高考物理楞次定律方法總結

1、楞次定律及其應用1、（單選）如圖所示，一電子以初速度V沿與金屬板平行的方向飛入MN極板間, 發(fā)現(xiàn)電子向M板偏轉(zhuǎn)，則可能是（）A.電鍵S閉合瞬間B,電鍵S由閉合到斷開瞬間C.電鍵S是閉合的，變阻器滑片P向左迅速滑動D.電鍵S是閉合的，變阻器滑片P向右迅速滑動答案及解析.ACA、開關S接通瞬間，根據(jù)安培定則，穿過線圈的磁通量向右增加，由楞次定律知在右側線圈中感 應電流的磁場方向向左，產(chǎn)生左正右負的電動勢，電子向M板偏振，A正確；B、斷開開關S瞬間，穿過線圈的磁 通量減少，由楞次定律知在右側線圈中產(chǎn)生左負右正的電動勢，電子向N板偏振，B錯誤；C、接通S后，變阻器 滑動觸頭向左迅速滑動，電阻減小，電流

2、增大，穿過線圈的磁通量增加，由楞次定律知在上線圈中產(chǎn)生左正右負 的電動勢，電子向M板偏振，C正確；D、接通S后，變阻器滑動觸頭向右迅速滑動，電阻增大，電流減小，穿過 線圈的磁通量減少，由楞次定律知在上線圈中感應出左負右正的電動勢，電子向N板偏振，D錯誤。2、（多選）如圖所示，線圈4 8同心置于光滑水平桌面上，線圈4中通有逐漸增大的逆時針方向的電流，貝心 ）A.線圈8將順時針轉(zhuǎn)動起來B.線圈8中有順時針方向的電流C.線圈8將有沿半徑方向擴張的趨勢D.線圈8對桌面的壓力將增大答案：BC解析：當線圈力中通有逐漸增大的逆時針方向的電流時，穿過線圈8的磁通量豎直向上且增大，根據(jù) 楞次定律，線圈8中產(chǎn)生順

3、時針方向的電流；根據(jù)楞次定律的另一種表述，線圈8有擴張的趨勢，阻礙磁通量的 增加，故B、C正確，A錯誤.線圈8受到的安培力在水平方向上，線圈8對桌面的壓力將不變，故D錯誤.3、（單選）如圖（a）,在同一平面內(nèi)固定有一長直導線PQ和一導線框R, R在PQ的右側。導線PQ中通有正弦交流電流i, i的變化如圖（b）所示，規(guī)定從Q到P為電流的正方向。導線框R中的感應電動勢（TA.在1 二 1時為零4TB.在in，時改變方向C.在t時最大，且沿順時針方向D.在t = T時最大，且沿順時針方向 答案及解析：.AC試題分析 本題考查交變電流圖象、法拉第電磁感應定律、楞次定律及其相關的知識點。解析 由圖（b）

4、可知，導線PQ中電流在kT/4時達到最大值，變化率為零，導線框R中磁通量變化率為零，根 據(jù)法拉第電磁感應定律，在二1/4時導線框中產(chǎn)生的感應電動勢為零，選項A正確；在二1/2時，導線PQ中電流圖象斜率方向不變，導致導線框R中磁通量變化率的正負不變，根據(jù)楞次定律，所以在t=T/2時，導線框中產(chǎn)生的感應電動勢方向不變，選項B錯誤；由于在t=T/2時，導線PQ中電流圖象斜率最大，電流變化率最大，導致導線框R中磁通量變化率最大，根據(jù)法拉第電磁感應定律，在t=T/2時導線框中產(chǎn)生的感應電動勢最大，由楞次定律可判斷出感應電動勢的方向為順時針方向，選項C正確；由楞次定律可判斷出在t=T時感應電動勢的方向為逆

5、 時針方向，選項D錯誤。8隨時間按圖（b）所示規(guī)律變化時（）圖圖4、（多選）【2016 上海卷】如圖（a）,螺線管內(nèi)有平行于軸線的外加勻強磁場，以圖中箭頭所示方向為其正方向。 螺線管與導線框，仇08隨時間按圖（b）所示規(guī)律變化時（）圖圖A.在右&時間內(nèi)，有收縮趨勢B.在七G時間內(nèi)，L有擴張趨勢C.在七一仁時間內(nèi)，心內(nèi)有逆時針方向的感應電流D.在打時間內(nèi)，心內(nèi)有順時針方向的感應電流【答案】AD【解析】據(jù)題意，在？:多時間內(nèi)，外加磁場磁感應強度增加且斜率在增加，則在導線框中產(chǎn)生沿順時針方 向增加的電流，該電流激發(fā)出增加的磁場，該磁場通過圓環(huán)，在圓環(huán)內(nèi)產(chǎn)生感應電流，根據(jù)結論“增縮減 擴”可以判定圓環(huán)

6、有收縮趨勢，故選項A正確5在右臺時間內(nèi)，外加磁場均勻變化,在導線框中產(chǎn)生穩(wěn)定 電流，該電流激發(fā)出穩(wěn)定磁場，該磁場通過圓環(huán)時，圓環(huán)中沒有感應電流，故選項B、C錯誤夕在先飛時間 內(nèi)，外加磁場向下減小，且斜率也減小,在導線框中產(chǎn)生沿順時針方向減小的電流，該電流激發(fā)出向內(nèi)減 小的磁場，故圓環(huán)內(nèi)產(chǎn)生順時針方向電流，選項D正確。5、（單選）如圖，在方向垂直于紙面向里的勻強磁場中有一 U形金屬導軌，導軌平面與磁場垂直。金屬桿置于 導軌上并與導軌形成閉合回路燈v?s, 一圓環(huán)形金屬線框r位于回路圍成的區(qū)域內(nèi)，線框與導軌共面?，F(xiàn)讓金屬桿。突然向右運動，在運動開始的瞬間，關于感應電流的方向，下列說法正確的是（）A

7、.外府中沿順時針方向,A.外府中沿順時針方向,7中沿逆時針方向B. Q0RS中沿順時針方向,7B. Q0RS中沿順時針方向,7中沿順時針方向c.。修中沿逆時針方向，r中沿逆時針方向D.久花中沿逆時針方向，r中沿順時針方向【答案】d【解析】因為門。突然向右運動，由右手定則可知，%/?s中有沿逆時針方向的感應電流，穿過r中的磁 通量減小，由楞次定律可知，r中有沿順時針方向的感應電流，d正確，ABC錯誤。6、（單選）如圖，圓環(huán)形導體線圈a平放在水平桌面上，在a的正上方固定一豎直螺線管b,二者軸線重合，螺線管與電源和滑動變阻器連接成如圖所示的電路.若將滑動變阻器的滑片P向下滑動，下列表述正確的是（A.

8、線圈a中將產(chǎn)生俯視順時針方向的感應電流B.穿過線圈a的磁通量變小C.線圈a有擴張的趨勢D.線圈a對水平桌面的壓力Fx將增大解：A、B：當滑動觸頭P向下移動時電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知通過線圈b的電流增大，從而判斷出穿 過線圈a的磁通量增加方向向下，所以B錯誤；根據(jù)楞次定律即可判斷出線圈a中感應電流方向俯視應為逆時針, A錯誤.C、再根據(jù)微元法將線圈a無線分割根據(jù)左手定則不難判斷出線圈a應有收縮的趨勢，或直接根據(jù)楞次定 律的第二描述“感應電流產(chǎn)生的效果總是阻礙引起感應電流的原因”，因為滑動觸頭向下滑動導致穿過線圈a的 磁通量增加，故只有線圈面積減少時才能阻礙磁通量的增加，故線圈a應有收縮的

9、趨勢，C錯誤；D、開始時線圈 a對桌面的壓力等于線圈a的重力，當滑動觸頭向下滑動時，可以用“等效法”，即將線圈a和b看做兩個條形磁 鐵，不難判斷此時兩磁鐵的N極相對，互相排斥，故線圈a對水平桌面的壓力將增大，所以D正確.選D.7、（多選）如圖甲所示，矩形導線框固定在勻強磁場中，磁感線方向與導線框所在平面垂直.規(guī)定垂直紙面向里方向為磁場的正方向，磁感應強度8隨時間亡變化的規(guī)律如圖乙所示.則（）B.從0到G時間內(nèi)，導線框中電流的方向始終為甲A.從0到右時間內(nèi)，導線框中電流的方向先為B.從0到G時間內(nèi)，導線框中電流的方向始終為甲C.從。到6時間內(nèi)，導線框中電流越來越小D.從0到6時間內(nèi)，導線框數(shù)邊受

10、到的安培力越來越小【答案】BD【解析】從0到七時間內(nèi)，線圈中磁通量的變化率相同，則感應電動勢不變，電路中電流大小和方 向不變，根據(jù)楞次定律可知電流方向為故AC錯誤，B正確；從0到臺時間內(nèi)，電路中電流大小時恒定不 變，故由后8可知，尸與8成正比，因為8逐漸減小，所以安培力越來越小，故D正確。所以BD正確，AC錯誤。8、（單選）如圖甲所示，通電螺線管A與用絕緣繩懸掛的線圈B的中心軸在同一水平直線上，A中通有如2圖所示的變化電流，言0時電流方向如圖乙中箭頭所示.在3t時間內(nèi)，對于線圈B的電流方向（從左往右看）及運 動方向，下列判斷正確的是（示的變化電流，言0時電流方向如圖乙中箭頭所示.在3t時間內(nèi)，

11、對于線圈B的電流方向（從左往右看）及運 動方向，下列判斷正確的是（A.線圈B內(nèi)有時逆針方向的電流、B.線圈B內(nèi)有順時針方向的電流、C.線圈B內(nèi)有順時針方向的電流、D.線圈B內(nèi)有逆時針方向的電流、線圈向右擺動線圈向左擺動線圈向右擺動線圈向左擺動甲乙解：根據(jù)題意可知，在螺線管內(nèi)通有：在七t2時間內(nèi)，由右手螺旋定則可知，線圈B的磁場水平向左，當電流 增大，則磁通量變大，根據(jù)楞次定律可得，所以感應電流順時針（從左向右看）；從產(chǎn)生感應電流阻礙的角度可 知”線圈向右運動，才能阻礙磁通量的增大.故選：C.9、（單選）一長直鐵芯上繞有一固定線圈M,鐵芯右端與一木質(zhì)圓柱密接,木質(zhì)圓柱上套有一閉合金屬環(huán)N. N可

12、在木質(zhì)圓柱上無摩擦移動。M連接在如圖所示的電路中，其中R為滑動變阻器,Ei和E2為直流電源,S為單刀雙擲開關。下列情況中,可觀測到N向左運動的是（）下列情況中,可觀測到N向左運動的是（）A.在S斷開的情況下,S向a閉合的瞬間B.在S斷開的情況下,S向b閉合的瞬間C.在S已向a閉合的情況下，將R的滑片向c端移動時D.在S已向a閉合的情況下，將R的滑片向d端移動時【解析】選C。由楞次定律可知:只要線圈中電流增強,即穿過N的磁通量增加,N就會受排斥而向右運動,只要線圈 中電流減弱，即穿過N的磁通量減少. N就會受吸引而向左運動,故選項C正確。10、（多選）如圖甲所示，圓形線圈P靜止在水平桌面上，其正

13、上方懸掛一相同的線圈。，P和。共軸，。中通有變化的電流，電流變化的規(guī)律如圖乙所示，P所受的重力為G,桌面對P的支持力為乂則（）A 時刻,NG&時刻，NGC時刻,旅GD.七時刻，伏G答案：AD解析：幺時刻。電流增強，其磁場增強，則穿過戶的磁通量變大，由楞次定律可知P將阻礙磁通量的 變大，則P有向下運動的趨勢，對桌面的壓力增大，故/G, A正確；心時刻。電流減小，其磁場減弱，則穿過Q 的磁通量變小，由楞次定律可知P將阻礙磁通量的變小，則P有向上運動的趨勢，對桌面的壓力減小，伏G,故B 錯誤；%時刻電流增大，故爐 C錯誤；時刻電流減小，故欣G, D正確.感生、動生基礎+電學1、（單選）如圖所示，入6

14、兩個閉合正方形線圈用同樣的導線制成，匝數(shù)均為10匝，邊長人=3自圖示區(qū)域內(nèi) 有垂直紙面向里的勻強磁場，且磁感應強度隨時間均勻增大，不考慮線圈之間的相互影響，則（）A.兩線圈內(nèi)產(chǎn)生順時針方向的感應電流XXX XXXa、6線圈中感應電動勢之比為9 ： 1 x I x x lx臼a、6線圈中感應電流之比為3 ： 4 m x x Ix *式X X X X X &a、6線圈中電功率之比為3 ： 1【答案】B【解析】根據(jù)楞次定律可知，兩線圈內(nèi)均產(chǎn)生逆時針方向的感應電流，選項A錯誤；因磁感應強度隨BAO AB , Ea 3,9時間均勻增大，設 = ，根據(jù)法拉第電磁感應定律可得=4 = 2/2,則Eb=（1）

15、2=1,選項B正確；根據(jù)/ ，=斷=42|=器可知，/8/,故去6線圈中感應電流之比為3 ： 1,選項C錯誤；電功率勺*=方黑/n k213S，= n4p ,則g/3,故a、6線圈中電功率之比為27 ： 1,選項D錯誤.2、（多選）在如圖甲所示的電路中，螺線管匝數(shù)7=1 500匝，橫截面積5=20荷,螺線管導線電阻r=1。，R、=4 Q, R2=5 Q, C=3Q nF.在一段時間內(nèi)，穿過螺線管的磁場的磁感應強度2、（多選）在如圖甲所示的電路中，螺線管匝數(shù)7=1 500匝，橫截面積5=20荷,螺線管導線電阻r=1。，R、=4 Q, R2=5 Q, C=3Q nF.在一段時間內(nèi)，穿過螺線管的磁場

16、的磁感應強度8按如圖乙所示的規(guī)律變化.則下列說法中正確的是（）A.螺線管中產(chǎn)生的感應電動勢為1.2 VB.閉合S,電路中的電流穩(wěn)定后電容器上極板帶正電C,電路中的電流穩(wěn)定后，電阻片的電功率為5X10 2 wD. S斷開后，通過總的電荷量為L8X107 c答案：AD解析：由法拉第電磁感應定律可得，螺線管內(nèi)產(chǎn)生的電動勢為：E=n=1 500XX20X10 4 V=1.2V,故A正確；根據(jù)楞次定律，當穿過螺線管的磁通量增加時，螺線管下部可以看成電源的正極，則電容器下E 1 2極板帶正電，故B錯誤；電流穩(wěn)定后，電流為：/=左=立。7 A=0.12 A,電阻片上消耗的功率為：PAi I r 4十十 1=

17、 /?i = 0. 122X4 W=5. 76X102 W,故C錯誤；開關斷開后通過電阻 用的電荷量為：。=C/是= 30X 106X0. 12X5 C = 1.8X10 5 C,故 D 正確.3、（多選）在如圖甲所示的電路中，電阻RFRF2R,圓形金屬線圈半徑為門，線圈導線的電阻為R,半徑為r2 （，金屬框中無電流二C_UbUc,金屬框中電流方向沿abc-ab / Uz=3bF3,金屬框中無電流/ | ffna;h=2Bf 3,金屬框中電流方向沿ac63【答案3 c 【解析1金屬框？兒平面石磁場平行，轉(zhuǎn)動過程中磁通量始終為零，所以無感應電潴產(chǎn)生，選 項B.、D錯誤.轉(zhuǎn)動過程中 比邊和邊均切割

18、磁感線：產(chǎn)生感應電動勢，由右手走則判斷5V ”,選項A錯誤.由轉(zhuǎn)動切割產(chǎn)生感應電動勢的公式得二一初:3 2選項C正確.9、（單選）長為a、寬為6的矩形線框有匝，每匝線圈電阻為/?.如圖所示，對稱軸樹的左側有磁感應強度為8的勻強磁場，第一次將線框從磁場中以速度v勻速拉出，第二次讓線框以3 = 26的角速,飛 #圖 TOC o 1-5 h z HYPERLINK l bookmark12 o Current Document X A. K 五 K .1度轉(zhuǎn)過90角.那么（）x XX O va尸A.通過導線橫截面的電荷量q、： 6=1 ： B.通過導線橫截面的電荷量停：3 = 1 ： 1 乂乂乂xxx X X