廣東省揭陽市普寧燎原中學高三物理聯考試卷含解析

1、廣東省揭陽市普寧燎原中學高三物理聯考試卷含解析一、 選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分每小題只有一個選項符合題意1. （單選）在光滑水平面上，兩球沿球心連線以相等速率相向而行，下列現象可能的是_ _A若兩球質量相等，碰后以某一相等速率互相分開B若兩球質量相等，碰后以某一相等速率同向而行C若兩球質量不同，碰后以某一相等速率互相分開D若兩球質量不同，碰后兩球都靜止參考答案：A2. 一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，在t=0和t=0.20 s時的波形分別如圖中實線和虛線所示。己知該波的周期T0.20 s。下列說法正確的是_A波速為0.40 m/sB波長為0.08 mCx=0.08 m的質點在t

2、=0.70 s時位于波谷Dx=0.08 m的質點在t=0.12 s時位于波谷E若此波傳入另一介質中其波速變?yōu)?.80 m/s，則它在該介質中的波長為0.32 m參考答案：ACE3. A、B兩列簡諧橫波均沿x軸正向傳播，某時刻他們的波形分別如圖甲、丙所示，經過時間t（t小于A波的周期），他們的波形分別變?yōu)閳D乙、丁所示，則A、B兩列波的波速vA、vB之比可能是A 21 B 12 C13 D31 參考答案：BC4. 參考答案：B5. “重力勘探”是應用地球表面某處重力加速度的異常來尋找礦床的一種技術如圖所示，若在地球表面A處正下方有一均勻分布且半徑為R球形礦床，球心與A相距r礦床的密度為n(n1，為

3、地球的平均密度)，萬有引力常量為G則僅由于該礦床的存在，A處的重力加速度的變化量9為：參考答案：A二、 填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6. 汽車發(fā)動機的功率為50kW，若汽車總質量為5103 kg，在水平路面上行駛時，所受阻力大小恒為5103 N，則汽車所能達到的最大速度為 _m/s，若汽車以0.5m/s2的加速度由靜止開始做勻加速運動，這一過程能維持的時間為_ s。參考答案：10， 40/37. （3分）將質量為m的鉛球以大小為v的速度沿與水平方向成角的方向拋入一個裝有沙子的總質量為M，靜止的沙車中，沙車與地面的摩擦力不計，則球與沙車最終的共同速度為 。參考答案：mvcos/(

4、M+m)8. 光滑水平面上兩物體b、b用不可伸長的松弛細繩相連，A質量為2kg，B質量為1kg；現使兩物體同時沿直線背向而行(=4m/s，=2m/s)，直至繩被拉緊，然后兩物體一起運動，它們的總動量大小為 kgm/s，兩物體共同運動的速度大小為 m/s參考答案：6 29. 如圖所示，質量為50g的小球以12m/s的水平速度拋出，恰好與傾角為37o的斜面垂直碰撞，則此過程中重力的功為 J，重力的沖量為 Ns。參考答案： 6.4 0.8 小球做平拋運動，只有重力做功，與斜面碰撞時的速度，故；與斜面碰撞時的豎直分速度，代入題給數據即可解答。10. （9分）一臺小型電動機在3V電壓下工作，通過它的電流

5、是0.2A，用此電動機提升物重4N的物體，在30秒內可以使該物體勻速提升3m，除電動機線圈生熱之外不計其它的能量損失，則電動機的輸入電功率為_ W,在提升重物的30秒內，電動機線圈所產生的熱量_J,線圈的電阻_。參考答案： 0.6 W，6J，511. 如圖所示，質量為50g的小球以12m/s的水平速度拋出，恰好與傾角為37o的斜面垂直碰撞，則此過程中重力的功為 J，重力的沖量為 Ns。參考答案： 6.4 0.8 小球做平拋運動，只有重力做功，與斜面碰撞時的速度，故；與斜面碰撞時的豎直分速度，代入題給數據即可解答。12. 如圖所示，虛線a、b、c代表電場中三個等勢面，相鄰等勢面之間的電勢差相等，

6、即Uab=Ubc，實線為一帶負電的質點僅在電場力作用下通過該區(qū)域時的運動軌跡，P、Q是這條軌跡上的兩點，由此可知，P點電勢小于Q點電勢；帶電質點在P點具有的電勢能大于在Q點具有的電勢能；帶電質點通過P點時的動能小于通過Q點時的動能；帶電質點通過P點時的加速度大于通過Q點時的加速度（均選填：“大于”，“小于”或“等于”）參考答案：考點：電場線；牛頓第二定律版權所有分析：作出電場線，根據軌跡彎曲的方向可知，負電荷受力的方向向下，電場線向上故c的電勢最高；根據推論，負電荷在電勢高處電勢能小，可知電荷在P點的電勢能大；總能量守恒；由電場線疏密確定出，P點場強小，電場力小，加速度小解答：解：負電荷做曲線

7、運動，電場力指向曲線的內側；作出電場線，根據軌跡彎曲的方向和負電荷可知，電場線向上，故c等勢面電勢最高，則Q點的電勢最高，利用推論：負電荷在電勢高處電勢能小，知道質點在P點電勢能大，只有電場力做功，電勢能和動能之和守恒，故帶電質點在P點的動能與電勢能之和等于在Q點的動能與電勢能之和，P點電勢能大，動能小，等差等勢面的疏密可以表示電場的強弱，P處的等勢面密，所以P點的電場強度大，粒子受到的電場力大，粒子的加速度大故答案為：小于、大于、小于、大于點評：根據電場線與等勢面垂直，作出電場線，得到一些特殊點（電場線與等勢面交點以及已知點）的電場力方向，同時結合能量的觀點分析是解決這類問題常用方法13.

8、（6分）圍繞正在發(fā)聲的音叉運動一周，就會發(fā)現聲音忽強忽弱，這是聲波的 現象，產生這一現象的兩個波源是，它們符合 波源的條件。參考答案：干涉、音叉的兩個叉股、相干三、 簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14. （選修3-3）（6分）如圖所示，用面積為S 的活塞在汽缸內封閉著一定質量的空氣，活塞質量為m，在活塞上加一恒定壓力F，使活塞下降的最大高度為?h， 已知此過程中氣體放出的熱量為Q，外界大氣壓強為p0，問此過程中被封閉氣體的內能變化了多少？參考答案：解析：由熱力學第一定律U=W+Q得 U=（F+mg+P0S）hQ （6分）15. 直角三角形的玻璃磚ABC放置于真空中，B30，CA

9、的延長線上S點有一點光源，發(fā)出的一條光線由D點射入玻璃磚，如圖所示光線經玻璃磚折射后垂直BC邊射出，且此光束經過SD用時和在玻璃磚內的傳播時間相等已知光在真空中的傳播速度為c，ASD15.求：玻璃磚的折射率；S、D兩點間的距離參考答案：(1) (2)d試題分析：由幾何關系可知入射角i=45，折射角r=30可得在玻璃磚中光速光束經過SD和玻璃磚內的傳播時間相等有可得 SD = d考點：光的折射定律。四、計算題：本題共3小題，共計47分16. 最近一個階段我國中東部一些地區(qū)空氣污染嚴重，出現了持續(xù)的霧霾天氣。一位同學受桶裝純凈水的啟發(fā)，提出用桶裝的凈化壓縮空氣供氣，設每人1min呼吸16次，每次吸

10、入1atm的凈化空氣500mL，而每個桶能裝10atm的凈化空氣20L，假定這些空氣可以全部被使用，設溫度不變，估算一下每人每天需要多少桶凈化空氣。參考答案：58桶每人每天吸入1atm的凈化空氣的體積為 （4分） 由玻意耳定律可知，每桶10atm的凈化空氣轉化為1atm的體積為 L (4分）故每人每天需要凈化空氣的桶數為 （2分）17. 一個半徑為R、半球形的光滑碗固定不動碗口處于水平面內（1）若將小球靜止從碗口內側釋放，運動中能達到的最大速度為多少？（2）若將質量m的小球靜止從碗口內側釋放，從釋放開始計時，t時間內重力的平均功率，小球尚未到達碗底，則t時間末小球的瞬時速度為多少？（3）求在上

11、問中t時間末小球重力的瞬時功率為多少？（4）如圖所示，若將小球以沿球面的水平初速度v0從碗口內側釋放，小球會逐漸轉動著下落在運動到任意位置A時，將速度沿水平方向和沿圖中圓弧虛線的切線向下分解，則水平分速度滿足vx=（為小球與球心O點連線和水平面的夾角）某次釋放后，=30時小球速度最大求釋放初速度v0（用g、R表示）參考答案：考點：機械能守恒定律；功率、平均功率和瞬時功率專題：機械能守恒定律應用專題分析：（1）由機械能守恒定律即可求解速度；（2）根據平均功率求出高度，再由機械能守恒定律即可求解；（3）豎直方向瞬時功率Pt=mgvy，再根據幾何關系即可求解；（4）速度最大處即為其軌跡的最低點，此處

12、小球無沿球面向下的速度分量，再根據動能定理列式即可求解解答：解：（1）由機械能守恒定律有： 解得：（2）平均功率，解得 由機械能守恒定律有：t時間末瞬時速度（3）豎直方向瞬時功率Pt=mgvy而 解得：（4）速度最大處即為其軌跡的最低點，此處小球無沿球面向下的速度分量則小球速度就是vx=，根據動能定理（或機械能守恒）聯立上兩式得答：（1）若將小球靜止從碗口內側釋放，運動中能達到的最大速度為；（2）若將質量m的小球靜止從碗口內側釋放，從釋放開始計時，t時間內重力的平均功率，小球尚未到達碗底，則t時間末小球的瞬時速度為；（3）求在上問中t時間末小球重力的瞬時功率為；（4）釋放初速度為點評：本題主題考查了機械能守恒定律、動能定理以及平均功率和瞬時功率的計算，過程較為復雜，難度適中18. 如圖所示的平面直角坐標系xoy，在第I、象限內有平行于y軸，電場強度大小相同、方向相反的勻強電場，在第象限內有垂