通過兩次擊打，小球才能運(yùn)動到圓軌道的最高點(diǎn)，且小球始終未脫離軌道，所以第一次擊打小球后，小球運(yùn)動的高度不能超過R，則有W1≤mgR，由于第二次擊打后小球能運(yùn)動到最高點(diǎn)，則有W1＋W2＝mg2R＋eq\f(1,2)mv2，mg＝meq\f(v2,R)，可得eq\f(W1,W2)≤eq\f(2,3)，故A、B項(xiàng)正確．8．解析：選AC.由動能定理知上滑過程中W電－WG－Wf＝ΔEk，代入數(shù)值得W電＝4J，電場力做正功，滑塊帶正電，電勢能減小4J，A對；由功能關(guān)系知滑塊上滑過程中機(jī)械能的變化量為ΔE＝W電－Wf＝－6J，即機(jī)械能減小6J，B錯；由題意知滑塊上滑到斜面中點(diǎn)時克服重力做功為12J，即重力勢能增加12J，C對；由動能定理知2Wf＝Ek0－Ek，所以滑塊返回到斜面底端時動能為10J，D錯．9．解析：(1)滑塊剛接觸彈簧時的速度為v0＝x0eq\r(\f(k,M))，故系統(tǒng)的動能增加量為ΔEk＝eq\f(1,2)(M＋m)veq\o\al(2,0)＝eq\f(kx\o\al(2,0)M＋m,2M)；由于只有小球的重力做功，故重力勢能的減少量為ΔEp＝mgL.(2)根據(jù)機(jī)械能守恒定律有mgL＝eq\f(1,2)(M＋m)v2，v＝xeq\r(\f(k,M))，M＝m，解得x2＝eq\f(mg,k)L，由題圖丙可得k″＝eq\f(mg,k)＝0.096m，故g＝eq\f(kk″,m)＝eq\f(100×0.096,1)m/s2＝9.6m/s2.答案：(1)eq\f(kx\o\al(2,0)M＋m,2M)(2分)mgL(2分)(2)9.6(2分)10．解析：(1)該新型電池內(nèi)阻很小，要把保護(hù)電阻等效到電源內(nèi)阻中去，故應(yīng)選用阻值較小的定值電阻；定值電阻R1的阻值和電流表的內(nèi)阻都比較小，而R1的電阻遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻，故應(yīng)采用電流表外接法．(2)電路連接時電表的正負(fù)接線柱不能接錯，因?yàn)樾滦碗姵仉妱觿菁s為4V，考慮保護(hù)電阻分壓，當(dāng)滑動變阻器連入電路的阻值達(dá)到10Ω時，電壓表兩端電壓約為3.3V，滑動變阻器連入電路的電阻為2Ω時，電流表的電流約為1A，電壓表和電流表均符合要求；由U－I圖象可讀出電池電動勢為3.85V，路端電壓為1.50V時的電流為0.94A，則r′＝eq\f(ΔU,ΔI)＝eq\f(3.85－1.50,0.94)Ω＝2.5Ω.答案：(1)R1(1分)電流表改為外接法(2分)(2)如圖所示(2分)2.5(2.46～2.54均可)(2分)3.85(3.83～3.87均可)(2分)11．解析：(1)小球從最高點(diǎn)A運(yùn)動到最低點(diǎn)B的過程中，只在通過電場區(qū)域時電場力做功，則W電＝qEx＝6mgR(2分)已知小球?qū)點(diǎn)恰好無壓力，則有meq\f(v\o\al(2,A),R)＝mg(1分)選取B點(diǎn)所在水平面為重力勢能的零勢能面，根據(jù)功能關(guān)系有eq\f(1,2)mveq\o\al(2,A)＋mg(2R＋x)＋qEx＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,B)(2分)解得vB＝eq\r(21gR)(1分)(2)在保證小球能夠通過最高點(diǎn)的情況下，設(shè)小球通過A點(diǎn)時的速度為v1，運(yùn)動到最低點(diǎn)B時的速度為v2，則在最高點(diǎn)由牛頓第二定律有F1＋mg＝meq\f(v\o\al(2,1),R)(2分)在最低點(diǎn)有F2－mg＝meq\f(v\o\al(2,2),R)(2分)根據(jù)功能關(guān)系有eq\f(1,2)mveq\o\al(2,1)＋mg(2R＋x)＋qEx＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,2)(2分)小球在最高點(diǎn)和最低點(diǎn)的壓力差為ΔF＝F2－F1(1分)聯(lián)立解得ΔF＝6mg＋eq\f(8mg,R)x(1分)答案：(1)6mgReq\r(21gR)(2)ΔF＝6mg＋eq\f(8mg,R)x12．解析：(1)小球從M點(diǎn)到N點(diǎn)的過程中，由動能定理有－mgR－W＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,N)－eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)(2分)解得vN＝1m/s(1分)在最高點(diǎn)N，根據(jù)牛頓第二定律有mg－FN＝meq\f(v\o\al(2,N),R)(2分)解得FN＝1.6N(1分)由牛頓第三定律可知，在N點(diǎn)小球?qū)壍赖膲毫Υ笮镕壓＝FN＝1.6N(1分)(2)小球從N點(diǎn)拋出后，由平拋運(yùn)動的規(guī)律有R＝eq\f(1,2)gt2(1分)解得t＝eq\f(\r(10),10)s(1分)小球落地點(diǎn)與N點(diǎn)的水平距離x＝vNt＝eq\f(\r(10),10)m(1分)(3)要使小球能夠從N點(diǎn)水平拋出，則小球至少要能到達(dá)N點(diǎn)，設(shè)小球恰好能到達(dá)N點(diǎn)時的初速度為v01由動能定理有－mgR－W＝0－eq\f(1,2)mveq\o\al(2,01)(2分)解得v01＝2eq\r(6)m/s(1分)當(dāng)小球到達(dá)最高點(diǎn)N，且對軌道的壓力為零時，設(shè)速度為vN1，此時的初速度為v02則在N點(diǎn)有mg＝meq\f(v\o\al(2,N1),R)(1分)由動能定理有－mgR－W＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,N1)－eq\f(1,2)mveq\o\al(2,02)(2分)解得v02＝eq\r(29)m/s(1分)當(dāng)v02＞eq\r(29)m/s時，球在從P到N的過程中就會離開圓周軌道，不會到N點(diǎn)再作平拋運(yùn)動．綜上可知，要使小球能夠從N點(diǎn)水平拋出，初速度v0的取值范圍為2eq\r(6)m/s＜v0≤eq\r(29)m/s(1分)答案：(1)1.6N(2)eq\f(\r(10),10)m(3)2eq\r(6)m/s＜v0≤eq\r(29)m/s13．解析：(1)氣體總是充滿容器，說明氣體分子在做無規(guī)則熱運(yùn)動，而氣體分子之間既存在引力也存在斥力，選項(xiàng)A錯誤．由于理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)，所以對于一定質(zhì)量的理想氣體，溫度升高，氣體內(nèi)能一定增大，選項(xiàng)B正確．溫度越高布朗運(yùn)動越劇烈，說明水中懸浮的微粒的運(yùn)動與溫度有關(guān)，而懸浮微粒的運(yùn)動是由水分子對微粒的碰撞造成的，即水分子的運(yùn)動與溫度有關(guān)，選項(xiàng)C正確．物體內(nèi)能增加，例如冰吸熱