物理卷（解析）·2015屆山西省山大附中高三12月月考物理試卷

山西大學(xué)附中2014~2015學(xué)年第一學(xué)期高三12月月考物理試題考試時間：90分鐘滿分：110分【試卷綜析】本試卷是高三模擬試題，包含了高中物理的基本內(nèi)容，主要包含受力分析、物體的平衡、勻變速直線運(yùn)動規(guī)律、牛頓運(yùn)動定律、運(yùn)動的合成和分解、萬有引力定律及其應(yīng)用、動能定理、電場、磁場、交流的峰值、有效值以及它們的關(guān)系、動量守恒定律等內(nèi)容，在考查問題上以基本定義、基本規(guī)律為主，重視生素養(yǎng)的考查，注重主干知識，兼顧覆蓋面。一、選擇題（共48分）：本題共12小題，每小題4分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，第1-5題只有一個選項(xiàng)符合題目要求，第6-12題有多項(xiàng)符合題目要求。全部答對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分?！绢}文】1、如圖所示，小方塊代表一些相同質(zhì)量的鉤碼，圖①中O為輕繩之間聯(lián)結(jié)的節(jié)點(diǎn)，圖②中光滑的滑輪跨在輕繩上懸掛鉤碼，兩裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)將圖①中的B滑輪或圖②中的端點(diǎn)B沿虛線稍稍上移一些，則關(guān)于θ角變化說法正確的是（）A.圖①、圖②中θ角均增大B.圖①、圖②中θ角均不變C.圖①中θ增大、圖②中θ角不變化D.圖①中θ不變、圖②中θ角變大【知識點(diǎn)】合力的大小與分力間夾角的關(guān)系．B7【答案解析】B解析：圖1中，根據(jù)鉤碼個數(shù)，三個力正好構(gòu)成直角三角形，若端點(diǎn)B沿虛線稍稍上移一些，三力大小不變，根據(jù)力的合成法則，可知，方向不變，即夾角不變．圖2中，因滑輪光滑，繩子中的張力相等，則A、B的力總是相等的，因此合力平分A、B繩的夾角，即使稍上移，繩子張力大小仍不變，根據(jù)力的合成法則，可知，AB夾角也不變．故選：B【思路點(diǎn)撥】根據(jù)力的平行四邊形定則，結(jié)合幾何關(guān)系，即可求解．【題文】2、內(nèi)壁光滑，水平放置的玻璃圓環(huán)內(nèi)，有一直徑略小于環(huán)口直徑的帶正電小球，以速度v0沿逆時針方向勻速轉(zhuǎn)動，如圖所示，若在此空間突然加上方向豎直向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間成正比增加的變化磁場，運(yùn)動過程中小球帶電量不變，正確的是（）A．小球?qū)ΣＡЛh(huán)的壓力一定不斷增大B．小球受到的磁場力一定不斷增大C．小球先沿逆時針方向減速運(yùn)動一段時間后沿順時針方向加速運(yùn)動D．磁場力對小球先做負(fù)功后做正功【知識點(diǎn)】安培力；左手定則．I1【答案解析】C解析：磁感應(yīng)強(qiáng)度豎直向上，B隨時間成正比增加，由楞次定律可知，變化的磁場產(chǎn)生的感生電場沿順時針方向；小球帶正電，小球所受電場力沿順時針方向，與小球的運(yùn)動方向相反，小球做減速運(yùn)動，當(dāng)小球速度減小到零后，小球沿順時針方向加速運(yùn)動，速度又不大增加；A、小球在水平面內(nèi)做圓周運(yùn)動，環(huán)對小球的彈力與小球所受的洛倫茲力提供向心力，小球做逆時針減速運(yùn)動時，洛倫茲力與向心力方向相反，則環(huán)對小球的彈力減去洛倫茲力等于向心力，當(dāng)小球速度為0時，向心力和洛倫茲力均為0，則環(huán)對小球的彈力為0，即小球?qū)ΣＡЛh(huán)的壓力減小了，故A錯誤；B、由于小球的速度先減小后增大，由洛倫茲力公式f=qvB可知，小球受到的磁場力先減小后增大，故B錯誤；C、小球先沿逆時針方向減速運(yùn)動，過一段時間后沿順時針方向加速運(yùn)動，故C正確；D、洛倫茲力始終與小球的運(yùn)動方向垂直，磁場力對小球不做功，故D錯誤；故選C．【思路點(diǎn)撥】變化的磁場產(chǎn)生感生電場，由楞次定律判斷出感生電場方向，然后判斷帶電小球受到的電場力方向，判斷小球的運(yùn)動性質(zhì)，然后判斷小球?qū)Νh(huán)的壓力如何變化，判斷小球受到的磁場力如何變化．．【題文】3、人類對自己賴以生存的地球的研究，是一個永恒的主題．我國南極科學(xué)考察隊(duì)存地球的南極用彈簧測力計(jì)稱得某物體重為P，在回國途經(jīng)赤道時用彈簧測力計(jì)稱得同一物體重為0.9P．若已知地球自轉(zhuǎn)周期為T，萬有引力常量為G，假設(shè)地球是質(zhì)量均勻分布的球體，則由以上物理量可以求得（）A.物體的質(zhì)量mB.球的半徑RC.地球的質(zhì)量MD.地球的密度ρ【知識點(diǎn)】萬有引力定律及其應(yīng)用．D5【答案解析】D解析：因?yàn)閮蓸O處的萬有引力等于物體的重力，故：P=由于赤道處的向心力等于萬有引力與物體在赤道處的重力之差，故：P﹣0.9P=m（）2R故：M=A、物體的質(zhì)量是任意的，故無法求解出，故A錯誤；B、C、由于不知道地球半徑，故無法求解地球的質(zhì)量，故BC均錯誤；D、地球密度：，故D正確；故選：D．【思路點(diǎn)撥】兩極處的萬有引力等于物體的重力，赤道處的重力等于萬有引力與物體繞地球自轉(zhuǎn)所需的向心力之差，結(jié)合萬有引力定律公式列式求解即可．【題文】4、ab是長為的均勻帶電絕緣細(xì)桿，P1、P2是位于ab所在直線上的兩點(diǎn)，位置如圖所示．a(chǎn)b上電荷產(chǎn)生的靜電場在P1處的場強(qiáng)大小為E1，在P2處的場強(qiáng)大小為E2．若將絕緣細(xì)桿的右半邊截掉并移走（左邊電量、位置不變），則P2處的場強(qiáng)大小為（）A.B.C.D.【知識點(diǎn)】電場的疊加．I1【答案解析】B解析：將均勻帶電細(xì)桿等分為很多段，每段可看作點(diǎn)電荷．設(shè)細(xì)桿帶正電根據(jù)場的疊加，這些點(diǎn)電荷在P1的合場強(qiáng)方向向左，在P2的合場強(qiáng)方向向右，由題意可知，右半邊的電荷在P2處的電場強(qiáng)度為E1，而整個桿電荷在P2處的電場強(qiáng)度為E2，則左半邊桿的電荷在P2處的電場強(qiáng)度為E2﹣E1．故選B.【思路點(diǎn)撥】由于細(xì)桿均勻帶電，我們?nèi)關(guān)于P1的對稱點(diǎn)a′，則a與a′關(guān)于P1點(diǎn)的電場互相抵消，整個桿對于P1點(diǎn)的電場，僅僅相對于a′b部分對于P1的產(chǎn)生電場．而對于P2，卻是整個桿都對其有作用，所以，P2點(diǎn)的場強(qiáng)大．【題文】5、汽車電動機(jī)啟動時車燈會瞬時變暗，如圖，在打開車燈的情況下，電動機(jī)未啟動時電流表讀數(shù)為10A，電動機(jī)啟動時電流表讀數(shù)為58A，若電源電動勢為12.5V，內(nèi)阻為0.05Ω，電流表內(nèi)阻不計(jì)，則因電動機(jī)啟動，車燈的電功率降低了（）A.35.8WB.43.2WC.48.2WD.76.8W【知識點(diǎn)】閉合電路的歐姆定律；電功、電功率．J2【答案解析】B解析：電動機(jī)不啟動時，燈泡的電壓為電源路端電壓，設(shè)為UL，電動機(jī)啟動后燈泡電壓仍為路端電壓，設(shè)為UL′．由歐姆定律得I=求得R=1.2Ω，燈泡消耗功率為PL=EI﹣I2r=120W；電動機(jī)啟動后，路端電壓UL′=E﹣I′r=9.6V，燈泡消耗電功率為PL′==W=76.8W．所以燈泡功率降低了△P=120W﹣76.8W=43.2W；故選：B．【思路點(diǎn)撥】電機(jī)不啟動時電源電壓直接加在燈泡兩端，由閉合電路歐姆定律可求得通過燈泡的電流，由功率公式可求得燈泡消耗的功率；而當(dāng)電機(jī)啟動時，電動機(jī)與燈泡并連接在電源兩端，此時燈泡兩端的電壓仍等于路端電壓，由功率公式可求得車燈消耗的功率；則可求得車燈的電功率降低值．．【題文】6、如圖所示，水平放置的平行板電容器，上板帶負(fù)電，下板帶正電，帶電小球以速度v0水平射入電場，且沿下板邊緣飛出．若下板不動，將上板上移一小段距離，小球仍以相同的速度v0從原處飛入，則帶電小球（）A.將打在下板中央B.仍沿原軌跡由下板邊緣飛出C.不發(fā)生偏轉(zhuǎn)，沿直線運(yùn)動D.若上板不動，將下板上移一段距離，小球可能打在下板的中央【知識點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動；電容器的動態(tài)分析．I3【答案解析】BD解析：ABC、將電容器上板向下移動一段距離，電容器所帶的電量Q不變，由于：E===，由公式可知當(dāng)d減小時，場強(qiáng)E不變，以相同的速度入射的小球仍按原來的軌跡運(yùn)動，故A錯誤，B正確，C錯誤．D、若上板不動，將下板上移一段距離時，根據(jù)推論可知，板間電場強(qiáng)度不變，粒子所受的電場力不變，粒子軌跡不變，小球可能打在下板的中央，故D正確．故選：BD【思路點(diǎn)撥】將電容器上板向下移動一段距離，電容器所帶的電量Q不變，根據(jù)電容器的定義式導(dǎo)出電場強(qiáng)度的變化，判斷粒子的運(yùn)動情況．【題文】7、如圖所示，質(zhì)量為m2的物體，放在沿平直軌道向左行駛的車廂底板上，并用豎直細(xì)繩通過光滑的定滑輪連接質(zhì)量為m1的物體．當(dāng)車向左加速運(yùn)動時，與物體m1相連接的繩與豎直方向成θ角，m2與車廂相對靜止．則（）A.車廂的加速度為gsinθB.繩對物體m1的拉力為C.底板對物體m2的支持力為（m2﹣m1）gD.物體m2所受底板的摩擦力為m2gtanθ【知識點(diǎn)】牛頓第二定律；力的合成與分解的運(yùn)用．C2B3【答案解析】BD解析：A、B以物體1為研究對象，分析受力情況如圖2：重力m1g和拉力T，根據(jù)牛頓第二定律得m1gtanθ=m1a，得a=gtanθ，則車廂的加速度也為gtanθ．T=．故A錯誤，B正確．C、D對物體2研究，分析受力如圖1，根據(jù)牛頓第二定律得：N=m2g﹣T=，f=m2a=m2gtanθ．故C錯誤，D正確．故選BD【思路點(diǎn)撥】先以物體1為研究對象，分析受力情況，根據(jù)牛頓第二定律求出其加速度和繩的拉力．再對物體2研究，由牛頓第二定律求出支持力和摩擦力．【題文】8、如圖所示，A、C和B、C是兩個固定的斜面，斜面的頂端A、B在同一豎直線上．甲、乙兩個小物體在同一豎直線上．甲、乙兩個小物塊分別從斜面AC和BC頂端由靜止開始下滑，質(zhì)量分別是、（），與斜面間的動摩擦因數(shù)均為μ．若甲、乙滑至底端C的過程中克服摩擦力做的功分別是、，所需時間分別是、．甲、乙滑至底端C時速度分別是、，動能分別是、，則（）A.＞B.＞C.＜D.＜【知識點(diǎn)】動能定理的應(yīng)用．E2【答案解析】BC解析：A、設(shè)斜面的傾角為θ，斜面水平長度為L，由動能定理得：mgLtanθ﹣μmgcosθ=EK1﹣0，EK1=mgL（tanθ﹣μ），m1＜m2，θ1＞θ2，無法判斷兩物體動能大小，故A錯誤；B、EK1=mgL（tanθ﹣μ）=mv2，v=，θ1＞θ2，v1＞v2，故B正確；C、克服摩擦力做的功W=μmgcosθ×=μmgL，∵m1＜m2，∴W1＜W2，故C正確；D、由牛頓第二定律得：mgsinθ﹣μmgcosθ=ma，=at2，t==，根據(jù)題意無法確定2θ﹣β的取值范圍，無法確定sin（2θ﹣β）大小關(guān)系，無法確定時間關(guān)系，故D錯誤；故選：BC．【思路點(diǎn)撥】應(yīng)用動能定理求出物體到達(dá)底端的動能，然后比較動能大小，根據(jù)動能的計(jì)算公式求出物體的速度，然后比較大??；由功的計(jì)算公式求出克服摩擦力所做的功，然后比較功的大?。挥膳ｎD第二定律與運(yùn)動學(xué)公式求出物體的運(yùn)動時間，然后比較時間大小．【題文】9、在軍事演習(xí)中，某空降兵從懸停在空中的直升飛機(jī)上跳下，從跳離飛機(jī)到落地的過程中沿豎直方向運(yùn)動的v-t圖象如圖所示，則下列說法正確的是（）A．0～10s內(nèi)空降兵和降落傘整體機(jī)械能守恒B．0～10s內(nèi)空降兵和降落傘整體所受空氣阻力越來越大C．10s～15s時間內(nèi)運(yùn)動員的平均速度D．10s～15s內(nèi)空降兵和降落傘整體處于失重狀態(tài)【知識點(diǎn)】機(jī)械能守恒定律；勻變速直線運(yùn)動的圖像．E3A5【答案解析】BC解析：A、由圖示v﹣t圖象可知，圖線上某點(diǎn)的切線的斜率表示該時刻加速度，故0﹣10s內(nèi)空降兵運(yùn)動的加速度越來越小，空降兵運(yùn)動過程要克服阻力做功，機(jī)械能不守恒，故A錯誤；B、由A可知，0～10s內(nèi)加速度減小，由牛頓第二定律可知，所受合外力減小，空氣阻力越來越大，故B正確；C、如果物體做勻減速直線運(yùn)動，=，由圖示圖中可知，10s～15s，速度向下做加速度不斷減小的減速直線運(yùn)動，則＜，故C正確；D、10s～15s內(nèi)空降兵向下做加速度不斷減小的減速直線運(yùn)動，加速度向上，處于超重狀態(tài)，故D錯誤；故選：BC．【思路點(diǎn)撥】從圖象可以看出，空降兵先做加速度不斷減小的加速運(yùn)動，再做加速度不斷減小的減速運(yùn)動，最后勻速運(yùn)動；根據(jù)速度時間圖線與坐標(biāo)軸包圍的面積表示位移以及圖線上某點(diǎn)的切線的斜率表示該時刻加速度來進(jìn)行分析．【題文】10、如圖所示，在水平勻強(qiáng)電場和垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場中，有一豎直足夠長固定絕緣桿MN，小球P套在桿上，已知P的質(zhì)量為m，電量為+q，電場強(qiáng)度為E、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，P與桿間的動摩擦因數(shù)為μ，重力加速度為g.小球由靜止開始下滑直到穩(wěn)定的過程中（）A．小球的加速度一直減小B．小球的機(jī)械能和電勢能的總和保持不變C．下滑加速度為最大加速度一半時的速度可能是D．下滑加速度為最大加速度一半時的速度可能是【知識點(diǎn)】牛頓第二定律；帶電粒子在混合場中的運(yùn)動．C2K3【答案解析】CD解析：小球靜止時只受電場力、重力、支持力及摩擦力，電場力水平向左，摩擦力豎直向上；開始時，小球的加速度應(yīng)為a=；小球速度將增大，產(chǎn)生洛侖茲力，由左手定則可知，洛侖茲力向右，故水平方向合力將減小，摩擦力減小，故加速度增大；故A錯誤；當(dāng)洛侖茲力等于電場力時，摩擦力為零，此時加速度為g，達(dá)最大；此后速度繼續(xù)增大，則洛侖茲力增大，水平方向上的合力增大，摩擦力將增大；加速度將減小，故最大加速度的一半會有兩種情況，一是在洛侖茲力小于電場力的時間內(nèi)，另一種是在洛侖茲力大于電場力的情況下，則：=，解得，V1=，故C正確；同理有：=，解得V2=，故D正確；而在下降過程中有摩擦力做功，故有部分能量轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，故機(jī)械能和電勢能的總和將減??；故B錯誤；故選CD．【思路點(diǎn)撥】對小球進(jìn)行受力分析，再根據(jù)各力的變化，可以找出合力及加速度的變化；即可以找出小球最大速度及最大加速度的狀態(tài)．【題文】11、如圖所示，帶正電的金屬圓環(huán)豎直放置，AB是軸線上相對于圓心的對稱點(diǎn).某時刻一個電子從A點(diǎn)沿軸線向右運(yùn)動至B點(diǎn)，此過程中電子運(yùn)動的v-t圖象可能是（）【知識點(diǎn)】電勢差與電場強(qiáng)度的關(guān)系．I2【答案解析】ABC解析：電子以速度υ0沿軸線水平向右運(yùn)動，所受電場力方向向左，大小變化情況有兩種可能：（1）先增大后減??；（2）一直減小．所以電子一定做加速度變化的變速運(yùn)動，速度先增大后減小，AB兩點(diǎn)電勢相同，故速度大小和方向相同，故D不可能，ABC可能．故選：ABC．【思路點(diǎn)撥】圓弧的中軸線上的場強(qiáng)的發(fā)布是：從圓弧的中心向兩邊先增大后減小，所以從A釋放開始到運(yùn)動到B點(diǎn)的過程中，所受電場力變化情況可能先增大后減小圓心處為零，也可能一直減小，但速度先增大后減小，AB速度相同．【題文】12、如圖，在光滑絕緣的水平桌面上方固定著電荷量大小相等的兩個點(diǎn)電荷，一個帶電小球（可視為點(diǎn)電荷）恰好圍繞O點(diǎn)在桌面上做勻速圓周運(yùn)動．已知O、q1、q2在同一豎直線上，下列判斷正確的是（）A.q1、q2為異種電荷B.圓軌道上的電場強(qiáng)度處處相同C.圓軌道上的電勢處處相等D.點(diǎn)電荷q1對小球的靜電力是吸引力【知識點(diǎn)】電場線．I1【答案解析】CD解析：A、帶電小球（可視為點(diǎn)電荷）恰好圍繞O點(diǎn)在桌面上做勻速圓周運(yùn)動，說明小球受到的重力與電場力的合力提供向心力，所以電場力的方向斜向上，但是不能確定兩個點(diǎn)電荷是否是異種電荷，或是同種電荷．故A錯誤；B、由題意，根據(jù)電場線的分布情況可知：圓軌道上電場線疏密處處相同，電場強(qiáng)度的大小處處相等，但方向不同，所以電場強(qiáng)度不相同．故B錯誤；C、根據(jù)兩個點(diǎn)電荷q1、q2電場中等勢面分布的對稱性可知，圓軌道上的電勢處處相等，故C正確．D、帶電小球做勻速圓周運(yùn)動，合外力提供向心力，由于兩個電荷的電荷量相等，q1離帶電小球比q2近，庫侖力較大，水平方向的分力較大，則q1對小球的庫侖力必定是吸引力，小球所受兩個電荷的庫侖力的合外力指向圓心的分力提供向心力，由于q1對帶電小球的庫侖力較大，水平方向的分力較大，q1、q2可能為異種電荷，則q2對小球的庫侖力可能是斥力，故D正確．故選：CD．【思路點(diǎn)撥】根據(jù)電場中等勢面分布的對稱性可分析出圓軌道上電勢情況；根據(jù)電場線的分布情況，分析電場強(qiáng)度的關(guān)系，電場強(qiáng)度是矢量，只有大小和方向都相同時，電場強(qiáng)度才相同．帶電小球做勻速圓周運(yùn)動，合外力提供向心力，分析兩個電荷的電性和q1對小球的庫侖力．二、實(shí)驗(yàn)題（共16分）【題文】13、（10分）某實(shí)驗(yàn)小組在實(shí)驗(yàn)室用如圖（甲）所示的裝置來研究加速度和有關(guān)能量的問題．（1）需要將長木板的右端墊高（即平衡摩擦力，下面實(shí)驗(yàn)均有此步驟），直到在沒有砂桶拖動下，小車拖動紙帶穿過計(jì)時器時能做運(yùn)動．（2）同學(xué)B若用此實(shí)驗(yàn)裝置來驗(yàn)證砂和砂桶（質(zhì)量為m）以及小車（質(zhì)量為M）組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，以O(shè)C段的運(yùn)動為例（設(shè)OC的距離為x3），其實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)應(yīng)滿足的關(guān)系式是，（用本題的符號表示，不要求計(jì)算結(jié)果，已知當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間，相鄰兩個計(jì)數(shù)點(diǎn)間時間間隔為T）（3）同學(xué)C采用圖（甲）的裝置研究外力做功和動能變化關(guān)系，根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)若繪出了△v2﹣s圖線（其中△v2=v2﹣v02，），圖線應(yīng)是一條．（4）同學(xué)甲和乙采用圖（甲）裝置研究小車加速度和力之間的關(guān)系，由于操作失誤，根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)做出了a﹣F圖象如圖（丙）所示：則由圖中信息可知：①小車的質(zhì)量M=kg．（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）②分析后知道，甲乙兩個同學(xué)在平衡摩擦力時將長木板墊高的高度h甲h乙（填“大于”、“小于”或“等于”）【知識點(diǎn)】探究功與速度變化的關(guān)系．E4【答案解析】（1）勻速直線；（2）mgx3=（m+M）；（3）過原點(diǎn)的傾斜直線；（4）2.0；大于解析：（1）直到在沒有沙桶拖動下，小車拖動紙帶穿過計(jì)時器時能勻速直線運(yùn)動，摩擦力得到平衡；（2）在某段時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻的瞬時速度，所以C點(diǎn)的瞬時速度v，則系統(tǒng)機(jī)械能守恒滿足mgx3=（m+M）vC2=（m+M）；（3）由動能定理，，則，圖線應(yīng)是一條過原點(diǎn)的傾斜直線；（4）由a﹣F圖線可知，圖中圖線的斜率為k=，則小車的質(zhì)量M=，根據(jù)圖象可知，當(dāng)F=0時，甲的加速度大，所以甲的傾角大，則甲乙兩個同學(xué)在平衡摩擦力時將長木板墊高的高度h甲大于h乙．【思路點(diǎn)撥】（1）在沒有沙桶拖動下，小車和紙帶能做勻速直線運(yùn)動時，摩擦力得到平衡．（2）在某段時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻的瞬時速度，所以C點(diǎn)的瞬時速度等于BD的平均速度．判斷系統(tǒng)機(jī)械能是否守恒，看系統(tǒng)重力勢能的減小量（即m的重力勢能減小量）與系統(tǒng)動能的增加量是否相等．（3）根據(jù)動能定理，，可得出△v2﹣s的關(guān)系，從而圖線的形狀．（4）由a﹣F圖線可知，圖中圖線的斜率為k=．【題文】14、（6分）有一電流表A，量程為1mA，內(nèi)阻r1約為100Ω，要求測量其內(nèi)阻．可選用器材有：電阻箱R1，最大阻值為999.9Ω；滑動變阻器甲，最大阻值為10kΩ；滑動變阻器乙，最大阻值為2kΩ；電源E，電動勢約為6V，內(nèi)阻不計(jì)；開關(guān)2個，導(dǎo)線若干．采用的測量電路圖如圖所示，實(shí)驗(yàn)步驟如下：①斷開S1和S2，將R調(diào)到最大；②合上S1，調(diào)節(jié)R使A表滿偏；③保持R不變，合上S2，調(diào)節(jié)R1使A表半偏，此時可以認(rèn)為A表的內(nèi)阻r1＝R1.在上述可供選擇的器材中，可變電阻R應(yīng)該選擇（選填“甲”或“乙”）；認(rèn)為內(nèi)阻r1＝R1，此結(jié)果與r1的真實(shí)值相比（選填“偏大”、“偏小”或“相等”）【知識點(diǎn)】伏安法測電阻．J4【答案解析】甲；偏?。馕觯涸搶?shí)驗(yàn)的原理是通過半偏法測量電流表的內(nèi)阻，所以需要有一個相對不變的電流，所以，電阻值較大的滑動變阻器能更好地做到這一點(diǎn)，所以需要選擇最大阻值為10kΩ的滑動變阻器甲；閉合電建S2后，電流表部分的并聯(lián)電阻值變小，所以閉合電路的總電阻變小，電路中的總電流變大；所以當(dāng)電流表的指針半偏時，流過電阻箱的實(shí)際電流要大于流過電流表的電流，所以電阻箱的電阻值要比電流表的內(nèi)阻?。礈y量值小于真實(shí)值．【思路點(diǎn)撥】器材選取的原則是安全、精確，根據(jù)此原則選擇合適的器材．通過半偏法測量電流表的內(nèi)阻，根據(jù)電阻箱的讀數(shù)求出電流表的內(nèi)阻大小．三、計(jì)算題（共46分）【題文】15、（14分）如圖所示，水平桌面上靜止著質(zhì)量為M的斜面體，斜面與水平方向的夾角為θ，質(zhì)量為m的物塊放置在斜面上，斜面體與水平間的動摩擦因數(shù)為μ1，物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為μ2，已知μ2＞tanθ．現(xiàn)用一從零逐漸增大的水平拉力F拉斜面體直到物塊與斜面體發(fā)生相對滑動．（1）物塊相對斜面體滑動時所受摩擦力大??；（2）從施加F到物塊與斜面體發(fā)生相對滑動這一過程中，拉力F的最大值；（3）定性畫出斜面體M的速度隨時間的變化圖象．【知識點(diǎn)】牛頓運(yùn)動定律的綜合應(yīng)用；共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用．C5B7【答案解析】(1)(2)+μ1（M+m）g(3)如下圖解析：（1）分解加速度，沿斜面、垂直于斜面建立坐標(biāo)系．剛要滑動時，對m：受力分析如圖：f﹣mgsinθ=macosθ…①mgcosθ﹣FN=masinθ…②又f=μ2FN…③①②③聯(lián)立，解得：f=…④（2）對M、m的整體，由牛頓第二定律得：F﹣μ1（M+m）g=（M+m）a…⑤①④⑤聯(lián)立，解得F=+μ1(M+m)g（3）【思路點(diǎn)撥】（1）分解加速度，沿斜面、垂直于斜面建立坐標(biāo)系，由牛頓第二定律求解．（2）對整體，運(yùn)用牛頓第二定律求解F的最大值．（3）根據(jù)物體加速度的變化，畫出v﹣t圖象．【題文】16、(15分)如圖所示,在同一豎直平面內(nèi),一輕質(zhì)彈簧一端固定,靜止斜靠在光滑斜面上,另一自由端恰好與水平線AB齊平,一長為L的輕質(zhì)細(xì)線一端固定在O點(diǎn),另一端系一質(zhì)量為的小球,O點(diǎn)到AB的距離為2L.現(xiàn)將細(xì)線拉至水平,小球從位置C由靜止釋放,到達(dá)O點(diǎn)正下方時,細(xì)線剛好被拉斷.當(dāng)小球運(yùn)動到A點(diǎn)時恰好能沿斜面方向壓縮彈簧,不計(jì)碰撞時的機(jī)械能損失,彈簧的最大壓縮量為(在彈性限度內(nèi)),求:(1)細(xì)線所能承受的最大拉力F；(2)斜面的傾角；(3)彈簧所獲得的最大彈性勢能.【知識點(diǎn)】動能定理；向心力；彈性勢能．E2D4B1【答案解析】（1）3mg（2）45°（3）解析：（1）從C到最低點(diǎn)過程，小球的機(jī)械能守恒，則有：mgL=，最低點(diǎn)：T﹣mg=m，聯(lián)立解得：T=3mg，（2）細(xì)繩在最低點(diǎn)被拉斷后小球做平拋運(yùn)動，則小球到達(dá)A點(diǎn)時豎直方向的分速度為：2gL=，vy==，故tan，則θ=45°（3）有能量守恒得：，【思路點(diǎn)撥】（1）C到D過程，小球的機(jī)械能守恒，可求出小球到D點(diǎn)時的速度，此時細(xì)繩受到的拉力達(dá)到最大，由牛