2020年1月浙江省普通高校招生選考科目考試物理仿真模擬試題 C (教師版)

1．電導(dǎo)率σ

是電阻率ρ

的倒數(shù)，即σ

1．電導(dǎo)率σ

是電阻率ρ

的倒數(shù)，即σ

考生須知：1．本試題卷分選擇題和非選擇題兩部分，共8頁(yè)，滿(mǎn)分100分，考試時(shí)間90分鐘。2．考生答題前，務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用黑色字跡的簽字筆或鋼筆填寫(xiě)在答題卡上。3．選擇題的答案須用2B鉛筆將答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如要改動(dòng)，須將原填涂處用橡皮擦凈。4．非選擇題的答案須用黑色字跡的簽字筆或鋼筆寫(xiě)在答題卡上相應(yīng)區(qū)域內(nèi)，作圖時(shí)可先使用2B鉛筆，確定后須用黑色字跡的簽字筆或鋼筆描黑，答案寫(xiě)在本試題卷上無(wú)效。5．本卷中涉及數(shù)值計(jì)算的，重力加速度均取10

m/s。一、選擇題Ⅰ（本題共10小題，每小題3分，共30分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）

。σ

用國(guó)際單位制中基本單位表示正確的是A．C．

A

mA

m

B．D．

A

mA

m【答案】C【解析】根據(jù)電阻定律可知：

L

L，解得：

，則：

，根據(jù)歐姆定律可知：

L

LI

W，聯(lián)立可得：

，根據(jù)

，而=，，=，聯(lián)立并根據(jù)公式對(duì)應(yīng)單位的換算I

qA

可知，其單位為 ，故C正確。

m2．假設(shè)某次海試活動(dòng)中，“蛟龍?zhí)枴蓖瓿珊５兹蝿?wù)后豎直上浮，從上浮速度為時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)，此后“蛟龍?zhí)枴眲驕p速上浮，經(jīng)過(guò)時(shí)間上浮到海面，速度恰好減為零，則“蛟龍?zhí)枴痹?/p>

（

<）時(shí)刻距離海平面的深度為A．

B．

C．

D．

)【答案】C【解析】蛟龍?zhí)柹细r(shí)的加速度大小為：

，根據(jù)逆向思維，可知蛟龍?zhí)栐?/p>

時(shí)刻距離海平面的

(

深度為：

(

)

，故C正確。3．如圖所示，用細(xì)繩懸掛一個(gè)小球，小球在水平拉力的作用下從最低點(diǎn)緩慢地沿圓弧移動(dòng)到點(diǎn)，在這個(gè)過(guò)程中，繩的拉力和水平拉力的大小變化情況是A．和都變大B．變大，變小C．和都變小D．變小，變大【答案】A【解析】對(duì)物體受力分析并合成如圖：因?yàn)槲矬w始終處于平衡狀態(tài)，故′始終等于，大小和方向均不發(fā)生變化。在物體緩慢偏離豎直位置的過(guò)程中細(xì)線與豎直方向的夾角逐漸變大，畫(huà)出平行四邊形如圖所示，可以看出：水平拉力逐漸變大，繩子的拉力也逐漸變大。故A正確。4．2019年4月1日，在中國(guó)核能可持續(xù)發(fā)展論壇上，生態(tài)環(huán)境部介紹2019年會(huì)有核電項(xiàng)目陸續(xù)開(kāi)工建設(shè)。某核電站獲得核能的核反應(yīng)方程為

，己知鈾核

的質(zhì)量為，鋇核

的質(zhì)量為，氪核Kr的質(zhì)量為，中子n的質(zhì)量為，下列說(shuō)法中正確的是

A．該核電站通過(guò)核聚變獲得核能B．鈾核的質(zhì)子數(shù)為235C．在上述核反應(yīng)方程中=3D．一個(gè)鈾核發(fā)生上述核反應(yīng)，釋放的能量為（–––）【答案】C【解析】A．核電站獲得核能的途徑是核裂變，故A錯(cuò)誤。B．鈾核

的質(zhì)子數(shù)為92，故B錯(cuò)誤。C．根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒可知=3，故C正確。D．一個(gè)鈾核

發(fā)生上述核反應(yīng)，由質(zhì)能方程可得：E

mc

m

m

m

m

m

m

m

m

m

，故D錯(cuò)誤。 5．“飛車(chē)走壁”是一種傳統(tǒng)的雜技藝術(shù)，演員騎車(chē)在傾角很大的桶面上做圓周運(yùn)動(dòng)而不掉下來(lái)。如圖所示，已知桶壁的傾角為θ

，車(chē)和人的總質(zhì)量為，做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為，若使演員騎車(chē)做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)不受桶壁的摩擦力，下列說(shuō)法正確的是A．人和車(chē)的速度為 B．人和車(chē)的速度為

C．桶壁對(duì)車(chē)的彈力為θD．桶壁對(duì)車(chē)的彈力為

mg【答案】B【解析】AB．對(duì)人和車(chē)受力分析如圖所示，人和車(chē)在豎直方向受力平衡，水平方向重力與支持力的合力提供向心力

人和車(chē)在豎直方向受力平衡，水平方向重力與支持力的合力提供向心力

＝m

解得：r＝

，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．根據(jù)受力可知：N＝

mg

，故CD錯(cuò)誤。6．消防員在一次用高壓水槍滅火的過(guò)程中，消防員同時(shí)啟動(dòng)了多個(gè)噴水口進(jìn)行滅火。如果有甲、乙靠在一起的高壓水槍?zhuān)鼈兊膰娝趶较嗤?，所噴出的水在空中運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖所示，則由圖可看出A．甲水槍噴出水的速度較大B．乙水槍噴出的水在最高點(diǎn)的速度較大C．甲水槍噴水的功率較大D．乙水槍噴出的水在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間較長(zhǎng)【答案】B【解析】AB．水從最高處到失火處的運(yùn)動(dòng)可視為平拋運(yùn)動(dòng)，水的上升和下降過(guò)程具有對(duì)稱(chēng)性；甲、乙兩水槍噴出水的最大高度相同，乙水槍噴出的水更遠(yuǎn)，則乙水槍噴出的水在最高處具有的水平速度更大；水的最大高度相同，水落地時(shí)的豎直速度相同，據(jù)速度的合成知，乙水槍噴出的水落地速度更大，乙水槍噴出水的速度較大。故A項(xiàng)不符合題意，B項(xiàng)符合題意；C．乙水槍噴出水的速度較大，甲、乙兩水槍噴水口徑相同，則乙水槍噴水的功率較大．故C項(xiàng)不符合題意；D．水的上升和下降過(guò)程具有對(duì)稱(chēng)性，兩水槍噴出水的最大高度相同，兩水槍噴出的水在豎直方向運(yùn)動(dòng)情況相同，則兩水槍噴出的水在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相同，故D項(xiàng)不符合題意。7．如圖所示，導(dǎo)體棒沿兩平行金屬導(dǎo)軌從圖中位置以速度向右勻速通過(guò)一正方形磁場(chǎng)區(qū)域，垂直于導(dǎo)軌且平行于導(dǎo)體棒，右側(cè)的磁感應(yīng)強(qiáng)度是左側(cè)的2倍且方向相反。導(dǎo)軌和導(dǎo)體棒的電阻均不計(jì)，下列關(guān)于導(dǎo)體棒中感應(yīng)電流和所受安培力隨時(shí)間變化的圖象正確的是（規(guī)定電流從經(jīng)到為正方向，安培力向左為正方向）A． B．C． D．手定則可知金屬棒感應(yīng)電流從到手定則可知金屬棒感應(yīng)電流從到，為正方向，由

i

，剛要到時(shí)，【解析】設(shè)左側(cè)磁感應(yīng)強(qiáng)度是，則右側(cè)的為2。導(dǎo)軌間距為。AB．金屬棒通過(guò)區(qū)域時(shí)，由右E

i

ECD．金屬棒通過(guò)區(qū)域時(shí)，安培力F

Bi

，金屬棒通過(guò)i

ECD．金屬棒通過(guò)區(qū)域時(shí)，安培力F

Bi

，金屬棒通過(guò)區(qū)域時(shí)，安培力(

L

) ，可知隨時(shí)間均勻減小，棒剛離開(kāi)時(shí)，i

，故A正確，B錯(cuò)誤。

大小為F

Bi（L

(

L

)

。根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)可得，CD錯(cuò)誤。8．如圖所示，傾角

的光滑斜面固定在地面上，長(zhǎng)為、質(zhì)量為、質(zhì)量分布均勻的軟繩置于斜面上，其上端與斜面頂端齊平。用細(xì)線將質(zhì)量也為的物塊與軟繩連接，物塊由靜止釋放后向下運(yùn)動(dòng)，直到軟繩剛好全部離開(kāi)斜面（此時(shí)物塊未到達(dá)地面），在此過(guò)程中A．物塊的機(jī)械能逐漸增加B．物塊靜止釋放瞬間的加速度為C．軟繩重力勢(shì)能減少了

gD．軟繩剛好全部離開(kāi)斜面時(shí)的速度大小為

【答案】D【解析】A．對(duì)于物塊和軟繩組成的系統(tǒng)，只發(fā)生重力勢(shì)能與動(dòng)能之間的轉(zhuǎn)化，所以系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，故A錯(cuò)誤。B．物塊靜止釋放瞬間，由牛頓第二定律：

mg

mg

ma

，解得

g

，選項(xiàng)B 錯(cuò)誤；C．軟繩重力勢(shì)能減少了

，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．由機(jī)械能守恒定

mv，解得

，選項(xiàng)D正確。

9．如圖，虛線I、Ⅱ、Ⅲ分別表示地球衛(wèi)星的三條軌道，其中軌道I為與第一宇宙速度7.9

km/s對(duì)應(yīng)的近地環(huán)繞圓軌道，軌道Ⅱ?yàn)闄E圓軌道，軌道Ⅲ為與第二宇宙速度11.2

km/s對(duì)應(yīng)的脫離軌道，三點(diǎn)分別位于三條軌道上，點(diǎn)為軌道Ⅱ的遠(yuǎn)地點(diǎn)，、點(diǎn)與地心的距離均為軌道I半徑的2倍，則A．衛(wèi)星在軌道Ⅱ的運(yùn)行周期為軌道I的2倍B．衛(wèi)星經(jīng)過(guò)點(diǎn)的速率為經(jīng)過(guò)點(diǎn)的

倍C．衛(wèi)星在點(diǎn)的加速度大小為在點(diǎn)的3倍D．質(zhì)量相同的衛(wèi)星在點(diǎn)的機(jī)械能小于在點(diǎn)的機(jī)械能【答案】D【解析】A．軌道I的半徑為，則軌道Ⅱ的半長(zhǎng)軸為

，則由開(kāi)普勒第三定律得：

，即

=

，則A錯(cuò)誤；B．在點(diǎn)在軌道I做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由萬(wàn)有引力提供向心力，

則有；

，在軌道Ⅱ上點(diǎn)做向心運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力大于向心力，則：

，則

b＞

，則B錯(cuò)誤；C．由

b

，得

r

r

，即在點(diǎn)的加速度大小為在點(diǎn)的4倍，則C錯(cuò)誤；D．在點(diǎn)做向心運(yùn)動(dòng)，在點(diǎn)做離心運(yùn)動(dòng)，則點(diǎn)的速度大于點(diǎn)的速度，點(diǎn)動(dòng)能大于點(diǎn)的動(dòng)能，又兩點(diǎn)勢(shì)能相等，故衛(wèi)星在點(diǎn)的機(jī)械能小于在點(diǎn)的機(jī)械能，則D正確。10．如圖所示是選擇密度相同、大小不同納米粒子的一種裝置，待選粒子帶正電且電荷量與其表面積成正比。待選粒子從進(jìn)入小孔時(shí)可認(rèn)為速度為零，加速電場(chǎng)區(qū)域Ⅰ的板間電壓為，粒子通過(guò)小孔射入正交的勻強(qiáng)電場(chǎng)、勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域Ⅱ，其中磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，左右兩極板間距為。區(qū)域Ⅱ出口小孔與、在同一豎直線上。若半徑為、質(zhì)量為、電荷量為的納米粒子剛好能沿直線通過(guò)，不計(jì)納米粒子重力，則A．區(qū)域Ⅱ的電場(chǎng)強(qiáng)度與磁感應(yīng)強(qiáng)度大小的比值為

qmB．區(qū)域Ⅱ左右兩極板間的電勢(shì)差大小=

qB．區(qū)域Ⅱ左右兩極板間的電勢(shì)差大小=

qmC．若納米粒子的半徑>，則剛進(jìn)入?yún)^(qū)域Ⅱ的粒子仍將沿直線通過(guò)D．若納米粒子的半徑>，仍沿直線通過(guò)，則區(qū)域Ⅱ的電場(chǎng)與原電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小之比為【答案】A

rr【解析】AB．設(shè)半徑為的粒子加速后的速度為，則有：q

m

①，設(shè)區(qū)域II內(nèi)電場(chǎng)強(qiáng)度為

m，洛倫茲力等于電場(chǎng)力，即=②，聯(lián)立①②解得：E

qm

，則區(qū)域Ⅱ的電場(chǎng)與磁場(chǎng)的強(qiáng)度比值為

，故A強(qiáng)度比值為

，故A正確，B錯(cuò)誤；C．若納米粒子的半徑＞，設(shè)半徑為的粒子的質(zhì)量為、mm

（

）m

（

）m

，而q

（

）q

，由

mv

，解得：r r

r

r

q

＜

，故洛倫茲力變小，粒子帶正電，故粒子向左偏轉(zhuǎn)，故C錯(cuò)誤；D．由于m

r r

q

r

r

，故洛倫茲力與原來(lái)的洛倫茲力之比為

；電場(chǎng)力與洛倫茲力平衡，故電場(chǎng)m

r

r

r力與原來(lái)的電場(chǎng)力之比為

r

r

；根據(jù)，區(qū)域Ⅱ的電場(chǎng)與原電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度之比為

，故D錯(cuò)r

r誤。二、選擇題Ⅱ（本題共4小題，每小題4分，共16分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的，全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有錯(cuò)選的得0分）11．如圖所示是一玻璃球體，其半徑為，為球心，為水平直徑。點(diǎn)是玻璃球的最高點(diǎn)，來(lái)自點(diǎn)的光線從點(diǎn)射出，出射光線平行于，已知∠30°，光在真空中的傳播速度為，則A．此玻璃的折射率為 B．光線從到需用時(shí)

C．若增大∠，光線不可能在段發(fā)生全反射現(xiàn)象折射率為

D．若減小∠，從段射出的光線均平行于折射率為

【答案】AB【解析】A．如圖，由幾何知識(shí)可得入射角=∠=30°，折射角=2∠=30°=60°，則此玻璃的

，故A正確； B．長(zhǎng)度=2cos30°=

，光在玻璃球內(nèi)傳播的速度

，故光線從傳到的時(shí)間為

，故B正確；C．由

n

，則臨界角＜45°，所以若增大∠，入射角可能大于臨界角，所以光線可能在段發(fā)生全反射現(xiàn)象，故C錯(cuò)誤；D．要使出射光線平行于，入射角必為30°，若減小∠，入射角減小，則從段射出的光線與不平行，故D錯(cuò)誤。12．一列沿軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波，每個(gè)質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的振幅都為2

m，已知在=0時(shí)刻相距4

m的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)，的位移都是1

m，但速度方向相反，其中質(zhì)點(diǎn)的速度沿軸負(fù)方向，如圖所示，則A．=0時(shí)刻，，兩質(zhì)點(diǎn)的加速度相同B．、兩質(zhì)點(diǎn)的平衡位置間的距離為波長(zhǎng)的整數(shù)倍C．當(dāng)質(zhì)點(diǎn)的速度最大時(shí)，質(zhì)點(diǎn)的速度為零D．當(dāng)質(zhì)點(diǎn)的位移為+2

m時(shí)，質(zhì)點(diǎn)的位移為–1

m【答案】AD【解析】A．兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)都做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，=0時(shí)刻兩質(zhì)點(diǎn)的位移相同，根據(jù)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的特征：

m

，得知加速度相同，故A正確。B．圖示時(shí)刻兩質(zhì)點(diǎn)位移相同，速度相反，但不是同相點(diǎn)，所以?xún)少|(zhì)點(diǎn)的平衡位置間的距離不是波長(zhǎng)的整數(shù)倍，故B錯(cuò)誤。C．由圖看出，正向平衡位置運(yùn)動(dòng)，速度增大，正向波峰運(yùn)動(dòng)，速度減小，當(dāng)通過(guò)1cm位移到達(dá)平衡位置時(shí)，還沒(méi)有到達(dá)波峰，則質(zhì)點(diǎn)速度最大時(shí)，質(zhì)點(diǎn)速度不為零。故C錯(cuò)誤。D．假設(shè)在=0時(shí)刻，之間只有一個(gè)波峰則其位置在=3的位置，當(dāng)質(zhì)點(diǎn)位移為+2

cm到達(dá)波峰時(shí)，波向右傳播2

m的距離，將波形向右平移2

m可看出，此時(shí)質(zhì)點(diǎn)位于平衡位置下方，位移為–1

cm，故D正確。13．一起重機(jī)的鋼繩由靜止開(kāi)始勻加速提起質(zhì)量為的重物，當(dāng)重物的速度為時(shí)，起重機(jī)的有用功率達(dá)到最大值。以后，起重機(jī)保持該功率不變，繼續(xù)提升重物，直到以最大速度勻速上升。則下列說(shuō)法正確的是A．鋼繩的最大拉力為

B．鋼繩的最大拉力為 +C．重物的最大速度為

mgD．重物做勻加速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間

mv

Pmgv【答案】ACD【解析】AB．重物先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，再做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，最后做勻速運(yùn)動(dòng)，開(kāi)始勻加速時(shí)加速度最大，繩子拉力最大，重物的速度為時(shí)，起重機(jī)的有用功率達(dá)到最大值，由

，可得鋼繩的最大拉力為=

，故A正確，B錯(cuò)誤；C．最后重物勻速運(yùn)動(dòng)，牽引力等于重力大小mgF

mg

，

，聯(lián)立可得重物的最大速度為=

Pmg

，故C正確；D．勻加速階段，鋼繩拉力為，重物做勻加速運(yùn)動(dòng)由牛頓第二定律可得F

mg

ma，由前面分析可知F

P

，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得

可得

，聯(lián)立可求的時(shí)間

，故D正確。 Pmgv14．為了測(cè)定一個(gè)水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小，小明所在的物理興趣小組做了如下實(shí)驗(yàn)：用長(zhǎng)為的絕緣輕質(zhì)細(xì)線，上端固定于點(diǎn)，下端拴一質(zhì)量為、帶電荷量為＋的小球（可視為質(zhì)點(diǎn)），如圖所示，開(kāi)始時(shí)，將線與小球拉成水平，然后釋放，小球由靜止開(kāi)始向下擺動(dòng)，擺到點(diǎn)時(shí)速度恰好為零，然后又從點(diǎn)向點(diǎn)擺動(dòng)，如此往復(fù)。小明用測(cè)量工具測(cè)量與水平方向所成的角度θ，剛好為60°。不計(jì)空氣阻力，下列說(shuō)法中正確的是A．在點(diǎn)時(shí)小球受到的合力為0B．電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為 mgqC．小球從運(yùn)動(dòng)到，重力勢(shì)能減小

D．小球在下擺的過(guò)程中，小球的重力勢(shì)能和電勢(shì)能之和先減小后增大【答案】BCD【解析】A．小球在點(diǎn)受重力豎直向下，電場(chǎng)力水平向右，故合力一定不為零，故A錯(cuò)誤；B．小球由到的過(guò)程中，由動(dòng)能定理可得：sinθ–（1–cos60°）=0，則電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為E

mg

，故B正確；C．小球從運(yùn)動(dòng)到，重力做正功，==sinθ，故重力勢(shì)能減小q

，故C正確；D．小球在下擺過(guò)程中，除重力做功外，還有電場(chǎng)力做功，故機(jī)械能不守恒，但機(jī)械能和電勢(shì)能總能量之和不變，因?yàn)榍蛟谙聰[的過(guò)程中，動(dòng)能先增加后減小，則小球的重力勢(shì)能和電勢(shì)能之和先減小后增大，故D正確。非選擇題部分三、實(shí)驗(yàn)題（本題共2小題，共17分）15．（7分）某實(shí)驗(yàn)小組利用如圖1所示的裝置“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”。圖1 圖2（1）實(shí)驗(yàn)中除了需要小車(chē)、砝碼、托盤(pán)、細(xì)繩、附有定滑輪的長(zhǎng)木板、墊木、打點(diǎn)計(jì)時(shí)器、低壓交流電源、兩根導(dǎo)線、復(fù)寫(xiě)紙、紙帶之外，還需要__________、__________。（2）下列做法正確的是__________。A．調(diào)節(jié)滑輪的高度，使?fàn)恳≤?chē)的細(xì)繩與長(zhǎng)木板保持平行B．在調(diào)節(jié)木板傾斜角度平衡小車(chē)受到的滑動(dòng)摩擦力時(shí)，將裝有砝碼的托盤(pán)通過(guò)定滑輪拴在小車(chē)上C．實(shí)驗(yàn)時(shí)，先放開(kāi)小車(chē)再接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源D．通過(guò)增減小車(chē)上的砝碼改變質(zhì)量時(shí)，不需要重新調(diào)節(jié)木板傾斜度E．用托盤(pán)和盤(pán)內(nèi)砝碼的重力作為小車(chē)和車(chē)上砝碼受到的合外力，為減小誤差，實(shí)驗(yàn)中一定要保證托盤(pán)和砝碼的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車(chē)和車(chē)上砝碼的總質(zhì)量（3）某同學(xué)以小車(chē)和車(chē)上砝碼的總質(zhì)量的倒數(shù)

M

為橫坐標(biāo)，小車(chē)的加速度為縱坐標(biāo)，在坐標(biāo)紙上作出的－

M

關(guān)系圖線如圖2所示。由圖可分析得出：加速度與質(zhì)量成__________關(guān)系（填“正比”或“反比”）；圖線不過(guò)原點(diǎn)說(shuō)明實(shí)驗(yàn)有誤差，引起這一誤差的主要原因是平衡摩擦力時(shí)長(zhǎng)木板的傾角__________（填“過(guò)大”或“過(guò)小”）?！敬鸢浮浚?）天平（1分） 刻度尺（1分） （2）ADE（3分） （3）反比（1分） 過(guò)大（1分）【解析】（1）實(shí)驗(yàn)中用砝碼桶的總重力表示小車(chē)的拉力，需測(cè)量砝碼桶的質(zhì)量，所以還需要天平。實(shí)驗(yàn)中需要用刻度尺測(cè)量紙帶上點(diǎn)跡間的距離，從而得出加速度，所以還需要刻度尺。（2）A、實(shí)驗(yàn)時(shí)調(diào)節(jié)滑輪的高度，使?fàn)恳緣K的細(xì)繩與長(zhǎng)木板保持平行，故A正確。B、平衡摩擦力時(shí)，不能將裝有砝碼的砝碼桶通過(guò)定滑輪拴在木塊上，故B錯(cuò)誤。C、實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)先接通電源，再釋放紙帶，故C錯(cuò)誤。D、通過(guò)增減木塊上的砝碼改變質(zhì)量時(shí)，不需要重新調(diào)節(jié)木板傾斜度，故D正確。E、對(duì)整體分析，根據(jù)牛頓第二定律可知：

mgM

m

，則繩子上拉力大小F

MmgM

m

mg

m

，當(dāng)mM

，即砝碼桶及桶內(nèi)砝碼的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車(chē)和小車(chē)上砝碼的M總質(zhì)量時(shí)，砝碼桶及桶內(nèi)砝碼的總重力在數(shù)值上近似等于小車(chē)運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的拉力。故E正確。（3）因?yàn)?/p>

M

圖象是一條直線，與成反比；圖象在軸上有截距，這是平衡摩擦力時(shí)長(zhǎng)木板的傾角過(guò)大造成的。16．（10分）某同學(xué)為了測(cè)量一節(jié)電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，從實(shí)驗(yàn)室找到以下器材：一個(gè)滿(mǎn)偏電流為100μ

A，內(nèi)阻為2

500

Ω

的表頭，一個(gè)開(kāi)關(guān)，兩個(gè)電阻箱（0~999.9

Ω

）和若干導(dǎo)線。（1）由于表頭量程偏小，該同學(xué)首先需將表頭改裝成量程為50

mA的電流表，則應(yīng)將表頭與電阻箱_________（填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”），并將該電阻箱阻值調(diào)為_(kāi)________Ω

。（2）接著該同學(xué)用改裝的電流表對(duì)電池的電動(dòng)勢(shì)及內(nèi)阻進(jìn)行測(cè)量，實(shí)驗(yàn)電路如圖所示，通過(guò)改變電阻測(cè)相應(yīng)的電流，且作相關(guān)計(jì)算后一并記錄如下表。RI

①根據(jù)表中數(shù)據(jù)，下圖中已描繪出四個(gè)點(diǎn)，請(qǐng)將第5、6兩組數(shù)據(jù)也描繪在圖中，并畫(huà)出–圖線。②根據(jù)圖線可得電池的電動(dòng)勢(shì)是________V，內(nèi)阻是________Ω

?！敬鸢浮浚?）并聯(lián)（2分） 5.0（2分） （2）① （2分） ②1.53（2分） 2.0（2分）【解析】（1）由題意知，=100μ

A，=2500Ω

，量程=50mA，根據(jù)并聯(lián)分流原理，改裝成大量程電流表需并聯(lián)的電阻=

IggI

I

g

=5.0Ω

。（2）①根據(jù)描點(diǎn)法作出5、6兩點(diǎn)，再將各點(diǎn)擬合為對(duì)應(yīng)的直線，注意誤差較大的點(diǎn)要去除；即得出對(duì)應(yīng)的圖象如圖所示；②因②因即表示電源的路端電壓，則有

E

r

，則由圖象可知，對(duì)應(yīng)的電動(dòng)勢(shì)為1.53V，內(nèi)阻為r

。三、計(jì)算題（本題共3小題，共37分）17．（10分）如圖所示，是豎直平面內(nèi)固定的光滑絕緣軌道，水平且足夠長(zhǎng)，下端與相切。質(zhì)量為的帶正電小球靜止在水平軌道上，質(zhì)量為2的帶正電小球從上距水平軌道高為處由靜止釋放。在球進(jìn)入水平軌道之前，由于、兩球相距足夠遠(yuǎn)，相互作用的靜電力忽略不計(jì)，、兩球組成的系統(tǒng)的電勢(shì)能可認(rèn)為是零，帶電小球均可視為質(zhì)點(diǎn)。己知重力加速度為。（1）、兩球相距最近時(shí)，求球的速度大小。（2）、兩球相距最近時(shí)，求、兩球組成的系統(tǒng)的電勢(shì)能。（3）求、兩球最終的速度大小A、B。 【答案】（1） gh

（3分） （2） （3分） （3）

gh

gh

（4分） 【解析】（1）對(duì)

球下滑的過(guò)程，由動(dòng)能定理得：

mgh

mv（2分）解得：

gh

（1分）（2）當(dāng)球進(jìn)入水平軌道后，、

兩球組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，當(dāng)、

相距最近時(shí)，兩球速度相等，由動(dòng)量守恒定律可得：mv

mm（1分）

mm

E

（1分）

mv

p聯(lián)立解得：E

mgh（1分）p（3）當(dāng)、

相距最近之后，由于靜電斥力的相互作用，它們將會(huì)相互遠(yuǎn)離，當(dāng)它們相距足夠遠(yuǎn)時(shí)，它們之間的相互作用力可視為零，電勢(shì)能也視為零，它們就達(dá)到最終的速度，該過(guò)程中，

、

兩球組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒、能量也守恒，由動(dòng)量守恒定律可得：mv

mv

mv

（1分）

mv

mv

mv

（1分）

gh

gh

（2分）

18．（12分）如圖甲所示，質(zhì)量為、帶電荷量為－的帶電粒子在=0時(shí)刻由點(diǎn)以初速度垂直進(jìn)入磁場(chǎng)，Ⅰ區(qū)域磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小不變，方向周期性變化，如圖乙所示（垂直紙面向里為正方向）；Ⅱ區(qū)域?yàn)閯驈?qiáng)電場(chǎng)，方向向上；Ⅲ區(qū)域?yàn)閯驈?qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小與Ⅰ區(qū)域相同，均為。粒子在Ⅰ區(qū)域內(nèi)一定能完成半圓運(yùn)動(dòng)且每次