重慶市楊家坪中學(xué)2022-2023學(xué)年物理高三上期中學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測(cè)模擬試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)：1答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在答題卡上。2回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫(xiě)在答題卡上，寫(xiě)在本試卷上無(wú)效。3考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、一個(gè)質(zhì)量為1kg的小球豎直向上拋出，最終落回拋出點(diǎn)，假如小球所受空氣阻力大小恒定，該過(guò)程的位移一時(shí)間圖像如圖所示，g取10m/s2，下列說(shuō)法正確的是（ ）A小球拋出時(shí)的速度

2、為12m/sB小球上升和下落的時(shí)間之比為C小球落回到拋出點(diǎn)時(shí)所受合力的功率為D小球上升過(guò)程的機(jī)械能損失大于下降過(guò)程的機(jī)械能損失2、一個(gè)質(zhì)量為的物體以a2g的加速度豎直向下運(yùn)動(dòng)，則在此物體下降h高度的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（ ）A物體的重力勢(shì)能減少了2mghB物體的動(dòng)能增加了2mghC物體的機(jī)械能保持不變D物體的機(jī)械能增加了2mgh3、磁性車(chē)載支架（如圖甲）使用方便，它的原理是將一個(gè)引磁片貼在手機(jī)背面，再將引磁片對(duì)準(zhǔn)支架的磁盤(pán)放置，手機(jī)就會(huì)被牢牢地吸附?。ㄈ鐖D乙）。下列關(guān)于手機(jī)（含引磁片）的說(shuō)法中正確的是（ ） A汽車(chē)靜止時(shí)手機(jī)共受三個(gè)力的作用B只要汽車(chē)向前加速的加速度大小合適，手機(jī)可能不受支

3、架對(duì)它的摩擦力作用C當(dāng)汽車(chē)以某一速度勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，支架對(duì)手機(jī)的作用力為零D汽車(chē)靜止時(shí)，支架對(duì)手機(jī)的作用力大小等于手機(jī)的重力大小4、如圖所示，質(zhì)量分別為、的兩個(gè)物塊間用一輕彈簧連接，放在傾角為的粗糙斜劈上，物塊與斜劈間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，用平行于斜面、大小為的拉力作用在上，使、一起向上作勻加速度運(yùn)動(dòng)，斜劈始終靜止在水平地面上，則（ ）A彈簧的彈力為B彈簧的彈力為C地面對(duì)斜劈的摩擦力水平向右D地面對(duì)斜劈無(wú)摩擦作用5、一個(gè)從靜止開(kāi)始作勻加速直線運(yùn)動(dòng)的物體，從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)起，連續(xù)通過(guò)三段位移的時(shí)間分別是3s、3s、3s，這三段位移的長(zhǎng)度之比是A1:2:3B1:23:33C1:3:5D1:22: 326、201

4、6年國(guó)際滑聯(lián)世界青年速度滑錦標(biāo)賽中，中國(guó)選手楊濤奪得500米季軍，如圖為楊濤在冰面上的運(yùn)動(dòng)軌跡，圖中關(guān)于他的速度方向、合力方向正確的是ABCD二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、下列說(shuō)法中正確的是（ ）A第二類(lèi)永動(dòng)機(jī)是不可能制造出來(lái)的，盡管它不違反熱力學(xué)第一定律，但它違法熱力學(xué)第二定律B布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中固體顆粒的分子無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)的反映C同一溫度下，氣體分子速率呈現(xiàn)出“中間多，兩頭少”的分布規(guī)律D物體熔化時(shí)吸熱，分子平均動(dòng)能不一定增加E.只知道氣體的摩爾體積和阿伏伽

5、德羅常數(shù)就可以算出氣體分子的體積8、如圖所示，勁度系數(shù)為k的輕彈簧的一端固定在墻上，另一端與置于水平面上質(zhì)量為m的物體接觸（未連接），彈簧水平且無(wú)形變用水平力F緩慢推動(dòng)物體，在彈性限度內(nèi)彈簧長(zhǎng)度被壓縮了x1，此時(shí)物體靜止撤去F后，物體開(kāi)始向左運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)的最大距離為4x1物體與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，重力加速度為g則（）A撤去F后，物體先做勻加速運(yùn)動(dòng)，再做勻減速運(yùn)動(dòng)B撤去F后，物體剛運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大小為C彈簧被壓縮了x1時(shí)具有的彈性勢(shì)能為3mgx1D物體開(kāi)始向左運(yùn)動(dòng)到速度最大的過(guò)程中克服摩擦力做的功為mg（x1）9、如圖，一光滑的輕滑輪用細(xì)繩OO懸掛于O點(diǎn)；另一細(xì)繩跨過(guò)滑輪，其一端懸掛物塊a，另

6、一端系一位于水平粗糙桌面上的物塊b外力F向右上方拉b，整個(gè)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)若F方向不變，大小在一定范圍內(nèi)變化，物塊b仍始終保持靜止，則（）A繩OO的張力也在一定范圍內(nèi)變化B物塊b所受到的支持力也在一定范圍內(nèi)變化C連接a和b的繩的張力也在一定范圍內(nèi)變化D物塊b與桌面間的摩擦力也在一定范圍內(nèi)變化10、質(zhì)量為2103kg的汽車(chē)由靜止開(kāi)始沿平直公路行駛，行駛過(guò)程中牽引力F和車(chē)速倒數(shù)的關(guān)系圖象如圖所示已知行駛過(guò)程中最大車(chē)速為30m/s，設(shè)阻力恒定，則()A汽車(chē)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到的阻力為6103NB汽車(chē)在車(chē)速為5m/s時(shí)，加速度為3m/s2C汽車(chē)在車(chē)速為15m/s時(shí)，加速度為1m/s2D汽車(chē)在行駛過(guò)程中的最大

7、功率為6104W三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11（6分）為測(cè)定木塊與桌面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)，小亮設(shè)計(jì)了如圖所示的裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)實(shí)驗(yàn)中，當(dāng)木塊A位于水平桌面上的O點(diǎn)時(shí)，重物B剛好接觸地面將A拉到P點(diǎn)，待B穩(wěn)定后靜止釋放，A最終滑到Q點(diǎn)分別測(cè)量OP、OQ的長(zhǎng)度h和s.改變h，重復(fù)上述實(shí)驗(yàn)，分別記錄幾組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)（1）實(shí)驗(yàn)開(kāi)始時(shí)，發(fā)現(xiàn)A釋放后會(huì)撞到滑輪請(qǐng)?zhí)岢鰞蓚€(gè)解決方法_（2）請(qǐng)根據(jù)下表的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)在下圖中作出sh關(guān)系的圖象（_）h/cm20.030.040.050.060.0s/cm19.528.539.048.056.5（3）實(shí)驗(yàn)測(cè)得A、B的質(zhì)

8、量分別為m0.40 kg、M0.50 kg.根據(jù)sh圖象可計(jì)算出A木塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)_（結(jié)果保留一位有效數(shù)字）（4）實(shí)驗(yàn)中，滑輪軸的摩擦?xí)?dǎo)致的測(cè)量結(jié)果_（選填“偏大”或“偏小”）12（12分）將力傳感器連接到計(jì)算機(jī)上，不僅可以比較精確地測(cè)量力的大小，還能得到力隨時(shí)間變化的關(guān)系圖象。甲圖中，某同學(xué)利用力的傳感器測(cè)量小滑塊在光滑半球形容器內(nèi)的運(yùn)動(dòng)時(shí)對(duì)容器的壓力來(lái)驗(yàn)證小滑塊的機(jī)械能守恒，實(shí)驗(yàn)步驟如下：如圖甲所示，將壓力傳感器M固定在小滑塊的底部；讓小滑塊靜止在光滑半圓形容器的最低點(diǎn)，從計(jì)算機(jī)中得到小滑塊對(duì)容器的壓力隨時(shí)間變化的關(guān)系圖象如圖乙所示；讓小滑塊沿固定的光滑半球形容器內(nèi)壁在豎直平面的

9、之間往復(fù)運(yùn)動(dòng)，、與豎直方向之間的夾角相等且都為（5）從計(jì)算機(jī)中得到小滑塊對(duì)容器的壓力隨時(shí)間變化的關(guān)系圖象如圖丙所示。請(qǐng)回答以下問(wèn)題：（1）小滑塊的重量F0為_(kāi)N。（2）為了驗(yàn)證小滑塊在最高點(diǎn)A和最低點(diǎn)處的機(jī)械能是否相等，則_。A一定得測(cè)出小滑塊的質(zhì)量mB一定得測(cè)出OA與豎直方向的夾角C一定得知道當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭的大小D只要知道圖乙中的壓力F0和圖丙中的最小壓力F1、最大壓力F2的大?。?）若已經(jīng)用實(shí)驗(yàn)測(cè)得了第（2）小問(wèn)中所需測(cè)量的物理量，用R表示半圓形容器的半徑，則小滑塊從A點(diǎn)到最低點(diǎn)的過(guò)程中重力勢(shì)能減小_（用題中所給物理量的符號(hào)來(lái)表示），動(dòng)能增加 _（用題中所給物理量的符號(hào)來(lái)表示），由測(cè)量的

10、數(shù)據(jù)得到小滑塊的機(jī)械能_（填“是”或“不”）守恒的。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，水平地面上有一質(zhì)量的金屬塊，其與水平地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)， ，在與水平方向成角斜向上的恒定拉力作用下，以的速度向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)已知， ， 取求：（1）拉力的大??；（2）經(jīng)時(shí)間，拉力的沖量大??；（3）若某時(shí)刻撤去拉力，撤去拉力后，金屬塊在地面上還能滑行多長(zhǎng)時(shí)間14（16分）如圖甲所示，質(zhì)量為的木板靜止在光滑水平面上，質(zhì)量為的物塊以初速度滑上木板的左端，物塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為.在物塊滑上木板的同時(shí)，給木板施加

11、一個(gè)水平向右的恒力F，當(dāng)恒力F取某一值時(shí)，物塊在木板上相對(duì)于木板滑動(dòng)的路程為s，給木板施加大小不同的恒力F，得到的關(guān)系如圖乙所示，其中AB段與橫軸平行，且AB段的縱坐標(biāo)為.將物塊視為質(zhì)點(diǎn)，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度取.（1）若恒力,則物塊會(huì)從木板的右端滑下，求物塊在木板上滑行的時(shí)間.（2）圖乙中BC為直線段，求該段恒力F的取值范圍及函數(shù)關(guān)系式.（3）簡(jiǎn)要說(shuō)明圖乙中線段DE所表示的物塊和木板的相對(duì)運(yùn)動(dòng)情況15（12分）如圖，質(zhì)量為m=2kg的小物塊在與水平成37o的恒力F作用下由靜止開(kāi)始沿粗糙水平面AB運(yùn)動(dòng)，4s末恰好到達(dá)B點(diǎn)時(shí)迅速撤去F，物體繼續(xù)沿傾角為37o的足夠長(zhǎng)的粗糙斜面BC

12、運(yùn)動(dòng)已知物體與水平面和斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為=0. 5,物體在水平面上運(yùn)動(dòng)的AB間距離為4m，不計(jì)物體在B點(diǎn)的能量損失(已知sin=0.6,cos=0.8)求:（1）小物塊所受到的恒力F;（2）小物塊從B點(diǎn)沿斜面向上運(yùn)動(dòng),到返回B點(diǎn)所用的時(shí)間參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】由圖知，小球上升的位移 x=24m，用時(shí) t1=2s，平均速度由得初速度 v0=24m/s故A錯(cuò)誤上升時(shí)加速度大小為；由牛頓第二定律得：mg+f=ma1；解得空氣阻力的大小 f=2N；對(duì)于下落過(guò)程，由牛頓第二定律得 mg-f=ma2

13、；解得 a2=8m/s2；則 a1：a2=3：2；根據(jù)位移公式x=at2，及上升和下落的位移大小相等，可知上升和下落的時(shí)間之比為故B錯(cuò)誤由上可得下落時(shí)間，小球落回到拋出點(diǎn)時(shí)速度為所受合力 F合=mg-f=8N，此時(shí)合力的功率為故C正確小球上升和下落兩個(gè)過(guò)程克服空氣阻力做功相等，由功能原理知，球上升過(guò)程的機(jī)械能損失等于下降過(guò)程的機(jī)械能損失故D錯(cuò)誤故選C2、B【解析】A. 物體下降h高度的過(guò)程中，重力做功mgh，則重力勢(shì)能減小mgh.故A錯(cuò)誤；B. 根據(jù)牛頓第二定律知，合力為2mg，根據(jù)動(dòng)能定理知，合力做功為2mgh，則動(dòng)能增加2mgh.故B正確；C. 重力勢(shì)能減小mgh，動(dòng)能增加2mgh，則機(jī)械

14、能增加了mgh.故C錯(cuò)誤，D錯(cuò)誤故選：B.點(diǎn)睛：根據(jù)重力做功判斷重力勢(shì)能的變化，根據(jù)合力做功判斷動(dòng)能的變化，根據(jù)動(dòng)能和重力勢(shì)能的變化判斷機(jī)械能的變化3、B【解析】A. 手機(jī)處于靜止?fàn)顟B(tài)，受力平衡，手機(jī)受到重力、支架的支持力、摩擦力以及磁片的吸引力，共受到四個(gè)力的作用；故A錯(cuò)誤.B. 手機(jī)處于靜止?fàn)顟B(tài)，受力平衡，受到重力和磁片對(duì)手機(jī)的作用力，根據(jù)平衡條件可知，磁片對(duì)手機(jī)的作用力大小等于重力，方向與重力方向相反；故B正確.C、D、由于磁片對(duì)手機(jī)的支持力與磁片的吸引力的方向都與支架的平面垂直，它們的合力不能抵消重力沿支架斜面方向向下的分力，所以無(wú)論是向前加速還是減速，都必定受到支架的沿斜面向上的摩擦

15、力的作用；故C錯(cuò)誤，D錯(cuò)誤.故選B.【點(diǎn)睛】手機(jī)處于靜止?fàn)顟B(tài)，受力平衡，對(duì)手機(jī)受力分析，根據(jù)平衡條件分析即可4、A【解析】AB對(duì)整體分析，根據(jù)牛頓第二定律得，隔離對(duì)分析，根據(jù)牛頓第二定律得，計(jì)算得出，所以A正確；B錯(cuò)誤； CD以斜面為研究對(duì)象，分析受力情況：重力、的壓力和滑動(dòng)摩擦力、地面的支持力，則由平衡條件可以知道，地面對(duì)斜面的摩擦力必定水平向左，斜面才能保持平衡，故C、D錯(cuò)誤；故選：A5、C【解析】根據(jù)，可得物體通過(guò)的第一段位移為：前6s的位移減去前1s的位移就等于第二段的位移，故物體通過(guò)的第二段位移為：前9s的位移減去前6s的位移就等于第三段的位移，故物體通過(guò)的第三段位移為：故有：x1：

16、x2：x1=1：1：3A1:2:1故A不符合題意 B1:21:11故B不符合題意C1:1:3故C符合題意 D1:22: 12故D不符合題意6、D【解析】根據(jù)曲線運(yùn)動(dòng)的軌跡夾在合力與速度方向之間，合力大致指向軌跡凹的一向。速度與軌跡相切AA圖與分析不符，故A錯(cuò)誤；BB圖與分析不符，故B錯(cuò)誤；CC圖與分析不符，故C錯(cuò)誤；DD圖與分析相符，故D正確。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、ACD【解析】A第二類(lèi)永動(dòng)機(jī)是不可能制造出來(lái)的，盡管它不違反熱力學(xué)第一定律，但它違法熱力學(xué)

17、第二定律，故A正確；B布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中固體顆粒的運(yùn)動(dòng)，是由于液體分子規(guī)則的碰撞造成的，則布朗運(yùn)動(dòng)反映了液體中分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤C根據(jù)麥克斯韋統(tǒng)計(jì)規(guī)律可知，同一溫度下，氣體分子速率呈現(xiàn)出“中間多，兩頭少”的分布規(guī)律，故C正確D溫度是分子的平均動(dòng)能的標(biāo)志，晶體熔化時(shí)吸熱，溫度不變，所以分子平均動(dòng)能不增加，故D正確；E只知道氣體的摩爾體積和阿伏伽德羅常數(shù)可以算出氣體分子所占空間的大小，不能計(jì)算出氣體分子的體積，故E錯(cuò)誤。故選ACD。8、BD【解析】A.撤去力F后，物體受四個(gè)力作用，豎直方向上重力和地面支持力是一對(duì)平衡力，水平方向受向左的彈簧彈力和向右的摩擦力，合力F合=F彈f，根據(jù)牛頓

18、第二定律物體產(chǎn)生的加速度：撤去F后，物體水平方向上受到彈簧的彈力和滑動(dòng)摩擦力，滑動(dòng)摩擦力不變，而彈簧的彈力隨著壓縮量的減小而減小，彈力先大于滑動(dòng)摩擦力，后小于滑動(dòng)摩擦力，則物體向左先做加速運(yùn)動(dòng)后做減速運(yùn)動(dòng)，隨著彈力的減小，合外力先減小后增大，則加速度先減小后增大，故物體先做變加速運(yùn)動(dòng)，再做變減速運(yùn)動(dòng)，最后物體離開(kāi)彈簧后做勻減速運(yùn)動(dòng)；故A錯(cuò)誤；B. 撤去F后，物體剛運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大小為：，故B正確； C. 從撤去力開(kāi)始到物體停止的過(guò)程中，彈簧的彈力和地面的摩擦力對(duì)物體做功，由于初速度、末速度都是1，該過(guò)程中彈簧的彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，所以撤去F時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能為：EP=Wf=4mgx1，故C錯(cuò)誤

19、；D. 由上分析可知，當(dāng)彈簧的彈力與滑動(dòng)摩擦力大小相等、方向相反時(shí)，速度最大，此時(shí)彈簧的壓縮量為，則物體開(kāi)始向左運(yùn)動(dòng)到速度最大的過(guò)程中克服摩擦力做的功為：，故D正確9、BD【解析】由于整個(gè)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，所以滑輪兩側(cè)連接a和b的繩子的夾角不變；物塊a只受重力以及繩子的拉力，由于物體a平衡，則連接a和b的繩子張力T保持不變；由于繩子的張力及夾角均不變，所以O(shè)O中的張力保持不變，A、C錯(cuò)誤；b處于靜止即平衡狀態(tài)，對(duì)b受力分析有：力T與力F與x軸所成夾角均保持不變，由平衡條件可得：N+Fsin+Tsin-mg=0，f+Fcos-Tcos=0；由此可得：N=mg-Fsin-Tsin；由于T的大小不變

20、，可見(jiàn)當(dāng)F大小發(fā)生變化時(shí)，支持力的大小也在一定范圍內(nèi)變化，B正確；f=Tcos-Fcos，由于T的大小不變，當(dāng)F大小發(fā)生變化時(shí)，b靜止可得摩擦力的大小也在一定范圍內(nèi)發(fā)生變化，D正確；故選BD。10、CD【解析】試題分析：從圖線看出，開(kāi)始圖線與x軸平行，表示牽引力不變，牽引車(chē)先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，傾斜圖線的斜率表示額定功率，即牽引車(chē)達(dá)到額定功率后，做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)加速度減小到零，做勻速直線運(yùn)動(dòng)當(dāng)牽引力等于阻力時(shí)，速度最大，由圖線可知阻力大小f=2000N，A錯(cuò)誤；傾斜圖線的斜率表示功率，可知，車(chē)速為5m/s時(shí)，汽車(chē)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度，B錯(cuò)誤當(dāng)車(chē)速為15m/s時(shí)，牽引力，則加速度，故

21、C正確；汽車(chē)的最大功率等于額定功率，等于60000W，D正確三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、減小B的質(zhì)量；增加細(xì)線的長(zhǎng)度（或增大A的質(zhì)量；降低B的起始高度） 0.4 偏大 【解析】(1)1B減少的重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化成系統(tǒng)的內(nèi)能和AB的動(dòng)能，A釋放后會(huì)撞到滑輪，說(shuō)明B減少的勢(shì)能太多，轉(zhuǎn)化成系統(tǒng)的內(nèi)能太少，可以通過(guò)減小B的質(zhì)量；增加細(xì)線的長(zhǎng)度（或增大A的質(zhì)量；降低B的起始高度）解決故解決方法有：可以通過(guò)減小B的質(zhì)量；增加細(xì)線的長(zhǎng)度（或增大A的質(zhì)量；降低B的起始高度）(2)2描點(diǎn)，連線，如圖所示：(3)3B下落至臨落地時(shí)根據(jù)動(dòng)能定理有在B落地后

22、，A運(yùn)動(dòng)到Q，有得又A、B的質(zhì)量分別為m=0.40kg、M=0.50kg，在s-h圖象上任取一組數(shù)據(jù)代入可以求得(4)4由于滑輪軸的摩擦，會(huì)導(dǎo)致繩子的拉力相對(duì)偏小，A運(yùn)動(dòng)的加速度也就偏小，s也就偏小，根據(jù)所以偏大12、1.00N D 是 【解析】(1)1由于重力加速度未知，則有小鐵球靜止時(shí)，繩子的拉力F0，可知，小球的重力為：(2)2小球在最低點(diǎn)，由牛頓第二定律，則有小球在最低點(diǎn)的動(dòng)能為從A到最低點(diǎn)，物體的重力勢(shì)能減少量等于重力做的功即另有對(duì)A點(diǎn)受力分析得從A到最低點(diǎn)的過(guò)程中，重力勢(shì)能減少量等于動(dòng)能增加量，即為聯(lián)立化簡(jiǎn)得故選D。(3)3小滑塊從A點(diǎn)到最低點(diǎn)的過(guò)程中重力勢(shì)能減小等于重力做功，結(jié)合

23、（2）的分析可知，即4增加的動(dòng)能5重力勢(shì)能減小增加的動(dòng)能所以機(jī)械能守恒。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）（3）【解析】【分析】對(duì)物體進(jìn)行受力分析，根據(jù)平衡條件得拉力的大小，依據(jù)沖量的定義式求出拉力的沖量大小，撤去拉力后，根據(jù)牛頓第二定律求出金屬塊在地面上滑行時(shí)間。解：（1）設(shè)在拉力作用下金屬塊所受地面的支持力為，滑動(dòng)摩擦力為，則根據(jù)平衡條件得，又，聯(lián)立解得（2）依據(jù)沖量的定義式代入數(shù)，可得沖量的大?。?）撤去拉力后，金屬塊受到滑動(dòng)摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律，得加速度大小為，則撤去后金屬塊還能滑行的時(shí)間為： 14、 若,物塊和木板速度相等后將不能一起運(yùn)動(dòng),且,物塊從木板左端滑下且F越大相對(duì)路程越小【解析】試題分析：（1）由題，若恒力F=0，則物塊會(huì)從木板的右端滑下，分別對(duì)物塊與木板進(jìn)行受力分析，結(jié)合牛頓第二定律求出加速度，然后結(jié)合位移關(guān)系即可求出；（2）由圖象可看出當(dāng)F小于某一值時(shí)，m物體在板上的路程始終等于板長(zhǎng)S，當(dāng)F等于某一值時(shí)，剛好不從木板右端掉下，此后一起相對(duì)靜止并加速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律及運(yùn)動(dòng)學(xué)基本公式，抓住位移之間的關(guān)系列式，聯(lián)立方程求出B在A上相對(duì)A向右運(yùn)動(dòng)的路程S與F、的關(guān)系式，把S=1m帶入即可求解；當(dāng)時(shí)，隨著F力增大，S減小，當(dāng)時(shí)，出現(xiàn)S突變，說(shuō)明此