廣東省深圳市2023年中考物理真題試題Word版含解析

廣東省深圳市2023年中考物理真題試題一、選擇題1.下列現象屬于光的反射的是（）A.雨后的彩虹B.樹蔭下的光斑C.池水看起來“淺”D.樹在水中的倒影【答案】D【解析】分析：要解決此題，需要掌握：①光的反射現象，知道平面鏡成像是由于光的反射形成的。②光的折射現象，知道水底看起來比實際的要淺、斜插入水中的筷子向上折、海市蜃樓、凸透鏡成像都是光的折射。③光沿直線傳播現象，知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直線傳播形成的。④了解光的色散，是由光的折射形成的，由于不同色光折射程度不同，所以把白光折射分成各種色光。彩虹就屬于色散現象。解答：A、雨后天空出現的彩虹，屬于光的色散現象，是由光的折射形成的；故A不符合題意。B.樹蔭下的光斑是由于光沿直線傳播而形成的；故B不符合題意。C、池水變淺，是由于從池底反射出的光由水中射入空氣中時，發(fā)生折射，折射角大于入射角而造成的；故C不符合題意。D.樹在水中的倒影屬于平面鏡成像現象，是由光的反射形成的；故D符合題意。故選D【點睛】此題主要考查了光的反射、光的折射、光的直線傳播現象，平時要注意各個現象的形成原因，同時還考查了光的色散，知道色散是由光的折射形成的。2.用一個焦距為10cm的放大鏡來觀察郵票細節(jié)，放大鏡與郵票的距離應（）A.大于20cmB.等于10cmC.小于10cmD.在10cm與20cm之間【答案】C【解析】根據凸透鏡成像的規(guī)律：當物距小于焦距時，物體通過凸透鏡成正立放大的虛像，判斷出放大鏡與郵票間的距離，選出正確的選項。放大鏡成正立放大的虛像，滿足u＜f=10cm，所以放大鏡與郵票間的距離應是小于10cm。故選：C?！军c睛】熟記凸透鏡成像的規(guī)律：u＞2f，成倒立縮小的實像；u=2f，成倒立等大的實像；f＜u＜2f，成倒立放大的實像；u=f，不成像；u＜f，成正立放大的虛像。3.對下列圖象中的物理信息描述錯誤的是（）A.物體的重力與質量成正比B.該物質可能是水C.該物體處于靜止狀態(tài)D.黑龍江北部（最低溫度－52.3℃）可以使用水銀溫度計【答案】D【解析】分析：要看清圖像中的橫坐標、縱坐標代表的物理量；再根據圖像形狀反映的物理規(guī)律，結合選項中物理量的含義，可解答此題。解答：A、重力與質量成正比，而圖像形狀是正比函數圖像，故A正確；B、根據圖像，當質量為10克時，體積為10立方厘米，根據，該物質可能是水，故B正確；C、根據圖像，路程隨著時間的改變而沒有變化，說明該物體處于靜止狀態(tài)；故C正確；D、黑龍江省北部地區(qū)最低氣溫可達-52.3℃，而水銀的凝固點為-38.3℃，沒等到測出當地氣溫，里面的水銀已經凝固了，無法使用。此選項錯誤；故選：D?！军c睛】圖像法是反映物理量之間規(guī)律和關系的常用方法，還要明確物理量的真正含義。4.端午節(jié)，媽媽蒸制粽子的過程中，涉及到的有關物理現象表述正確的是（）A.蒸粽子時，冒出的“白氣”是汽化現象B.粽子香味撲面而來，說明分子不停地做無規(guī)則運動C.水沸騰時吸收熱量，溫度升高D.蒸粽子主要是通過做功的方式改變物體的內能【答案】B【解析】分析：（1）水蒸氣遇冷會發(fā)生液化現象，液化是形成“白氣”的原因；（2）一切物質的分子都在不停地做無規(guī)則運動，這就是擴散現象；（3）水沸騰時，繼續(xù)吸熱，溫度保持不變；（4）熱傳遞、做功可以改變物體的內能。解答：A、蒸粽子時，鍋里不斷冒出的“白氣”是液化現象，不是汽化現象，說法錯誤；B、粽子香味撲面而來，聞到陣陣香氣，這是擴散的現象，說明分子在不停地做無規(guī)則運動，說法正確；C、當水沸騰時，繼續(xù)吸熱，溫度保持不變，說法錯誤；D、蒸粽子主要是通過熱傳遞改變物體的內能，說法錯誤。故選：B?！军c睛】考查了與熱學有關的幾個基本的知識點，注意了與實際例子的聯系，重點是分子動理論，難點是“白氣”的形成。5.張一山在《朗讀者》中為大家演繹了《追風箏的人》．關于其中的物理知識，下列說法正確的是（）A.朗讀時，朗讀者的聲帶振動產生聲音B.空氣中，聲音的傳播速度約約3×108m/sC.觀眾主要依據音調區(qū)分主持人和朗讀者的聲音D.朗讀者的聲音很大是因為聲音的頻率很高【答案】A【解析】分析：（1）聲音是由物體的振動產生的。聲音傳播時需要介質。（2）空氣中，聲音的傳播速度約為340m/s；（3）音調與頻率有關，頻率越高，音調越高。（4）音色是區(qū)別聲音的重要標志。區(qū)別聲音就是靠音色。解答：A、發(fā)聲的物體一定在振動，朗讀時是聲帶振動產生聲音，故A正確；B.空氣中，聲音的傳播速度約為340m/s；故B錯誤；C.觀眾主要依據音色區(qū)分主持人和朗讀者的聲音，故C錯誤；D.朗讀者的聲音很大是因為聲音的振幅很大，響度大，故D錯誤；故選A【點睛】解決此類問題要結合聲音產生的條件、聲音的傳播是需要介質和傳播速度幾個方面去分析，難點是聲音三個特性的區(qū)分。6.下列物理量估算不合理的是（）A.一個中學生的重力約500NB.人步行速度約10m/sC.人體的正常體溫約37℃D.人體平均密度約1g/cm3【答案】B【解析】分析：不同物理量的估算，有的需要憑借生活經驗，有的需要簡單的計算，有的要進行單位的換算，最后判斷最符合實際的是哪一個。解答：A、中學生的質量在50kg左右，受到的重力大約為．此選項符合實際。B、人正常步行的速度在左右。此選項不符合實際；C、正常情況下，人的體溫在37℃左右，變化幅度很小。故C符合實際；D、中學生的質量在50kg左右，體積大約為0.05m3，，此選項符合實際。故選B【點睛】對物體長度、質量、重力等進行估測，是初中物理的一項基本要求，平時結合所學知識對身邊的如：人高、教室高、步行速度、樓梯階梯數、物理課本長和寬、教室內空氣質量等等，多觀察多思考，必要時做出正確判斷。7.對于上升的熱氣球，下列說法正確的是（）A.熱氣球的升空原理和民航飛機的起飛原理相同B.熱氣球勻速上升時，機械能一定不變C.熱氣球上升過程中，受到的大氣壓強不變D.熱氣球燃料減少后，它的慣性變小【答案】D【解析】分析：（1）飛機起飛利用了流體壓強與流速的關系，熱氣球是利用浮力升空的；（2）分析熱氣球在勻速上升過程中氣球的動能和勢能變化情況即可得出答案。（3）根據大氣壓與高度的變化關系可判斷熱氣球上升過程中大氣壓強的變化；（4）慣性是保持物體運動狀態(tài)不變的性質，只有質量有關，質量大，慣性大。解答：A、飛機起飛利用了流體壓強與流速的關系，熱氣球是利用浮力升空的，二者的原理不相同。此選項錯誤；B、熱氣球在勻速上升過程中氣球的質量不變，速度不變，動能不變；而高度變大，勢能變大，所以機械能變大。此選項錯誤；C、大氣壓隨高度的升高而減小，故熱氣球上升過程中，受到的大氣壓強越來越??；此選項錯誤；D、慣性大小與質量有關，質量小，慣性小，故火箭飛行一段時間后燃料減少，質量減少，其慣性大小變小。此選項正確；故選D【點睛】此題通過氣球的升空現象，考查了物體浮沉條件的應用，對二力平衡條件的掌握，還考查了機械能的知識，綜合性較強，難點是物體浮沉條件的應用。8.如圖所示，物體沿斜而勻速下滑，其受力分析正確的是（）A.B.C.D.【答案】D【解析】分析：首先對物體進行受力分析，順序是：重力一定有，彈力看四周，分析摩擦力，不忘液氣?。晃飰K勻速下滑，所受的合力為零，受重力、支持力和摩擦力作用。解答：物體沿斜面勻速下滑，對物體進行受力分析可知，物體受到地球施加的重力G，方向豎直向下；還受到斜面施加的支持力F，方向垂直于接觸面向上；以及沿斜面向上的摩擦力。故只有D正確。故選：D。【點睛】此題考查力的示意圖的畫法，對物體進行正確的受力分析是解答此類題目的關鍵。9.閱兵儀式中，檢閱車在水平地面上勻速行駛．下列說法正確的是（）A.車和人的總重力與地面對車的支持力是一對相互作用力B.車對地面的壓力與地面對車的支持力是一對平衡力C.以行駛的檢閱車為參照物，路邊站立的土兵是運動的D.檢閱車勻速行駛牽引力大于車受到的阻力【答案】C【解析】分析：（1）二力平衡的條件：作用在同一物體上、大小相等、方向相反、作用在同一直線上；（2）物體間力的作用是相互的，物體間相互作用的力是作用力與反作用力；（3）物體相對于參照物位置發(fā)生變化，是運動的，反之是靜止的。解答：A.車和人的總重力與地面對車的支持力大小相等、方向相反、作用在同一直線上、作用在同一物體上，它們是一對平衡力，故A錯誤；B.車對地面的壓力與地面對車的支持力是一對作用力與反作用力，故B錯誤；C.以行駛的檢閱車為參照物，路邊站立的土兵位置不斷改變是運動的，故C正確；D.檢閱車勻速行駛，牽引力等于車受到的阻力，故D錯誤；故選C【點睛】本題是一道綜合題，涉及的知識點較多，但難度不大，掌握基礎知識即可正確解題；難點是一對平衡力與一對作用力與反作用力間的區(qū)別。10.下圖為“測滑輪組機械效率”的實驗．在彈簧測力計拉力作用下，重6N的物體2s內勻速上升0.1m，彈簧測力計示數如圖示（不計繩重與摩擦）．下列說法錯誤的是（）A.彈簧測力計的拉力是2.4NB.物體上升的速度為0.05m/sC.彈簧測力計拉力的功率為0.12WD.滑輪組的機械效率約83.3％【答案】C【解析】分析：由圖可知使用滑輪組承擔物重的繩子股數n，拉力端移動的距離，利用求拉力做的總功，再利用求功率；已知物體的重力和上升高度，利用求有用功，滑輪組的機械效率等于有用功與總功之比。解答：由圖可知，彈簧測力計的拉力是2.4N，故A正確；物體2s內勻速上升0.1m，物體上升的速度為，故B正確；n=3，拉力端端移動距離，拉力做的總功為：；拉力的功率為：，故C錯誤；拉力做的有用功為：；滑輪組機械效率為：。故D正確；故答案為C【點睛】本題考查了使用滑輪組時有用功、總功、功率、機械效率的計算，根據題圖確定n的大?。ㄖ苯訌膭踊喩弦龅睦K子股數）是本題的突破口，靈活選用公式計算是關鍵。11.下列關于電學知識說法正確的是（）A.驗電器的工作原理是異種電荷相互排斥B.金屬靠自由電子導電C.導體的電阻大小只跟導體的長度、橫截面積有關D.電學中規(guī)定正電荷的運動方向為電流的方向【答案】B【解析】分析：（1）用電器的原理：同種電荷相排斥；（2）電荷的定向移動會形成電流；（3）影響電阻大小的因素有：材料、長度、橫截面積和溫度。（4）物理學中電流方向的規(guī)定；解答：A、用電器的原理：同種電荷相排斥，故A錯誤；B、金屬靠自由電子定向移動形成電流導電，故B正確；C、導體電阻大小由導體的材料、長度和橫截面積決定，還跟溫度有關，故C錯誤。D、電學中規(guī)定正電荷定向移動的方向為電流的方向，故D錯誤。故選：B?！军c睛】本題考查了用電器的原理，電流的形成、影響電阻大小的因素，是一道基礎題，應熟記相關的基礎知識。易錯點是正電荷定向移動的方向為電流的方向。12.我國航母艦載機起飛將采用自行研制的電磁導射器，電磁彈射器的彈射車與艦載機前輪連接，并處于強磁場中，當彈射車的導體有強電流通過時，就可以受到強大的推力，下列各圖中與彈射車工作原理一致的是（）A.電風扇B.手搖發(fā)電機C.電熱水壺D.電磁起重機【答案】A【解析】分析：根據通電導體在磁場中受到磁場力的作用分析解答。解答：由題意可知，電磁彈射器的彈射車與飛機前輪連接，并處于強磁場中，當彈射車內的導體通以強電流時，即可受到強大的推力，由此可知其原理是通電導體在磁場中受力而運動。A、電風扇的主要部件是電動機，是利用通電導體在磁場中受力而運動的原理工作的，故A符合題意；B、發(fā)電機的工作原理是電磁感應現象，故B不符合題意；C、電熱水壺是利用電流的熱效應的原理工作的，故C不符合題意；D、電磁起重機是利用電磁鐵工作的，故D不符合題意。故選：A?！军c睛】對于電磁學中的電流磁效應、磁場對通電導體有力的作用、電磁感應實驗區(qū)分要注意條件。13.關于安全用電知識，下列說法正確的是（）A.可以用濕抹布擦插座B.發(fā)現有人觸電，應立即用手將人拉開C.三孔插座接地線要保證良好接地D.使用試電筆時，不能用手接觸到筆尾金屬體【答案】C【解析】分析：（1）安全用電的原則：不接觸低壓帶電體，不靠近高壓帶電體；更換燈泡或維修電路時要先斷開電源；（2）使用測電筆時，應讓手與筆尾的金屬體接觸，才是正確的，當氖管發(fā)光時，說明是接觸的是火線；（3）使三孔插座中多出的一個孔是用來接地線的；目的就是為了防止觸電。；（4）發(fā)現有人觸電，首先要使觸電者盡快脫離電源，然后根據具體情況，進行相應的救治。【解答】解：A、水是電的導體，用濕抹布擦帶電的用電器時，可能會因濕抹布導電而發(fā)生觸電事故，此做法不符合安全用電原則；B、發(fā)現有人觸電，應當先斷開電源，如果用手將觸電者拉開，這樣就會使救人者間接接觸帶電體而觸電，十分危險，故B錯誤；C、為了安全起見，三孔插座接地線要保證良好接地，這樣可以避免發(fā)生觸電事故，故C正確；D、使用測電筆時，應讓手與筆尾的金屬體接觸，才是正確的，當氖管發(fā)光時，說明是接觸的是火線，故D錯誤。故選：C?！军c睛】本題考查的是日常生活中的一些安全用電常識。只要同學們牢記安全用電常識，并正確規(guī)范操作，就不會有危險發(fā)生。14.如圖為“探究焦耳定律”的實驗裝置．兩個相同的燒瓶中密封初溫相同、質量相等的煤油，通電一段時間后，右側玻璃管中液面比左側高。下列說法正確的是（）A.通過玻璃管中液面的高度判斷電流產生熱量的多少，這種方法是控制變量法B.右側電阻絲的阻值比左側小C.通過右側電阻絲的電流比左側小D.該裝置用于探究電流通過導體產生的熱量多少與電阻大小的關系【答案】D【解析】分析：電流產生的熱量跟電流大小、電阻大小、通電時間有關。（1）電流通過導體產生熱量的多少不能直接觀察，但液體溫度的變化可以通過液面高度差的變化來反映，體現的是轉換思想；（2）根據焦耳定律判定電阻產生熱量的多少，從而判定出U形管中液面的高度差的變化關系；（3）探究電流產生熱量跟電流關系時，控制電阻和通電時間不變；（4）探究電流產生的熱量跟電流大小和電阻大小關系時，要控制電流、通電時間不變。解答：A.通過玻璃管中液面的高度判斷電流產生熱量的多少，這種方法是轉換法；故A不正確；BCD、由圖可以看出，兩個電阻絲是串聯在一起的，所以電流是相等的，故C錯誤，右側玻璃管中液面比左側高，說明右側產生的熱量較多，根據焦耳定律可知，在電流強度和通電時間相同時，電阻越大，導體產生的熱量越多。所以右側電阻絲的阻值比左側大，故B錯誤；該裝置是用于探究電流通過導體產生的熱量多少與電阻大小的關系的，故D正確。故選D【點睛】此題考查了電流產生熱量的決定因素，實驗過程中滲透了轉換法和控制變量法的應用，有一定的綜合性。重點是焦耳定律的應用。15.如圖所示，電源電壓保持不變，閉合開關S，當滑片P向右移動時，下列說法錯誤的是（）A.電壓表表示數變大B.電流表示數變小C.燈L的亮度不變D.電路的總功率變小【答案】A【解析】分析：圖中滑動變阻器與燈并聯，電流表測通過干路的電流，電壓表測滑動變阻兩端的電壓，然后根據并聯電路的特點和歐姆定律、電功率公式進行討論。解答：由電路圖知，滑動變阻器與燈并聯，電流表測通過干路的電流，電壓表測滑動變阻兩端的電壓，并聯電路各支路兩端電壓與電源電壓都相等，所以移動滑片變阻器兩端電壓不變，即電壓表示數不變；故A錯誤；滑片P向右移動時，滑動變阻器連入電路的電阻R滑增大，根據歐姆定律，通過它的電流減小，兩支路間互不影響，所以燈泡電流不變，亮度不變；故C正確；又因為干路電流等于支路電流之和，所以電流表示數變小，故B正確；電路的總功率，因R滑增大，R燈不變，且燈和滑動變阻兩端的電壓都等于電源電壓，所以電路的總功率P總變??；故D正確；綜上所述，BCD都正確，A錯誤。故選：A?！军c睛】動態(tài)電路變化的分析問題關鍵是：正確識別電路的連接關系，搞電表測哪些物理量，根據并聯電路特點和歐姆定律即可解答。16.如下圖甲所示，閉合開關后，在滑片P由b端向a端移動的過程中，電壓表示數U隨滑動變阻器的電阻R2變化的關系圖像如下圖乙所示，下列說法錯誤的是（）A.電源電壓是6VB.R2的最大阻值是20ΩC.R1的電阻是10ΩD.當滑片P移動中點時，10s內電流通過R1產生的熱量是18J【答案】D【解析】分析：由圖甲所示電路圖可知，定值電阻R1與滑動變阻器R2串聯，電壓表測定值電阻R1的兩端電壓。（1）由圖甲所示電路可知，滑片在a端時，電路為R1的簡單電路，電壓表測電源兩端電壓，由圖乙所示圖像讀出電源的電壓；（2）當滑片位于b端時，R1與R2的最大阻值串聯，電壓表的示數最小，根據圖乙讀出滑動變阻器的最大阻值，利用串聯電路的電流特點和歐姆定律求出電路中的最小電流，再根據歐姆定律求出R1的阻值；（3）當滑片在中點時，可以求出總電阻和總電流，然后根據求出通過R1產生的熱量；解答：由圖甲所示電路圖可知，定值電阻R1與滑動變阻器R2串聯，電壓表測定值電阻R1的兩端電壓。由圖甲所示電路可知，當滑片在a端時，電路為R1的簡單電路，電壓表測電源兩端電壓，由圖乙所示圖像可知，電源電壓U=6V，故A正確；當滑片位于b端時，R1與R2的最大阻值串聯，電壓表的示數最小，由圖乙所示圖像可知，變阻器的最大阻值R2=20Ω，故B正確；電壓表的最小示數U1=2V，因串聯電路中總電壓等于各分電壓之和，所以，滑動變阻器兩端的電壓：，因串聯電路中各處的電流相等，所以，電路中的電流：，R1的阻值：，故C正確；當滑片P移動中點時，電路的總電阻，總電流為，10s內電流通過R1產生的熱量是，故D錯誤故選：D?！军c睛】本題考查了串聯電路的特點和歐姆定律、電功率公式的應用，關鍵是從圖像中讀出滑動變阻器R2的阻值和對應電壓表的示數。二、非選擇題17.如圖所示，請將凸透鏡的光路補充完整【答案】【解析】分析：在作凸透鏡的光路圖時，先確定所給的光線的特點再根據透鏡的光學特點來作圖。解答：通過焦點的光線經凸透鏡折射后將平行于主光軸。經過光心的光線經凸透鏡折射后不改變傳播方向。答案如圖所示：【點睛】本題的突破口是凸透鏡的三條特殊光線：①通過焦點的光線經凸透鏡折射后將平行于主光軸。②平行于主光軸的光線經凸透鏡折射后將過焦點。③過光心的光線經凸透鏡折射后傳播方向不改變。18.如圖所示，請根據通電螺線管周圍磁感線的方向判斷電源的“＋”、“-”極和小磁針的N極，并在圖中標出．【答案】【解析】分析：根據圖中磁感線的方向，先判斷通電螺線管的N、S極，根據磁極間的相互作用再判斷小磁針的磁極，最后根據安培定則判斷螺線管中電流的方向，標出電源的正負極。解答：在磁體外部，磁感線總是從磁體的N極發(fā)出，最后回到S極，所以螺線管的下端為N極，上端為S極。根據磁極間的相互作用可以判斷出小磁針的上端為N極，下端為S極。根據安培定則，伸出右手，使右手大拇指指示通電螺線管的N極（下端），則四指彎曲所指的方向為電流的方向，即電流是從螺線管的上端流入的，下端流出，所以電源的上端為正極，下端為負極。答案如下圖所示：【點睛】本題既考查了通電螺線管、小磁針磁極的判斷又考查了電流方向的判斷，一環(huán)扣一環(huán)也是易錯題，要求學生步步仔細才行。19.“探究杠桿的平衡條件”實驗①如圖甲所示，為了使杠桿在水平位置平衡，應把杠桿右的平衡螺母向_____（選填“左”或“右”）調節(jié)；②如圖乙所示，保持杠桿水平位置平衡，測力計從a位置轉到b位置，其示數將____（選填“變大”、“變小”或“不變”）③在實驗中，改變力和力臂的大小得到多組數據的目的是_______（填序號）A．使測量數據更準確B．多次測量取平均值減小誤差C．避免偶然性，使實驗結論具有普遍性【答案】(1).左(2).變大(3).C【解析】分析：（1）調節(jié)杠桿在水平位置平衡時，平衡螺母向上翹的一端移動；探究杠桿平衡條件時，使杠桿在水平位置平衡，這樣方便測量力臂；（2）彈簧測力計的方向向右傾斜，這時杠桿右側的力臂變短，根據杠桿的平衡條件可知，使杠桿仍在水平位置平衡，則彈簧測力計的示數將變大；（3）通過實驗總結實驗結論時，一般要進行多次實驗，如果只用一組數據得到結論，偶然性太大，因此應獲取多組實驗數據歸納出物理規(guī)律。解答：（1）調節(jié)杠桿在水平位置平衡，杠桿左端偏高，應把杠桿右的平衡螺母向左端移動，使杠桿在水平位置平衡，力臂在杠桿上，便于測量力臂大小，同時消除杠桿自重對杠桿平衡的影響；（2）保持杠桿水平位置平衡，測力計從a位置轉到b位置，此時拉力的力臂變短，根據杠桿的平衡條件，力變大；（3）通過實驗總結歸納出物理規(guī)律時，一般要進行多次實驗，獲取多組實驗數據歸納出物理規(guī)律才具有普遍性，結論才正確；所以在探究杠桿平衡的條件時，多次改變力和力臂的大小主要是為了獲取多組實驗數據歸納出物理規(guī)律。故選項C符合題意。故答案為：(1).左(2).變大(3).C【點睛】此題是探究杠桿平衡實驗，考查了杠桿的調平及杠桿平衡條件的應用，在利用平衡條件公式時，要注意分析力和對應的力臂。20.“測量橙汁的密度”實驗①為了測量結果更準確，下列實驗步驟的合理順序是________（用字母表示）A．計算橙汁的密度B．用天平測出空燒杯的質量C．燒杯中盛適量的橙汁，用天平測出橙汁和燒杯的總質量D．調節(jié)天平平衡E．將燒杯中的橙汁全部倒入量筒中，讀出橙汁的體積②測量橙汁和燒杯總質量時，砝碼和游碼的位置如圖甲所示，則總質量為________g。③不用量筒，只需添加一個完全相同的燒杯和適量的水，也可以完成該實驗。實驗步驟如下：a．用已調好的天平測出空燒杯的質量，記為m0；b．向一個燒杯倒入適量橙汁，用天平測出橙汁和燒杯的總質量，記為m1；c．向另一個燒杯中倒入與橙汁等深度的水（如圖乙），用天平測出水和燒杯的總質量，記為m2；d．橙汁的密度ρ橙汁=________（水的密度用ρ水表示）【答案】(1).DCEBA(2).61.8(3).【解析】（1）實驗步驟的確定，首先能保證完成測量任務，其次實驗過程要嚴謹，盡可能地減小誤差。（2）物體的質量等于砝碼的質量與游碼對應的刻度值的和；（3）只有天平，沒有量筒，可以利用等體積的水和橙汁，稱量水和橙汁的質量，根據體積相等列出等式求出橙汁的密度。解答：（1）為了測量結果更準確，實驗步驟的合理順序是DCEBA，這樣誤差最小；（2）由圖知，天平標尺的分度值為0.2g；燒杯和橙汁的總質量：（3）有以上步驟可知橙汁的質量：燒杯內水的質量,橙汁的體積等于水的體積，即，則橙汁的密度表達式：故答案為：(1).DCEBA(2).61.8(3).【點睛】測量液體密度時，只有量筒沒有天平，可以采用被測液體和水的質量相同進行測量；只有天平沒有量筒，可以采用被測液體和水的體積相同進行測量。橙汁體積的測量是本實驗的難點，巧妙地利用等效替代法，是解決此題的關鍵。21.“探究電流與電阻的關系”實驗中，老師提供了2節(jié)新干電池、電流表、電壓表、開關、滑動變阻器、阻值為10Ω、20Ω和40Ω的定值電阻各一個以及導線若干：（1）請根據圖甲，用筆畫線將實物圖（圖乙）連接完整（要求導線不交叉，當滑片向右移動時，滑動變阻器的阻值變大）_________；（2）將滑動變阻器阻值調到最大處，閉合開關后，發(fā)現電壓表有示數且接近電源電壓，電流表無示數，其原因可能是______________________________________________。（3）排除故障后，更換不同定值電阻進行實驗，測得數據填入下面表格．第一次電流表的示數如圖丙所示，讀數為__________A。實驗過程中應保持電壓表示數為__________V不變。（4）由表中數據可能：導體兩端的電壓一定時，通過導體的電流與導體的電阻成_______（選填“配比”或“反比”）。（5）根據表格中的數據判斷所選用的滑動變阻器可能是_______（選填“A”或“B”）．A．“50Ω0.5A”B．“10Ω1A”【答案】(1).(2).定值電阻斷路(3).0.2(4).2(5).反比(6).A【解析】分析：（1）根據“當滑片向右移動時，滑動變阻器的阻值變大”這一要求把滑動變阻器連入電路；（2）若電流表沒有示數，說明電路可能斷路；電壓表示數接近電源電壓，說明電壓表與電源連通，則與電壓表并聯的支路以外的電路是完好的，由此判斷出故障；（3）先看電流表量程，再讀數，根據歐姆定律算出電壓；（4）根據歐姆定律，分析表中數據得出結論；（5）根據表格中數據，用公式計算出導體兩端的電壓；根據串聯電路電壓的規(guī)律結合分壓原理，求出當最大的定值電阻接入電路中時，滑動變阻器連入電路中最大阻值確定變阻器的規(guī)格。解答：（1）根據滑片向右移動時滑動變阻器的阻值變大可知，應將滑動變阻器的左下角接線柱連入電路，上面兩個接線柱任選一個，答案如下圖所示：（2）將滑動變阻器阻值調到最大，閉合開關，發(fā)現電壓表有示數且接近電源電壓，電流表無示數，說明電路為斷路；電壓表示數接近電源電壓，說明電壓表可以與電源的兩極接通。則故障可能是定值電阻斷路。（3）電流表使用的是0.6A量程，此時示數為0.2A，在研究電流與導體的電阻的關系時，電壓是相同的，所以電壓為；（4）由表中數據，根據歐姆定律，即電流與電阻之積為一定值，故可得結論：在電壓一定時，通過導體的電流與導體的電阻成反比。（5）由（4）知，電壓表；根據串聯電路電壓的規(guī)律，變阻器分得的電壓為，變阻器的電壓為電壓表示數的倍，根據分壓原理，當最大定值電阻連入電路中時，變阻器連入電路中的電阻為，即變阻器的最大阻值至少為20歐，因此選擇滑動變阻器A。故答案為：(1).(2).定值電阻斷路(3).0.2(4).2(5).反比(6).A【點睛】解決本題的關鍵：一是知道滑動變阻器在本實驗中的作用和使用，二是會根據控制變量法設計實驗和分析實驗數據得出結論。22.在深圳某科技節(jié)上，某同學自己動手制作了一個牛奶加熱器，設計電路簡圖如圖所示，已知滑動變阻器R０的電大阻值為100Ω，用于加熱的電阻絲R1的阻值為55Ω．求閉合開關S后：（1）電路中的最小電流（結果保留1位小數）；（2）電熱絲的最大加熱功率；（3）在最大加熱功率下，用時100s可以將1kg常溫牛奶溫度升高多少？[不考慮熱量損失，牛奶的比熱容為c＝2.5×10３J/（kg·℃）]【答案】（1）1.4A．（2）880W．（3）35.2℃【解析】分析：如圖所示，R1和滑動變阻器R0串聯，當R0最大時，電路中的電流最小；當滑動變阻器R0為0時，電熱絲R1的功率最大；然后在根據求出牛奶升高的溫度。解答：（1）當R0最大時，即R0＝100歐，電路中的最小電流；（2）當滑動變阻器R0為0時，電熱絲的最大加熱功率為；（3）在最大加熱功率下，用時100s可以將1kg常溫牛奶溫度升高故答案為：（1）1.4A．（2）880W．（3）35.2℃【點評】本題考查了串聯電路的特點和歐姆定律、電功率公式的應用，關鍵是會確定電路中什么情況時電流最小以及什么情況時電熱絲的功率最大。23.在物理實驗操作考核中，水平桌面上放置底面積為100cm2的圓柱形容器（不計容器壁厚度），內有12cm的水（如圖甲），某考生用彈簧測力計懸掛一金屬圓柱體，從液面開始緩慢浸入水中，拉力F與圓柱體下表面到水面距離h的變化關系如圖乙所示，當圓柱體下表面距液面為10cm時，系圓柱體的細線恰好松開，圓柱體沉入容器底部（水未溢出）．如圖內所示（g取10N/kg），求：（1）圓柱體浸沒在水中時所受到的浮力；（2）圓柱體的體積；（3）圓柱體沉入底部時，水對容器底部的壓強?！敬鸢浮浚?）1N；（2）100cm3；（3）1.3×103Pa【解析】分析：（1）根據圖象分析出物體的重力和完全浸沒時的拉力，根據公式求出圓柱體浸沒在液