【高考真題】2022年6月新高考物理真題試卷（浙江卷）

1、登錄二一教育在線組卷平臺 助您教考全無憂二一教育在線組卷平臺（）自動生成 【高考真題】2022年6月新高考物理真題試卷（浙江卷）一、選擇題（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1下列屬于力的單位是（） Akgm/s2Bkgm/sCkgm2/sDkgs / m22下列說法正確的是（） A鏈球做勻速圓周運動過程中加速度不變B足球下落過程中慣性不隨速度增大而增大C乒乓球被擊打過程中受到的作用力大小不變D籃球飛行過程中受到空氣阻力的方向與速度方向無關(guān)3如圖所示，魚兒擺尾擊水躍出水面，吞食荷花花瓣的過程中，下列說法正確的是（）

2、 A魚兒吞食花瓣時魚兒受力平衡B魚兒擺尾出水時浮力大于重力C魚兒擺尾擊水時受到水的作用力D研究魚兒擺尾擊水躍出水面的動作可把魚兒視為質(zhì)點4關(guān)于雙縫干涉實驗，下列說法正確的是（） A用復(fù)色光投射就看不到條紋B明暗相間條紋是兩列光在屏上疊加的結(jié)果C把光屏前移或后移，不能看到明暗相間條紋D藍(lán)光干涉條紋的間距比紅光的大5下列說法正確的是（） A恒定磁場對靜置于其中的電荷有力的作用B小磁針N極在磁場中的受力方向是該點磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向C正弦交流發(fā)電機(jī)工作時，穿過線圈平面的磁通量最大時，電流最大D升壓變壓器中，副線圈的磁通量變化率大于原線圈的磁通量變化率6神州十三號飛船采用“快速返回技術(shù)”，在近地軌道上，返

3、回艙脫離天和核心艙，在圓軌道環(huán)繞并擇機(jī)返回地面。則（） A天和核心艙所處的圓軌道距地面高度越高，環(huán)繞速度越大B返回艙中的宇航員處于失重狀態(tài)，不受地球的引力C質(zhì)量不同的返回艙與天和核心艙可以在同一軌道運行D返回艙穿越大氣層返回地面過程中，機(jī)械能守恒7圖為氫原子的能級圖。大量氫原子處于n=3的激發(fā)態(tài)，在向低能級躍遷時放出光子，用這些光子照射逸出功為2.29eV的金屬鈉。下列說法正確的是（）A逸出光電子的最大初動能為10.80eVBn=3躍遷到n=1放出的光電子動量最大C有3種頻率的光子能使金屬鈉產(chǎn)生光電效應(yīng)D用0.85eV的光子照射，氫原子躍遷到n=4激發(fā)態(tài)8如圖所示，王亞平在天宮課堂上演示了水球

4、光學(xué)實驗，在失重環(huán)境下，往大水球中央注入空氣，形成了一個空氣泡，氣泡看起來很明亮，其主要原因是（） A氣泡表面有折射沒有全反射B光射入氣泡衍射形成“亮斑”C氣泡表面有折射和全反射D光射入氣泡干涉形成“亮斑”9如圖所示，帶等量異種電荷的兩正對平行金屬板M、N間存在勻強(qiáng)電場，板長為L（不考慮邊界效應(yīng)）。t=0時刻，M板中點處的粒子源發(fā)射兩個速度大小為v0的相同粒子，垂直M板向右的粒子，到達(dá)N板時速度大小為 ；平行M板向下的粒子，剛好從N板下端射出。不計重力和粒子間的相互作用，則（） AM板電勢高于N板電勢B兩個粒子的電勢能都增加C粒子在兩板間的加速度為 D粒子從N板下端射出的時間 10如圖所示，一

5、輕質(zhì)曬衣架靜置于水平地面上，水平橫桿與四根相同的斜桿垂直，兩斜桿夾角=60。一重為G的物體懸掛在橫桿中點，則每根斜桿受到地面的（）A作用力為 B作用力為 C摩擦力為 D摩擦力為 11如圖所示，一根固定在墻上的水平光滑桿，兩端分別固定著相同的輕彈簧，兩彈簧自由端相距x。套在桿上的小球從中點以初速度v向右運動，小球?qū)⒆鲋芷跒門的往復(fù)運動，則（）A小球做簡諧運動B小球動能的變化周期為 C兩根彈簧的總彈性勢能的變化周期為TD小球的初速度為 時，其運動周期為2T12風(fēng)力發(fā)電已成為我國實現(xiàn)“雙碳”目標(biāo)的重要途經(jīng)之一。如圖所示，風(fēng)力發(fā)電機(jī)是一種將風(fēng)能轉(zhuǎn)化為電能的裝置。某風(fēng)力發(fā)電機(jī)在風(fēng)速為9m/s時，輸出電功

6、率為405kW，風(fēng)速在510m/s范圍內(nèi)，轉(zhuǎn)化效率可視為不變。該風(fēng)機(jī)葉片旋轉(zhuǎn)一周掃過的面積為A，空氣密度為，風(fēng)場風(fēng)速為v，并保持風(fēng)正面吹向葉片。下列說法正確的是（） A該風(fēng)力發(fā)電機(jī)的輸出電功率與風(fēng)速成正比B單位時間流過面積A的流動空氣動能為 C若每天平均有1.0108kW的風(fēng)能資源，則每天發(fā)電量為2.4109kWhD若風(fēng)場每年有5000h風(fēng)速在610m/s的風(fēng)能資源，則該發(fā)電機(jī)年發(fā)電量至少為6.0105kWh13小明用額定功率為1200W、最大拉力為300N的提升裝置，把靜置于地面的質(zhì)量為20kg的重物豎直提升到高為85.2m的平臺，先加速再勻速，最后做加速度大小不超過5m/s2的勻減速運動，

7、到達(dá)平臺速度剛好為零，則提升重物的最短時間為（） A13.2sB14.2sC15.5sD17.0s二、選擇題（本題共3小題，每小題2分，共6分。每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的。全部選對的得2分，選對但不選全的得1分，有選錯的得0分）14秦山核電站生產(chǎn) 的核反應(yīng)方程為 ，其產(chǎn)物 的衰變方程為 。下列說法正確的是（） AX是 B 可以用作示蹤原子C 來自原子核外D經(jīng)過一個半衰期，10個 將剩下5個15如圖為某一徑向電場示意圖，電場強(qiáng)度大小可表示為 ， a為常量。比荷相同的兩粒子在半徑r不同的圓軌道運動。不考慮粒子間的相互作用及重力，則（） A軌道半徑r小的粒子角速度一定小B電荷

8、量大的粒子的動能一定大C粒子的速度大小與軌道半徑r一定無關(guān)D當(dāng)加垂直紙面磁場時，粒子一定做離心運動16位于x=0.25m的波源P從t=0時刻開始振動，形成的簡諧橫波沿x軸正負(fù)方向傳播，在t=2.0s時波源停止振動，t=2.1s時的部分波形如圖所示，其中質(zhì)點a的平衡位置xa=1.75m，質(zhì)點b的平衡位置xb=0.5m。下列說法正確的是（）A沿x軸正負(fù)方向傳播的波發(fā)生干涉Bt=0.42s時，波源的位移為正Ct=2.25s時，質(zhì)點a沿y軸負(fù)方向振動D在0到2s內(nèi)，質(zhì)點b運動總路程是2.55m三、非選擇題（本題共6小題，共55分）17 （1）“探究小車速度隨時間變化的規(guī)律”實驗裝置如圖1所示，長木板水

9、平放置，細(xì)繩與長木板平行。圖2是打出紙帶的一部分，以計數(shù)點O為位移測量起點和計時起點，則打計數(shù)點B時小車位移大小為 cm。由圖3中小車運動的數(shù)據(jù)點，求得加速度為 m/s2（保留兩位有效數(shù)字）。利用圖1裝置“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實驗，需調(diào)整的是 （多選）。A換成質(zhì)量更小的車 B調(diào)整長木板的傾斜程度C把鉤碼更換成砝碼盤和砝碼 D改變連接小車的細(xì)繩與長木板的夾角（2）“探究求合力的方法”的實驗裝置如圖4所示，在該實驗中，下列說法正確的是 （單選）；A拉著細(xì)繩套的兩只彈簧秤，穩(wěn)定后讀數(shù)應(yīng)相同B在已記錄結(jié)點位置的情況下，確定一個拉力的方向需要再選擇相距較遠(yuǎn)的兩點C測量時彈簧秤外殼與木板之間不能

10、存在摩擦D測量時，橡皮條、細(xì)繩和彈簧秤應(yīng)貼近并平行于木板若只有一只彈簧秤，為了完成該實驗至少需要 （選填“2”、“3”或“4”）次把橡皮條結(jié)點拉到O。18 （1）探究滑動變阻器的分壓特性，采用圖1所示的電路，探究滑片P從A移到B的過程中，負(fù)載電阻R兩端的電壓變化。圖2為實驗器材部分連線圖，還需要 （選填af、bf、fd、fc、ce或cg）連線（多選）。圖3所示電壓表的示數(shù)為 V。已知滑動變阻器的最大阻值R0=10，額定電流I=1.0A。選擇負(fù)載電阻R=10，以R兩端電壓U為縱軸，為 橫軸（x為AP的長度，L為AB的長度），得到 分壓特性曲線為圖4中的“I”；當(dāng)R=100，分壓特性曲線對應(yīng)圖4中

11、的 （選填“”或“”）；則滑動變阻器最大阻值的選擇依據(jù)是 。（2）兩個相同的電流表G1和G2如圖5所示連接，晃動G1表，當(dāng)指針向左偏轉(zhuǎn)時，靜止的G2表的指針也向左偏轉(zhuǎn)，原因是_（多選）。A兩表都是“發(fā)電機(jī)”BG1表是“發(fā)電機(jī)”，G2表是“電動機(jī)”CG1表和G2表之間存在互感現(xiàn)象DG1表產(chǎn)生的電流流入G2表，產(chǎn)生的安培力使G2表指針偏轉(zhuǎn)19物流公司通過滑軌把貨物直接裝運到卡車中，如圖所示，傾斜滑軌與水平面成24角，長度l1=4m，水平滑軌長度可調(diào)，兩滑軌間平滑連接。若貨物從傾斜滑軌頂端由靜止開始下滑，其與滑軌間的動摩擦因數(shù)均為 ，貨物可視為質(zhì)點（取cos24=0.9，sin24=0.4）。 （1

12、）求貨物在傾斜滑軌上滑行時加速度a1的大??；（2）求貨物在傾斜滑軌末端時速度v的大?。唬?）若貨物滑離水平滑軌末端時的速度不超過2m/s，求水平滑軌的最短長度l2。20如圖所示，在豎直面內(nèi)，一質(zhì)量m的物塊a靜置于懸點O正下方的A點，以速度v逆時針轉(zhuǎn)動的傳送帶MN與直軌道AB、CD、FG處于同一水平面上，AB、MN、CD的長度均為l。圓弧形細(xì)管道DE半徑為R，EF在豎直直徑上，E點高度為H。開始時，與物塊a相同的物塊b懸掛于O點，并向左拉開一定的高度h由靜止下擺，細(xì)線始終張緊，擺到最低點時恰好與a發(fā)生彈性正碰。已知m=2g，l=1m，R=0.4m，H=0.2m，v=2m/s，物塊與MN、CD之間

13、的動摩擦因數(shù)=0.5，軌道AB和管道DE均光滑，物塊a落到FG時不反彈且靜止。忽略M、B和N、C之間的空隙，CD與DE平滑連接，物塊可視為質(zhì)點。（1）若h=1.25m，求a、b碰撞后瞬時物塊a的速度v0的大??；（2）物塊a在DE最高點時，求管道對物塊的作用力FN與h間滿足的關(guān)系；（3）若物塊b釋放高度0.9mh0）、速度大小不同的離子，其中速度大小為v0的離子進(jìn)入轉(zhuǎn)筒，經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后恰好沿y軸負(fù)方向離開磁場。落在接地的筒壁或探測板上的離子被吸收且失去所帶電荷，不計離子的重力和離子間的相互作用。（1）求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小；若速度大小為v0的離子能打在Q板的A處，求轉(zhuǎn)筒P角速度的大??；（2）較長時間

14、后，轉(zhuǎn)筒P每轉(zhuǎn)一周有N個離子打在板Q的C處，OC與x軸負(fù)方向的夾角為，求轉(zhuǎn)筒轉(zhuǎn)動一周的時間內(nèi)，C處受到平均沖力F的大小；（3）若轉(zhuǎn)筒P的角速度小于 ，且A處探測到離子，求板Q上能探測到離子的其他的值（為探測點位置和O點連線與x軸負(fù)方向的夾角）。答案解析部分1【答案】A【知識點】單位制及量綱【解析】【解答】根據(jù)牛頓第二定律有F=ma，m=1kg，a=1m/s2，F(xiàn)=1N，所以1N=1kgm/s2則屬于力的單位為kgm/s2.故選A?！痉治觥扛鶕?jù)力學(xué)中的三個基本單位結(jié)合牛頓第二定律列方程求解。2【答案】B【知識點】加速度；慣性【解析】【解答】A.鏈球做勻速圓周運動時加速度大小不變，但方向時刻都在改

15、變，故A錯誤。B.足球的慣性只與質(zhì)量有關(guān)，與其他因素?zé)o關(guān)，故B正確。C.乒乓球被擊打過程中受到的作用力隨著形變量的減小而減小，故C錯誤。D.籃球飛行過程中所受阻力的方向與速度方向相反，故D錯誤。故答案為：B。【分析】加速度是矢量，既有大小，又有方向；慣性只與質(zhì)量有關(guān)與其他因素?zé)o關(guān)；乒乓球所受的作用力與形變量的大小有關(guān)；籃球所受空氣阻力與速度方向相反。3【答案】C【知識點】力與運動的關(guān)系【解析】【解答】A魚兒吞食花瓣時只受重力，處于完全失重狀態(tài)，受力不平衡，故A錯誤。B魚兒擺尾出水的原因是擺尾時水對魚向上的作用力大于重力，故B錯誤。C.魚兒擺尾時對水有作用力，由牛頓第三定律可得水對魚尾也有作用力

16、，故C正確。D研究魚兒擺尾擊水躍出水面的動作不可以把魚兒視為質(zhì)點，D錯誤。故選C?！痉治觥扛鶕?jù)魚躍出水面時的運動狀態(tài)進(jìn)行受力分析，結(jié)合力與運動的關(guān)系分析求解。4【答案】B【知識點】雙縫干涉現(xiàn)象【解析】【解答】A用復(fù)色光投射看到的時彩色條紋，故A錯誤；B雙縫干涉實驗中，明暗相間條紋是兩列光在屏上發(fā)生干涉疊加的結(jié)果，B正確；C由條紋間距公式知，把光屏前移或后移，改變了L，從而改變了條紋間距，但還可能看到明暗相間條紋，故C錯誤；D根據(jù)條紋間距和藍(lán) 0.25s，即質(zhì)點a還在繼續(xù)振動，結(jié)合圖象可知質(zhì)點a位移為正且向y軸正方向運動，故C錯誤；D.波傳到b點所需的時間t=0.3s；在0到2s內(nèi)，質(zhì)點a振動的

17、時間為1.7s，質(zhì)點b運動總路程17倍的振幅，所以總路程為2.25m，故D正確。故選BD?！痉治觥扛鶕?jù)兩個波發(fā)生干涉的條件以及機(jī)械波的波長，波速和周期頻率之間的關(guān)系列方程求解。17【答案】（1）；BC（2）D；3【知識點】探究小車速度隨時間變化的規(guī)律【解析】【解答】（1）根據(jù)刻度尺的讀數(shù)原理可得O到B的距離為6.20cm 由圖3中小車運動的數(shù)據(jù)點，有 A利用圖1裝置“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實驗時，需要滿足小車質(zhì)量遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于鉤碼質(zhì)量，所以不需要換質(zhì)量更小的車，故A錯誤；B利用圖1裝置“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實驗時，需要平衡摩擦阻力，所以需要將長木板的一端墊高，故B正確；C以系統(tǒng)為研

18、究對象，依題意“探究小車速度隨時間變化的規(guī)律”實驗時有，因為，則有，解得，而利用圖1裝置“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實驗時要保證所懸掛質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量；可知目前實驗條件不滿足，所以利用當(dāng)前裝置在“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”時，需將鉤碼更換成砝碼盤和砝碼，以滿足小車質(zhì)量遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于所懸掛物體的質(zhì)量，故C正確；D實驗過程中，需將連接砝碼盤和小車的細(xì)繩應(yīng)跟長木板始終保持平行，與之前的相同，故D錯誤。故選BC。（2）A在不超出彈簧測力計的量程和橡皮條形變限度的條件下，使拉力適當(dāng)大些，不必使兩只測力計的示數(shù)相同，故A錯誤；B在已記錄結(jié)點位置的情況下，確定一個拉力的方向需要再選擇相距較遠(yuǎn)的一個點就可以

19、了，故B錯誤；C實驗中拉彈簧秤時，只需讓彈簧與外殼間沒有摩擦，此時彈簧測力計的示數(shù)即為彈簧對細(xì)繩的拉力相等，與彈簧秤外殼與木板之間是否存在摩擦無關(guān)，故C錯誤；D為了減小實驗中摩擦對測量結(jié)果的影響，拉橡皮條時，橡皮條、細(xì)繩和彈簧秤應(yīng)貼近并平行于木板，故D正確。故選D 若只有一只彈簧秤，為了完成該實驗，用手拉住一條細(xì)繩，用彈簧稱拉住另一條細(xì)繩，互成角度的拉橡皮條，使其結(jié)點達(dá)到某一點O，記下位置O和彈簧稱示數(shù)F1和兩個拉力的方向；交換彈簧稱和手所拉細(xì)繩的位置，再次將結(jié)點拉至O點，使兩力的方向與原來兩力方向相同，并記下此時彈簧稱的示數(shù)F2；只有一個彈簧稱將結(jié)點拉至O點，并記下此時彈簧稱的示數(shù)F的大小及

20、方向；所以若只有一只彈簧秤，為了完成該實驗至少需要3次把橡皮條結(jié)點拉到O?！痉治觥浚?）根據(jù)“探究小車速度隨時間變化的規(guī)律”的實驗原理以及牛頓第二定律進(jìn)行分析求解。（2）根據(jù)力的平行四邊形定則以及探究力的平行四邊形定則的實驗原理和實驗步驟進(jìn)行分析求解。18【答案】（1） 、 、 ；（2）B；D【知識點】其他實驗【解析】【解答】（1）由實驗電路圖可知，還需要af、fd、ce連線；由題可知，電壓表的示數(shù)為1.50V，注意估讀。假定AP部分的電阻為，分別與10與100并聯(lián)再與BP部分的電阻串聯(lián)；由于相同的與100并聯(lián)后的電阻較與10并聯(lián)后的電阻大，則根據(jù)閉合電路的歐姆定律可知，滑片在相同位置下，負(fù)載

21、電阻越大，其兩端電壓越大；即在相同橫坐標(biāo)下，此時負(fù)載100時，電壓表的示數(shù)應(yīng)該較曲線為圖4中的“I”來得大，故應(yīng)該選“”。由上述分析可知，對于不同的負(fù)載電阻，調(diào)節(jié)滑動觸頭時負(fù)載兩端的電壓變化規(guī)律不同，當(dāng)負(fù)載電阻小于滑動變阻器最大阻值時，負(fù)載電阻兩端電壓隨滑動觸頭的變化而更迅速變化；當(dāng)負(fù)載電阻大于滑動變阻器最大阻值時，負(fù)載電阻兩端電壓隨滑動觸頭的變化而更加平穩(wěn)變化，從而獲得更多的實驗數(shù)據(jù)。所以，在保證電路安全的情況下，滑動變阻器最大阻值的選擇依據(jù)是相比負(fù)載電阻越小越好，即。（2）據(jù)題意可知：電流表主要部件是永久磁鐵和帶有指針的線圈，G1和G2用導(dǎo)線連接起來當(dāng)晃動動G1時，相當(dāng)于G1中的線圈做切割

22、磁感線運動，電路中會產(chǎn)生感應(yīng)電流；由于兩個電表構(gòu)成了閉合電路，則電流會通過G2表中的線圈，而該線圈處于磁場中，由于通電導(dǎo)線在磁場中受力的作用，G2的指針也會偏轉(zhuǎn)；則G1表相當(dāng)于“發(fā)電機(jī)”，G2表相當(dāng)于“電動機(jī)”，故AC錯誤，BD正確。故選BD。【分析】(1)根據(jù)實驗電路圖進(jìn)行連線即可；根據(jù)電壓表的讀數(shù)原則進(jìn)行讀數(shù)，注意估讀；滑動變阻器采用分壓接法時，在保證電路安全的前提下，阻值越小越好，（2）根據(jù)電動機(jī)和發(fā)電機(jī)的原理和電路的結(jié)構(gòu)進(jìn)行分析求解。19【答案】（1）解：已知傾斜滑軌與水平面成24角， 對貨物列牛頓第二定律 解得： （2）解：貨物做勻加速運動，根據(jù)速度和位移的關(guān)系可得： 解得： （3）

23、解：貨物做勻減速運動 根據(jù)運動學(xué)公式可得： 根據(jù)牛頓第二定律可得： 聯(lián)立兩式解得：【知識點】力與運動的關(guān)系【解析】【分析】（1）對貨物進(jìn)行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律列方程求解。（2）根據(jù)第一問所求加速度，結(jié)合運動學(xué)公式列方程求解。（3）根據(jù)題意分析臨界條件，由運動學(xué)公式和牛頓第二定律聯(lián)立分析求解。20【答案】（1）解：滑塊b擺到最低點 彈性正碰 （2）解：以豎直向下為正方向 從 釋放時，滑塊a運動到E點時速度恰好為零 代入數(shù)據(jù)解得：（3）解：當(dāng) 時 當(dāng) 時從 釋放時，滑塊a運動到距C點 處速度恰好為零，滑塊a由E點速度為零，返回到 時距C點 處速度恰好為零 【知識點】傳送帶模型；能量守恒定律【

24、解析】【分析】（1）由動能定理計算碰撞前物體b的速度，再根據(jù)彈性碰撞過程中動量守恒和機(jī)械能守恒列方程求解。（2）由動能定理可計算出物塊a到達(dá)最高點時的速度表達(dá)式，再對物塊進(jìn)行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律列方程求解。（3）分別計算速度最大和速度最小時物塊a所處的位置，并結(jié)合運動學(xué)規(guī)律和牛頓第二定律列方程分析求解。21【答案】（1）解：根據(jù)安培力公式可得： 根據(jù)圖2可得，在0t1時間內(nèi)，動子和線圈做勻加速直線運動，有 聯(lián)立兩個式子，并代入數(shù)據(jù)解得：（2）解：S擲向2接通定值電阻R0時，感應(yīng)電流 此時的安培力為F安1=nBI1l根據(jù)牛頓第二定律有： 在 至 期間加速度恒定，則 （3）解：根據(jù)圖2可得： 0 2s時間內(nèi)位移大小為 根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得：E= 根據(jù)電流的定義式可得：q=It I= 聯(lián)立解得：感應(yīng)電量 從t3時刻到最