重慶一中2022年物理高一上期末統(tǒng)考試題含解析_第1頁
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文檔簡介

1、2022-2023學(xué)年高一上物理期末模擬試卷注意事項:1 答題前,考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫清楚,將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂;非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫,字體工整、筆跡清楚。3請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答,超出答題區(qū)域書寫的答案無效;在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔,不要折疊,不要弄破、弄皺,不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題(本題共12小題,每小題5分,共60分,在每小題給出的四個選項中,有的小題只有一個選項正確,有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分,選不全的得3分,有選錯的或不答的得0分)1、

2、在力學(xué)理論建立過程中,有許多偉大的科學(xué)家做出了貢獻關(guān)于科學(xué)家和他們的貢獻,下列說法正確的是()A.伽利略根據(jù)小球在斜面上運動的實驗和理想實驗建立了慣性定律B.伽利略利用小球在斜面上運動的實驗和邏輯推理研究出了落體的運動規(guī)律C.牛頓最早指出力不是維持物體運動的原因D.笛卡爾發(fā)現(xiàn)了彈簧彈力和形變量的關(guān)系2、物理學(xué)發(fā)展史上,有一位科學(xué)家開創(chuàng)了實驗與邏輯推理相結(jié)合的科學(xué)研究方法,并研究了落體運動的規(guī)律,這位科學(xué)家是( )A.伽利略B.牛頓C.亞里士多德D.笛卡爾3、如圖所示,在傾角為的斜面上有一塊豎直放置的擋板,在擋板和斜面間放一重為G的光滑的圓球,當(dāng)擋板繞最低點沿逆時針緩慢轉(zhuǎn)到水平位置的過程中,關(guān)于

3、小球受到的彈力,下列說法正確的是()A.先增加,后減少B.先減少,后增加C.始終保持不變D.大小不變,方向時刻變化4、如圖所示,物塊 A,B,C 質(zhì)量分別是為 m,2m,3mA 與天花板間,B 與 C 之間用輕彈簧相連當(dāng)系統(tǒng)平衡后,突然把 AB 間繩子燒斷,在繩斷瞬間 A,B,C 的加速度(以向下為正方向)分別為( )A.g,g,gB.-5g,2.5g,0C-5g,2g,0D.-g,2g,3g5、甲球的重力是乙球的5倍,甲乙分別從高H處、3H處同時自由落下(H足夠大),不計空氣阻力,下列說法正確的是:A.同一時刻甲的速度比乙大B.下落2m時,甲、乙球的速度相同C.下落過程中甲的加速度是乙的5倍

4、D.在自由下落的全過程中,兩球的平均速度大小相等6、在力學(xué)中,選定下列哪組物理量為基本物理量( )A.長度、力、時間B.路程、質(zhì)量、時間C.長度、質(zhì)量、時間D.力、長度、質(zhì)量7、物體水平面上做直線運動,其速度時間圖像如圖所示,則:A.物體在前2s內(nèi)做勻加速直線運動,加速度為B.物體在第7s到第12s內(nèi)做勻變速直線運動C.物體在第12s內(nèi)的位移為0.75mD.物體在前12s內(nèi)的路程為15m8、如圖所示,從某高度水平拋出一小球,經(jīng)過時間t到達一豎直墻面時,速度與豎直方向的夾角為,不計空氣阻力,重力加速度為g下列說法正確的是()A.小球水平拋出時的初速度大小為gttanB.小球在t時間內(nèi)的位移方向與

5、水平方向的夾角為C.若小球初速度增大,則平拋運動的時間變短D.若小球初速度增大,則tan減小9、A、B兩個物體從同一地點同時出發(fā),沿同一方向做勻變速直線運動,若初速度不同,加速度相同,則在運動過程中A.A、B的速度之差保持不變B.A、B的速度之差與時間成正比C.A、B的位移之差與時間成正比D.A、B的位移之差與時間的平方成正比10、如圖所示,在光滑的桌面上有M、m兩個物塊,現(xiàn)用力F推物塊m,使M、m兩物塊在桌上一起向右加速,則M、m間的相互作用力為()A.B.C.若桌面的摩擦因數(shù)為,M、m仍向右加速,則M、m間的相互作用力為+MgD.若桌面的摩擦因數(shù)為,M、m仍向右加速,則M、m間的相互作用力

6、仍為11、如圖,甲、乙兩質(zhì)點同時從離地高度為2H和H的位置自由下落,不計空氣阻力,甲的質(zhì)量是乙質(zhì)量的2倍,則()A.甲落地的時間是乙落地時間的2倍B.甲落地時的速率是乙落地時速率的倍C.甲、乙落地之前,二者之間的豎直距離保持不變D.甲、乙落地之前,同一時刻兩物體的速度相等12、如圖所示,傳送帶傾角,從A到B的長度為,傳送帶以的速度逆時針轉(zhuǎn)動,在傳送帶上端無初速度放一個質(zhì)量為m05kg的物體,它與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)0.5,則物體從A運動到B( )(sin370.6,cos370.8,g取10ms2)A.一直做勻加速直線運動B.先加速后勻速C.運動1s后與傳送帶速度相同D.A運動到B的時間為2

7、s二填空題(每小題6分,共18分)13、利用圖 1 所示裝置研究自由落體運動(1)在實驗過程中,應(yīng)先_(填“接通電源”或“釋放紙帶”)(2)按照正確的實驗步驟,獲取紙帶,選用較清晰的連續(xù)的幾個點跡,如圖 2 所示,用刻度尺測得AC、CE間距分別為、,已知打點計時器打點的頻率為f,則重物運動過程的加速度大小為_學(xué)習(xí)小組發(fā)現(xiàn)這個加速度數(shù)值與查得的當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭相差較大,于是在測量了重物質(zhì)量為m后,計算出重物運動過程中所受阻力F_.14、“探究彈簧伸長量與彈力的關(guān)系”實驗裝置如圖甲所示(1)實驗測得彈簧彈力F以及彈簧伸長量x的數(shù)據(jù)點如圖乙所示請在答題卡的坐標(biāo)紙上作出F-x關(guān)系圖線。( )(2)根據(jù)

8、所作圖線求得彈簧的勁度系數(shù)k=_N/m(結(jié)果保留2位有效數(shù)字)15、 “研究平拋物體運動”的實驗裝置圖如圖甲所示,通過描點畫出平拋小球的運動軌跡(1)下列做法合理的有_A安裝斜槽軌道,使其末端水平B每次小球釋放的初始位置可以任意選擇C每次小球應(yīng)從同一高度由靜止釋放D為描出小球的運動軌跡,描繪的點可以用折線連接(2)實驗得到平拋小球的運動軌跡,在軌跡上取一些點,以平拋起點O為坐標(biāo)原點,測量它們的水平坐標(biāo)x和豎直坐標(biāo)y,下面yx2圖像中能說明小球運動軌跡為拋物線的是_(3)圖乙是某同學(xué)根據(jù)實驗畫出的平拋小球的運動軌跡,O為平拋的起點,在軌跡上任取兩個點A和B,測得A、B兩點豎直坐標(biāo)分別為y1=5.

9、0 cm,y2=20.0 cm,A、B兩點水平間距x=20 cm,g取10m/s2,則平拋小球的初速度為_m/s,小球在B點的速度為_m/s(結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字)三計算題(22分)16、(12分)跳臺滑雪是2022年北京冬奧會的重要比賽項目之一。比賽中運動員穿專用滑雪板,在滑雪道上獲得一定速度后從跳臺飛出,在窒中飛行一段距離后著陸現(xiàn)有某運動員從跳臺a處沿水平方向飛出,在斜坡b處著陸,如圖所示ab間的距離為L=40m,斜坡與水半方向的夾角為=30,不計空氣阻力,g取10m/s2,運動員和滑雪板可以看成質(zhì)點,求:(1)運動員在空中飛行的時間;(2)運動員從a點飛出速度大??;(3)運動員在空中何

10、時離坡面最遠(yuǎn),最遠(yuǎn)距離是多少?17、(10分)在傾角為30o的斜面上固定一擋板,在擋板和斜面之間放置一質(zhì)量為m的光滑圓球,如圖甲和乙所示,試分別求出兩種情況下斜面對球的作用力之比。參考答案一、選擇題(本題共12小題,每小題5分,共60分,在每小題給出的四個選項中,有的小題只有一個選項正確,有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分,選不全的得3分,有選錯的或不答的得0分)1、B【解析】伽利略根據(jù)小球在斜面上運動的實驗和理想實驗,得出了力不是維持物體運動原因的結(jié)論,并運用數(shù)學(xué)方法得出了落體運動的規(guī)律,但沒有建立慣性定律故A錯誤,B正確伽利略最早指出力不是維持物體運動的原因,這個理論不是牛頓最早提出

11、的,故C錯誤胡克發(fā)現(xiàn)了彈簧彈力和形變量的關(guān)系-胡克定律,故D錯誤2、A【解析】伽利略開創(chuàng)了實驗與邏輯推理相結(jié)合的科學(xué)研究方法,并研究了落體運動的規(guī)律,故選A.3、C【解析】對小球受力分析可知,小球受向下重力和擋板以及斜面的彈力,由平衡知識可知,重力和擋板和斜面的彈力等大反向,則當(dāng)擋板繞最低點沿逆時針緩慢轉(zhuǎn)到水平位置的過程中,小球受到的彈力始終等于重力不變。故選C。4、B【解析】AB間繩燒斷前,由平衡條件得知,下面彈簧的彈力大小為F1=mCg=3mg,上面彈簧的彈力大小為F2=(mA+mB+mC)g=6mg,AB間繩的拉力大小為T=(mB+mC)g=5mgAB間繩燒斷前,兩根彈簧的彈力都沒有變化

12、,則對A:此瞬間A所受的合力大小與原來繩子的拉力T大小相等,方向相反,即方向向上,則-5mg=maA,得aA=-5g對B:此瞬間B所受的合力大小與原來繩子的拉力T大小相等,方向相反,即方向向下,則5mg=2maB,得aB=25g對C:由于彈簧的彈力沒有變化,則C的受力情況沒有變化,所以aC=0故選B考點:牛頓第二定律5、B【解析】A.因為甲乙物體同時做自由落體運動,它們的初速度為零,加速度為g,任意時刻的速度為:v=gt,所以兩物體下落過程中,在同一時刻甲的速度與乙的速度相等,故A錯誤;B.根據(jù)公式v2=2gh,下落2m時,甲、乙的速度相同,故B正確;C.因為甲乙物體均做自由落體運動,加速度為

13、g,下落過程中甲加速度與乙的加速度相同,故C錯誤;D.根據(jù)和可知,兩球平均速度大小不等,故D錯誤.故選B【點睛】本題關(guān)鍵是對自由落體運動的物體運用位移時間公式和速度位移公式列式求解6、C【解析】解答本題關(guān)鍵:國際單位制中的力學(xué)基本物理量有三個:長度、質(zhì)量、時間,其他物理量是導(dǎo)出物理量【詳解】ACD、長度、質(zhì)量、時間是國際單位制中三個力學(xué)基本物理量,力是導(dǎo)出物理量,故C正確,AD錯誤;B.路程物體運動軌跡的長度,不屬于基本物理量故B錯誤故選C7、BD【解析】A項:v-t圖象表示加速度,所以物體在前2s內(nèi)做勻加速直線運動,加速度為,故A錯誤;B項:v-t圖象表示加速度,物體在第7s到第12s內(nèi)圖象

14、斜率不變,即做勻變速直線運動,故B正確;C項:物體在第7s到第12s內(nèi)的加速度大小為,第10到12s的位移為,第10到11s的位移為,所以物體在第12s內(nèi)的位移大小為0.75m,方向與正方向相反即為-0.75m,故C錯誤;D項:物體在前10s內(nèi)路程為,第10到12s的位移為1m,所以物體在前12s內(nèi)的路程為15m,故D正確故選BD8、AC【解析】小球到達豎直墻面時沿豎直方向和水平方向上的分速度大小分別為vygt,vxvytangttan,所以水平拋出時的初速度為gttan,A項正確;設(shè)小球在t時間內(nèi)的位移方向與水平方向的夾角為,則tan,B項錯誤;由于小球到墻的距離一定,初速度增大,運動的時間

15、變短,C項正確;若小球初速度增大,由小球到墻的時間變短,由tan可知,tan增大,D項錯誤;故選AC9、AC【解析】根據(jù)速度時間公式求出速度之差,根據(jù)位移時間公式求出位移之差,從而分析判斷【詳解】設(shè)兩個物體的加速度為a,初速度分別為v1、v2a、b的速度之差v=(v1+at)-(v2+at)=v1-v2,可知a、b的速度之差保持不變,故A正確,B錯誤;a、b的位移之差,故C正確,D錯誤所以AC正確,BD錯誤【點睛】解決本題的關(guān)鍵掌握勻變速直線運動的速度時間公式和位移時間公式10、BD【解析】根據(jù)牛頓第二定律,對整體有:a= ;對M:N=Ma=故B正確,A錯誤;根據(jù)牛頓第二定律得:對整體有:;對

16、M:NMg=Ma,得:N=Mg+Ma=故D正確,C錯誤【點睛】本題是連接類型的問題,關(guān)鍵是靈活選擇研究對象對于粗糙情況,不能想當(dāng)然選擇C,實際上兩種情況下MN間作用力大小相等11、BCD【解析】重力加速度與物體的質(zhì)量無關(guān),自由落體運動的初速度為0,加速度等于當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣龋世酶鶕?jù)速度時間公式分析同一時刻的速度大小,根據(jù)位移時間公式比較運動的時間;【詳解】A、根據(jù)自由落體運動規(guī)律可知:,則,則可知:,故A錯誤;B、根據(jù)速度與時間關(guān)系可知:,故選項B正確;C、由于二者同時下落,則在甲、乙落地之前,同一時刻兩物體的速度相等,二者相對靜止,則在落地之前,二者之間的豎直距離保持不變,故選項CD正確

17、【點睛】掌握了自由落體運動的基本規(guī)律,掌握了勻變速直線運動運動的速度公式和位移公式即可順利解決此題12、CD【解析】開始時,物體受到傳送帶向下的摩擦力向下做加速運動,根據(jù)牛頓第二定律,則:a1=gsin+gcos=100.6+0.5100.8=10m/s2,當(dāng)物體與傳送帶相對靜止時,物體的位移:;,即運動1s后與傳送帶速度相同,則:x2=16-5=11m;因為mgsinmgcos,物體與傳送帶不能保持相對靜止,繼續(xù)加速運動,此后物體的加速度a2=gsin-gcos=100.6-0.5100.8=2m/s2則:x2vt+a2t2;代入數(shù)據(jù)解得:t2=1s;故共耗時t=t1+t2=2s故選項CD正

18、確,AB錯誤;故選CD.二填空題(每小題6分,共18分)13、 .接通電源 . .【解析】(1)打點計時器的使用通常是先通電后運動.(2)運用勻變速直線運動的判別式求加速度,用牛頓第二定律求阻力.【詳解】(1)小球自由落體運動較快,若先釋放小球再通電,紙帶上能留下的點跡很少不便于處理數(shù)據(jù)減小誤差,而且打點計時器通電瞬間打點不穩(wěn)定,不能用來打點記錄,故實驗過程中應(yīng)先接通電源后釋放紙帶.(2)設(shè)重物運動過程的加速度大小為a,由勻變速直線運動規(guī)律得:解得:.又由牛頓第二定律得:,解得:.【點睛】通過實驗原理清楚實驗中需要測量的物理量,學(xué)會處理紙帶求出瞬時速度和加速度,清楚實際情況下存在的誤差14、 . .54【解析】1用過原點的直線將點連起來:;2圖像的斜率即彈簧的勁度系數(shù):。15、 .AC .C .2.0 .2.8【解析】(1)1A為了保證小球的初速度水平,安裝斜槽軌道時,斜槽末端必須保持水平,故A正確;BC為了保證小球每次平拋運動的初速度相等,讓小球從斜槽的同一位置由靜止釋放,故B錯誤,C正確;D為描出小球的運動軌跡,描繪的點要用平滑曲線連接,故D錯誤。故選AC。(2)2根據(jù)平拋運動的規(guī)律有:得可知y與x2的圖線是過原點的傾斜直線,故選C。(3)3根據(jù)得根據(jù)得則小球平拋運動的初速度4B點豎直方向的速度為所以B點速度為三計算題(22分)16、(1)2s;(2)

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