2022年普通高等學(xué)校招生全國(guó)統(tǒng)一考試(全國(guó)甲卷)理綜物理部分(解析版)

////////////////////C.2hT匹2h////////////////////C.2hT匹2hD,it7712022年普通高等學(xué)校招生全國(guó)統(tǒng)一考試（全國(guó)甲卷）理綜物理部分本試卷共110分，建議用時(shí)60分鐘。二、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14?18題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19-21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得。分。14.北京2022年冬奧會(huì)首鋼滑雪大跳臺(tái)局部示意圖如圖所示。運(yùn)動(dòng)員從a處由靜止自由滑下，到b處起跳,c點(diǎn)為a、b之間的最低點(diǎn)，。、C兩處的高度差為從要求運(yùn)動(dòng)員經(jīng)過(guò)c點(diǎn)時(shí)對(duì)滑雪板的壓力不大于自身所受重力的k倍,運(yùn)動(dòng)過(guò)程中將運(yùn)動(dòng)員視為質(zhì)點(diǎn)并忽略所有阻力，則c點(diǎn)處這一段圓弧雪道的半徑不應(yīng)小于（）【答案】DP-【解析】運(yùn)動(dòng)員從a到c根據(jù)動(dòng)能定理有m07=嚴(yán)氏2,在C點(diǎn)有FNc—mg=n卡,FzcWkmg,2/?聯(lián)立有g(shù)E，故D正確。.長(zhǎng)為1的高速列車在平直軌道上正常行駛，速率為vo,要通過(guò)前方一長(zhǎng)為L(zhǎng)的隧道，當(dāng)列車的任一部分處于隧道內(nèi)時(shí)，列車速率都不允許超過(guò)v（v<vo）o已知列車加速和減速時(shí)加速度的大小分別為a和2a,則列車從減速開始至回到正常行駛速率vo所用時(shí)間至少為（）A.v()—vL+lA.v()—vL+l2avB.vp—vL+21

av3(vq-v)3(vq-v)L+l2avD.3(vo-v)+L+21【答案】C【解析】由題知當(dāng)列車的任一部分處于隧道內(nèi)時(shí)，列車速率都不允許超過(guò)v（v<v0）,則列車進(jìn)隧道前至少要減速到。，則有。=加一2"”解得”=甯，在隧道內(nèi)勻速有/2=第，列車尾部出隧道后立即加速到。0,有。0=。+”3,解得“=巴3,則列車從減速開始至回到正常行駛速率如所用時(shí)間至少為t=h+t2+常行駛速率如所用時(shí)間至少為t=h+t2+t3=3（研）一。）2a卜然，故C正確。.三個(gè)用同樣的細(xì)導(dǎo)線做成的剛性閉合線框，正方形線框的邊長(zhǎng)與I 1X圓線框的直徑相等，圓線框的半徑與正六邊形線框的邊長(zhǎng)相等，如圖III所示。把它們放入磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間線性變化的同一勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，線框所在平面均與磁場(chǎng)方向垂直，正方形、圓形和正六邊形線框中感應(yīng)電流的大小分別為h、h和13。貝女）C.C.I|=I2>l3D.Ii=l2=h【答案】C【解析】本題考查電阻定律、電磁感應(yīng)。設(shè)圓線框的半徑為r,則由題意可知正方形線框的邊長(zhǎng)為2r,正六邊形線框的邊長(zhǎng)為r；所以圓線框的周長(zhǎng)為C2=2"，面積為52=兀廣，正方形線框的周長(zhǎng)和面積分別為Ci=8r,$=4武，正六邊形線框的周長(zhǎng)和面積分別為C3=6r,S3=6X；XrX坐r=喈二，三線框材料粗細(xì)相同，根據(jù)電阻定律/?=09一，可知三個(gè)線框zz/ 3橫截面JCADC電阻之比為Ri：&：R3=G：C2:C3=4:兀：3,根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有/=五=三7石，AZa/a電流之比即為|之比，可得電流之比為/,：/2：h=2：2：<3,即h=I2>h，故C正確。.兩種放射性元素的半衰期分別為to和23，在t=0時(shí)刻這兩種元素的原子核總數(shù)為N,在t=2to時(shí)刻，尚未衰變的原子核總數(shù)為與，則在t=4to時(shí)刻，尚未衰變的原子核總數(shù)為（）【答案】C【解析】本題考查原子核衰變、半衰期。設(shè)，=0時(shí)刻半衰期為fo的元素原子核數(shù)為x,另一種元素原子核數(shù)為y,依題意有x+y=N,經(jīng)歷2ro后有%+%=與，聯(lián)立可得犬=家，y=|a^>在f=4fo時(shí)，原子核數(shù)為x的元素經(jīng)歷了4個(gè)半衰期，原子核數(shù)為y的元素經(jīng)歷了2個(gè)半衰期，則此時(shí)未衰變的原子核總數(shù)為"=1+%=與，故C正確。.空間存在著勻強(qiáng)磁場(chǎng)和勻強(qiáng)電場(chǎng)，磁場(chǎng)的方向垂直于紙面（xOy平面）向里，電場(chǎng)的方向沿y軸正方向。一帶正電的粒子在電場(chǎng)和磁場(chǎng)的作用下，從坐標(biāo)原點(diǎn)0由靜止開始運(yùn)動(dòng)。下列四幅圖中，可能正確描述該粒子運(yùn)動(dòng)軌跡的是（）

c.【答案】Bc.【答案】B【解析】本題考查帶電粒子在電磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)。在xOy平面內(nèi)電場(chǎng)的方向沿），軸正方向,故在坐標(biāo)原點(diǎn)O靜止的帶正電的粒子在電場(chǎng)力作用下會(huì)向y軸正方向運(yùn)動(dòng)。磁場(chǎng)方向垂直于紙面向里，根據(jù)左手定則，可知向y軸正方向運(yùn)動(dòng)的帶正電的粒子同時(shí)受到沿x軸負(fù)方向的洛倫茲力，故帶電粒子向x軸負(fù)方向偏轉(zhuǎn)，A、C錯(cuò)誤；由于勻強(qiáng)電場(chǎng)方向沿y軸正方向,故x軸為勻強(qiáng)電場(chǎng)的等勢(shì)面，從開始到帶電粒子再次運(yùn)動(dòng)到x軸時(shí)，電場(chǎng)力做功為0,洛倫茲力不做功，故帶電粒子再次回到x軸時(shí)的速度為0,隨后受電場(chǎng)力作用再次進(jìn)入第二象限重復(fù)向左偏轉(zhuǎn)，故B正確，D錯(cuò)誤。.如圖，質(zhì)量相等的兩滑塊P、Q置于水平桌面上，二者用一輕彈簧水平連接，兩滑塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為小重力加速度大小為g。用水平向右的拉力F拉動(dòng)P,使兩滑塊均做勻速運(yùn)動(dòng)；某時(shí)刻突然撤去該拉力，則從此刻開始到彈簧第一次恢復(fù)原長(zhǎng)之前（）P的加速度大小的最大值為2pgQ的加速度大小的最大值為2HgP的位移大小一定大于Q的位移大小P的速度大小均不大于同一時(shí)刻Q的速度大小【答案】AD【解析】設(shè)兩滑塊的質(zhì)量均為膽，撤去拉力前，兩滑塊均做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則拉力大小為F=2/z/ng,撤去拉力前對(duì)。受力分析，。受到彈簧的彈力大小為71）=wng,以向右為正方向，撤去拉力瞬間彈簧彈力不變，為fimg,兩滑塊與桌面間仍然保持相對(duì)滑動(dòng)，此時(shí)對(duì)滑塊尸有一7b—解得卬＞i=-2〃g,滑塊。所受的外力不變，加速度仍為零，滑塊P做減速運(yùn)動(dòng)，故P、Q間距離減小，彈簧的伸長(zhǎng)量變小，彈簧彈力變小。根據(jù)牛頓第二定律可知，滑塊尸做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，滑塊。所受合力增大，合力向左，做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)，故P加速度大小的最大值是剛撤去拉力瞬間，為2〃g。Q加速度大小的最大值為彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)，有一〃解得a（?m=一〃g，故滑塊。加速度大小的最大值為〃g,A正確，B錯(cuò)誤，滑塊尸、。水平向右運(yùn)動(dòng)，P、Q間的距離在減小，故P的位移大小一定小于Q的位移大小，C錯(cuò)誤；滑塊P在彈簧恢復(fù)到原長(zhǎng)時(shí)有一的解得砒=一座，撤去拉力時(shí)，P、。的初速度相等，滑塊P開始的加速度大小為2〃g,做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，最后彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)加速度大小為"g;滑塊。開始的加速度為。，做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)，最后彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)加速度大小也為分析可知，恢復(fù)原長(zhǎng)前尸的速度始終比。的速度減小得快，戶的速度大小均不大于同一時(shí)刻。的速度大小，D正確。20.如圖，兩根相互平行的光滑長(zhǎng)直金屬導(dǎo)軌固定在水平絕緣桌面上，在導(dǎo)軌的左端接入電容為C的電容器和阻值為R的電阻。質(zhì)量為m、阻值也為R的導(dǎo)體棒MN靜止于導(dǎo)軌上，與導(dǎo)軌垂直，且接觸良好，導(dǎo)軌電阻忽略不計(jì)，整個(gè)系統(tǒng)處于方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。開始時(shí)，電容器所帶的電荷量為Q，合上開關(guān)S后，（）Sxxyi/xxxx.nxlXIX_X~X~X-c考RB-Qxxxxxxx/vxxxxA.通過(guò)導(dǎo)體棒MN電流的最大值為東B.導(dǎo)體棒MN向右先加速、后勻速運(yùn)動(dòng)C.導(dǎo)體棒MN速度最大時(shí)所受的安培力也最大D.電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱大于導(dǎo)體棒MN上產(chǎn)生的焦耳熱【答案】ADU—Blv【解析】過(guò)導(dǎo)體棒MN的電流瞬時(shí)值為/=、一，當(dāng)開關(guān)閉合瞬間，Blv=0,此時(shí)通過(guò)導(dǎo)體棒的電流最大，/max=*=告，故A正確。當(dāng)U>B歷時(shí)，導(dǎo)體棒加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)速度達(dá)到最大值之后，由于電容器與導(dǎo)體棒MN及電阻R構(gòu)成回路，電阻R上產(chǎn)生焦耳熱，由能量守恒定律可知，最后MN速度為零，故B錯(cuò)誤。當(dāng)時(shí)，通過(guò)導(dǎo)體棒MN的電流瞬時(shí)值為零，安培力為零，此時(shí)MN速度最大，故C錯(cuò)誤。在導(dǎo)體棒MN加速過(guò)程，MN存在反電動(dòng)勢(shì)，故通過(guò)導(dǎo)體棒M的電流小于通過(guò)電阻R的電流，電阻R消耗的電能大于導(dǎo)體棒MN消耗的電能，故加速過(guò)程中，Q汾Qmn;在導(dǎo)體棒MN減速到零的過(guò)程中，電容器產(chǎn)生的電流和導(dǎo)體棒MN產(chǎn)生的電流都流經(jīng)電阻R形成各自的回路，此時(shí)也是流經(jīng)電阻R的電流大，綜上分析可知，全過(guò)程中電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱均大于導(dǎo)體棒MN上產(chǎn)生的焦耳熱，故D正確。21.地面上方某區(qū)域存在方向水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，將一帶正電荷的小球自電場(chǎng)中P點(diǎn)水平向左射出。小球所受的重力和電場(chǎng)力的大小相等，重力勢(shì)能和電勢(shì)能的零點(diǎn)均取在P點(diǎn)。則射出后，（）A.小球的動(dòng)能最小時(shí)，其電勢(shì)能最大5.小球的動(dòng)能等于初始動(dòng)能時(shí)，其電勢(shì)能最大C.小球速度的水平分量和豎直分量大小相等時(shí)，其動(dòng)能最大D.從射出時(shí)刻到小球速度的水平分量為零時(shí)，重力做的功等于小球電勢(shì)能的增加量【答案】BD【解析】如圖所示，Eq=mg,故等效重力G，的方向與水平方向成45。角，斜向右下。"=0時(shí)速度最小，為。min=S，由于此時(shí)功存在水平分量，電場(chǎng)力還可以繼續(xù)做負(fù)功，故此時(shí)電勢(shì)能不是最大，故A錯(cuò)誤：水平方向上的速度減為零時(shí)有vo=^t,在豎直方向上v=gt,由于Eq=mg,得。=如，小球的動(dòng)能等于初動(dòng)能，由于此時(shí)速度沒(méi)有水平分量，故電勢(shì)能最大，由動(dòng)能定理可知Wg+W%=0,則重力做功等于小球電勢(shì)能的增加量，故B、D正確；如圖中S所示時(shí)，速度水平分量與豎直分量相等，動(dòng)能最小，故C錯(cuò)誤。三、非選擇題：共62分。第22?25題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。第33?34題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題：共47分。22.（5分）某同學(xué)要測(cè)量微安表內(nèi)阻，可利用的實(shí)驗(yàn)器材有：電源E（電動(dòng)勢(shì)1.5V,內(nèi)阻很?。?，電流表0（量程10 內(nèi)阻約10Q）,微安表?量程100/*,內(nèi)阻R0待測(cè)，約1kQ）,滑動(dòng)變阻器R（最大阻值100,定值電阻Ro（阻值10Q）,開關(guān)S,導(dǎo)線若干。R——（1）將圖中所示的器材符號(hào)連線，畫出實(shí)驗(yàn)電路原理圖；（2）某次測(cè)量中，微安表的示數(shù)為90.0也4,電流表的示數(shù)為9.00,公，由此計(jì)算出微安表內(nèi)阻Rs=0?！敬鸢浮竣乓?jiàn)解析（2）990【解析】本題考查測(cè)量微安表內(nèi)阻實(shí)驗(yàn)。為了準(zhǔn)確測(cè)出微安表兩端的電壓，可以讓微安表與定值電阻Ro并聯(lián)，再與電流表串聯(lián)，通過(guò)電流表與微安表的示數(shù)之差，求出流過(guò)定值電阻Ro的電流,從而求出微安表兩端的電壓，進(jìn)而求出微安表的內(nèi)阻，由于電源電壓過(guò)大，并且為了測(cè)量多組數(shù)據(jù)，滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法，實(shí)驗(yàn)電路原理圖如圖所示。（2）流過(guò)定值電阻Ro的電流I=LTg=9.00/nA-0.09〃出=8.91mA,微安表兩端的電壓U=fw u8.91X10~2IRo=8.91XlO2V,微安表的內(nèi)阻Rg=7=Qnc*[x60=9900。VU.U入1U(10分)利用圖示的實(shí)驗(yàn)裝置對(duì)碰撞過(guò)程進(jìn)行研究。讓質(zhì)量為師的滑塊A與質(zhì)量為m2的靜止滑塊B在水平氣墊導(dǎo)軌上發(fā)生碰撞，碰撞時(shí)間極短，比較碰撞后A和B的速度大小V1和V2,進(jìn)而分析碰撞過(guò)程是否為彈性碰撞。完成下列填空：氣墊導(dǎo)軌(1)調(diào)節(jié)導(dǎo)軌水平。(2)測(cè)得兩滑塊的質(zhì)量分別為0.510依和0.304依。要使碰撞后兩滑塊運(yùn)動(dòng)方向相反，應(yīng)選取質(zhì)量為 奴的滑塊作為A。(3)調(diào)節(jié)B的位置，使得A與B接觸時(shí)，A的左端到左邊擋板的距離si與B的右端到右邊擋板的距離S2相等。(4)使A以一定的初速度沿氣墊導(dǎo)軌運(yùn)動(dòng)，并與B碰撞，分別用傳感器記錄A和B從碰撞時(shí)刻開始到各自撞到擋板所用的時(shí)間t,和t2o(5)將B放回到碰撞前的位置，改變A的初速度大小，重復(fù)步驟(4)。多次測(cè)量的結(jié)果如下表所示。12345tl/s0.490.671.011.221.39().150.210.330.400.46.V|k=V2().31k?0.330.330.33(6)表中的k2=(保留2位有效數(shù)字)。(7至的平均值為(保留2位有效數(shù)字)。(8)理論研究表明，對(duì)本實(shí)驗(yàn)的碰撞過(guò)程，是否為彈性碰撞可由?判斷。若兩滑塊的碰撞為V2彈性碰撞，則肅的理論表達(dá)式為(用mi和m2表示)，本實(shí)驗(yàn)中其值為(保留2位有效數(shù)字)；若該值與(7)中結(jié)果間的差別在允許范圍內(nèi)，則可認(rèn)為滑塊A與滑塊B在導(dǎo)軌上的碰撞為彈性碰撞。

【答案】(2)0.304(6)0.31(7)0.32(86短：'0.34【解析】(2)應(yīng)該用質(zhì)量較小的滑塊碰撞質(zhì)量較大的滑塊，才能使得碰后兩滑塊運(yùn)動(dòng)方向相反，故選取質(zhì)量為0.304口的滑塊作為A。(6)由于兩段位移大小相等，根據(jù)表中的數(shù)據(jù)可得k2=F=F=今卷V2l|U.O/S(7產(chǎn)平均值為k=-0(7產(chǎn)平均值為k=-0.32。(8)彈性碰撞時(shí)滿足動(dòng)量守恒定律和機(jī)械能守恒定律，可得mivo=-mivi+m2V2，^mivo2=miV|2+1m2V22,聯(lián)立解得?=琮叫，代入數(shù)據(jù)可得4%0.34。z V2zmi V2(12分)將一小球水平拋出，使用頻閃儀和照相機(jī)對(duì)運(yùn)動(dòng)的小球進(jìn)行拍攝，頻閃儀每隔0.05s發(fā)出一次閃光。某次拍攝時(shí)，小球在拋出瞬間頻閃儀恰好閃光，拍攝的照片編輯后如圖所示。圖中的第一個(gè)小球?yàn)閽伋鏊查g的影像，每相鄰兩個(gè)球之間被刪去了3個(gè)影像，所標(biāo)出的兩個(gè)線段的長(zhǎng)度S］和S2之比為3：7。重力加速度大小取g=10血52,忽略空氣阻力。求在拋出瞬間小球速度的大小。頻閃儀每隔0.05s發(fā)出一次閃光，題圖中每相鄰兩個(gè)球之間被刪去3個(gè)影像，故題圖中相鄰兩球的時(shí)間間隔為t=4T=0.05X4s=0.2s,設(shè)拋出瞬間小球的速度為v°,題圖中相鄰兩球水平方向上的距離均為x,豎直方向上的距離分別為y卜y2.根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)公式有x=vot,yi=^gt2=^X10X0.22m=0.2m,y2=1g(2t)2—1gt2=^X10X(0.42—0.22)"7=0.6m,令yi=y，則有y2=3y,已標(biāo)出的線段的長(zhǎng)度分別為s2=A/x2+(3y)2=V?+9p.則有、x?+y2：-\/x2+9y2=3:7,整理得x=，^y,故在拋出瞬間小球的速度大小為vo=：=*mg(20分)光點(diǎn)式檢流計(jì)是一種可以測(cè)量微小電流的儀器，其簡(jiǎn)化的工作原理示意圖如圖所示。圖中A為輕質(zhì)絕緣彈簧，C為位于紙面上的線圈，虛線框內(nèi)有與紙面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)；M為置于平臺(tái)上的輕質(zhì)小平面反射鏡，輕質(zhì)剛性細(xì)桿D的一端與M固連且與鏡面垂直、另一端與彈簧下端相連，PQ為圓弧形的、帶有均勻刻度的透明讀數(shù)條，PQ的圓心位于M的中心。使用前需調(diào)零；使線圈內(nèi)沒(méi)有電流通過(guò)時(shí)，M豎直且與紙面垂直；入射細(xì)光束沿水平方向經(jīng)PQ上的O點(diǎn)射到M上后沿原路反射。線圈通入電流后彈簧長(zhǎng)度改變，使M發(fā)生傾斜，入射光束在M上的入射點(diǎn)仍近似處于PQ的圓心，通過(guò)讀取反射光射到PQ上的位置，可以測(cè)得電流的大小。已知彈簧的勁度系數(shù)為k,磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B,線圈C的匝數(shù)為N、沿水平方向的長(zhǎng)度為1,細(xì)桿D的長(zhǎng)度為d,圓弧PQ的半徑為r,r?d,d遠(yuǎn)大于彈簧長(zhǎng)度改變量的絕對(duì)值。(1)若在線圈中通入的微小電流為I,求平衡后彈簧長(zhǎng)度改變量的絕對(duì)值/x及PQ上反射光點(diǎn)與O點(diǎn)間的弧長(zhǎng)s；(2)某同學(xué)用此裝置測(cè)一微小電流，測(cè)量前未調(diào)零，將電流通入線圈后，PQ上反射光點(diǎn)出現(xiàn)在O點(diǎn)上方，與O點(diǎn)間的弧長(zhǎng)為si；保持其他條件不變，只將該電流反向接入，則反射光點(diǎn)出現(xiàn)在O點(diǎn)下方，與O點(diǎn)間的弧長(zhǎng)為S2。求待測(cè)電流的大小?！窘馕觥?1)由題意知當(dāng)線圈中通入微小電流I時(shí)，線圈所受的安培力為F=NBI1,根據(jù)胡克定律有F=NBIl=kJx,,NBI1可得/x=-R-,設(shè)此時(shí)細(xì)桿轉(zhuǎn)過(guò)的角度為仇則可知反射光線轉(zhuǎn)過(guò)的角度為2。，又因?yàn)閐?4x,r?d,則s加s加20*20,所以有/x=d&s=r-20,叱十中殂2NBIlr聯(lián)立可得s=dk。（2）因?yàn)闇y(cè)量前未調(diào)零，設(shè)沒(méi)有通電流時(shí)PQ上的反射光點(diǎn)與O點(diǎn)間的弧長(zhǎng)為s\通入待測(cè)電流「后根據(jù)⑴的分析可知此時(shí)PQ上的反射光點(diǎn)與O點(diǎn)間的弧長(zhǎng)si=2*"+s',UK2NBTlr當(dāng)電流反向后PQ上的反射光點(diǎn)與O點(diǎn)間的弧長(zhǎng)52=幺光生一0聯(lián)立可得待測(cè)電流r=.湍；1（二）選考題：共15分。請(qǐng)考生從給出的2道題中任選一題作答。如果多做，則按所做的第一題計(jì)分。33.［物理——選修3—3］（15分）（1）（5分）一定量的理想氣體從狀態(tài)a變化到狀態(tài)b,其過(guò)程如p-T圖上從a到b的線段所示。在此過(guò)程中?（填正確答案標(biāo)號(hào)。選對(duì)1個(gè)得2分，選對(duì)2個(gè)得4分，選對(duì)3個(gè)得5分；每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分為。分）P］b0^- jA.氣體一直對(duì)外做功B.氣體的內(nèi)能一直增加C.氣體一直從外界吸熱D.氣體吸收的熱量等于其對(duì)外做的功E.氣體吸收的熱量等于其內(nèi)能的增加量（2）（10分）如圖，容積均為Vo、缸壁可導(dǎo)熱的A、B兩汽缸放置在壓強(qiáng)為po、溫度為To的環(huán)境中；兩汽缸的底部通過(guò)細(xì)管連通，A汽缸的頂部通過(guò)開口C與外界相通；汽缸內(nèi)的兩活塞將缸內(nèi)氣體分成I、II、III、IV四部分，其中第1【、in部分的體積分別為m/o和錯(cuò)誤!Vo。環(huán)境壓強(qiáng)保持不變，不計(jì)活塞的質(zhì)量和體積，忽略摩擦。⑴將環(huán)境溫度緩慢升高，求B汽缸中的活塞剛到達(dá)汽缸底部時(shí)的溫度；（詞將環(huán)境溫度緩慢改變至2To,然后用氣泵從開口C向汽缸內(nèi)緩慢注入氣體，求A汽缸中的活塞到達(dá)汽缸底部后，B汽缸內(nèi)第IV部分氣體的壓強(qiáng)?！敬鸢浮竣臖CE⑴如（近康）【解析】（1）因從a到b的p—7圖線的反向延長(zhǎng)線過(guò)原點(diǎn)，由牛=C（C為常數(shù)）可知，從a到b氣體的體積不變,則從a到b氣體不對(duì)外做功,A錯(cuò)誤:因從a到b氣體溫度一直升高，可知