江蘇省泰州市高考物理三模試卷解(含解析)

年江蘇省泰州市高考物理三模試卷、單項選擇題（本題共5小題，每小題3分，共計15分，每小題只有一個選項符合題意）（3分）（2015?隹安四模）在無風(fēng)的環(huán)境中，將乒乓球從高處由靜止釋放，小明用攝像機(jī)研究乒乓球下落的運(yùn)動，發(fā)現(xiàn)它在落地前已經(jīng)做勻速運(yùn)動， 若空氣阻力與速度成正比，則乒乓球（ ）在下落過程中，加速度先變大后變小在下落過程中，機(jī)械能先增大后不變從更高處由靜止釋放，在空中運(yùn)動時間變長從更高處由靜止釋放，落地前瞬間的速度變大（3分）（2015?隹安四模）如圖所示，驗電器帶有少量正電荷，將一帶負(fù)電的小球從遠(yuǎn)處逐漸靠近驗電器的金屬球，此過程可能看到金屬箔片張開的角度（ ）A.C.阻為R2.A.C.阻為R2.則（B. 電動機(jī)兩端的電壓U=IR1不斷增大 B.先減小至零，后逐漸增大先增大，后減小 D.先增大，后不變（3分）（2015?隹安四模）如圖所示，電源電動勢為 E,內(nèi)阻為r,電動機(jī)M的線圈電阻為R.閉合開關(guān)S,電動機(jī)開始轉(zhuǎn)動，穩(wěn)定后電路中的電流為 I,滑動變阻器接入電路的電Ri+R?電源的效率r]=————X100%Rl+R2+r電動機(jī)的機(jī)械功率P=IE-I2(R+R+r)（3分）（2015?隹安四模）如圖所示，某旋轉(zhuǎn)磁極式發(fā)電機(jī)的轉(zhuǎn)子有兩對磁極，定子線圈的輸出端接在一理想變壓器的原線圈上. 不計定子線圈的電阻.當(dāng)轉(zhuǎn)子以25r/s的轉(zhuǎn)速勻速轉(zhuǎn)動時，在定子線圈中產(chǎn)生頻率為 50Hz的正弦交流電.若使轉(zhuǎn)子以 50r/s的轉(zhuǎn)速轉(zhuǎn)動，則

電流表A的示數(shù)變?yōu)樵瓉淼?倍電壓表V的示數(shù)不變電阻R上交流電的頻率為25Hz變壓器鐵芯中磁通量變化率的最大值變?yōu)樵瓉淼?4倍（3分）（2015?隹安四模）足球比賽中踢點球時，足球距球門 10.97m,球正對球門踢出后在此次踢球過程中對足球做的功約為（400g,不計空氣阻力，則該球員）A.30JB.60JC.90JD.120J恰好沿水平方向從橫梁的下沿擦進(jìn)球門，已知足球質(zhì)量為在此次踢球過程中對足球做的功約為（400g,不計空氣阻力，則該球員）A.30JB.60JC.90JD.120J二、多項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共計16分，每小題有多個選項符合題意,全部選又?的得4分，選對但不全的得2分，錯選或不答的得0分.（4分）（2015?隹安四模）如圖所示，兩個相同的小球 A,B用長度分別為11,12的細(xì)線（11V12）懸于在天花板的O,O2點，兩球在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動，兩根細(xì)線與豎直軸夾角均為。.設(shè)A,B兩球的線速度分別為Va,VB,角速度分別為3A,3B加速度分別為aA,aB,兩根細(xì)線的拉力分別為Fa,Fb,則（ ）A. VA>VB B.coa>coB C.aA=aB D.FaVFb7.（47.（4分）（2015?隹安四模）通過對木衛(wèi)一的觀測測出了光速. 他測量了木衛(wèi)一繞木星的運(yùn)動周期 T和通過木星影區(qū)的時間t.若已知木星的半徑R和萬有引力恒量G,T遠(yuǎn)小于木星繞太陽的運(yùn)行周期，根據(jù)以上條件可以求出（條件可以求出（木星的密度木衛(wèi)一的密度木衛(wèi)一繞木星運(yùn)動的向心加速度大小

木衛(wèi)一表面的重力加速度大?。?分）（2015?隹安四模）電子眼系統(tǒng)通過路面下埋設(shè)的感應(yīng)線來感知汽車的壓力，感應(yīng)線是一個壓電薄膜傳感器， 壓電薄膜在受壓時兩端產(chǎn)生電壓， 壓力越大電壓越大，壓電薄膜與電容器C和電阻R組成圖甲所示的回路，紅燈亮?xí)r，如果汽車的前、后輪先后經(jīng)過感應(yīng)線，回路中產(chǎn)生兩脈沖電流，如圖乙所示，即現(xiàn)為“闖紅燈”，電子眼拍照，則紅燈亮?xí)r（ ）某車輪經(jīng)過感應(yīng)線的過程，電容器先充電后放電某車輪經(jīng)過感應(yīng)線的過程，電阻 R上的電流先增加后減小車輪停在感應(yīng)線上時，電阻R上和恒定的電流汽車前輪剛越過感應(yīng)線，又倒回到線內(nèi)，仍會被電子眼拍照（4分）（2015?隹安四模）如圖所示，有一范圍足夠大白^水平勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為 B,一個質(zhì)量為mr電荷量為+q的帶電小圓環(huán)套在一根固定的絕緣豎直長桿上， 環(huán)與桿間的動摩擦因數(shù)為科.現(xiàn)使圓環(huán)以初速度vo向上運(yùn)動，經(jīng)時間to圓環(huán)回到出發(fā)點，不計空氣阻力，取豎直向上為正方向，下列描述該過程中圓環(huán)的速度 v隨時間t、摩擦力f隨時間t、動能R最隨位移x、機(jī)械能E隨位移x變化規(guī)律的圖象中，可能正確的是（ ）三、解答題：本題分必做題（第 10、11題）和選做題（第12題）兩部分，共計42分，請將解答填寫在答題卡相應(yīng)的位置.TOC\o"1-5"\h\z（8分）（2015?隹安四模）（1）如圖甲所示，螺旋測微器的讀數(shù)為 mm（2）在測電源的電動勢和內(nèi)阻實驗中，連接的電路如圖乙所示，閉合開關(guān)， 電壓表有讀數(shù)，電流表示數(shù)為零，改變滑動變阻器滑片 P的位置，電流表示數(shù)仍為零，為檢查故障，用多用表電壓檔測量相鄰接線柱間的電壓，發(fā)現(xiàn) 2、3號導(dǎo)線和滑動變阻器兩端的電壓均為零，電流表兩接線柱間的電壓和電壓表示數(shù)相等，則電路中可能的故障是,排除故障后繼續(xù)實驗，根據(jù)測得的數(shù)據(jù)在UI-I坐標(biāo)系上描點如圖丙所示，由圖象可得電源的電動勢 E、V,內(nèi)阻r=Q.甲 乙 丙（10分）（2015?隹安四模）驗證機(jī)械能守恒定律實驗裝置如圖甲所示，某小組完成了一系列實驗操作后，得到了一條紙帶如圖乙所示，選取紙帶上某個清晰的點標(biāo)為 O,然后每兩個打點取一個計數(shù)點，分別標(biāo)為 1、2、3、4、5、6,用刻度尺量出計數(shù)點 1、2、3、4、5、6與。點的距離分別為h1、h2、h3、h4、h5、h6.E1（1）已知打點計時器的打點周期為 T,可求出打各個計數(shù)點時對應(yīng)的速度分別為 vi、V2、V3、VV5,其中V5的計算式為V5=.（2）若重錘的質(zhì)量為m,取打點。時重錘所在水平面為參考平面，分別算出打各個計數(shù)點時對應(yīng)重錘的勢能Epi和動能E<i,則打計數(shù)點3時對應(yīng)重錘的勢能Ep3=;接著在E-h坐標(biāo)系中描點作出如圖丙所示的Ek-h和Ep-h圖線，求得Ep-h圖線斜率的絕對值為K1,Ek-h圖線斜率為k2.則k1與k2滿足關(guān)系時重錘機(jī)械能守恒.（3）關(guān)于上述實驗，下列說法中正確的是.A.實驗中可用干電池作為電源B.為了減小阻力的影響，重錘的密度和質(zhì)量應(yīng)該適當(dāng)大些C.若紙帶上打出的點被拉長為短線，應(yīng)適當(dāng)調(diào)高電源電壓D.圖丙Ek-h圖線縱軸上的截距表示重錘經(jīng)過參考平面時的動能（4）關(guān)于該實驗操作，你還能提出哪些注意事項（寫出1條）：四、選做題（請從A,B和C三個小題中選定兩個小題作答，并在大題卡上把所選題目對應(yīng)字母后的方框滿涂黑，如都作答，則按 A,B兩小題平分）（3分）（2015?隹安四模）下列說法正確的是（ ）分子間存在引力，使液體分子間保持一定的間隙氣體的溫度越高，某速率區(qū)間分子占總分子數(shù)的百分率一定越大液晶分子沒有固定的位置，但排列有大致相同的取向蜘蛛網(wǎng)上掛著的小露珠呈球狀屬于毛細(xì)現(xiàn)象（4分）（2015?隹安四模）如圖所示，汽車在進(jìn)行撞擊實驗時，安全氣囊內(nèi)迅速產(chǎn)生大量氮?dú)舛蜷_，氣囊表面的氣孔開始排氣，若氣囊表面有 n個面積均為S的氣孔，密度為P的氮?dú)庖运俣葀從氣孔排出，氮?dú)獾哪栙|(zhì)量為 M,阿伏加德羅常數(shù)為Na,則在短時間t內(nèi)排除的氮?dú)夥肿訑?shù)為,設(shè)氣囊內(nèi)氮?dú)獠慌c外界進(jìn)行熱交換，則排氣過程中氣囊內(nèi)溫度（選填“升高”“不變”或“降低”）（5分）（2015?隹安四模）如圖所示，內(nèi)壁光滑的導(dǎo)熱氣缸水平放置，一定質(zhì)量的理想氣體被封閉在氣缸內(nèi)，外界大氣壓強(qiáng)為 po、溫度為To.現(xiàn)對氣缸緩慢加熱，體積由M增大為*,此過程氣體吸收熱量Q;然后固定活塞，停止加熱，封閉氣體的溫度逐漸降低至與外界大氣溫度相同.求：①剛停止加熱時封閉氣體的溫度 T;②停止加熱后，封閉氣體向外傳遞的熱量 Q.五、選修模塊3-4（3分）（2015?隹安四模）愛因斯坦 1905年提出狹義相對論，1915年提出廣義相對論,使人們進(jìn)一步認(rèn)識了光的本性，下列關(guān)于光的說法中正確的是（）光能在彎曲的光導(dǎo)纖維中傳播，說明光在同種均質(zhì)介質(zhì)中是沿曲線傳播的白光照射到DVD片表面時出現(xiàn)彩色是因為光具有波動性某參考系中的兩處同時發(fā)光，在另一慣性參考系中觀察一定也是同時發(fā)光真空中的光速在不同慣性參考系中相同，因此光的頻率與參考系無關(guān)（4分）（2015?隹安四模）飛機(jī)黑匣子是用來記錄飛行數(shù)據(jù)數(shù)據(jù)和駕駛艙語音的電子設(shè)備.一旦飛機(jī)失事黑匣子入水， 水敏開關(guān)啟動水下超聲波脈沖發(fā)生器工作， 通過金屬外殼把頻率為37.5kHz的超聲波信號發(fā)射到周圍水域，已知超聲波在水中傳播速度為 1500m/s,則該波在水中的波長約為 m；超聲波不能發(fā)生_（選TOC\o"1-5"\h\z填“干涉”“衍射”或“偏振”）現(xiàn)象. 一（5分）（2015?隹安四模）如圖所示，銀行為了安全在水平柜臺上安裝了厚度為 d的豎直玻璃板，某同學(xué)為了粗測其折射率，用一支激光筆在垂直于板面的豎直平面內(nèi)， 讓激光以45。的入射角斜向下射向玻璃板，入射點到柜臺面的距離為 h,他請銀行柜員測量了激光透過玻璃板落在柜臺面上光點到玻璃板的距離為 s.求①激光透過玻璃板后光線方向與玻璃板的夾角 0.②該玻璃板的折射率n.六、選修模塊3-5（2015?隹安四模）下列說法中正確的是（ ）丫射線是原子受激發(fā)后向低能級躍遷時放出的在穩(wěn)定的重原子核中，質(zhì)子數(shù)比中子數(shù)多核反應(yīng)過程中如果核子的平均質(zhì)量減小，則要吸收核能診斷甲狀腺疾病時，注入的放射性同位素碘 131作為示蹤原子（2015?隹安四模）2014年三位科學(xué)家因發(fā)明高亮度藍(lán)色發(fā)光二極管而獲得諾貝爾物理學(xué)獎.發(fā)光二極管（LED產(chǎn)生波長450nm-455nm的藍(lán)光，照射熒光粉后發(fā)光，熒光粉輻射光子的波長（選填7、V或“="）入射藍(lán)光光子的波長，熒光粉輻射光形成的光譜是（選填“連續(xù)光譜”或“線狀譜”）.（2015?隹安四模）1930年英國物理學(xué)家考克饒夫和瓦爾頓建造了世界上第一臺粒子加速器，他們獲得了高速運(yùn)動的質(zhì)子，用來轟擊靜止的鋰 7（；Li）原子核，形成一個不穩(wěn)定的復(fù)合核后分解成兩個相同的原子核.①寫出核反應(yīng)方程式；②已知質(zhì)子的質(zhì)量為m初速度為V0,反應(yīng)后產(chǎn)生的一個原子核速度大小為Wv0,方向與質(zhì)4子運(yùn)動方向相反，求反應(yīng)后產(chǎn)生的另一個原子核的速度以及反應(yīng)過程中釋放的核能 （設(shè)反應(yīng)過程釋放的核能全部轉(zhuǎn)變?yōu)閯幽埽┢?、計算題：本題共3小題，共計47分，解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分，有數(shù)值計算的題，答案中必須寫明確數(shù)值和單位.（15分）（2015?隹安四模）如圖所示，在磁感應(yīng)強(qiáng)度為 B,方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場中，相距為L的兩根足夠長平行光滑金屬軌道 MNPQ固定在水平面內(nèi)，一質(zhì)量為mr電阻為Ri的導(dǎo)體棒ab垂直軌道放置且與軌道電接觸良好， 軌道左端M點接一單刀雙擲開關(guān)S,P點與電動勢為E,內(nèi)阻為r的電源和定值電阻R2相連接，不計軌道的電阻.（1）求開關(guān)S合向1瞬間導(dǎo)體棒的加速度a；（2）開關(guān)S合向1,在導(dǎo)體棒速度等于v時把S合到2,導(dǎo)體棒又向右運(yùn)動距離x后停下，求S合到2的瞬間導(dǎo)體棒ab兩端的電壓U及此后通過導(dǎo)體棒的電荷量 q1;（3）若從開關(guān)S合向1到導(dǎo)體棒速度等于v的過程中，通過電源的電荷量為 q2,求此過程中導(dǎo)體棒ab上產(chǎn)生的焦耳熱Q.（16分）（2015?隹安四模）如圖所示，光滑斜面傾角為 底端固定一垂直于斜面的擋板C,在斜面上放置長木板A,A的下端與C的距離為d,A的上端放置小物塊B,A、B的質(zhì)量均為m,AB間的動摩擦因數(shù)p=^tan現(xiàn)同時由靜止釋放A,BA與C發(fā)生碰撞的時間極短，碰撞前后瞬間速度大小相等，運(yùn)動過程中小物塊始終沒有從木板上滑落， 已知重力加速度為g,求A與C發(fā)生第一次碰撞前瞬間的速度大小 V1A與C發(fā)生第一次碰撞后上滑到最高點時，小物塊 B的速度大小V2（3）為使B不與C碰撞，木板A長度的最小值L.（16分）（2015?隹安四模）在科學(xué)研究中，可以通過施加適當(dāng)?shù)碾妶龊痛艌鰧崿F(xiàn)對帶電粒子運(yùn)動的控制，如圖甲所示的xOy平面處于勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場中， 電場強(qiáng)度E和磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間作周期性變化的圖象如圖乙所示，周期為7t。，y軸正方向為E的正方向，垂

直紙面向外為B的正方向，在t=0時刻從坐標(biāo)原點由靜止釋放一個質(zhì)量為 m,電荷量為+q的粒子，當(dāng)B0=2I^L時，粒子沿某軌道做周期性運(yùn)動，圖中瓜t0已知，不計粒子的重力，試求:試求:（1）to時刻粒子位置的縱坐標(biāo)yi及3t0時刻粒子的速度大小v（2）改變Bo的大小，仍要使粒子做周期性運(yùn)動， Bo的可能取值；（3）在（2）的情況下，粒子速度沿y軸負(fù)方向時橫坐標(biāo)x的可能值.2015年江蘇省泰州市高考物理三模試卷參考答案與試題解析一、單項選擇題（本題共5小題，每小題3分，共計15分，每小題只有一個選項符合題意）（3分）（2015?隹安四模）在無風(fēng)的環(huán)境中，將乒乓球從高處由靜止釋放，小明用攝像機(jī)研究乒乓球下落的運(yùn)動，發(fā)現(xiàn)它在落地前已經(jīng)做勻速運(yùn)動， 若空氣阻力與速度成正比，則乒乓球（ ）A.在下落過程中，加速度先變大后變小B.在下落過程中，機(jī)械能先增大后不變C.從更高處由靜止釋放，在空中運(yùn)動時間變長D.從更高處由靜止釋放，落地前瞬間的速度變大考點：機(jī)械能守恒定律；牛頓第二定律.專題： 機(jī)械能守恒定律應(yīng)用專題.分析： 根據(jù)牛頓第二定律分析加速度的變化， 從而空中運(yùn)動的時間關(guān)系， 以及落地時速度關(guān)系.由于空氣阻力做功，乒乓球的機(jī)械能不守恒.解答：解：AD＞根據(jù)牛頓第二定律得： mg-f=ma,得加速度a=gIT隨著速度的增大，空氣阻力f增大，則知加速度減小，當(dāng)加速度 a=0時做勻速運(yùn)動.設(shè)勻速運(yùn)動的速度為v,則f=kv,由mg=f=kv得，勻速運(yùn)動的速度v=—.k

由于乒乓球在落地前已經(jīng)做勻速運(yùn)動， 可知從更高處由靜止釋放， 落地前也做勻速運(yùn)動，落地瞬間的速度不變，故AD錯誤.日在下落過程中，空氣阻力一直做負(fù)功，所以其機(jī)械能不斷減小，故 B錯誤.C從更高處由靜止釋放，變加速運(yùn)動的時間相同，而勻速運(yùn)動的時間變長，所以在空中運(yùn)動時間變長，故C正確.故選：C.點評：解決本題的關(guān)鍵是運(yùn)用牛頓第二定律分析加速度的變化，知道加速度為零速度最大，做勻速運(yùn)動.（3分）（2015?隹安四模）如圖所示，驗電器帶有少量正電荷，將一帶負(fù)電的小球從遠(yuǎn)處逐漸靠近驗電器的金屬球，此過程可能看到金屬箔片張開的角度（ ）A.C.不斷增大 B.A.C.先增大，后減小 D.先增大，后不變考點：靜電場中的導(dǎo)體.專題： 電場力與電勢的性質(zhì)專題.分析： ①驗電器是利用同種電荷相互排斥的原理制成的， 通過金屬箔片的張角的大小可以確定其所帶電荷的多少.②隨小球的靠近，驗電器的金屬球上感應(yīng)的正電荷越來越多， 所以金屬箔上的正電荷先逐漸減小，隨后帶上負(fù)電荷.解答： 解：一根帶有很多負(fù)電荷的小球慢慢靠近一個帶有少量正電荷的驗電器金屬球， 根據(jù)異種電荷相互吸引得出金屬箔所帶電荷變少，所以金屬箔的夾角減小，隨小球的靠近，驗電器的金屬球上的正電荷越來越多， 所以金屬箔上將開始帶上負(fù)電荷， 隨負(fù)電荷的增加多，此時驗電器金屬箔的張角也開始變大， 即金屬箔的夾角增大，故ACD昔誤，B正確；故選：B.點評： 該題考查感應(yīng)起電，正確的分析驗電器和帶電體所帶電量多少的幾種情況是解答本題的關(guān)鍵.（3分）（2015?隹安四模）如圖所示，電源電動勢為 E,內(nèi)阻為r,電動機(jī)M的線圈電阻為R.閉合開關(guān)S,電動機(jī)開始轉(zhuǎn)動，穩(wěn)定后電路中的電流為 I,滑動變阻器接入電路的電電流大小I= R]+%+r電動機(jī)兩端的電壓U=IRi電源的效率Y]=_!——i_X100%R1+R2+t電動機(jī)的機(jī)械功率P=IE-I2(R+R+r)考點：電功、電功率.專題： 恒定電流專題.分析： 根據(jù)功率公式可以求得電源的輸出功率； 根據(jù)非純電路的特點可以分析電壓及電源效率；由能量守恒可求得電動機(jī)的機(jī)械效率.解答：解：A由于電動機(jī)為非純電阻元件，故不能使用閉合電路歐姆定律求解電流和兩端的電壓；故AB錯誤；日電源的效率刀=乜><100%但由于不能使用歐姆定律求解，故 C錯誤；ED對全電路由功能關(guān)系可知，電動機(jī)的機(jī)械功率 P=IE-I2(R+R+r);故D正確；故選：D.點評： 本題考查電源及電動機(jī)的功率問題， 要注意對于非純電阻電路是無法使用歐姆定律求解電壓的.(3分)(2015?隹安四模)如圖所示，某旋轉(zhuǎn)磁極式發(fā)電機(jī)的轉(zhuǎn)子有兩對磁極，定子線圈的輸出端接在一理想變壓器的原線圈上. 不計定子線圈的電阻.當(dāng)轉(zhuǎn)子以25r/s的轉(zhuǎn)速勻速轉(zhuǎn)動時，在定子線圈中產(chǎn)生頻率為 50Hz的正弦交流電.若使轉(zhuǎn)子以 50r/s的轉(zhuǎn)速轉(zhuǎn)動，則電流表A的示數(shù)變?yōu)樵瓉淼?倍電壓表V的示數(shù)不變電阻R上交流電的頻率為25Hz變壓器鐵芯中磁通量變化率的最大值變?yōu)樵瓉淼?4倍考點： 變壓器的構(gòu)造和原理；法拉第電磁感應(yīng)定律.專題： 交流電專題.分析：根據(jù)Em=NBSo及co=2ntn可分析發(fā)電機(jī)輸出電壓變化，然后根據(jù)變壓器電壓與匝數(shù)的關(guān)系、角速度與頻率之間關(guān)系解決其他問題.解答：解：轉(zhuǎn)速加倍，根據(jù)co=2Tin則角速度加倍，根據(jù)En=NBSo加倍，AB變壓器原線圈兩端電壓加倍，根據(jù)變壓器電壓與匝數(shù)成正比，則副線圈兩端電壓加倍，則電流加倍，由根據(jù)電流與匝數(shù)關(guān)系可知電流表的示數(shù)也加倍，故 A正確，B錯誤；C轉(zhuǎn)速加倍，則原線圈輸入電壓頻率加倍，為50Hz,變壓器不改變電流頻率，所以電阻 R上交流電的頻率為50Hz,故C錯誤；

D根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知，電動勢與磁通量變化率的成之比，因為電動勢加倍，變壓器鐵芯中磁通量變化率白^最大值變?yōu)樵瓉淼?2倍，故D錯誤；故選：A.點評： 本題考察交變電流的產(chǎn)生，最大電動勢 反NBSo與匝數(shù)、磁場、面積和角速度有關(guān)，只要其中一個改變電動勢就隨著改變.變壓器只改變電壓、電流不改變交流電的頻率.（3分）（2015?隹安四模）足球比賽中踢點球時，足球距球門 10.97m,球正對球門踢出后恰好沿水平方向從橫梁的下沿擦進(jìn)球門，已知足球質(zhì)量為 400g,不計空氣阻力，則該球員在此次踢球過程中對足球做的功約為（ ）A.30JB.60JC.90JD. 120JA.30JB.60JC.90JD. 120J考點： 動能定理的應(yīng)用；運(yùn)動的合成和分解.專題： 動能定理的應(yīng)用專題.分析： 球門的高度約為2.44m；球的運(yùn)動可分解為水平方向和豎直方向的運(yùn)動，由豎直上拋運(yùn)動規(guī)律可求得飛行時間，再由水平方向的勻速運(yùn)動規(guī)律可求得水平速度； 由功能關(guān)系可求得人對足球所做的功.解答：解：足球在最高點沿水平方向，說明豎直方向速度恰好為零；由h=4gt2可得：仁產(chǎn)**=0.7s.水平速度v=——」=15.7m/s0.7由功能關(guān)系可知，人做的功 W=mgh+m\/=0.4X10X2.44+-1x0.4X（15.7）2=59.76^60J;故做功約等于60J;故選：B.點評：本題考查功能關(guān)系及運(yùn)動的合成與分解， 要注意明確球?qū)嶋H上參與了兩個運(yùn)動，個是豎直方向上的運(yùn)動，一是勻速直線運(yùn)動.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共計16分，每小題有多個選項符合題意，全部選又?的得4分，選對但不全的得2分，錯選或不答的得0分.（4分）（2015?隹安四模）如圖所示，兩個相同的小球 A,B用長度分別為11,12的細(xì)線（11V12）懸于在天花板的O,Q點，兩球在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動，兩根細(xì)線與豎直軸夾角均為。.設(shè)A,B兩球的線速度分別為Va,VB,角速度分別為3A,3B加速度分別為aA,aB,兩根細(xì)線的拉力分別為Fa,Fb,則（ ）

B.coA>coB C.aA=aB D.FaVFb考點：向心力.專題： 勻速圓周運(yùn)動專題.分析： 小球受重力和拉力，兩個力的合力提供小球做圓周運(yùn)動的向心力； 通過合力提供向心力，比較出兩球的角速度大小，從而比較出周期的關(guān)系；抓住小球距離頂點。的高度相同求出L2與豎直方向上的夾角；抓住小球距離頂點。的高度相同求出半徑的關(guān)系，根據(jù)v=cor比較線速度關(guān)系.解答：解：A、D、小球在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動，對小球受力分析，如圖小球受重力、和繩子的拉力，合力提供向心力，根據(jù)幾何關(guān)系可知向心力： F=mgtan。2由向心力公式得：mgtan。=m-^―T又r=lsin0解得：v=-->r11：-'?-由于li<l2,所以Va<Vb.故A錯誤，D錯誤；B由于v=wr=w?lsin0,故角速度：①= =舌，由于I1VI2,所以wa>3b.故IsinQ^1coe9B正確；C由向心力公式得：mgtan0=ma所以二者的加速度是相等的.故C正確；故選：BC.點評： 解決本題的關(guān)鍵會正確地受力分析， 知道勻速圓周運(yùn)動向心力是由物體所受的合力提供.（4分）（2015?隹安四模）木衛(wèi)一是最靠近木星的衛(wèi)星，丹麥天文學(xué)家羅邁早在十七世紀(jì)通過對木衛(wèi)一的觀測測出了光速. 他測量了木衛(wèi)一繞木星的運(yùn)動周期 T和通過木星影區(qū)的時間t.若已知木星的半徑R和萬有引力恒量G,T遠(yuǎn)小于木星繞太陽的運(yùn)行周期，根據(jù)以上條件可以求出（ ）A. 木星的密度

A. 木星的密度木衛(wèi)一的密度木衛(wèi)一繞木星運(yùn)動的向心加速度大小木衛(wèi)一表面的重力加速度大小考點

專題

分析萬有引力定律及其應(yīng)用.考點

專題

分析萬有引力定律的應(yīng)用專題.根據(jù)木衛(wèi)一繞木星的運(yùn)動周期T和通過木星影區(qū)的時間t,計算走影區(qū)對應(yīng)的圓心解答： 解：A、日如圖:解得:根據(jù)萬有引力提供向心力:心天體的質(zhì)量，球體體積9木衛(wèi)一R.日，-=sin-^sinr2T解答： 解：A、日如圖:解得:根據(jù)萬有引力提供向心力:心天體的質(zhì)量，球體體積9木衛(wèi)一R.日，-=sin-^sinr2T2通過木星影區(qū)的時間t,周期為「則:2冗~T4兀，3 -,可求得中尸丁2,30G1sin1V=1JTR3,可得：P-c根據(jù)萬有引力提供向心力:47T2m—,故A正確，B錯誤;,解得:正確；D錯誤;DD錯誤;故選：AC列出方程，分析點評： 本題關(guān)鍵是根據(jù)木星的衛(wèi)星做圓周運(yùn)動的向心力有萬有引力提供,列出方程，分析方程式即可看出要測量的量.（4分）（2015?隹安四模）電子眼系統(tǒng)通過路面下埋設(shè)的感應(yīng)線來感知汽車的壓力，感應(yīng)線是一個壓電薄膜傳感器， 壓電薄膜在受壓時兩端產(chǎn)生電壓， 壓力越大電壓越大，壓電薄膜與電容器C和電阻R組成圖甲所示的回路，紅燈亮?xí)r，如果汽車的前、后輪先后經(jīng)過感應(yīng)線，回路中產(chǎn)生兩脈沖電流，如圖乙所示，即現(xiàn)為“闖紅燈”，電子眼拍照，則紅燈亮?xí)r（ ）某車輪經(jīng)過感應(yīng)線的過程，電容器先充電后放電某車輪經(jīng)過感應(yīng)線的過程，電阻R上的電流先增加后減小車輪停在感應(yīng)線上時，電阻 R上和恒定的電流汽車前輪剛越過感應(yīng)線，又倒回到線內(nèi)，仍會被電子眼拍照考點： 傳感器在生產(chǎn)、生活中的應(yīng)用.分析： 根據(jù)電流和電路圖分析電容器的充放電過程， 并根據(jù)工作原理明確汽車前輪剛越過感應(yīng)線，又倒回到線內(nèi)是否符合拍照條件.解答：解：A由乙圖可知，當(dāng)車輪經(jīng)過時電流先增大后減小，然后再反向增大減??；因電壓是在受壓時產(chǎn)生的；故說明電容器先充電后放電；故 A正確，BC錯誤；D若汽車前輪越過感應(yīng)線，又倒回線內(nèi)，則前輪兩次壓線，仍形成兩個脈沖電流，符合拍照條件，電子眼仍可拍照；故D正確；故選：AD.點評： 本題考查傳感器的應(yīng)用及電容器的使用，要注意對于未知事物能有效建立物理模型，應(yīng)用所學(xué)過的物理規(guī)律求解.（4分）（2015?隹安四模）如圖所示，有一范圍足夠大白^水平勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為 B,一個質(zhì)量為mr電荷量為+q的帶電小圓環(huán)套在一根固定的絕緣豎直長桿上， 環(huán)與桿間的動摩擦因數(shù)為小現(xiàn)使圓環(huán)以初速度V0向上運(yùn)動，經(jīng)時間t0圓環(huán)回到出發(fā)點，不計空氣阻力，取豎直向上為正方向，下列描述該過程中圓環(huán)的速度 v隨時間t、摩擦力f隨時間t、動能&最隨位移x、機(jī)械能E隨位移x變化規(guī)律的圖象中，可能正確的是（ ）考點： 帶電粒子在混合場中的運(yùn)動.專題： 帶電粒子在磁場中的運(yùn)動專題.分析： 小球受重力、洛倫茲力、支持力和滑動摩擦力，然后根據(jù)牛頓第二定律列式分析求解.解答： 解：小球向上運(yùn)動的過程中受重力、 洛倫茲力、支持力和向下的滑動摩擦力，向上運(yùn)動，重力和摩擦力做負(fù)功，速度不斷減小，洛倫茲力不斷減小，支持力減小，故滑動摩擦

力減小，合力減小，物體做加速度不斷減小的加速運(yùn)動， 當(dāng)速度減為零時，向上的位移最大，摩擦力等于0,而加速度等于重力加速度；小球達(dá)到最高點后向下運(yùn)動的過程中受重力、 洛倫茲力、支持力和向上的滑動摩擦力， 由于速度不斷變大，洛倫茲力不斷變大，支持力變大，故滑動摩擦力變大，合力減小，物體做加速度不斷減小的加速運(yùn)動，當(dāng)加速度減為零時，速度最大；A、由以上的分析可知，小球先向上運(yùn)動，加速度逐漸減??；后小球向下運(yùn)動，加速度仍然繼續(xù)減小.負(fù)號表示速度的方向前后相反.故 A正確；日由以上的分析可知，小球先向上運(yùn)動，摩擦力的方向向下，逐漸減??；后小球向下運(yùn)動，摩擦力的方向向上，逐漸增大.故B正確；C小球向上運(yùn)動的過程中： &=E<0-WG-W^E<0-mgx-fx,由于f逐漸減小，所以動能的變化率逐漸減小.故C錯誤；D小球運(yùn)動的過程中摩擦力做功使小球的機(jī)械能減小，向上運(yùn)動的過程中：△ E=-fAx,由于向上運(yùn)動的過程中f逐漸減小，所以機(jī)械能的變化率逐漸減?。欢蛳逻\(yùn)動的過程中摩擦力之間增大，所以機(jī)械能的變化率逐漸增大.故D正確.故選：ABD點評： 本題關(guān)鍵分析清楚帶電小球的運(yùn)動情況， 明確：向上運(yùn)動的過程中摩擦力逐漸減小，向下運(yùn)動的過程中摩擦力逐漸增大，加速度、速度和動能、機(jī)械能都隨之發(fā)生 變化.三、解答題：本題分必做題（第 10、11題）和選做題（第12題）兩部分，共計42分，請將解答填寫在答題卡相應(yīng)的位置.（8分）（2015?隹安四模）（1）如圖甲所示，螺旋測微器的讀數(shù)為 6.198mm（2）在測電源的電動勢和內(nèi)阻實驗中，連接的電路如圖乙所示，閉合開關(guān)， 電壓表有讀數(shù)，電流表示數(shù)為零，改變滑動變阻器滑片 P的位置，電流表示數(shù)仍為零，為檢查故障，用多用表電壓檔測量相鄰接線柱間的電壓，發(fā)現(xiàn) 2、3號導(dǎo)線和滑動變阻器兩端的電壓均為零，電流表兩接線柱間的電壓和電壓表示數(shù)相等，則電路中可能的故障是 電流表斷路，排除故障后繼續(xù)實驗，根據(jù)測得的數(shù)據(jù)在 UI-I坐標(biāo)系上描點如圖丙所示，由圖象可得電源的電動勢E=2.95 V,內(nèi)阻r=0.73 Q.考點： 測定電源的電動勢和內(nèi)阻.分析：（1）根據(jù)螺旋測微器的讀數(shù)方法讀數(shù)即可；（2）電路故障有兩種：斷路或短路，電路斷路時，電路電流為零；閉合開關(guān)，電流表幾乎沒有示數(shù)，說明電路斷路;

電壓表指針明顯偏轉(zhuǎn)，說明電壓表有示數(shù)較大， 電壓表與電源兩極相連， 電壓表并聯(lián)電路之外不存在斷路，則電路故障是與電壓表并聯(lián)的電阻斷路.根據(jù)閉合電路歐姆定律E=U+Ir,推導(dǎo)出表達(dá)式U=-rI+E,故縱軸截距表示電源的電動勢，斜率表示電源的內(nèi)電阻.解答：解：(1)由圖可知，固定部分讀數(shù)為： 6mm轉(zhuǎn)動部分為19.8X0.01=0.198mmi故最終讀數(shù)為：6+0.198=6.198mm;(2)接通開關(guān)，電壓表有讀數(shù)，電流表示數(shù)為零.說明電路斷路；2、3號導(dǎo)線和滑動變阻器兩端的電壓均為零；說明滑動變阻器及 2、3之間導(dǎo)線均正常,電流表兩接線柱間的電壓和電壓表示數(shù)相等說明多用表電壓檔測量的是電源兩端電壓，所以電路中發(fā)生故障的原因是電流表斷路.內(nèi)阻等于圖線的斜率，故 r==0.73QUI-I圖象的縱軸截距表示電源的電動勢，故E=2.95V內(nèi)阻等于圖線的斜率，故 r==0.73Q0.62故答案為：電流表斷路；2.95;0.73IIII點評： 本題考查了電路故障分析及UI-1圖象處理等多方面內(nèi)容，題目層次源于課本，高于課本、凸顯能力，體現(xiàn)創(chuàng)新意識，側(cè)重于對實驗?zāi)芰Φ目疾?；要注意在學(xué)習(xí)中多做相關(guān)練習(xí).(10分)(2015?隹安四模)驗證機(jī)械能守恒定律實驗裝置如圖甲所示，某小組完成了一系列實驗操作后，得到了一條紙帶如圖乙所示，選取紙帶上某個清晰的點標(biāo)為 O,然后每兩個打點取一個計數(shù)點，分別標(biāo)為 1、2、3、4、5、6,用刻度尺量出計數(shù)點 1、2、3、4、5、6與。點的距離分別為h1、h2、h3、h4、h5、h6.ii(1)已知打點計時器的打點周期為 T,可求出打各個計數(shù)點時對應(yīng)的速度分別為 vi、V2、V3、VV5,其中V5的計算式為V5=(2)若重錘的質(zhì)量為m,取打點。時重錘所在水平面為參考平面，分別算出打各個計數(shù)點時對應(yīng)重錘的勢能Epi和動能E<i,則打計數(shù)點3時對應(yīng)重錘的勢能EP3=-mgh3；接著在E-h坐標(biāo)系中描點作出如圖丙所示的 E<-h和Ep-h圖線，求得巳-h圖線斜率的絕對值為K,E<-h圖線斜率為k2.則ki與k2滿足 ki=k2關(guān)系時重錘機(jī)械能守恒.(3)關(guān)于上述實驗，下列說法中正確的是BD.A.實驗中可用干電池作為電源B.為了減小阻力的影響，重錘的密度和質(zhì)量應(yīng)該適當(dāng)大些C.若紙帶上打出的點被拉長為短線，應(yīng)適當(dāng)調(diào)高電源電壓D.圖丙Ek-h圖線縱軸上的截距表示重錘經(jīng)過參考平面時的動能(4)關(guān)于該實驗操作，你還能提出哪些注意事項(寫出1條)：生錘從靠近打點計時器處釋放，或調(diào)節(jié)打點計時器限位孔在同一豎直線上.考點：驗證機(jī)械能守恒定律.專題： 實驗題.分析：(1)根據(jù)某段時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出 5點的速度；(2)根據(jù)下降的高度，結(jié)合參考平面，求出重力勢能；再由動能與重力勢能相互轉(zhuǎn)化，則機(jī)械能守恒可知，兩圖線的斜率相等即可；(3)根據(jù)實驗原理，電源使用交流電，重錘要求重且小，縱軸上的截距表示重錘經(jīng)過參考平面時的動能；(4)根據(jù)實驗操作與步驟，即可求解.解答：解：(1)根據(jù)平均速度等于瞬時速度，則有， 5點的瞬時速度V5=^ 4T(2)取打點。時重錘所在水平面為參考平面，那么3點處，對應(yīng)重錘的勢能Ep3=-mgh;根據(jù)圖象可知，每一段對應(yīng)的重力勢能減小量和動能增加量相等， 那么機(jī)械能守恒，即圖線的斜率相同，才能滿足條件，因此 ki=k2.(3)A.實驗中打點計時器，不可用干電池作為電源，故A錯誤；B.為了減小阻力的影響，重錘的密度和質(zhì)量應(yīng)該適當(dāng)大些，故B正確；C.若紙帶上打出的點被拉長為短線，說明打點時間過長，頻率太高，因此應(yīng)適當(dāng)調(diào)低電源的頻率，故C錯誤；D.圖丙Ek-h圖線縱軸上的截距表示重錘經(jīng)過參考平面時的初動能，故 D正確；(4)關(guān)于該實驗操作，仍要注意事項：生錘從靠近打點計時器處釋放，或調(diào)節(jié)打點計時器限位孔在同一豎直線上.…… h白-h4 -=一………故答案為：(1)4T;(2)-mgb,ki=k2；(3)BD;(4)生錘從靠近打點計時器處釋放，或調(diào)節(jié)打點計時器限位孔在同一豎直線上.點評：解決本題的關(guān)鍵知道實驗的原理，驗證重力勢能的減小量與動能的增加量是否相等.以及知道通過求某段時間內(nèi)的平均速度表示瞬時速度，注意兩圖象的斜率絕對值相等，是驗證機(jī)械能是否守恒的條件.四、選做題(請從A,B和C三個小題中選定兩個小題作答，并在大題卡上把所選題目對應(yīng)字母后的方框滿涂黑，如都作答，則按 A,B兩小題平分)(3分)(2015?隹安四模)下列說法正確的是( )

分子間存在引力，使液體分子間保持一定的間隙氣體的溫度越高，某速率區(qū)間分子占總分子數(shù)的百分率一定越大液晶分子沒有固定的位置，但排列有大致相同的取向蜘蛛網(wǎng)上掛著的小露珠呈球狀屬于毛細(xì)現(xiàn)象考點：*液晶；*液體的表面張力現(xiàn)象和毛細(xì)現(xiàn)象.分析：分子之間存在著相互作用的引力和斥力； 溫度升高分子的平均動能增加，不同溫度下相同速率的分子所占比例不同.液晶分子具有各向異性的特點液體表面分子比內(nèi)部分子稀疏，液體表面存在表面張力.解答：解：A、分子間存在斥力，使液體分子間保持一定的間隙.故 A錯誤；日同一溫度下，中等速率大的分子數(shù)所占的比例大，溫度升高使得分子的平均速率增大；不同溫度下相同速率的分子所占比例不同.故 B錯誤；C液晶一方面像液體具有流動性， 另一方面又像晶體，分子在特定方向排列比較整齊有序，具有各向異性的特點.故C正確；D由于液體表面存在張力，所以露珠呈現(xiàn)球狀，不屬于毛細(xì)現(xiàn)象.故 D錯誤.故選：C點評： 該題考查分子之間的作用力、麥克斯韋速度分布率、液晶的特點以及表面張力等知識點的內(nèi)容，屬于對基礎(chǔ)知識點的考查，做好這一類的題目，多加積累即可.（4分）（2015?隹安四模）如圖所示，汽車在進(jìn)行撞擊實驗時，安全氣囊內(nèi)迅速產(chǎn)生大量氮?dú)舛蜷_，氣囊表面的氣孔開始排氣，若氣囊表面有 n個面積均為S的氣孔，密度為P的氮?dú)庖运俣葀從氣孔排出，氮?dú)獾哪栙|(zhì)量為M,阿伏加德羅常數(shù)為Na,則在短時間t內(nèi)排除的氮?dú)夥肿訑?shù)為 ""設(shè)氣囊內(nèi)氮?dú)獠慌c外界進(jìn)行熱交換，則排氣過程中氣囊內(nèi)溫度降低（選填“升高”“不變”或“降低”）考點： 熱力學(xué)第一定律.專題： 熱力學(xué)定理專題.分析： 根據(jù)排出的分子體積求得排出氣體的質(zhì)量， 再由阿伏加德羅常數(shù)的計算可求得分子個數(shù)；由熱力學(xué)第一定律可分析溫度的變化.解答：解：t時間內(nèi)排出的體積為：V=vtS;排出氣的質(zhì)量m=pV=pvSt;則分子數(shù)N=；：，：,則分子數(shù)N=；：，：,二N"nSirtPNa

:排出氣體時，氣體對外做功，由于沒有熱交換，則由熱力學(xué)第一定律可知，氣體內(nèi)能將減小,溫度降低；故答案為:nSvt故答案為:nSvtPN兒點評： 本題考查熱力學(xué)第一定律及阿伏加德羅常數(shù)的計算， 要注意明確宏觀量與微觀量之間的聯(lián)系.(5分)(2015?隹安四模)如圖所示，內(nèi)壁光滑的導(dǎo)熱氣缸水平放置，一定質(zhì)量的理想氣體被封閉在氣缸內(nèi)，外界大氣壓強(qiáng)為 風(fēng)溫度為To.現(xiàn)對氣缸緩慢加熱，體積由M增大為V2,此過程氣體吸收熱量Q;然后固定活塞，停止加熱，封閉氣體的溫度逐漸降低至與外界大氣溫度相同.求：①剛停止加熱時封閉氣體的溫度 T;②停止加熱后，封閉氣體向外傳遞的熱量 Q.1r：」tI考點： 理想氣體的狀態(tài)方程；熱力學(xué)第一定律.專題：理想氣體狀態(tài)方程專題.分析： ①加熱過程氣體做等壓變化，根據(jù)蓋呂薩克定律列式求解；②封閉氣體的溫度逐漸降低至與外界大氣溫度相同， 加熱過程與溫度降低過程，內(nèi)能變化相同，利用熱力學(xué)第一定律列式求解.解答：解：①加熱過程氣體做等壓變化，根據(jù)蓋呂薩克定律得：3h②加熱過程，溫度升高，氣體內(nèi)能增加，體積增大，氣體對外界做功為： W=P(V2-V)由熱力學(xué)第一定律得：△U=Q-W=Q-Po(V2-Vi)①停止加熱，封閉氣體的溫度逐漸降低至與外界大氣溫度相同內(nèi)能減小，減小量與溫度升高過程相等；由熱力學(xué)第一定律得：-△U=-Q②①②聯(lián)立得：Q2=Q-Po(V-Vi)答：①剛停止加熱時封閉氣體的溫度 T為②停止加熱后，封閉氣體向外傳遞的熱量 Q為Q-Po(V2-Vi).點評： 本題關(guān)鍵是從題目中挖掘隱含條件： “導(dǎo)熱氣缸水平放置，緩慢加熱”研究活塞可知加熱過程氣體等壓變化， 然后根據(jù)蓋呂薩克定律列式求解即可； “停止加熱，封閉氣體的溫度逐漸降低至與外界大氣溫度相同”說明溫度升高和降低過程氣體內(nèi)能變化量相同， 根據(jù)熱力學(xué)第一定律列式即可求解.五、選修模塊3-4（3分）（2015?隹安四模）愛因斯坦1905年提出狹義相對論，1915年提出廣義相對論，使人們進(jìn)一步認(rèn)識了光的本性，下列關(guān)于光的說法中正確的是（）光能在彎曲的光導(dǎo)纖維中傳播，說明光在同種均質(zhì)介質(zhì)中是沿曲線傳播的白光照射到DVD片表面時出現(xiàn)彩色是因為光具有波動性某參考系中的兩處同時發(fā)光，在另一慣性參考系中觀察一定也是同時發(fā)光真空中的光速在不同慣性參考系中相同，因此光的頻率與參考系無關(guān)考點： 光的本性學(xué)說的發(fā)展簡史.分析： 光在同一種介質(zhì)中都是直線傳播的；而光在彎曲的纖維中能傳播是因為光的全反射；光的干涉和衍射現(xiàn)象均說明光具有波動性；狹義相對論的幾個基本結(jié)論：①鐘慢效應(yīng)：運(yùn)動的鐘比靜止的鐘走得慢， 而且，運(yùn)動速度越快，鐘走的越慢，接近光速時，鐘就幾乎停止了；②尺縮效應(yīng)：在尺子長度方向上運(yùn)動的尺子比靜止的尺子短， 當(dāng)速度接近光速時，尺子縮成一個點.③質(zhì)量變大：質(zhì)量（或能量）并不是獨(dú)立的，而是與運(yùn)動狀態(tài)相關(guān)的，速度越大，質(zhì)量越大.解答：解：A、光能在彎曲的光導(dǎo)纖維中傳播是因為光的全反射，不能說明光的沿曲線傳播的；事實是光在同一種介質(zhì)中沿直線傳播；故 A錯誤；日白光照射到DVD片表面時出現(xiàn)彩色是因為光的干涉形成的，故說明光具有波動性；故B正確；C相對論時空觀認(rèn)為在某參考系中同時發(fā)生的兩件事， 在另一參考系看來不一定是同時的，故C錯誤；D真空中的光速在不同慣性參考系中是相同的；但光的頻率在不同參考系中是不同的；與參考系有關(guān)；故D錯誤；故選：B.點評： 此題考查狹義相對論的幾個基本結(jié)論以及光的性質(zhì)， 應(yīng)該記住這幾個結(jié)論并理解它們.同時注意深刻刻理解光的波粒二象性.（4分）（2015?隹安四模）飛機(jī)黑匣子是用來記錄飛行數(shù)據(jù)數(shù)據(jù)和駕駛艙語音的電子設(shè)備.一旦飛機(jī)失事黑匣子入水， 水敏開關(guān)啟動水下超聲波脈沖發(fā)生器工作， 通過金屬外殼把頻率為37.5kHz的超聲波信號發(fā)射到周圍水域，已知超聲波在水中傳播速度為 1500m/s,則該波在水中的波長約為0.04 m；超聲波不能發(fā)生 偏振（選填“干涉”“衍射”或“偏振”）現(xiàn)象.考點： 波的干涉和衍射現(xiàn)象.分析：根據(jù)v=Xf求解超聲波的波長；干涉和衍射是波特有的現(xiàn)象， 橫波還可以發(fā)生偏振現(xiàn)象，超聲波是縱波.解答：解：超聲波的波長： '三二一"_=0.04m；f37.6X1QJHz超聲波是縱波，不能發(fā)生偏振現(xiàn)象；故答案為：0.04,偏振.點評： 本題關(guān)鍵是明確超聲波是縱波，然后結(jié)合公式 v=Xf列式求解，基礎(chǔ)題目.

（5分）（2015?隹安四模）如圖所示，銀行為了安全在水平柜臺上安裝了厚度為 d的豎直玻璃板，某同學(xué)為了粗測其折射率，用一支激光筆在垂直于板面的豎直平面內(nèi)， 讓激光以45。的入射角斜向下射向玻璃板，入射點到柜臺面的距離為 h,他請銀行柜員測量了激光透過玻璃板落在柜臺面上光點到玻璃板的距離為 s.求①激光透過玻璃板后光線方向與玻璃板的夾角 0.②該玻璃板的折射率n.考點：光的折射定律.專題： 光的折射專題.分析： ①作出激光的光路圖，由折射定律求激光透過玻璃板后光線方向與玻璃板的夾角②由幾何關(guān)系求出折射角的正弦值，再由折射定律求該玻璃板的折射率 n.解答：解：①作出激光的光路圖如圖所示，設(shè)光線在左側(cè)面上的入射角為 a,折射角為則__2__刃

則__2__刃

sinP在右側(cè)面上有,臺inBsin(90*一8)-1解得激光透過玻璃板后光線方向與玻璃板的夾角0=45°②由幾何關(guān)系得解得激光透過玻璃板后光線方向與玻璃板的夾角0=45°②由幾何關(guān)系得可得n=答：①激光透過玻璃板后光線方向與玻璃板的夾角為 45②該玻璃板的折射率^2②該玻璃板的折射率^2(h-s)2+2d2n為2…―點評： 本題關(guān)鍵要掌握光的折射定律， 運(yùn)用幾何知識解答.第1小題也可以根據(jù)光路的可逆性得到.六、選修模塊3-5（2015?隹安四模）下列說法中正確的是（ ）A.丫射線是原子受激發(fā)后向低能級躍遷時放出的B.在穩(wěn)定的重原子核中，質(zhì)子數(shù)比中子數(shù)多C.核反應(yīng)過程中如果核子的平均質(zhì)量減小，則要吸收核能D.診斷甲狀腺疾病時，注入的放射性同位素碘 131作為示蹤原子考點： 放射性同位素的應(yīng)用；氫原子的能級公式和躍遷.專題：衰變和半衰期專題.分析：丫射線一般伴隨著“或3射線產(chǎn)生，丫射線是電磁波；根據(jù)核反應(yīng)的過程中質(zhì)量的變化判定是釋放能量，還是吸收能量；丫 射線的穿透能力最強(qiáng)；放射性同位素碘 131能做示蹤原子.解答：解：A、丫射線是一般伴隨著a或3射線產(chǎn)生的電磁波，具有一定的能量，原子核受激發(fā)后向低能級躍遷時放出的.故 A錯誤；日在穩(wěn)定的重原子核中，質(zhì)子數(shù)比中子數(shù)少.故 B錯誤；C核反應(yīng)過程中如果核子的平均質(zhì)量減小，說明核反應(yīng)的過程中由質(zhì)量虧損，屬于要釋放核能.故C錯誤；D給懷疑患有甲狀月I的病人注射碘 131,診斷甲狀腺的器質(zhì)性和功能性疾病，是將碘131作為示蹤原子，故D正確.故選：D點評： 該題考查丫衰變、原子核結(jié)構(gòu)的特點、質(zhì)能方程以及示蹤原子等知識點的內(nèi)容，解決該題關(guān)鍵要掌握丫射線的特性.以及知道向外輻射能量，有質(zhì)量虧損.（2015?隹安四模）2014年三位科學(xué)家因發(fā)明高亮度藍(lán)色發(fā)光二極管而獲得諾貝爾物理學(xué)獎.發(fā)光二極管（LED產(chǎn)生波長450nm-455nm的藍(lán)光，照射熒光粉后發(fā)光，熒光粉輻射光子的波長4（選填—、y或"=“）入射藍(lán)光光子的波長，熒光粉輻射光形成的光譜是 線狀譜（選填“連續(xù)光譜”或“線狀譜”）.考點： 光譜和光譜分析.分析： 熒光粉吸收藍(lán)光后發(fā)光，光子的能量一定小于藍(lán)光的光子能量， 根據(jù)公式E=h丫和c=X丫分析波長情況；光譜分為連續(xù)譜與線狀譜（發(fā)射） ，線狀譜由稀薄的單質(zhì)氣體產(chǎn)生，是相同種類的少量原子的某些核外電子在其各能級上躍遷時產(chǎn)生的， 因此僅有有限的幾條譜線.解答：解：熒光粉吸收藍(lán)光后受激輻射產(chǎn)生的光的光子能量小于或等于藍(lán)光的光子能量，根據(jù)公式E=h丫和c=入丫，有E舞；故熒光粉輻射光子的波長大于或等于入射藍(lán)光光子的波長；熒光粉輻射光形成的光譜是發(fā)射光譜，故一定是線狀譜；故答案為：>,線狀譜.E=h)r和E=h)r和c=入丫進(jìn)行分析,基礎(chǔ)題目.(2015?隹安四模)1930年英國物理學(xué)家考克饒夫和瓦爾頓建造了世界上第一臺粒子加速器，他們獲得了高速運(yùn)動的質(zhì)子，用來轟擊靜止的鋰 7(；Li)原子核，形成一個不穩(wěn)定的復(fù)合核后分解成兩個相同的原子核.①寫出核反應(yīng)方程式；②已知質(zhì)子的質(zhì)量為m初速度為V0,反應(yīng)后產(chǎn)生的一個原子核速度大小為3vo,方向與質(zhì)4子運(yùn)動方向相反，求反應(yīng)后產(chǎn)生的另一個原子核的速度以及反應(yīng)過程中釋放的核能 (設(shè)反應(yīng)過程釋放的核能全部轉(zhuǎn)變?yōu)閯幽?考點： 愛因斯坦質(zhì)能方程；裂變反應(yīng)和聚變反應(yīng).專題： 光電效應(yīng)專題.分析：(1)根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒，書寫核反應(yīng)方程；(2)根據(jù)動量守恒定律求解氨核的速度；求出質(zhì)量虧損，再根據(jù)愛因斯坦質(zhì)能方程求解核反應(yīng)釋放出的能量.解答：解：(1)根據(jù)質(zhì)量與電荷數(shù)守恒，則有：；Li+1HH2。He；(2)由動量守恒定律得mv)=4m(—-vo)+4my4解得：V=Vo,釋放的核能為△E」(4mi)v2+^m(—vo)2--mv)2;2 2 4 2解得：△E吟口君；OU答：①核反應(yīng)方程式 ；Li+:什^2。He；②反應(yīng)后產(chǎn)生的另一個原子核的速度以及反應(yīng)過程中釋放的核能點評： 核反應(yīng)遵守兩大基本規(guī)律： 能量守恒定律和動量守恒定律. 注意動量守恒定律的矢量性.七、計算題：本題共3小題，共計47分，解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分，有數(shù)值計算的題，答案中必須寫明確數(shù)值和單位.(15分)(2015?隹安四模)如圖所示，在磁感應(yīng)強(qiáng)度為 B,方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場中，相距為L的兩根足夠長平行光滑金屬軌道 MNPQ固定在水平面內(nèi)，一質(zhì)量為 mr電阻為R的導(dǎo)體棒ab垂直軌道放置且與軌道電接觸良好， 軌道左端M點接一單刀雙擲開關(guān)S,P點與電動勢為E,內(nèi)阻為r的電源和定值電阻R2相連接，不計軌道的電阻.

(1)求開關(guān)S合向1瞬間導(dǎo)體棒的加速度a;(2)開關(guān)S合向1,在導(dǎo)體棒速度等于v時把S合到2,導(dǎo)體棒又向右運(yùn)動距離x后停下,求S合到2的瞬間導(dǎo)體棒ab兩端的電壓U及此后通過導(dǎo)體棒的電荷量qi;(3)若從開關(guān)S合向1到導(dǎo)體棒速度等于v的過程中，通過電源的電荷量為 q2,求此過程中導(dǎo)體棒ab上產(chǎn)生的焦耳熱Q.考點： 導(dǎo)體切割磁感線時的感應(yīng)電動勢；焦耳定律.專題： 電磁感應(yīng)與電路結(jié)合.分析：(1)由閉合電路歐姆定律求出電路中的電流，再由安培力公式 F=BIL求得力的大TOC\o"1-5"\h\z小，再由牛頓第二定律得到加速度 a;S合到2的瞬間導(dǎo)體棒ab切割磁感線，由E=BLv求出感應(yīng)電動勢，由串聯(lián)電路分壓規(guī)律得到ab兩端的電壓U.根據(jù)法拉第定律、歐姆定律和電量公式 q=It結(jié)合求得通過導(dǎo)體棒的電荷量 q1；(3)根據(jù)能量守恒定律和串并聯(lián)電路特點求解 ab上產(chǎn)生的焦耳熱Q.解答： 解：(1)開關(guān)S與1閉合瞬間，由閉合電路歐姆定律得：此時通過導(dǎo)體棒的電流 1=-由安培力：F=BIL由牛頓第二定律有F=ma解得a=(2)導(dǎo)體棒速度等于v時產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E1=BLvab兩端的電壓ab兩端的電壓U=BLvR?解得：u= -R/R?此后過程中產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動勢:At此后過程中產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動勢:At通過導(dǎo)體棒的電何重q1=IAt= ?At?+艮2而△①=blx,解彳導(dǎo):q『口；(2)設(shè)此過程中電路中產(chǎn)生的焦耳熱為則:q2E=Q+-m\2,

解得Q產(chǎn)Ri導(dǎo)體棒解得Q產(chǎn)Ri導(dǎo)體棒ab上產(chǎn)生的焦耳熱2、(2qzE-mv);答：(1)開關(guān)s合向1瞬間導(dǎo)體棒的加速度人一,,一一，……一，一,BLvR9一。,(2)S合到2的瞬間導(dǎo)體棒ab兩端的電壓U為 此后通過導(dǎo)體棒的電何量qi為r:i+r22(3)此過程中導(dǎo)體棒ab上廣生的焦耳熱Q為一--i——(2qzE-mv).2(Rj+r)點評：本題從力和能量兩個角度分析電磁感應(yīng)現(xiàn)象， 根據(jù)法拉第定律、歐姆定律推導(dǎo)出安2 2培力F=BLF,這是常用的經(jīng)驗公式，要能熟練推導(dǎo).對于導(dǎo)體棒切割類型，關(guān)鍵要正確Rfr|分析受力，把握其運(yùn)動情況和能量轉(zhuǎn)化關(guān)系.(16分)(2015?隹安四模)如圖所示，光滑斜面傾角為 。，底端固定一垂直于斜面的擋板C,在斜面上放置長木板A,A的下端與C的距離為d,A的上端放置小物塊B,A、B的質(zhì)量均為m,AB間的動摩擦因數(shù)p=,tan0，現(xiàn)同時由靜止釋放A,日A與C發(fā)生碰撞的時間極短，碰撞前后瞬間速度大小相等，運(yùn)動過程中小物塊始終沒有從木板上滑落， 已知重力加速度為g,求A與C發(fā)生第一次碰撞前瞬間的速度大小 V1A與C發(fā)生第一次碰撞后上滑到最高點時，小物塊 B的速度大小V2(3)為使B不與C碰撞，木板A長度的最小值L.考點： 機(jī)械能守恒定律；牛頓第二定律.專題： 機(jī)