2022年高考物理押題預(yù)測(cè)卷01（湖北卷）（考試版）

………………○………………內(nèi)………………○………………裝………………○………………訂………………○………………線………………○………………○………………內(nèi)………………○………………裝………………○………………訂………………○………………線………………○………………○………………外………………○………………裝………………○………………訂………………○………………線………………○…學(xué)校：______________姓名：_____________班級(jí)：_______________考號(hào)：______________________物理試題第=頁(yè)）2022年高考押題預(yù)測(cè)卷01【湖北卷】物理·全解全析1234567891011BDDCADDADBDADBD1．【答案】B【解析】A．湯姆孫發(fā)現(xiàn)了電子，盧瑟福提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．普朗克把能量子引入物理學(xué)，破除了“能量連續(xù)變化”的觀念，選項(xiàng)B正確；C．法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，德國(guó)物理學(xué)家紐曼、韋伯得出了法拉第電磁感應(yīng)定律，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．玻爾原子理論的成功之處是引入了量子理論，不足之處是保留了經(jīng)典粒子的概念，故D錯(cuò)誤；故選B。2．【答案】D【解析】本題考查安培定律和電磁感應(yīng)定律的問(wèn)題，將形狀S由1擲到2，是電容器放電的過(guò)程，棒中有了電流就會(huì)受到向右的安培力的作用，光滑導(dǎo)軌上安培力提供加速度a，，所以D圖正確，3．【答案】D【解析】A．空間站繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，萬(wàn)有引力充當(dāng)向心力，有在地面的物體，有因?yàn)榭臻g站在圓軌道Ⅱ上時(shí)軌道半徑大于地球半徑，故向心加速度小于g，A錯(cuò)誤；B．由萬(wàn)有引力表達(dá)式可知飛船和空間站在A處所受的萬(wàn)有引力還與飛船和空間站的質(zhì)量有關(guān)，因?yàn)轭}目中不知道二者質(zhì)量的關(guān)系，故無(wú)法判斷二者在A處萬(wàn)有引力是否相等。B錯(cuò)誤；C．飛船沿軌道Ⅰ運(yùn)動(dòng)時(shí)只有引力做功，機(jī)械能守恒。C錯(cuò)誤；D．空間站在軌道Ⅱ繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，萬(wàn)有引力充當(dāng)向心力，有又因?yàn)楣士臻g站線速度為因飛船運(yùn)動(dòng)軌道Ⅰ為橢圓軌道，故飛船在B點(diǎn)的處的速度大于第一宇宙速度，而空間站的速度小于第一宇宙速度，故D正確。故選D。4．【答案】C【解析】AB．電表測(cè)量的是有效值，不是瞬時(shí)值，兩電流表的示數(shù)不變，AB錯(cuò)誤；C．根據(jù)題意得解得C正確；D．當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度最大時(shí)，感應(yīng)電流等于零，線圈受到的安培力等于零，D錯(cuò)誤。故選C。5．【答案】A【解析】由單擺運(yùn)動(dòng)的等時(shí)性可知從A點(diǎn)到達(dá)B的時(shí)間由于OD垂直于MN，則點(diǎn)D同樣位于AB所構(gòu)成的圓上，分析可知OD與豎直方向夾角為傾角，則OD段為解得同理利用等時(shí)圓分析可知小于，故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。6．【答案】D【解析】AB．系統(tǒng)能靜止在水平面上，可知A與C受到的電場(chǎng)力一定方向相反，所以A與C帶異種電荷；電場(chǎng)的方向向右，根據(jù)平衡條件可知，A帶正電，C帶負(fù)電，對(duì)B受力分析可知，設(shè)桿上的支持力為，則解得對(duì)C分析可得桿上作用力的水平分力等于電場(chǎng)力，即解得故AB錯(cuò)誤；C．A與C先先向兩側(cè)做加速運(yùn)動(dòng)，但在B落地前的一段時(shí)間，A、C做減速運(yùn)動(dòng)，輕桿對(duì)球有向上作用力，故球A對(duì)地面的壓力可能小于mg，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成與分解可知當(dāng)B落地時(shí)，A、C速度為零，對(duì)整個(gè)系統(tǒng)分析，忽略電荷間的作用力有解得故D正確。故選D。7．【答案】D【解析】AB．在天宮空間站中，所有的物體都處于完全失重狀態(tài)，一切與重力有關(guān)的儀器都不能使用，所以天平不能直接測(cè)出物體的質(zhì)量m，彈簧秤也不能測(cè)出物體的重力G，故AB錯(cuò)誤；C．因?yàn)椴荒艽_定兩物體的碰撞是否為彈性碰撞，因此碰撞前后兩物體組成的系統(tǒng)的機(jī)械能不一定守恒，故C錯(cuò)誤；D．在運(yùn)行軌道切向，待測(cè)物體受恒力作用，相對(duì)空間站做勻加速運(yùn)動(dòng)（很短時(shí)間可近似看做勻加速直線運(yùn)動(dòng)）則由可得由牛頓第二定律解得故D正確；故選D。8．【答案】AD【解析】A．根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程結(jié)合題圖，可知從B→C過(guò)程中氣體溫度保持不變，壓強(qiáng)增大，體積減小，所以B狀態(tài)下單位體積內(nèi)的氣體分子數(shù)一定比C狀態(tài)下的少，故A正確，B錯(cuò)誤；C．由題圖知C→A過(guò)程中氣體壓強(qiáng)不變，體積增大，氣體對(duì)外做功（），由理想氣體狀態(tài)方程可知溫度升高（），由熱力學(xué)第一定律可知，氣體吸收熱量（），故C錯(cuò)誤；D．C→A過(guò)程中氣體壓強(qiáng)不變，體積增大，溫度升高，則氣體分子的平均動(dòng)能增大，由氣體壓強(qiáng)微觀解釋可知：在單位時(shí)間內(nèi)撞擊器壁上單位面積的平均次數(shù)一定比C狀態(tài)下的少，故D正確。故選AD。9．【答案】BD【解析】A．由可知，粒子速度越大，半徑越大。如答圖3，在能達(dá)到半圓形邊界的粒子中，經(jīng)過(guò)a點(diǎn)的粒子半徑最小，速度最小，其軌跡如圖中軌跡1所示，由解得故A錯(cuò)誤；B．經(jīng)過(guò)b點(diǎn)的粒子半徑最大，速度最大，其軌跡如圖中軌跡2所示，由解得故B正確；C．由分析可知，軌跡圓弧所對(duì)應(yīng)的弦與ab半圓形邊界相切時(shí)，圓心角最小，運(yùn)動(dòng)時(shí)間最短，其軌跡如圖中軌跡3所示，圓心恰好位于a點(diǎn)，由解得故C錯(cuò)誤；D．其圓心角為120°，故運(yùn)動(dòng)時(shí)間為故D正確。故選BD。10．【答案】AD【解析】A．設(shè)BC的長(zhǎng)度為L(zhǎng)，根據(jù)胡克定律，有BD與豎直方向的夾角為α?xí)r，到D點(diǎn)時(shí)伸長(zhǎng)量為，故彈力為球受重力、彈性繩的彈力、摩擦力，桿的彈力，水平方向平衡，故即小球從C點(diǎn)到D點(diǎn)的過(guò)程中，小球受到桿的彈力不變，故A正確；B．小球受到的摩擦力則小球下滑過(guò)程中有則下滑過(guò)程中α減小，隨著α減小加速度a先減小后增大，故B錯(cuò)誤；C．小球從C點(diǎn)到D點(diǎn)的過(guò)程中，由動(dòng)能定理可得則即克服彈力做功0.2mgh，彈性勢(shì)能增加0.2mgh，因?yàn)樽畛趵K子也具有彈性勢(shì)能，所以，繩子最大的彈性勢(shì)能大于0.2mgh，故C錯(cuò)誤；D．若僅把小球的質(zhì)量變成2m，小球從C到D過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理，有解得故D正確。故選AD。11．【答案】BD【解析】A．液滴過(guò)O點(diǎn)時(shí)，合力與速度方向垂直，之后合力恒定，則O到P做類平拋運(yùn)動(dòng)；過(guò)P點(diǎn)后，分析可知，合力與速度方向共線，則再做勻加速直線運(yùn)動(dòng)。故A錯(cuò)誤；B．由平衡條件得解得故B正確；CD．O到N，豎直方向?yàn)槌跛俣葹?的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由于O到P和P到N的時(shí)間相等。則P點(diǎn)過(guò)后，合力與水平方向的夾角設(shè)為，則解得O到P，由平拋規(guī)律有又，，E2=2E1聯(lián)立解得則P點(diǎn)坐標(biāo)為。故C錯(cuò)誤，D正確。故選BD。12．【答案】

B

2.40

2.0

3.0【解析】（1）AD．傳感器測(cè)量繩的拉力F，則小車受到的拉力為2F，即力可以直接得到，不用測(cè)砂桶和砂的質(zhì)量，故AD錯(cuò)誤；B．打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的使用，應(yīng)先接通電源，后釋放小車，故B正確；C．電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器應(yīng)使用4～6V交流電，故C錯(cuò)誤。故選B。（2）打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打點(diǎn)周期為0.02s，則相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為T(mén)=0.1s小車的加速度為（3）由丙圖可知，產(chǎn)生加速度的拉力最小值為1.0N，所以小車運(yùn)動(dòng)過(guò)程中所受阻力為根據(jù)牛頓第二定律得由圖丙可知斜率小車質(zhì)量為M=3kg13．【答案】

2

98

150

800

A

9.0

900.0

1350

600【解析】（1）開(kāi)關(guān)S旋到位置1，量程為0.5A；開(kāi)關(guān)S旋到位置2，量程為10mA，有聯(lián)立，可得開(kāi)關(guān)S旋到位置4，量程為2V，有解得開(kāi)關(guān)S旋到位置5，量程為10V，有解得（2）使用多用電表時(shí)，要求電流從紅表筆流入，即紅表筆接電源負(fù)極。所以A表筆為紅表筆。（3）開(kāi)關(guān)S旋到位置3，通過(guò)電路的最大電流為，依題意有解得（4）當(dāng)作為歐姆表使用時(shí)，表頭上刻度是和處對(duì)應(yīng)的電阻值分別是解得14．【答案】（1）；（2）【解析】（1）如圖所示，設(shè)細(xì)光的入射角為，由幾何關(guān)系可得由折射定律可得解得圓環(huán)形平行細(xì)光在入射前的半徑為（2）光在介質(zhì)中的傳播速度為光在介質(zhì)中傳播的時(shí)間為光從B點(diǎn)進(jìn)入空氣中的折射角也為光從B到MN的時(shí)間為所以光從入射點(diǎn)傳播到光屏所用時(shí)間為15．【答案】（1）98N；（2）0.23【解析】（1）設(shè)小滑塊P經(jīng)過(guò)半圓最高點(diǎn)的速度為v0，由題意知小滑塊P從半圓最高點(diǎn)到A做平拋運(yùn)動(dòng)，半圓最高點(diǎn)與A點(diǎn)之間的高度差在豎直方向有由恰好沿AB斜面進(jìn)入曲面內(nèi)知由牛頓第二定律知以上各式聯(lián)立，代入數(shù)據(jù)得小滑塊P經(jīng)過(guò)半圓軌道最高點(diǎn)時(shí)所受的壓力為（2）設(shè)小滑塊P在A點(diǎn)的速度為vA，則有設(shè)小滑塊P運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)速度為vC，與Q碰撞后粘為一體的速度為，小滑塊P由A運(yùn)動(dòng)到C過(guò)程，由動(dòng)能定理得小滑塊P與小滑塊Q碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒小滑塊P與小滑塊Q構(gòu)成的整體由C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)過(guò)程，由動(dòng)能定理得以上各式聯(lián)立得小滑塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)16．【答案】（1）2m/s

（2）0.44m/s

（3）5.56C