2021屆云南省高三(下)第二次復(fù)習(xí)統(tǒng)一檢測(cè)物理試題

2021云省第二次高中畢生復(fù)習(xí)統(tǒng)一測(cè)理科綜合力測(cè)試（物部分）注意事∶1.卷前，考生必用黑碳素筆將自的學(xué)校姓名準(zhǔn)考證、考場(chǎng)號(hào)、位號(hào)填在答題卡上并認(rèn)真核準(zhǔn)形碼上學(xué)校、準(zhǔn)考號(hào)、姓、考場(chǎng)號(hào)、位號(hào)，規(guī)定的位置好條形及填涂準(zhǔn)考號(hào)。2.答選擇題時(shí)選出每小答案后，用鉛筆答題卡對(duì)應(yīng)題目的案標(biāo)號(hào)黑如需改，用橡皮擦干凈后，選涂其答案標(biāo)號(hào)。答非選題時(shí)，將答寫在答卡上。寫在試卷上效?？赡苡玫南鄬?duì)原子量∶O-16F-19Ga-70二、選題∶本題共題，每小題分，共48分。每小題出的四個(gè)選中，第題只有項(xiàng)符合題目求，第18~21題有多符合題要求。全部對(duì)的得分，選對(duì)但不全的得分，有選錯(cuò)得0。氫子的能級(jí)示圖如圖所示。下列說法中正確的是（）處基態(tài)的氫原子吸收能量為eV的子后可以發(fā)生電離處=2能級(jí)的氫原子可以吸收能量為eV的子躍遷到=3能氫子從=能級(jí)躍遷到n=能輻射出的光照射在金屬表面上一定能發(fā)生光電效應(yīng)一群處于n能的氫原子向基態(tài)躍遷時(shí)，多能輻射出3不同頻率的光子【答案】【解析】【分析】

【詳解A使于基態(tài)氫原子發(fā)生電離入射光子的能量應(yīng)大于或等于13.6eV所處于基態(tài)的氫原子吸收能量為13.7eV的子后可以發(fā)生電，故A確；C．原子從n=3級(jí)躍遷到n=2能輻射出的光子的能量E1.89eV32由于不知道逸出功，所以不一定能發(fā)生光電效應(yīng)，故誤；B處于能的氫原子可以吸收能量為1.89eV的子躍遷到n=3能級(jí)，故B錯(cuò)；D．群于n=4級(jí)的氫原子向基態(tài)躍遷時(shí)，最多可以輻射出2不同頻率的光，故D錯(cuò)誤。故選A。如所示，傾角30的光滑斜面固定不動(dòng)，輕質(zhì)彈簧連接質(zhì)量均為m的物塊P置斜面上用水平向右的力作用在Q上，、Q均止，則F的小為（）A.

mg

B.

mgC.

3

D.2【答案】【解析】【分析】【詳解】整體分析可知Fcos3030所以F

3

ababab故選B。ababab

、物體沿x軸動(dòng)，相碰后結(jié)合一整體，、bc運(yùn)的位置隨間t

變化的圖像如圖所示。下列說法正確的是（）A.質(zhì)量為b的質(zhì)量的3倍B.碰之前a的動(dòng)量小于動(dòng)量C.碰之前a的動(dòng)量與動(dòng)量大小相等D.碰之后的量小于碰前的動(dòng)【答案】【解析】【分析】【詳解】根據(jù)x圖可得碰撞前的速度為0，0tt0碰撞后的共同速度為03t0A由動(dòng)量守恒定律有mva即xm(0)0m)()t2t3t0解得mmab

。故A錯(cuò)；。BC碰前與動(dòng)量大小之比為m5aam1bb則碰撞之前動(dòng)量大于b的動(dòng)量故BC錯(cuò)誤；D．撞與動(dòng)量大小之比為()v62am5aa故碰撞之后c動(dòng)量小于碰前動(dòng)量，故D正；故選D某星周圍的衛(wèi)繞其做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑r與行周期關(guān)系如圖所示行的半徑為引力常量為G圖中、b為知量。下列說法正確的是（）

萬A.繞行星表面運(yùn)行衛(wèi)星的周期為

aR0bB.該星的質(zhì)量為C.該星的密度為

2bG30D.該星表面的重力加速度為【答案】

4aR

00【解析】00【分析】詳解】A．根據(jù)圖像3T0ba繞該行星表面運(yùn)行衛(wèi)星的周期為aRT故A錯(cuò)；．據(jù)mR220解得行星的質(zhì)量為：M

R32

baG故B錯(cuò)；C．度為：

M

33bGT0故確；D．據(jù)有引力提供向心力，有：MmG0解得4g2aR20故D錯(cuò)。故選。的關(guān)系如圖所示。下列說法正確的是（）隨科技的發(fā)展無人機(jī)廣泛用于航拍。某無人機(jī)飛行過程中，豎直向上的速度隨飛行時(shí)間t

及水平方向速度

1111211111211111211111212A.0~B.0~

時(shí)間內(nèi)無人機(jī)處于超重狀態(tài)（v）時(shí)間內(nèi)無人機(jī)飛行的位移大小為C.t

時(shí)刻無人機(jī)飛行至最高點(diǎn)D.t~t時(shí)間內(nèi)無人機(jī)做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)【答案】【解析】【分析】【詳解】A．由圖象可知，無人機(jī)在～這時(shí)間，在豎直方向向上勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則無人機(jī)有豎直向上

加速度，那么處于超重狀態(tài)，不是失重狀態(tài)，故A正；Bt

時(shí)間內(nèi)無人機(jī)飛行的水平位移大小為

vt12

，豎直位移大小為

t11

，故0~

時(shí)間內(nèi)無人機(jī)飛行的位移大小為(

vtt21)1)22

2

，故B錯(cuò)誤；C．

時(shí)刻后無人機(jī)豎直方向向上減速，故t

時(shí)刻無人機(jī)未飛行至最高點(diǎn)，故錯(cuò)；D~t時(shí)間內(nèi)無人機(jī)水平勻速直上勻減速速與合加速度不在一條線上做變速曲線運(yùn)動(dòng)，故D正。故選。如所示，理想壓器原、副線圈匝數(shù)比為21，三只完全相同的燈泡L、L、L連接如圖。當(dāng)開關(guān)S閉合時(shí)，L、L均能正常發(fā)光。保持電源電壓不變，斷開關(guān)S，則（）

223223A.三燈泡的亮度相同B.L、仍能正常發(fā)光C.電的輸出功率變小D.電的輸出功率變大【答案】【解析】【分析】【詳解】理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為∶1則燈泡額定電壓

UL

U

，根據(jù)變壓器電流與匝數(shù)成反比可知I1

I2L2L3故流過燈泡電流相同，則亮度相同，原線圈兩端電壓減小，則副線圈電壓變小，小于額定電壓，L、L不能正常發(fā)光，設(shè)額定電流為I，合時(shí)，原線圈電流0I10斷開后，副線圈電流減小，則原線圈電流減小，電源的輸出功率

PI1

，變小，故AC正確BD錯(cuò)。故選AC。如甲所示固定在同一絕緣水平面上的兩根平行光滑金屬導(dǎo)軌兩導(dǎo)軌間的距為1.5左接有阻值為Ω的值電阻，質(zhì)量為1kg的屬棒ab跨在導(dǎo)軌上，形成閉合回路?？臻g有豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為2。棒外力的用下沿著導(dǎo)運(yùn)動(dòng)的速度時(shí)間圖像如圖乙所示。金屬棒和導(dǎo)軌的電阻忽略不計(jì)，且運(yùn)動(dòng)過程中金屬棒始終與導(dǎo)軌垂直。下列說法正確的是（）A.內(nèi)棒的感應(yīng)電流方向從b到B.3s~6s內(nèi)力的大小為6N

C.內(nèi)過棒電荷量為4D.內(nèi)力的量大小為11N·【答案】【解析】【分析】【詳解】A．根據(jù)右手定則可以判斷內(nèi)ab棒中的感應(yīng)電流方向從a到b，故A錯(cuò)；B內(nèi)力F的小BILA

，I

解得外力的小為6，故B正；C．內(nèi)通過棒電荷量q

BLx，RR

x

解得通過ab棒的電荷量為，錯(cuò)誤；D．內(nèi)外力的量大小IBILt

，

It解得外力的量大小為，D正。故選BD。如所示在0≤7區(qū)域內(nèi)存在與xOy平垂直磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為的強(qiáng)磁場(chǎng)一帶電粒子從坐標(biāo)原點(diǎn)O與軸方向成53垂直磁場(chǎng)射入，從磁場(chǎng)右邊界上點(diǎn)（，d離開。已知粒子的質(zhì)量為，帶電量為q重力不計(jì)，取sin53°=0.8，cos53°=0.6。下說法正確的是（）A.粒在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的軌跡半徑為dB.粒的發(fā)射速度大小為

qBdmC.粒從P點(diǎn)出時(shí)的速度方向與x軸方向的夾角為°D.若改變粒子的入射方向，則粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間為

mqB

2【答案】2【解析】【分析】【詳解】AB．圖，根據(jù)題意做出粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示做出入射速度的垂線，連接OP中垂線，兩線相交與點(diǎn)A點(diǎn)為圓心，設(shè)與x軸角為αsin

，，OPOP

2

2d，r，

sin

所以得到r由牛頓第二定律得qvB

mvr

得v

qBdm故A錯(cuò)，正確；C．據(jù)以上分析37

45，，粒子射出磁場(chǎng)的速度與軸向夾角為，速度的偏轉(zhuǎn)角與粒子運(yùn)動(dòng)軌跡所對(duì)應(yīng)的圓心角相等，由幾何關(guān)系可知出射速度方向與x軸夾角為°，故C正；D．于

rdd

故粒子在磁場(chǎng)中不能完成半個(gè)圓周運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間不能達(dá)到1mT2qB若改變粒子的入射方向場(chǎng)運(yùn)動(dòng)時(shí)間半個(gè)周期對(duì)應(yīng)的粒子的入射速度方向是沿著軸正方向進(jìn)入磁場(chǎng)

EABBCDEEABBCDE的粒子，此時(shí)粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間＜，錯(cuò)；故選：。第Ⅱ卷非選擇題，分）三、非擇題∶共分。第22~32題為必題，每試題考生都須作答第33~38為選考題考生根據(jù)要作答。（一）考題（共分）某學(xué)利用如圖所示的裝置來測(cè)量滑塊與平桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)。由靜止釋放物塊Q打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出的紙帶如圖乙所示，依打點(diǎn)先后順序取計(jì)AC及DF，兩相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有四點(diǎn)未標(biāo)出。測(cè)得相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間距離為=2.75cmx=4.96cm、x=5.26cm、x。所用交流電的頻率為Hz取重力加速度g2。根據(jù)以上數(shù)據(jù)可得（1）落地前加速度大??；（2Q落后的加速度大小為2；滑P與平桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為果留2小數(shù)）【答案】

【解析】【分析】【詳解】?jī)舌徲?jì)數(shù)點(diǎn)間還有四個(gè)點(diǎn)未出，時(shí)間間隔為，落地前的速度大小為

12x12T2(2)[2][3]落后加速度大小為'

xDET

EF

2根據(jù)'

mg滑塊P與水平桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為

0.31某學(xué)習(xí)小組將兩個(gè)不同金屬電極插入一個(gè)橙子做成一“橙子電池”，他們查閱資料得知“水果電池”的電動(dòng)勢(shì)約、內(nèi)阻約幾百歐。實(shí)驗(yàn)室有以下器材∶電壓表（量程3V內(nèi)阻約3k毫安表A（量程為，內(nèi)阻為50滑動(dòng)變阻器（值滑動(dòng)變阻器（值0~3000線開關(guān)。為了盡可能準(zhǔn)確測(cè)定這個(gè)“橙子電池”的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。（1）下面兩個(gè)測(cè)量電路圖應(yīng)（“”或“”（2）滑動(dòng)變阻器應(yīng)選（“1或R2”（3）該小組實(shí)驗(yàn)時(shí)記錄的數(shù)據(jù)如下表U/VI/mA

請(qǐng)?jiān)谧鴺?biāo)系中描點(diǎn)并作出I

圖線（根圖線求出這個(gè)“橙子電池”電動(dòng)勢(shì)V，阻

R為ΩR【答案】

甲

【解析】【分析】【詳解）[1]水電池的內(nèi)阻較大，若采用乙圖，電壓表的分流比較明顯，路電流的誤差較大，而甲圖測(cè)量的內(nèi)阻相當(dāng)于電流表的電阻和電源的內(nèi)阻，但是電流表的內(nèi)阻已知，故采用將電流表外法，故選甲。（2）毫安表滿偏時(shí)，電路的總阻R1000I若選擇，變化范圍很小，測(cè)多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，故滑動(dòng)變阻器選擇（3）[3]電路如圖所示

R

[4]圖與縱軸截距即為電動(dòng)勢(shì)E[5]像的斜率kRg

0.980.40

Ω解得r如圖所示，水平放置的長(zhǎng)度為的兩平行板間有勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)。電場(chǎng)強(qiáng)度方向豎直向上，小為E；磁感應(yīng)強(qiáng)度直紙面向外，大小為。子從電極K處靜止開經(jīng)加速電壓U加后，沿水平直線穿過兩平行板間的電場(chǎng)、磁場(chǎng)區(qū)域，已知電子的電荷量，質(zhì)量為，略電子的重以及電子間的相互作用。求（1）加速電壓U的?。唬?）若撤去磁場(chǎng)，電子恰能從極板右沿射出，電子通過兩極板的過程中電場(chǎng)力對(duì)電子做的功?！敬鸢福?/p>

2e2）2eB22

2

121【解析】121【分析】【詳解）子在兩極板間受力平衡eE電子在加速器中加速，由動(dòng)能定理得mv

解得U

22eB2（2）撤去磁場(chǎng)后，電子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間電子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)加速度的電子在兩極板中豎直方向偏移的距離

ta

LeE

at

電場(chǎng)力做功W解得W

e

222

2如圖所示，圓柱形管的底端固定一彈射器，彈射器上一質(zhì)量m

=1kg的小滑塊，管和彈射器的總質(zhì)量2，滑塊與管壁間的滑動(dòng)摩擦力大小為mg整個(gè)裝置豎直靜止在水平地面上。發(fā)射時(shí)，滑塊離開彈射器瞬間距離上管口的距離為；滑離開彈射器后上升的最大高度為。小滑塊可視為質(zhì)點(diǎn)且彈射時(shí)間極短，每次彈射后滑塊獲得的初速度相等，忽略空氣阻力，取重力加速度=102。求（1）滑塊被彈射后在圓柱形管內(nèi)滑動(dòng)的加速度大小；（2）滑塊離開彈射器后運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)間；（3）當(dāng)滑塊離開彈射器瞬間，對(duì)圓柱管施加一個(gè)豎直向上的恒力F，?；瑝K不滑出管口，計(jì)算的最小值。

0122101221【答案）

14m/1

2

）=

2

）【解析】【分析】【詳解）滑塊由牛頓第二定律得m0.4mma11

①解得14m/1

2

②（2）設(shè)滑塊離開彈射器的初速度為，開管口的速度為v，塊到上端口距離為l滑塊上升的最大高度為H?；瑝K由底端。上升到最高點(diǎn)的過程中，由動(dòng)能定理得1gHmglmv0滑塊離開管口后豎直上拋，由動(dòng)能定理得

③1(Hv21

④滑塊滑到管口的時(shí)間vt01a1

⑤滑塊從管口，上拋到最大高度處的時(shí)間t

⑥滑塊運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間t1

⑦

23解得23t

2

⑧（3）為保證滑塊不滑出圓柱管，當(dāng)滑運(yùn)動(dòng)至圓柱形管口時(shí)，滑塊與圓柱形管恰好共速，所需要施加的外力F最。設(shè)圓柱形管上升的加速度為a，速的時(shí)間為t

，共速的速度為v。對(duì)管由牛頓第二定律得g122

⑨滑塊與圓柱形管的相對(duì)位移vvl0tt共速時(shí)vtt03解得F=24N（二）考題；共45分。請(qǐng)考生給出物理、2道化學(xué)、2道生物中每科選一題作，并用2B鉛筆在答卡上把選題目的題涂黑。意所做題目題號(hào)必與所涂題目題號(hào)一致，答題卡答區(qū)域指定置答題如果多做，每學(xué)科所做的第一-題計(jì)分。[物理—選3-3]（）下列說法正確的是___物體內(nèi)能改變時(shí)，其溫度必定改變一定質(zhì)量的理想氣體保持壓強(qiáng)不變，溫度升高，單位時(shí)間內(nèi)氣體子對(duì)容器壁的碰撞次數(shù)一定減少C.一定質(zhì)量的理想體壓強(qiáng)不變，體積增大，氣體必放出熱量熱不可能自發(fā)從低溫物體傳遞到高溫物體E.溫相同、質(zhì)量相等的氫氣和氧氣（均視為理想氣體的內(nèi)能比氧氣的能大【答案】【解析】【分析】【詳解】A．物體內(nèi)能與溫度和體積均有關(guān)系，故內(nèi)能改變時(shí)，不一是由溫度改變引起的A錯(cuò)；B一定質(zhì)量的理想氣體溫度升高，分子的平均動(dòng)能增大，要保持壓強(qiáng)不變，單位時(shí)間內(nèi)氣體分子對(duì)容器壁的碰撞次數(shù)一定減少B正確；

00000001C一質(zhì)量的理想氣體壓強(qiáng)不變積增大溫度升高體增大的程對(duì)外做功度升高使內(nèi)能增大，由熱力學(xué)第一定律可知，氣體必吸收熱量錯(cuò)誤；00000001D．熱學(xué)第二定律可知，熱量不可能自發(fā)地從低溫物體傳遞到高溫物體D正；E．溫度相同，分子平均動(dòng)能相同，但氫氣分子的摩爾質(zhì)量小，相同質(zhì)量的情況下，氣分子數(shù)多，故氫氣的內(nèi)能比氧氣的內(nèi)能大，正確。故選BDE如圖所示，柱形絕熱氣缸固定在傾角為37°的斜面上，氣缸深度為H，缸口有固定卡槽。氣缸內(nèi)用質(zhì)量為m橫截面積為S的絕熱活塞閉了一定質(zhì)量的理想氣體，此時(shí)活塞距氣缸底部的距離為

，氣缸內(nèi)氣體溫度為T通過氣缸底部的電熱體可忽略對(duì)氣體加熱到氣體溫度升高到3。加熱過程中通過電熱絲的電流恒為I電熱絲電阻為R，加熱時(shí)間為t若電熱絲產(chǎn)生的熱量全部被氣體吸收。大氣壓強(qiáng)恒為，計(jì)活塞及固定卡槽厚度，活塞可沿氣缸壁無摩擦滑動(dòng)且不漏氣。取sin37，°。求（1）氣體溫度升高到T時(shí)壓強(qiáng)；（2）氣體溫度從T升到3T的程中增加的內(nèi)能?！敬鸢福?/p>

p

39mgSHmgHp）Rt0210210【解析】【分析】【詳解）始時(shí)活塞受力平衡ppsin3710

假設(shè)氣體溫度為時(shí)理想氣體體積變?yōu)镾H活塞達(dá)到卡槽前壓強(qiáng)恒為p，蓋—呂薩克定律有T0

T1活塞達(dá)到卡槽后體積恒為SH由查理定律有

2lpp2l12T310解得p

39mgp210因?yàn)閜>p，所以假設(shè)成，則p

39