2017屆高考物理二輪復(fù)習(xí)選擇題模擬小卷(六)

選擇題模擬小卷（六）選擇題（本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14?18題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19?21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選又?的得6分，選對(duì)但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分。）14.（2016?江蘇單科，4）一自耦變壓器如圖1所示，環(huán)形鐵芯上只繞有一個(gè)線圈，將其接在a、b間作為原線圈。通過(guò)滑動(dòng)觸頭取該線圈的一部分，接在c、d間作為副線圈，在a、b間輸入電壓為U的交變電流時(shí)，c、d間的輸出電壓為12,在將滑動(dòng)觸頭從M點(diǎn)順時(shí)針轉(zhuǎn)到N點(diǎn)的過(guò)程中（）A.U>U,U降低A.U>U,U降低C.U<U,U降低B.U2>Ui,U升高D.U2<Ui,U升高Uim解析由;7=—，m>n2知U2<U;滑動(dòng)觸頭從M點(diǎn)順時(shí)針旋轉(zhuǎn)至N點(diǎn)過(guò)程，靠減小，則U2Un2降低，C項(xiàng)正確。答案C15.某研究性小組利用速度傳感器研究質(zhì)量為5kg的物體由靜止開始做直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，并在計(jì)算機(jī)上彳#到了前4s內(nèi)物體速度隨時(shí)間變化的關(guān)系圖象，如圖2所示，則下列說(shuō)法正確的是（）圖2圖2A.物體在第1s末離出發(fā)點(diǎn)最遠(yuǎn)B.物體一直向正方向運(yùn)動(dòng)C.物體所受外力前1s內(nèi)做的功和后3s內(nèi)做的功相同D.第1s內(nèi)物體所受外力做功的平均功率為7.5W解析3s末物體速度方向發(fā)生改變，故物體在3s末離出發(fā)點(diǎn)最遠(yuǎn)，選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤;物體前1s內(nèi)動(dòng)能增加，后3s內(nèi)動(dòng)能減小，根據(jù)動(dòng)能定理，外力所做功不同，選項(xiàng)

1212—._W-錯(cuò)誤；第1s內(nèi)外力做功為W(2X5X2—2X5X1)J=7.5J,功率為P=-=7.5W,選項(xiàng)D正確。答案D16.一質(zhì)量為M帶有掛鉤的球形物體套在傾角為0的細(xì)桿上，并能沿桿勻速下滑。若在掛鉤上再吊一質(zhì)量為m的物體，讓它們沿細(xì)桿下滑，如圖3所示。則球形物體()A.仍勻速下滑B.沿細(xì)桿加速下滑C.受到的摩擦力不變D.受到的合外力增大解析不掛物體時(shí)，球形物體受力情況如圖,由于球形物體勻速下滑,所以有Mg>in0=MoposA.仍勻速下滑B.沿細(xì)桿加速下滑C.受到的摩擦力不變D.受到的合外力增大解析不掛物體時(shí)，球形物體受力情況如圖,由于球形物體勻速下滑,所以有Mg>in0=Mopos8,即=tane；當(dāng)掛上物體后，重力沿斜桿白^分力F=(M^mgsin8,球形物體受到的摩擦力 Ff=^(M+m)gcos0=(M+m)gsin0,所以兩物體處于平衡狀態(tài)，其受到摩擦力變大，合外力仍為零，故只有選項(xiàng) A正確。答案A17.(2016?福建模擬)在光滑絕緣的水平地面上放置四個(gè)相同的可看作質(zhì)點(diǎn)的金屬小球,球A、B、C位于等邊三角形的三個(gè)頂點(diǎn)上，小球 D位于三角形的中心，如圖4所示。現(xiàn)讓小球A、BC都帶電荷量為Q的正電荷，讓小球D帶電荷量為q的負(fù)電荷,若四個(gè)小球均處于靜止?fàn)顟B(tài)，則Q與1A.3B?C.1A.3B?C.3 ，，，、一， 2解析設(shè)等邊三角形的邊長(zhǎng)為a,由幾何知識(shí)可知， BD=a-cos300?-3’3 ,a^a,以B為3一kCf研允對(duì)象，由平衡條件可知，一kCf研允對(duì)象，由平衡條件可知， -cos30aX2="BD,解得q=3,D項(xiàng)正確。答案D.如圖5所示，一個(gè)小球從一定高度h處以水平速度vo=10m/s拋出，小球恰好垂直撞在傾角0=45°的斜面的中點(diǎn)P,已知AC=2m,g=10m/s2,則小球拋出點(diǎn)的高度傾角0=45°的斜面的中點(diǎn)面的高度H分別為（）A.8m、13mC.13m、16m解析因小球垂直撞在傾角圖A.8m、13mC.13m、16m解析因小球垂直撞在傾角圖5IiB.D.e=45°的斜面的中點(diǎn)10m、15m15m、20mP,由圖知在P點(diǎn)有tan0=￥，代gI入數(shù)彳1入數(shù)彳1得t=1s。由平拋規(guī)律和幾何知識(shí)知 AOPCCose=v°t,― 1 2~h-PGin 0=2gt,聯(lián)立并代入數(shù)值得h=13m,立并代入數(shù)值得h=13m,,C對(duì)。答案C.下列說(shuō)法正確的是（）A.盧瑟福通過(guò)實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)質(zhì)子的核反應(yīng)方程為A.盧瑟福通過(guò)實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)質(zhì)子的核反應(yīng)方程為4 14 17- 12He+7NH8B1HB.鈾核裂變的核反應(yīng)方程為235UR151Ba+36Kr+21nC.設(shè)質(zhì)子、中子、”粒子的質(zhì)量分別為m、m、m,兩個(gè)質(zhì)子和兩個(gè)中子聚合成一個(gè)a粒子，釋放的能量是（m+n2—m）c2D.原子在a、b兩個(gè)能級(jí)的能量分別為巳、E,且E>E,當(dāng)原子從a能級(jí)躍遷到b能級(jí),…，一hc,,,時(shí)，發(fā)射光子的波長(zhǎng)入=一日（其中c為真空中的光速，h為普朗克常量）EaEb解析盧瑟福通過(guò)實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)質(zhì)子的核反應(yīng)方程為2He+147NH1；31H,選項(xiàng)A正確；鈾核裂變的核反應(yīng)方程為292^+0門-151Ba+96Kr+30n,方程式兩邊的中子不能約去，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；兩個(gè)質(zhì)子和兩個(gè)中子聚合成一個(gè)“粒子，根據(jù)愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程得AE=（2m+2m—m）c2,選項(xiàng)C錯(cuò)誤；根據(jù)E5-E3=h-c,可得輻射的光子的波長(zhǎng)為入=工吟，選項(xiàng)D正人Ea-tb確。答案AD.在發(fā)射一顆質(zhì)量為m的地球同步衛(wèi)星時(shí)，先將其發(fā)射到貼近地球表面的圓軌道I上（離地面高度忽略不計(jì)），再通過(guò)一橢圓軌道n變軌后到達(dá)距地面高為h的預(yù)定圓軌道出上。已知衛(wèi)星在圓形軌道I上運(yùn)行的加速度為g,地球半徑為R衛(wèi)星在變軌過(guò)程中質(zhì)量不變，則（）圖6a.衛(wèi)星在軌道出上運(yùn)彳r的加速度大小為（Un2grR-rhB.衛(wèi)星在軌道出上運(yùn)行白線速度大小為RgR2hC.衛(wèi)星在軌道m(xù)上運(yùn)行時(shí)經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的速率大于在軌道n上運(yùn)行時(shí)經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的速率D.衛(wèi)星在軌道山上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能大于在軌道I上的動(dòng)能解析設(shè)地球質(zhì)量為M由萬(wàn)有引力提供向心力得在軌道I上有GRmmmg在軌道出上有G（2=ma所以a=（RTh）2g,a錯(cuò)誤；又因a=n，所以v=、m^，b正確；（rR-phrR-phR~rhrRn-h衛(wèi)星由軌道n變軌到軌道出需要加速做離心運(yùn)動(dòng)，所以衛(wèi)星在軌道山上運(yùn)行時(shí)經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的速率大于在軌道n上運(yùn)行時(shí)經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的速率，C正確；盡管衛(wèi)星從軌道I變軌到軌道出要在P、Q點(diǎn)各加速一次，但在圓形軌道上穩(wěn)定運(yùn)行時(shí)的速度v=、/fM由動(dòng)能表達(dá)式知衛(wèi)星在軌道出上的動(dòng)能小于在軌道I上的動(dòng)能，D錯(cuò)誤。答案BC21.如圖7所示，兩方向相反、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)被邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的等邊三角形ABC分開，三角形內(nèi)磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，三角形頂點(diǎn)A處有一質(zhì)子源，能沿/BAC的角平分線發(fā)射速度不同的質(zhì)子（重力不計(jì)），所有質(zhì)子均能通過(guò)C點(diǎn)，已知質(zhì)子的比荷為m=k,則質(zhì)子的發(fā)射速度可能為（）

圖7圖7A.BkLBkLA.B