山東省德州市夏津2022年高三第二次調(diào)研物理試卷含解析

1、2021-2022學(xué)年高考物理模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在答題卡上。2回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列用來定量描述磁場強弱和方向的是（ ）A磁感應(yīng)強度B磁通量C安培力D磁感線2、用甲、乙、丙三種單色光在同一個光電管上做光電效應(yīng)實驗，發(fā)現(xiàn)光電流I與電壓U的關(guān)系如圖所示，下列

2、說法正確的是A甲、乙兩種單色光的強度相同B單色光甲的頻率大于單色光丙的頻率C三種單色光在同種介質(zhì)中傳播時，丙的波長最短D三種單色光中，丙照射時逸出光電子的最大初動能最小3、有關(guān)量子理論及相關(guān)現(xiàn)象，下列說法中正確的是（ ）A能量量子化的觀點是愛因斯坦首先提出的B在光電效應(yīng)現(xiàn)象中，遏止電壓與入射光的頻率成正比C一個處于n4激發(fā)態(tài)的氫原子向基態(tài)躍遷時，最多能輻射出3種頻率的光子D射線、射線、射線都是波長極短的電磁波4、如圖所示，長方形abed長ad=0.6m，寬ab=0-3m， e、f分別是ad、bc的中點，以ad為直徑的半圓內(nèi)有垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應(yīng)強度B=0.25T。一群不計重力、質(zhì)量m

3、=310-7 kg.電荷量q=+210-3C的帶電粒子以速度v0=5102m/s從左右兩側(cè)沿垂直ad和bc方向射入磁場區(qū)域（不考慮邊界粒子），則以下不正確的是A從ae邊射入的粒子，出射點分布在ab邊和bf邊B從ed邊射入的粒子，出射點全部分布在bf邊C從bf邊射入的粒子，出射點全部分布在ae邊D從fc邊射入的粒子，全部從d點射出5、理想變壓器的輸入端、輸出端所連接電路如圖所示，圖中交流電源的電動勢e=311sin(100t)V，三只燈泡完全相同。當(dāng)電鍵S1、S2均斷開時，交流電源的輸出功率為理想變壓器輸出功率的3倍。下列各說法中正確的是 （ ）A理想變壓器的匝數(shù)比為1：3 B燈泡L1消耗的功率

4、是燈泡L2消耗功率的4倍C斷開電鍵S1，閉合電鍵S2時，燈泡L1兩端的電壓有效值為110VD斷開電鍵S2，閉合電鍵S1時，燈泡L1的亮度與C項情況下相比較較暗6、如圖，平行板電容器兩個極板與水平地面成2角，在平行板間存在著勻強電場，直線CD是兩板間一條垂直于板的直線，豎直線EF與CD交于O點，一個帶電小球沿著FOD的角平分線從A點經(jīng)O點向B點做直線運動，重力加速度為g。則在此過程中，下列說法正確的是（）A小球帶正電B小球可能做勻加速直線運動C小球加速度大小為gcosD小球重力勢能的增加量等于電勢能的增加量二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是

5、符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、為了測定一個水平向右的勻強電場的場強大小，小明所在的物理興趣小組做了如下實驗：用長為L的絕緣輕質(zhì)細(xì)線，上端固定于O點，下端拴一質(zhì)量為m、帶電荷量為q的小球（可視為質(zhì)點），如圖所示，開始時，將線與小球拉成水平，然后釋放，小球由靜止開始向下擺動，擺到B點時速度恰好為零，然后又從B點向A點擺動，如此往復(fù)小明用測量工具測量與水平方向所成的角度，剛好為60不計空氣阻力，下列說法中正確的是（ ）A在B點時小球受到的合力為0B電場強度E的大小為C小球從A運動到B，重力勢能減小D小球在下擺的過程中，小球的機械能和電勢能之和先減小后增大8

6、、如圖甲所示，為測定物體沖上粗糙斜面能達(dá)到的最大位移x與斜面傾角的關(guān)系，將某一物體每次以大小不變的初速度沿足夠長的斜面向上推出，調(diào)節(jié)斜面與水平方向的夾角，實驗測得與斜面傾角的關(guān)系如圖乙所示，g取10 m/s2，根據(jù)圖象可求出A物體的初速度=6 m/sB物體與斜面間的動摩擦因數(shù)=0.6C取不同的傾角，物體在斜面上能達(dá)到的位移x的最小值D當(dāng)某次=時，物體達(dá)到最大位移后將沿斜面下滑9、真空區(qū)域有寬度為d、磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場，磁場方向如圖所示，MN、PQ是磁場的邊界比荷為k的帶負(fù)電粒子，沿著與MN夾角60的方向射入磁場中，剛好沒能從PQ邊界射出磁場下列說法正確的是（）A粒子的速率大小是B粒了在磁

7、場中運動的時間是C僅減小粒了的入射速率，在磁場中的運動時間將增大D僅增人粒子的入射速率，在磁場中的運動時間將減小10、在圖示電路中，理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)比為21，電阻R1、R2、R3、R4的阻值均為4。已知通過R4的電流i4=2sin100tA，下列說法正確的是（）Aa、b兩端電壓的頻率可能為100HzBa、b兩端電壓的有效值為56VC若a、b兩端電壓保持不變，儀減小R2的阻值，則R1消耗的電功率減小D若a、b兩端電壓保持不變，儀減小R1的阻值，則R2兩端電壓增大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在學(xué)校社團活動中，某實驗小

8、組先將一只量程為300A的微安表頭G改裝為量程為0.3A的電流表，然后用改裝的電流表測量未知電阻的阻值?？晒┻x擇的實驗器材有：微安表頭G(量程300，內(nèi)阻約為幾百歐姆)滑動變阻器R1(010)滑動變阻器R2(050)電阻箱R(09999)電源E1(電動勢約為1.5V)電源E2(電動勢約為9V)開關(guān)、導(dǎo)線若干(1)實驗小組先用如圖(a)所示電路測量表頭G的內(nèi)阻Rg，實驗方法是：A按圖(a)連接好電路，將滑動變阻器的滑片調(diào)至圖中最右端；B斷開S2，閉合S1，調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑片位置，使G滿偏；C閉合S2，并保持滑動變阻器的滑片位置不變，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，使表頭G的示數(shù)為200，記錄此時電阻箱的阻值

9、R0，實驗中電源應(yīng)選用_，滑動變阻器應(yīng)選用_(選填儀器字母代號)；測得表頭G的內(nèi)阻Rg=_，表頭內(nèi)阻的測量值較其真實值_(選填“偏大”或“偏小”)；(2)實驗測得G的內(nèi)阻Rg=500，要將表頭G改裝成量程為0.3A的電流表，應(yīng)選用阻值為_的電阻與表頭G并聯(lián)；(3)實驗小組利用改裝后的電流表A，用圖(b)所示電路測量未知電阻Rx的阻值。測量時電壓表V的示數(shù)為1.20V，表頭G的指針指在原電流刻度的250處，則Rx=_。12（12分） (1)同學(xué)們通過查閱資料知道，將鋅、銅兩電極插入水果中，電動勢大約會有1V多一點。小明同學(xué)找來了一個土豆做實驗，如圖所示，當(dāng)用量程為0-3V、內(nèi)阻約50k的伏特表測

10、其兩極電壓時讀數(shù)為0.96V，用歐姆表直接測“土豆電池”的兩極，測得內(nèi)阻r的讀數(shù)為30。小麗同學(xué)用靈敏電流表直接接”土豆電池”的兩極，測得電流為0.32mA。糧據(jù)前面小明用伏特表測得的0.96V電壓，由全電路歐姆定律得內(nèi)阻為3k。小明認(rèn)為上豆的內(nèi)阻為30，小麗則認(rèn)為其內(nèi)阻為3k。以下關(guān)于兩位同學(xué)實驗過程的分析，正確的是_A小明的方法不正確，因水果電池本身有電動勢，故不能用歐姆表直接測其內(nèi)阻B小明的方法正確。因水果電池本身也是一個導(dǎo)體，可以用歐姆表直接測其電阻C小麗的測量結(jié)果十分準(zhǔn)確，除了讀數(shù)方面的偶然誤差外，系統(tǒng)誤差很小D小麗的測量結(jié)果不準(zhǔn)確，因為水果電池內(nèi)阻很大，用伏特表測得的電動勢誤差很大

11、，因此計算出的內(nèi)限誤差也很大(2)為盡可能準(zhǔn)確地測定一個電動勢和內(nèi)阻未知的電源，實驗室除了導(dǎo)線和開關(guān)外，還有以下一此器材可供選擇：A電流表A1（量程為0-0.6A，內(nèi)阻約為1）B靈敏電流表A2（量程為0-0.6mA，內(nèi)阻約為800）C靈敏電流表A3（量程為0-30A，內(nèi)阻未知）D滑動變阻器R1，（最大阻值約100）E滑動變阻器R2，（最大阻值約2k）F定值電阻（阻值為2k）G電阻箱R（0-9999）實驗中應(yīng)選擇的器材是_（填器材前的字母代號）。在方框中畫出應(yīng)采用的電路圖_。實驗時，改交電阻箱R的阻值，記錄下電流表的示數(shù)I得到若干組R、I的數(shù)據(jù)，根據(jù)實驗數(shù)據(jù)繪出如圖所示的圖線，由此得出其電源的電

12、動勢為_V（保留兩位有效數(shù)）。按照此實驗方法請分析內(nèi)電限的測量值與真實值大小關(guān)系，并給由必要的說明：_。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，在同一水平面上的兩根光滑絕緣軌道，左側(cè)間距為2l，右側(cè)間距為l，有界勻強磁場僅存在于兩軌道間，磁場的左右邊界（圖中虛線）均與軌道垂直。矩形金屬線框abcd平放在軌道上，ab邊長為l，bc邊長為2l。開始時，bc邊與磁場左邊界的距離為2l，現(xiàn)給金屬線框施加一個水平向右的恒定拉力，金屬線框由靜止開始沿著兩根絕緣軌道向右運動，且bc邊始終與軌道垂直，從bc邊進(jìn)入磁場

13、直到ad邊進(jìn)入磁場前，線框做勻速運動，從bc邊進(jìn)入右側(cè)窄磁場區(qū)域直到ad邊完全離開磁場之前，線框又做勻速運動。線框從開始運動到完全離開磁場前的整個過程中產(chǎn)生的熱量為Q。問：(1)線框ad邊剛離開磁場時的速度大小是bc邊剛進(jìn)入磁場時的幾倍？(2)磁場左右邊界間的距離是多少？(3)線框從開始運動到完全離開磁場前的最大動能是多少？14（16分）如圖所示，足夠長的光滑水平臺面M距地面高h(yuǎn)=0.80m，平臺右端緊接長度L=5.4m的水平傳送帶NP，A、B兩滑塊的質(zhì)量分別為mA=4kg、mB=2kg，滑塊之間壓著一條輕彈簧(不與兩滑塊栓接)并用一根細(xì)線鎖定，兩者一起在平臺上以速度v=1m/s向右勻速運動；

14、突然，滑塊間的細(xì)線瞬間斷裂，兩滑塊與彈簧脫離，之后A繼續(xù)向右運動，并在靜止的傳送帶上滑行了1.8m，已知物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)=0.25，g=10m/s2，求：(1)細(xì)線斷裂瞬間彈簧釋放的彈性勢能EP；(2)若在滑塊A沖到傳送帶時傳送帶立即以速度v1=1m/s逆時針勻速運動，求滑塊A與傳送帶系統(tǒng)因摩擦產(chǎn)生的熱量Q；(3)若在滑塊A沖到傳送帶時傳送帶立即以速度v2順時針勻速運動，試討論滑塊A運動至P點時做平拋運動的水平位移x與v2的關(guān)系?(傳送帶兩端的輪子半徑足夠小)15（12分）靜止在水平地面上的兩小物塊A、B，質(zhì)量分別為 ，；兩者之間有一被壓縮的微型彈簧，A與其右側(cè)的豎直墻壁距離，如圖所

15、示某時刻，將壓縮的微型彈簧釋放，使A、B瞬間分離，兩物塊獲得的動能之和為釋放后，A沿著與墻壁垂直的方向向右運動A、B與地面之間的動摩擦因數(shù)均為重力加速度取A、B運動過程中所涉及的碰撞均為彈性碰撞且碰撞時間極短（1）求彈簧釋放后瞬間A、B速度的大?。唬?）物塊A、B中的哪一個先停止？該物塊剛停止時A與B之間的距離是多少？（3）A和B都停止后，A與B之間的距離是多少？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】A磁感應(yīng)強度是用來描述磁場強弱和方向的物理量，故A正確；B磁通量是穿過某一面積上的磁感線的條數(shù)，單位面積上的

16、磁通量才可以描述磁場的強弱，故B錯誤；C安培力描述電流在磁場中受到的力的作用，不是用來描述磁場的強弱和方向，故C錯誤；D磁感線只能定性地說明磁場的強弱和方向，故D錯誤；故選A。2、C【解析】A、甲乙兩種單色光對應(yīng)的遏止電壓相同，則兩種光的頻率相同，但加正向電壓時甲的飽和電流更大，說明甲光的光更強；故A錯誤.B、D、由光電效應(yīng)方程和可知遏止電壓越大時，對應(yīng)的光的頻率越大，故；三種光照射同一金屬，飛出的光電子的最大初動能關(guān)系為；故B，D均錯誤.C、光在同種介質(zhì)中傳播的速度相同，由可得，；故C正確.故選C.3、C【解析】A能量量子化的觀點是普朗克首先提出的，選項A錯誤；B在光電效應(yīng)現(xiàn)象中，根據(jù)光電效

17、應(yīng)方程，可知遏止電壓與入射光的頻率是線性關(guān)系，但不是成正比，選項B錯誤；C一個處于n4激發(fā)態(tài)的氫原子向基態(tài)躍遷時，最多能輻射出3種頻率的光子，分別對應(yīng)于43，32，21，選項C正確；D射線、射線不是電磁波，只有射線是波長極短的電磁波，選項D錯誤；故選C。4、C【解析】粒子進(jìn)入磁場后做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qv0B=mAB、若勻強磁場為矩形磁場，從e點垂直射入的粒子，由于做勻速圓周運動的半徑等于圓形磁場的半徑，則剛好從b點射出，所以從e點垂直射入的粒子出射點落在bf邊上；從ae邊垂直射入的粒子，從圓弧af上射出，出射點分布在ab邊和bf邊；從ed邊射入的粒子，出射點

18、全部分布在bf邊，故A、B正確；CD、若勻強磁場為圓形磁場，由于做勻速圓周運動的半徑等于圓形磁場的半徑，從bc邊射入的粒子，全部從d點射出，所以從bf邊射入的粒子，出射點全部分布在ad邊，從fc邊射入的粒子，全部從d點射出，故C錯誤，D正確；錯誤的故選C?！军c睛】關(guān)鍵計算出半徑后找到圓心，分析可能出現(xiàn)的各種軌跡，然后找出射點。5、B【解析】AB變壓器的輸出功率等于輸入功率，電源的輸出功率等于燈泡L1的功率和變壓器的輸入功率之和，所以由已知條件知燈泡L1的功率等于變壓器輸入功率的2倍，也就是燈泡L1的功率等于燈泡L2、L3的功率之和的2倍，所以燈泡L1的功率是燈泡L2功率的4倍，則變壓器原線圈的

19、電流是副線圈電流的2倍，由理想變壓器電流與匝數(shù)成反比，可得匝數(shù)比為1：2，故A錯誤，B正確；C斷開電鍵S1，閉合電鍵S2時，由上面分析知，則UL1=2UL2變壓器的輸入電壓和輸出電壓關(guān)系為U2=2U1而U2=UL2UL1+U1=V=220V所以UL1=176V，UL2=88V故C錯誤；D斷開電鍵S2，閉合電鍵S1時，U1=220V，則U2=440V，所以UL2=220V與C中相比電壓升高，燈泡變亮，故D錯誤。故選B。6、D【解析】AB帶電小球沿著FOD的角平分線從A點經(jīng)O點向B點做直線運動，所以小球合外力沿著AB；又由于小球受重力，所以電場力的方向由O到D；由于此電場的方向未知，所以小球的電性

20、是不能確定的，則小球做勻減速直線運動，故AB錯誤；C據(jù)圖可知，由于是角平分線，且小球的加速度方向由O到D，據(jù)幾何關(guān)系可知故C錯誤；D由分析可知，小球受重力等于電場力，運動的位移和夾角相同，所以二力做的功相同，據(jù)功能關(guān)系可知，小球重力勢能的增加量等于電勢能的增加量，故D正確。故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】試題分析：小球在B點受重力豎直向下，電場力水平向右，故合力一定不為零，故A錯誤；小球由A到B的過程中，由動能定理可得：mgLsin-EqL（1

21、-cos60）=0，則電場強度的大小為，選項B正確；小球從A運動到B，重力做正功，W=mgh=mgLsin，故重力勢能減小mgLsin=，故C正確；小球在下擺過程中，除重力做功外，還有電場力做功，故機械能不守恒，但機械能和電勢能總能力之和不變，故D錯誤故選BC考點：動能定理；能量守恒定律8、AC【解析】AB.物體在粗糙斜面上向上運動，根據(jù)牛頓第二定律 得加速度為由運動學(xué)公式當(dāng)=90時，可得，當(dāng)=0 時，可得，故A項正確，B項錯誤；C. 根據(jù)運動學(xué)公式得物體能達(dá)到的位移 由輔助角公式可得位移的最小值故C項正確；D.由于，所以當(dāng)物體在斜面上停止后，不會下滑，故D項錯誤。9、AD【解析】AB.粒子剛

22、好沒能從邊界射出磁場時，其運動軌跡剛好與相切，如圖設(shè)帶電粒子圓周運動的軌跡半徑為，由幾何關(guān)系有：解得：根據(jù)牛頓第二定律得：解得：運動時間為：故A正確，B錯誤；C.減小粒了的入射速率，粒子的周期不變，半徑變小，粒子仍然從左邊界出磁場，圓心角不變，則運動時間不變，故C錯誤；D.增人粒子的入射速率，粒子從磁場的右邊界出磁場，粒子運動軌跡所對應(yīng)的圓心角減小，則運動時間變小，故D正確10、BD【解析】A通過的電流，則角速度頻率為變壓器不會改變交流電的頻率，故、兩端電壓的頻率為50Hz，故A錯誤；B通過的電流最大值為，則有效值為根據(jù)并聯(lián)電路的規(guī)律可知，通過的電流有效值為2A，副線圈的輸出電流：根據(jù)變流比可

23、知，原線圈的輸入電流兩端電壓為副線圈兩端電壓根據(jù)變壓比可知，原線圈的輸入電壓則、兩端電壓故B正確；C若、兩端電壓保持不變，僅減小的阻值，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，副線圈的輸出電流增大，根據(jù)變流比可知，原線圈的輸入電流增大，則消耗的電功率增大，故C錯誤；D若、兩端電壓保持不變，僅減小的阻值，則原線圈輸入電壓增大，根據(jù)變壓比可知，副線圈輸出電壓增大，則兩端的電壓增大，故D正確；故選BD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、E2 R2 R0 偏小 0.5 4.3 【解析】(1)12閉合S2開關(guān)時認(rèn)為電路電流不變，實際上閉合開關(guān)S2時電路總電阻

24、變小，電路電流增大，電源電動勢越大、滑動變阻器阻值越大，閉合開關(guān)S2時微安表兩端電壓變化越小，實驗誤差越小，為減小實驗誤差，電源應(yīng)選擇E2，滑動變阻器應(yīng)選擇R2；34閉合開關(guān)S2時認(rèn)為電路電流不變，流過微安表電流為滿偏電流的，則流過電阻箱的電流為滿偏電流的，微安表與電阻箱并聯(lián)，流過并聯(lián)電路的電流與阻值成反比，則：閉合開關(guān)S2時整個電路電阻變小，電路電流變大，大于300A，當(dāng)表頭G示數(shù)為200A時，流過電阻箱的電流大于100A，電阻箱阻值小于表頭G電阻的一半，實驗認(rèn)為電流表內(nèi)阻等于電阻箱阻值的一半，因此表頭G內(nèi)阻測量值偏?。?2)5把微安表改裝成0.3A的電流表需要并聯(lián)分流電阻，并聯(lián)電阻阻值為：

25、(3)6改裝后電流表內(nèi)阻為：微安表量程為300A，改裝后電流表量程為0.3A，量程擴大了1000倍，微安表示數(shù)為250A時，流過電流表的電流為：25010-61000A=0.25A由圖乙所示電路圖可知，待測電阻阻值為12、AD BG 3.0 偏大，內(nèi)電阻的測量值包含電流表內(nèi)阻，所以大于真實值 【解析】(1)1AB因水果電池本身有電動勢，故不能用歐姆表直接測其內(nèi)阻，故A正確，B錯誤；CD水果電池內(nèi)阻很大，用有內(nèi)阻的伏特表測得的電動勢誤差很大，故C錯誤，D正確。故選AD。(2)2所給儀器沒有電壓表，定值電阻也較小，若通過串聯(lián)定值電阻改裝成電壓表，根據(jù)(1)的分析知測量值也不準(zhǔn)確，所以選用安阻法測量

26、電源電動勢和內(nèi)阻，因靈敏電流表直接接電源的兩極，測得電流為0.32mA，選靈敏電流表A2和變阻箱測量，所以實驗中應(yīng)選擇的器材是BG。3本題是利用安阻法測電源內(nèi)阻及電動勢，測量電路如圖所示4由閉合電路歐姆定律，變形得根據(jù)圖象的斜率表示電動勢，得電池組的電動勢為5按照此實驗方法，測出的電源內(nèi)阻是電流表A2和電源兩部分電阻之和，因此內(nèi)電阻的測量值與真實值相比偏大。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1)線框ad邊剛離開磁場時的速度大小是bc邊剛進(jìn)入磁場時速度的4倍；(2)磁場左右邊界間的距離是32l；(3)線框從開始

27、運動到完全離開磁場前的最大動能是Q?！窘馕觥?1)設(shè)磁感強度為B，設(shè)線框總電阻為R，線框受的拉力為F，bc邊剛進(jìn)磁場時的速度為v1，則感應(yīng)電動勢為：E1=2Blv1感應(yīng)電流為：線框所受安培力為：F1=2BI1l線框做勻速運動，其受力平衡，即：F1=F，聯(lián)立各式得： 設(shè)ad邊離開磁場之前，線框做勻速運動的速度為v2，同理可得：所以：v2=4v1；(2)bc邊進(jìn)入磁場前，線框做勻加速運動，設(shè)加速度為a，bc邊到達(dá)磁場左邊界時，線框的速度為從ad邊進(jìn)入磁場到bc邊剛好進(jìn)入右側(cè)窄磁場區(qū)域的過程中線框的加速度仍為a，由題意可知bc邊剛進(jìn)入右側(cè)窄磁場區(qū)域時的速度為：v2=4v1，從線框全部進(jìn)入磁場開始，直

28、到bc邊進(jìn)入右側(cè)窄磁場前，線框做勻加速運動，設(shè)位移為s1，則：將，代入得：s1=30l磁場左右邊界間的距離為：s=l+s1+l=32l；(3)整個過程中，只有拉力F和安培力對線框做功，線框離開磁場之前，動能最大，設(shè)最大動能為Ek，由動能定理有：WF+W安=Ek-0由：WF=F（2l+s+l）=35FlW安=-F3l及Q=-W安可知： 線框的最大動能為：。14、 (1)Ep=24J (2) (3)若,;,;【解析】(1)設(shè)A、B與彈簧分離瞬間的速度分別為vA、vB，取向右為正方向，由動量守恒定律得: A向N運動的過程，運用動能定理得：細(xì)線斷裂瞬間彈簧釋放的彈性勢能為:解得：vA=3m/s，vB=3m/s，Ep=24J(2)滑塊A在皮帶上向右減速到0后向左加速到與傳送帶共速，之后隨傳送帶向左離開，設(shè)相對滑動時間為t滑塊A加速度大小為:由運動學(xué)公式得:滑塊與傳送帶間的相對滑動路程為:在相對滑動過程中產(chǎn)生的摩擦熱:由以上各式得：(3)設(shè)A平拋初速度為v2，平拋時間為t，則：得t=0.4s若傳送帶A順時針運動的速度達(dá)到某一臨界值vm，