山東省青島市第十三中學2021-2022學年高三物理月考試卷含解析

山東省青島市第十三中學2021-2022學年高三物理月考試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.神舟八號飛船繞地球做勻速圓周運動時，飛行軌道在地球表面的投影如圖所示，圖中標明了飛船相繼飛臨赤道上空所對應的地面的經度。設神舟八號飛船繞地球飛行的軌道半徑為r1，地球同步衛(wèi)星飛行軌道半徑為r2.則r∶r等于

A．1∶24B．1∶156C．1∶256D．1∶210參考答案：C2.如圖，光滑水平面上放著長木板B，質量為m＝2kg的木塊A以速度v0＝2m/s滑上原來靜止的長木板B的上表面，由于A、B之間存在有摩擦，之后，A、B的速度隨時間變化情況如右圖所示，重力加速度g＝10m/s2。則下列說法正確的是A.A、B之間動摩擦因數(shù)為0.1B.長木板的質量為1kgC.長木板長度至少為2mD.A、B組成系統(tǒng)損失機械能為4J參考答案：A【分析】A在B的表面上滑行時，根據(jù)v-t圖象的斜率可得到A的加速度大小，由牛頓第二定律求得動摩擦因數(shù).對系統(tǒng)，運用動量守恒定律列式可求得長木板的質量M．根據(jù)“面積”表示位移，求解木板的長度.由能量守恒定律求解A、B組成系統(tǒng)損失機械能.【詳解】B、從圖可以看出，A先做勻減速運動，B做勻加速運動，最后一起做勻速運動，共同速度v＝1m/s，取向右為正方向，根據(jù)動量守恒定律得：mv0＝(m+M)v，解得：M＝m＝2kg，故B錯誤；A、由圖象可知，木板B勻加速運動的加速度，對B根據(jù)牛頓第二定律得μmg＝MaB，解得動摩擦因數(shù)μ＝0.1，故A正確；C、由圖象可知前1s內B的位移，A的位移，所以木板最小長度；故C錯誤.D、A、B組成系統(tǒng)損失機械能；故D錯誤.故選A.【點睛】分析清楚圖象的物理意義是解題的前提與關鍵，要知道加速度是聯(lián)系力和運動的橋梁，根據(jù)v-t圖象的斜率能得出物體運動的加速度，由面積求解位移.3.一定質量的理想氣體自圖示的狀態(tài)A經狀態(tài)C變化到狀態(tài)B，則氣體…（）

A．AC過程中壓強增大、內能增大

B．AC過程中壓強減小、內能不變

C．CB過程中壓強增大、內能增大

D．CB過程中壓強減小、內能增大參考答案：C4.如圖所示，上下開口、內壁光滑的銅管P和塑料管Q豎直放置，小磁塊先后在兩管中從相同高度處由靜止釋放，并落至底部，則小磁塊（）A．在Q和P中都做自由落體運動B．在兩個下落過程中的機械能都守恒C．在P中的下落時間比在Q中的長D．落至底部時在P中的速度比在Q中的大參考答案：C【考點】楞次定律；自由落體運動；機械能守恒定律．【分析】當小磁塊在光滑的銅管P下落時，由于穿過銅管的磁通量變化，導致銅管產生感應電流，從而產生安培阻力，對于塑料管沒有任何阻礙，從而即可求解．【解答】解：A、當小磁塊在光滑的銅管P下落時，由于穿過銅管的磁通量變化，導致銅管產生感應電流，從而產生安培阻力，所以P做的運動不是自由落體運動；而對于塑料管內小磁塊沒有任何阻力，在做自由落體運動，故A錯誤；B、由A選項分析可知，在銅管的小磁塊機械能不守恒，而在塑料管的小磁塊機械能守恒，故B錯誤；C、在銅管中小磁塊受到安培阻力，則在P中的下落時間比在Q中的長，故C正確；D、根據(jù)動能定理可知，因安培阻力，導致產生熱能，則至底部時在P中的速度比在Q中的小，故D錯誤．故選：C5.跳傘運動員從跳傘塔上跳下，當降落傘全部打開時，傘和運動員所受的空氣阻力大小跟下落速度的平方成正比，即f=kv2，已知比例系數(shù)k=20N.s2/m2。運動員和傘的總質量m=72kg，設跳傘塔足夠高且運動員跳離塔后即打開傘，取g=10m/s2，求：（1）跳傘員的下落速度達到3m/s時，其加速度多大?

（2）跳傘員最后下落速度多大?（3）若跳傘塔高200m，高考資源網則跳傘員從開始跳下到即將觸地的過程中，損失了多少機械能?參考答案：二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.參考答案：（1）小車與滑輪之間的細線與小車平面平行（或與軌道平行）(2分)（2）遠小于(3分)（3）根據(jù)知，與成正比(3分)7.A、B為相同大小的量正三角形板塊，如圖所示鉸接于M、N、P三處并靜止．M、N分別在豎直墻壁上和水平天花板上，A板較厚，質量分布均勻，重力為G．B板較薄，重力不計．三角形的兩條邊均水平．那么，A板對鉸鏈P的作用力的方向為沿NP方向；作用力的大小為G．參考答案：考點：共點力平衡的條件及其應用；物體的彈性和彈力．專題：共點力作用下物體平衡專題．分析：對B分析可知B受拉力的方向，對A分析找出力臂由力矩平衡可求得作用力的大?。獯穑航猓阂駼的重力不計，B的重力對平衡沒有影響，故對B平衡起作用的只有N和P點，故可將B可以作二力桿處理，則板A對P的拉力應沿NP方向；對A分析，A受重力和P點的拉力而關于支點M平衡，設邊長為L，由幾何關系可知，重力的力臂為L1=L，P點的拉力的力矩為L2=L；則由力矩平衡可知，GL1=FL2，即G?L=F?L解得F=G由牛頓第三定律可知A板對鉸鏈P的作用力的大小為F′=F=G故答案為：沿NP方向，G．點評：本題關鍵在于理解B不計重力的含義，將B板等效為二力桿．運用力矩平衡條件解決此類問題．8.從地面以初速度v0豎直向上拋出一質量為m的球，設球在運動過程中受到的空氣阻力與其速率成正比關系，它運動的速率隨時間變化的規(guī)律如圖所示，在t1時刻到達最高點，再落回地面，落地時速率為v1，且落地前球已做勻速運動。則球受到的空氣阻力與其速率之比k=___________，球上升的最大高度H=_________________。參考答案：，9.某研究性學習小組利用如圖甲所示電路測量某電池的電動勢E和內電阻r。在坐標紙中畫出了如圖乙所示的U－I圖象，若電流表的內阻為1Ω,則E＝________V，r＝________Ω參考答案：2.0；

1.4；10.如圖甲是利用激光測轉速的原理示意圖，圖中圓盤可繞固定軸轉動，盤邊緣側面上有一小段涂有很薄的反光材料．當盤轉到某一位置時，接收器可以接收到反光涂層所反射的激光束，并將所收到的光信號轉變成電信號，在示波器顯示屏上顯示出來(如圖乙所示)．

(1)若圖乙中示波器顯示屏上橫向的每大格(5小格)對應的時間為2.50×10－3s，則圓盤的轉速為

r/s.(保留3位有效數(shù)字)(2)若測得圓盤直徑為10.20cm，則可求得圓盤側面反光涂層的長度為

cm.(保留3位有效數(shù)字)參考答案：11.如圖所示，一物體m在沿斜面向上的恒力F作用下，由靜止從底端沿光滑的斜面向上做勻加速直線運動，經實踐t力F做功為60J，此后撤去力F，物體又經過時間t回到出發(fā)點，若以地面為零勢能面，物體回到出發(fā)點的動能為

▲

；撤去力F時物體的重力勢能為

▲

。參考答案：12.有關熱輻射和光的本性，請完成下列填空題：黑體輻射的規(guī)律不能用經典電磁學理論來解釋，1900年德國物理學家普朗克認為能量是由一份一份不可分割最小能量值組成，每一份稱為_________。1905年愛因斯坦從此得到啟發(fā)，提出了光子的觀點，認為光子是組成光的最小能量單位，光子的能量表達式為_________，并成功解釋了__________________現(xiàn)象中有關極限頻率、最大初動能等規(guī)律，寫出了著名的__________________方程，并因此獲得諾貝爾物理學獎。參考答案：能量子；；光電效應；光電效應方程（或）13.一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波，在t＝0時刻波剛好傳播到x＝6m處的質點A，如圖所示，已知波的傳播速度為48m/s。請回答下列問題：①從圖示時刻起再經過________s，質點B第一次處于波峰；②寫出從圖示時刻起質點A的振動方程為________cm。參考答案：①0.5②①B點離x=0處波峰的距離為△x=24m，當圖示時刻x=0處波峰傳到質點B第一次處于波峰，則經過時間為②波的周期為，圖示時刻，A點經過平衡向下運動，則從圖示時刻起質點A的振動方程為三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.（選修3-5）（4分）已知氘核質量2.0136u，中子質量為1.0087u，核質量為3.0150u。A、寫出兩個氘核聚變成的核反應方程___________________________________。B、計算上述核反應中釋放的核能。（結果保留2位有效數(shù)字）（1u=931.5Mev）C、若兩氘以相等的動能0.35MeV作對心碰撞即可發(fā)生上述核反應，且釋放的核能全部轉化為機械能，則反應中生成的核和中子的動能各是多少？（結果保留2位有效數(shù)字）參考答案：

答案：a、

b、在核反應中質量的虧損為Δm=2×2.0136u-1.0087u-3.015u=0.0035u所以釋放的核能為0.0035×931.5Mev=3.26Mev

c、反應前總動量為0，反應后總動量仍為0，

所以氦核與中子的動量相等。

由EK=P2/2m得

EHe:En=1:3

所以En=3E/4=2.97Mev

EHe=E/4=0.99Mev15.（簡答）如圖所示，在水平地面上固定一傾角θ=37°、表面光滑的斜面，物體A以初速度v1沿斜面上滑，同時在物體A的正上方，有一物體B以初速度v2=2.4m/s水平拋出，當A上滑到最高點時，恰好被B物體擊中．A、B均可看作質點，sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度g=10m/s2．求：（1）物體A上滑時的初速度v1；（2）物體A、B間初始位置的高度差h．參考答案：（1）物體A上滑時的初速度v1是6m/s．（2）物體A、B間初始位置的高度差h是6.8m．解：（1）物體A上滑過程中，由牛頓第二定律得：mgsinθ=ma設物體A滑到最高點所用時間為t，由運動學公式：0=v1﹣at物體B做平拋運動，如圖所示，由幾何關系可得：水平位移x=；其水平方向做勻速直線運動，則x=v2t聯(lián)立可得：v1=6m/s（2）物體B在豎直方向做自由落體運動，則hB=物體A在豎直方向：hA=如圖所示，由幾何關系可得：h=hA+hB聯(lián)立得：h=6.8m答：（1）物體A上滑時的初速度v1是6m/s．（2）物體A、B間初始位置的高度差h是6.8m．四、計算題：本題共3小題，共計47分16.傾角θ=37o，質量M=5kg的粗糙斜面位于水平地面上，質量m=2kg的木塊置于斜面頂端，從靜止開始勻加速下滑，經t=2s到達底端，運動路程L=4m,在此過程中斜面保持靜止（取重力加速度g=10m/s2，sin37o=0.6，cos37o=0.8），求：（1）地面對斜面的摩擦力；（2）斜面對地面的壓力大小。參考答案：（1）木塊做勻加速運動(2分)可求(1分)

對木塊受力如圖①(1分)由牛頓第二定律N1=mgcos370=(1分)N1=16N②mgsin370-f1=ma③(1分)，f1=8N

對斜面受力如圖④(1分)，地面對斜面摩擦力f+f1cos37o=N1’sin370⑤(1分)f=3.2N(1分)，方向水平向左(1分)

（2）地面對斜面的支持力N=Mg+N1、cos37o+f1‘sin37o⑥(2分)N=67.6N(1分)由牛頓第三定律，斜面對地面的壓力大小為67.6N(1分)

[若用整體法，①②③④⑤⑥和給7分對整體受力分析如圖（1分）：f=macos37o（3分）

(M+m)g-N=masin37o（3分）]17.如圖1是用傳送帶傳送行李的示意圖．圖1中水平傳送帶AB間的長度為8m，它的右側是一豎直的半徑為0.8m的圓形光滑軌道，軌道底端與傳送帶在B點相切．若傳送帶向右以6m/s的恒定速度勻速運動，當在傳送帶的左側A點輕輕放上一個質量為4kg的行李箱時，箱子運動到傳送帶的最右側如果沒被撿起，能滑上圓形軌道，而后做往復運動直到被撿起為止．已知箱子與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為0.1，重力加速度大小為g=10m/s2，求：（1）箱子從A點到B點所用的時間及箱子滑到圓形軌道底端時對軌道的壓力大??；（2）若行李箱放上A點時給它一個5m/s的水平向右的初速度，到達B點時如果沒被撿起，則箱子離開圓形軌道最高點后還能上升多大高度？在如圖2給定的坐標系中定性畫出箱子從A點到最高點過程中速率v隨時間t變化的圖象．參考答案：解：（1）皮帶的速度v0=6m/s箱子在傳送帶上勻加速運動的加速度a==μg=1m/s2設箱子在B點的速度為vB，由=2ax解得：vB=4m/s＜v0所以箱子從A點到B點一直做勻加速運動由x=，解得從A點到B點運動的時間為t=4s箱子在圓形軌道最低點時，由牛頓第二定律得：

F﹣mg=m解得：F=120N由牛頓第三定律知箱子對軌道的壓力大小為120N．（2）設箱子速度達到v0=6m/s時位移為x′，則﹣=2ax′解得x′=5.5m＜8m因此箱子先勻加速運動一段時間，速度達到6m/s后開始做勻速運動，即在B點的速度為v0由機械能守恒定律得：=mg（R+h）解得箱子在圓形軌道上上升的高度h=1m箱子從A點到最高點過程中速率v隨時間t變化的圖象如圖．答：（1）箱子從A點到B點所用的時間為0.4